2023屆江西省大余縣新城中學物理高一下期末達標測試試題含解析

2022-2023學年高一下物理期末模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、(本題9分)關(guān)于摩擦力對物體做功，下述幾種論斷正確的是()A．滑動摩擦力對物體一定做負功；B．靜摩擦力不可能對物體做功；C．滑動摩擦力既可對物體做負功，也可以對物體做正功；D．靜摩擦力對物體一定做負功．2、(本題9分)起重機豎直吊起質(zhì)量為m的重物，上升的加速度是a，上升的高度為h，則起重機對貨物所做的功是（）A．mgh B．mah C．m（a+g）h D．m（g﹣a）h3、(本題9分)關(guān)于平拋運動和勻速圓周運動的性質(zhì)說法正確的是:()A．其中有一個屬于勻速運動B．二者都是變速運動，只不過前者是勻加速運動，后者變加速曲線運動C．二者都是加速度不變的變速運動D．二者都是變加速曲線運動4、(本題9分)如圖（俯視圖），用自然長度為l0，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，將質(zhì)量都是m的兩個小物塊P、Q連接在一起，放置在能繞O點在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動的圓盤上，物體P、Q和O點恰好組成一個邊長為2l0的正三角形．已知小物塊P、Q和圓盤間的最大靜摩擦力均為kl0，現(xiàn)使圓盤帶動兩個物體以不同的角速度做勻速圓周運動，則（）A．當圓盤的角速度為ω=時,圓盤對P的摩擦力最小B．當圓盤的角速度為ω=時,圓盤對Q的摩擦力的大小等于彈簧彈力的大小C．當圓盤的角速度為ω=時,物塊Q受到的合力大小為kl0/2D．當物體P、Q剛要滑動時，圓盤的角速度為ω=5、(本題9分)為了研究影響平行板電容器電容的因素，實驗中使電容器的兩個極板A、B分別帶上等量異種電荷，并將A極板和靜電計的外殼分別接地，如圖所示，若保持極板所帶電荷量不變，為使靜電計的指針由實線位置轉(zhuǎn)到虛線位置，下列可行的方法是A．將金屬板插入兩板之間B．將A板稍微上移C．將玻璃板插入兩板之間D．將A板向右移少許6、(本題9分)下列運動過程中，滿足機械能守恒的是A．沿粗糙斜面勻速下滑的物塊B．在空氣中勻速下落的雨滴C．沿粗糙斜面加速下滑的物塊D．沿豎直面內(nèi)光滑圓軌道運動的小球7、(本題9分)某科技創(chuàng)新小組設計制作出一種全自動升降機模型，用電動機通過鋼絲繩拉著升降機由靜止開始勻加速上升，已知升降機的質(zhì)量為m，當升降機的速度為v1時，電動機的電功率達到最大值P，此后電動機保持該功率不變，直到升降機以最大速度v2勻速上升為止，整個過程中忽略摩擦阻力及空氣阻力，重力加速度為g，有關(guān)此過程下列說法正確的是（）A．升降機的速度由v1增大至v2過程中，鋼絲繩的拉力不斷減小B．升降機的最大速度v2＝C．鋼絲繩的拉力對升降機所做的功等于升降機克服重力所做的功D．鋼絲繩的最大拉力為8、(本題9分)圖中a、b是兩個點電荷，它們的電荷量分別為Q1、Q2，MN是ab連線的中垂線，P是中垂線上的一點。下列哪種情況能使P點場強方向指向MN的左側(cè)A．Q1、Q2都是正電荷，且Q1<Q2B．Q1是正電荷，Q2是負電荷，且Q1>|Q2|C．Q1是負電荷，Q2是正電荷，且|Q1|<Q2D．Q1、Q2都是負電荷，且|Q1|<|Q2|9、(本題9分)放置于固定斜面上的物塊，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直線運動．拉力F和物塊速度v隨時間t變化的圖象如圖，則()A．第1s內(nèi)物塊受到的合外力為0.5NB．物塊的質(zhì)量為11kgC．第1s內(nèi)拉力F的功率逐漸增大D．前3s內(nèi)物塊機械能先增大后不變10、(本題9分)如圖所示，固定光滑斜面的傾角為，其頂端有光滑定滑輪，跨過滑輪的輕繩，一端與斜面上質(zhì)量為的滑塊相連，另一端與小車相連，滑輪左側(cè)輕繩與斜面平行，重力加速度大小為，若小車水平向右做勻速直線運動，則（）A．滑塊做加速直線運動B．滑塊做勻速直線運動C．輕繩的拉力等于D．輕繩的拉力大于11、一行星繞恒星作圓周運動由天文觀測可得，其運動周期為T,速度為v,引力常量為G,則下列結(jié)論正確的有A．恒星的質(zhì)量為B．行星運動的軌道半徑為C．行星的質(zhì)量為D．行星運動的加速度為12、A、B、C為電場中電場線上的三個點，一帶電小球從A點由靜止釋放，并開始計時，先后沿直線經(jīng)過B、C兩點，其運動過程中的v-t如圖所示，下列說法正確的是A．電場方向由A指向CB．A、B、C三點中B點場強最大C．小球由B至C過程中平均速度等于5.5m/sD．B、C兩點間電勢差大小|UBC|大于A、B兩點間電勢差大小|UAB|二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(1)一個實驗小組在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”的實驗中，使用兩根不同的輕質(zhì)彈簧a和b，得到彈力與彈簧長度的圖象如圖所示，下列表述正確的是___A．a(chǎn)的原長比b的長B．a(chǎn)的勁度系數(shù)比b的小C．a(chǎn)的勁度系數(shù)比b的大D．測得的彈力與彈簧的長度成正比(2)如圖所示，是探究某根彈簧的伸長量x與所受拉力F之間的關(guān)系圖：彈簧的勁度系數(shù)__N/m；14、（10分）(本題9分)在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，打點計時器所用電源頻率為50Hz，當?shù)刂亓铀俣鹊闹禐?.80m/s2，所用重物的質(zhì)量為1.0kg．甲、乙、丙三個學生分別用同一裝置打出三條紙帶，量出各紙帶上前兩個點間的距離分別為0.19cm（甲）、0.20cm（乙）和0.26cm（丙），可看出其中有一個學生在操作上有不恰當之處．選出一條按實驗要求正確操作的紙帶如圖所示（相鄰兩點之間的時間間隔為0.02s），回答下列問題：（1）有不恰當操作的同學是___________（選填“甲”“乙”或“丙”）．（2）從打下的第一個點O到打下B點的過程中，重物重力勢能的減少量ΔEP減=_______J，重物動能的增加量ΔEk=________J（均保留兩位有效數(shù)字）．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，在光滑的水平面上有一長為L的木板B，其右側(cè)邊緣放有小滑塊C，與木板B完全相同的木板A以一定的速度向左運動，與木板B發(fā)生正碰，碰后兩者粘在一起并繼續(xù)向左運動，最終滑塊C剛好沒有從木板A上掉下．已知木板A、B和滑塊C的質(zhì)量均為m，C與A、B之間的動摩擦因數(shù)均為μ.求：(1)木板A與B碰前的速度v0；(2)整個過程中木板B對木板A的沖量I.16、（12分）(本題9分)冰壺是冬奧會比賽項目，如圖所示．比賽中，冰壺在水平冰面上的運動可視為勻減速直線運動．設一質(zhì)量m=19kg的冰壺被運動員以3m/s的速度推出，已知冰面與冰壺間的動摩擦因數(shù)為0.02，g取10m/s2，求：（1）冰壺的重力；（2）冰壺的加速度；（3）從推出到停下，冰壺的位移．17、（12分）(本題9分)我國已啟動“登月工程”，計劃2020年實現(xiàn)登月飛行．設想在月球表面上，宇航員測出小物塊自由下落h高度所用的時間為t．當飛船在靠近月球表面圓軌道上飛行時，測得其環(huán)繞周期是T，已知引力常量為G．不計月球的自轉(zhuǎn)效應，根據(jù)上述各量，試求：（1）月球表面的重力加速度；（2）月球的質(zhì)量．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】

恒力做功的表達式W=FScosα，滑動摩擦力的方向與物體相對運動方向相反，但與運動方向可以相同，也可以相反，還可以與運動方向垂直，故可能做負功，也可能做正功，也可以不做功，故A錯誤，C正確；恒力做功的表達式W=FScosα，靜摩擦力的方向與物體相對運動趨勢方向相反，但與運動方向可以相同，也可以相反，還可以與運動方向垂直，故可能做負功，也可能做正功，也可以不做功，故BD錯誤；故選C．【點睛】本題關(guān)鍵要分清相對運動方向與運動方向的關(guān)系，前者是相對與與物體接觸的另一個物體，而后者是相對與參考系；同時要明確恒力做功的求法．2、C【解析】

對貨物進行受力分析，貨物受重力和起重機對貨物拉力F．根據(jù)牛頓第二定律得：F合=F﹣mg=maF=m（a+g）上升h高度，起重機對貨物拉力做功：w=Fh=m（a+g）h；故選C3、B【解析】

平拋運動的物體只受重力，加速度為g保持不變，做勻變速曲線運動；勻速圓周運動所受的合外力提供向心力，合外力大小不變，方向改變，加速度時刻在改變，做變加速曲線運動.A．描述與分析不符，故A錯誤.B．描述與分析相符，故B正確.C．描述與分析不符，故C錯誤.D．描述與分析不符，故D錯誤.4、A【解析】PQ間的距離為2l0，而彈簧的原長為l0，故彈簧的彈力為.A、當時，可得物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動需要的向心力為，根據(jù)合力與分力構(gòu)成的矢量三角形可知，此時靜摩擦力具有最小值為，故A正確．B、當時，可得物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動需要的向心力為，因力的三角形可知靜摩擦力不等于彈簧的彈力，故B錯誤．C、D、當時，可得物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動需要的向心力為，也為物體所受的合力，此時物體和圓盤還未相對滑動，故C、D均錯誤．故選A．【點睛】本題關(guān)鍵是物體的受力情況和運動情況，找到向心力來源，根據(jù)牛頓第二定律列式求解，注意臨界情況的分析．5、B【解析】

為使靜電計的指針由實線位置轉(zhuǎn)到虛線位置，即電容器兩板電勢差變大；若將金屬板插入兩板之間，則相當兩板間距減小，根據(jù)可知，C變大，由Q=CU可知，U減小，選項A錯誤；將A板稍微上移，則S減小，根據(jù)可知，C變小，由Q=CU可知，U變大，選項B正確；將玻璃板插入兩板之間，則ε變大，根據(jù)可知，C變大，由Q=CU可知，U減小，選項C錯誤；將A板向右移少許，則d減小，根據(jù)可知，C變大，由Q=CU可知，U減小，選項D錯誤；故選B.【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道靜電計是測量電勢差大小的儀器，搞清電容器是電量一定還是電勢差一定；并掌握電容器的決定式和定義式.6、D【解析】

A.沿粗糙斜面勻速下滑的物塊動能不變，重力勢能減小，故機械能減小，故A錯誤；B.在空氣中勻速下落的雨滴，動能不變，重力勢能減小，故機械能減小，故B錯誤；C.沿粗糙斜面加速下滑的物塊一定有摩擦力做負功，機械能不守恒，故C錯誤；D.沿豎直面內(nèi)光滑圓軌道運動的小球，只受重力做功，機械能守恒，故D正確.7、ABD【解析】

A.升降機速度由v1增大至v2的過程中，電動機保持功率不變，由P=Fv知，鋼絲繩的拉力不斷減小，故A正確；B.升降機的最大速度時，拉力等于重力，故有，故B正確；C.對整個過程運用動能定理得，鋼絲繩的拉力對升降機所做的功大于升降機克服重力所做的功，故C錯誤；D.勻加速提升重物時鋼繩拉力最大，且等于勻加速結(jié)束時的拉力，由P=Fv得，故D正確。8、AC【解析】

A．當兩點電荷均為正電荷時，若電荷量相等，則它們在P點的電場強度方向沿MN背離N方向。當Q1<Q2時，則b點電荷在P點的電場強度比a點大，所以電場強度合成后，方向偏左，故A正確；B．當Q1是正電荷，Q2是負電荷且Q1>|Q2|時，b點電荷在P點的電場強度方向沿Pb連線指向b點，而a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線指向P點，則合電場強度方向偏右。不論a、b電荷量大小關(guān)系，合場強方向仍偏右，故B錯誤；C．當Q1是負電荷，Q2是正電荷時，b點電荷在P點的電場強度方向沿bP連線指向P點，而a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線指向a點，則合電場強度方向偏左。不論a、b電荷量大小關(guān)系，仍偏左。故C正確；D．當Q1、Q2是負電荷時且且|Q1|<|Q2|，b點電荷在P點的電場強度方向沿bP連線指向b點，而a點電荷在P點的電場強度方向沿aP連線指向a點，由于|Q1|<|Q2|，則合電場強度方向偏右，故D錯誤。故選：AC9、AC【解析】由圖可得，0～1s內(nèi)物體的加速度為：；由牛頓第二定律可得：F-mgsinθ=ma；1s后有：F′=mgsinθ；聯(lián)立并將F=5.5N，F(xiàn)′=5.0N代入解得：m=1.0kg，θ=30°；第1

s內(nèi)物塊受到的合外力為F合=ma=1×0.5N=0.5N．故A正確，B錯誤．第1

s內(nèi)拉力F的功率P=Fv，F(xiàn)不變，v增大，則P增大，故C正確．前1s內(nèi)物塊的動能和重力勢能均增大，則其機械能增大．2-3s內(nèi)，動能不變，重力勢能增大，其機械能增大，所以物塊的機械能一直增大．故D錯誤．故選AC．點睛：本題的關(guān)鍵先由v-t圖象確定運動情況，然后求解出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律和平衡條件列方程求解物體的質(zhì)量和斜面的傾角．10、AD【解析】

AB．設拉小車細繩與水平方向的夾角為，將小車的速度分解，如圖，則，小車水平向右做勻速直線運動，則θ減小，滑塊的速度v1增大，即滑塊做加速直線運動，故A正確，B錯誤；CD．滑塊沿斜面向上加速運動，根據(jù)牛頓第二定律，有T-mgsinθ=ma可知，輕繩的拉力T大于mgsinθ，故C錯誤，D正確。故選AD?！军c睛】此題是斜牽引問題，關(guān)鍵是知道小車的速度是合速度，會分解小車的速度，根據(jù)平行四邊形法則求解分速度，然后結(jié)合牛頓第二定律討論拉力和重力的關(guān)系。11、ABD【解析】

A、B項：根據(jù)線速度與軌道半徑和周期的關(guān)系得行星運動的軌道半徑為：，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式：，聯(lián)立解得：，故AB正確；C項：根據(jù)題意無法求出行星的質(zhì)量，故C錯誤；D項：加速度為：結(jié)合解得：行星運動的加速度為，故D正確。12、BD【解析】

A.根據(jù)圖線可知，帶電小球從A點由靜止釋放，速度逐漸增大，說明電場力方向由A指向C，但小球的電性未知，故無法判斷電場強度的方向，故A錯誤；B.由圖知，小球在B處加速度最大，由qE=ma知，A、B、C三點中B點場強最大，故B正確；C.如果小球從B到C做勻加速直線運動，則小球的平均速度為，但小球由B至C過程中做加速度減小的加速運動，位移大于勻加速過程的位移，故平均速度大于5.5m/s，故C錯誤；D.根據(jù)動能定理得：，，可得UAB小于UBC．故D正確。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、C【解析】

（1）[1]由圖像可知，直線與橫軸交點的坐標為彈簧的原長，可知a的原長比b的短，選項A錯誤；根據(jù)F=kx可知，直線的斜率等于彈簧的勁度系數(shù)，可知a的勁度系數(shù)比b的大，選項C正確，B錯誤；由圖像可知彈力與彈簧的伸長量成正比，但是與長度不成正比，選項D錯誤；故選C；（2）彈簧的勁度系數(shù)為：；14、丙0.490.48【解析】（1）從數(shù)據(jù)中看出，甲、乙的數(shù)據(jù)較為接近，而丙的數(shù)據(jù)明顯偏大，可以推知丙的重物在打下1、2兩點時的速度較大，可知丙先放開紙帶后接通電源．所以有不恰當操作的同學是丙,(2)從起點O到打下計數(shù)點B的過程中重物下落的高度為0.0501m所以重力勢能的減小量為利用中點時刻的速度等于平均速度可求得：重物動能的增加量故本題答案是：(1).丙