云南師大附中2022屆高考適應(yīng)性月考卷（九）理科綜合-答案

/16/16/理科綜合參考答案一、選擇題：本題共13小題，每小題6分。題號12345678910111213答案CDBDDABBACBDA二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求；第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的給6分，選對但不全的給3分，有選錯的給0分。題號1415161718192021答案DDCBCADADBCD【解析】1．動物激素由內(nèi)分泌細(xì)胞產(chǎn)生，而所有活細(xì)胞都能合成酶，A錯誤。磷脂不屬于生物大分子，B錯誤。細(xì)胞中大部分酶屬于蛋白質(zhì)，抗體都是蛋白質(zhì)，部分激素也屬于蛋白質(zhì)，①②③可能都在核糖體上合成，D錯誤。2．包扎傷口時，選用透氣的敷料是為了給創(chuàng)口創(chuàng)造透氣的環(huán)境，避免厭氧病原菌的繁殖，D錯誤。3．細(xì)胞在生長過程中，隨細(xì)胞體積的增大，細(xì)胞的相對表面積減小，物質(zhì)運(yùn)輸?shù)男什粩嘟档停珹錯誤。若細(xì)胞中合成了RNA聚合酶，只能表明細(xì)胞轉(zhuǎn)錄形成了RNA，細(xì)胞不一定已經(jīng)高度分化，C錯誤。人的成熟紅細(xì)胞無細(xì)胞核，D錯誤。4．DNA分子遵循堿基互補(bǔ)配對原則，即A與T配對，G與C配對，嘌呤和嘧啶一一對應(yīng)，即使基因突變，它的配對方式也不會改變，嘌呤與嘧啶的比值仍等于1。5．免疫抑制劑的作用是降低機(jī)體免疫反應(yīng)，先天性免疫缺陷病患者的免疫功能已經(jīng)低于正常人，不能使用免疫抑制劑。6．同等強(qiáng)度干擾下，草原生態(tài)系統(tǒng)要比沙漠生態(tài)系統(tǒng)恢復(fù)快。7．氫氣燃燒的火焰是淡藍(lán)色，該火炬燃燒的火焰是加入了金屬鹽輔助配方因焰色反應(yīng)而呈現(xiàn)了黃色，B錯誤。8．2?甲基丁烷也稱為異戊烷，B錯誤。9．H2O在標(biāo)況下不是氣體，故體積不是22.4L，A錯誤。每生成1mol苯乙烯，轉(zhuǎn)移2mol電子，B正確。單鍵，故0.1mol乙苯中所含的C—C單鍵共價鍵數(shù)目為0.2NA，C正確。溶液中還有CO2分子，故、和H2CO3粒子數(shù)之和小于NA，D正確。10．該裝置為固液不加熱制備難溶于水的氣體，故選C。11．據(jù)題意可知，X、Y、Z分別為氮（N）、氧（O）、硫（S）元素。Y、Z即氧（O）、硫（S），其二元化合物為二氧化硫，其水化物為亞硫酸，亞硫酸是弱酸，A錯誤。非極性鍵，B正確。原子半徑的大小蘿卜硫素中的Z硫（S）、氫（H）元素最外層不是8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu)，D錯誤。12．據(jù)題意可知有CO2+O2?=，2CO2+O2?=；電解池電極反應(yīng)為陽極（a）?=4CO2+O2，陰極（d）+=C+3O2?。因陽極（a）的電極反應(yīng)式為?=4CO2+O2，陰極（d）的電極反應(yīng)式為+=C+3O2?，故知電源c為電源的負(fù)極，A正確。①中捕獲CO2時的反應(yīng)為2CO2+O2?=，=a極的電極反應(yīng)式為?=4CO2+O2，C正確。綜合考慮CO2+O2?=，2CO2+O2?=，以及陽極（a）?=4CO2+O2，陰極（d）+=C+3O2?反應(yīng)，可知裝置存在反應(yīng)CO2=C+O2，D錯誤。13．兩個反應(yīng)的方程式分別為①Ba(OH)2+H2SO4=BaSO4↓+2H2O，②Ba(OH)2+NaHSO4=BaSO4↓+H2O+NaOH，NaOH+NaHSO4=Na2SO4+H2O。根據(jù)反應(yīng)的化學(xué)方程式可知，當(dāng)氫氧化鋇恰好和硫酸完全反應(yīng)時，溶液的導(dǎo)電能力最小。b點(diǎn)和d點(diǎn)是加入硫酸氫鈉進(jìn)行的反應(yīng)，b點(diǎn)是氫氧化鈉溶液，抑制水的電離，d點(diǎn)是硫酸鈉溶液，水的電離不受影響，故溶液中水的電離程度：b點(diǎn)小于d點(diǎn)，A正確。a點(diǎn)為鋇離子和硫酸根離子完全沉淀，d點(diǎn)為硫酸鈉溶液，溶液都顯中性，pH值相同，B錯誤。c點(diǎn)①曲線為硫酸溶液，②曲線為氫氧化鈉和硫酸鈉的溶液，因?yàn)榱蛩岣x子濃度相同，②中鈉離子濃度大于①中氫離子濃度，所以溶液中的氫氧根離子濃度不相同，C錯誤。故①代表滴加硫酸時的變化曲線，D錯誤。14．如果無線充電基座用穩(wěn)恒直流電源供電，則接收線圈的磁通量不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，無法對手機(jī)充電，故A錯誤。充電時線圈中有電流，根據(jù)電流的熱效應(yīng)，可知線圈會發(fā)熱，有電能損失，故B錯誤。如果手機(jī)內(nèi)沒有接收線圈，則無線充電基座不可以對手機(jī)進(jìn)行充電，故C錯誤。無線充電過程主要利用互感現(xiàn)象來實(shí)現(xiàn)能量傳遞的，故D正確。15．從高能級躍遷到低能級，電子軌道半徑減小，電子動能增大，由于原子能量減小，則電勢能減小，故A錯誤。由于能級差是量子化的，可知?dú)湓榆S遷時，發(fā)出的光子頻率是一些分立值，故B錯誤。由躍遷到時發(fā)出的光子頻率最大，波長最短，故C錯誤。一群氫原子處于的激發(fā)態(tài)，可輻射出3種不同頻率的光子，從躍遷到，躍遷到輻射的光子能量大于金屬鉀逸出功，可以發(fā)生光電效應(yīng)，可知能使金屬鉀發(fā)生光電效應(yīng)的光譜線有2條，故D正確。16．根據(jù)M、N均保持靜止，進(jìn)行受力分析可知，N受到豎直向下的重力及水平方向的拉力F，變化的繩子拉力T，如圖所示，在向左拉動的時候，繩子拉力T和水平拉力F都不斷增大，故A錯誤，C正確。由系統(tǒng)受力分析可知，豎直方向受到的地面的支持力始終等于系統(tǒng)所受的重力，故B錯誤。對于M的受力，設(shè)物塊M的質(zhì)量為m，開始時可能是，當(dāng)T不斷增大時，f減小。當(dāng)時，隨著T的增大，f將增大，所以沿斜面的摩擦力f可能先減小后增大。也可能是，當(dāng)T不斷增大的時候，摩擦力f增大，故D錯誤。?17．根據(jù)左手定則知粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電，故A錯誤。粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得，解得，粒子的動能，由幾何關(guān)系可得a、b、c粒子的軌道半徑之比為2∶5∶1，因此粒子離開磁場時的動能之比為4∶25∶1，由，因三個粒子的速度之比為2∶5∶1，故向心力之比為2∶5∶1，故B正確，D錯誤。粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期相同，粒子在磁場中的運(yùn)動時間，由于m、q、B都相同，粒子在磁場中運(yùn)動的時間之比等于粒子在磁場中運(yùn)動軌跡對應(yīng)的圓心角之比，因粒子a轉(zhuǎn)過的圓心角為，粒子b轉(zhuǎn)過的圓心角小于，所以比值不滿足3∶2，故C錯誤。18．繩中無拉力時，兩物體所受的靜摩擦力提供向心力，由于向心力大小不等，所以摩擦力大小也不相等，故Ａ錯誤。由于A物體的旋轉(zhuǎn)半徑大，所以A物體相對轉(zhuǎn)臺的摩擦力先達(dá)到滑動摩擦力，此時有，即當(dāng)時，繩中有拉力，故B錯誤。當(dāng)后，對A、B分別有;，聯(lián)立解得，當(dāng)轉(zhuǎn)臺的轉(zhuǎn)速小時，所受的摩擦力均為靜摩擦力，當(dāng)A的摩擦力達(dá)到滑動摩擦力后，隨角速度的增大，B所受的靜摩擦力增大，直到達(dá)到滑動摩擦力，之后A的摩擦力先減少，再反向增大，最后達(dá)到滑動摩擦力時，A、B一起相對轉(zhuǎn)臺向B離心的方向滑動，滑動時有，解得，故D錯誤，C正確。19．由圖可知，兩小球均在電場力和庫侖力的作用下保持平衡。由于庫侖力為相互作用，大小相等、方向相反，故兩小球受到的電場力也一定方向相反，因此兩小球一定帶異種電荷，則A球所受庫侖力向右，B球所受庫侖力向左。勻強(qiáng)電場方向水平向右，故正電荷受電場力向右，其受庫侖力一定向左，故B帶正電荷，A帶負(fù)電荷，故B錯誤，A正確。當(dāng)兩環(huán)間距減小時，兩球間距也在減小，則庫侖力大于勻強(qiáng)電場的作用力，所以只有環(huán)間距大于球間距兩球才能平衡，故D正確，C錯誤。20．在星球表面，根據(jù)萬有引力等于重力可得，則，所以有，解得。根據(jù)圖象可知，在A星球表面的重力加速度為，在B表面的重力加速度為，星球A的半徑是星球B的2倍，則A與B的密度相等，故A正確。加速度為零時受力平衡，根據(jù)平衡條件可得，，解得，故B錯誤。根據(jù)動能定理可得，根據(jù)圖象的面積可得，，，故D正確。根據(jù)運(yùn)動的對稱性可知，P下落過程中彈簧最大壓縮量為，Q下落過程中彈簧最大壓縮量為，Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的2倍，故C錯誤。21．達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時電流為零，此時導(dǎo)體棒Ⅰ的速度為，導(dǎo)體棒Ⅱ的速度為，則有，解得。設(shè)過程中通過導(dǎo)體棒的平均電流為I，對導(dǎo)體棒Ⅰ根據(jù)動量定理可得，對導(dǎo)體棒Ⅱ根據(jù)動量定理可得，則，解得，，所以導(dǎo)體棒Ⅰ達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時速度為，故B正確、A錯誤。對導(dǎo)體棒Ⅱ根據(jù)動量定理可得，其中，則整個過程中通過導(dǎo)體棒Ⅱ的電荷量為，故C正確。整個過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱，兩個導(dǎo)體棒材料相同，質(zhì)量相同，則體積相同，橫截面積之比為1∶2，由電阻定律可知電阻之比為4∶1，導(dǎo)體棒Ⅱ上產(chǎn)生的焦耳熱為，故D正確。三、非選擇題（共174分）（一）必考題：共11小題，共129分。22．（每空2分，共6分）（1）5.25（2）【解析】（1）20分度的游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為。（2）由速度的定義可得。由自由落體規(guī)律，可得。23．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共9分）（1）1.490.25（2）小于（3）無（1分）【解析】（1）由圖甲所示電路圖可知，路端電壓，由圖乙所示圖象可知，電源電動勢，圖象斜率的絕對值，電源內(nèi)阻。（2）由圖示可知，伏安法測電阻相對于電源來說采用電流表外接法，由于電壓表分流作用，電流表測量值偏小，當(dāng)外電路短路時，電流測量值等于真實(shí)值，所以電動勢測量值小于真實(shí)值，電源內(nèi)阻測量值小于真實(shí)值。（3）根據(jù)圖甲所示電路圖可知，由圖象可得，，故有?，電表內(nèi)阻對電阻率的測量沒有影響。24．（12分）解：（1）在水平方向，帶電粒子一直保持勻速運(yùn)動，根據(jù)勻速運(yùn)動的規(guī)律即可得出到達(dá)屏上的最短時間為 ①（2） ②在電場中，由于只受到豎直方向的力，因此粒子做類平拋運(yùn)動，則有 ③ ④ ⑤解得 ⑥由類平拋運(yùn)動的規(guī)律得 ⑦解得 ⑧所以帶電粒子打到屏上的位置坐標(biāo)為（1.2m，0.625m） ⑨評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共12分。正確得出①、⑤、⑧式各給2分，其余各式各給1分。25．（20分）解：（1）對B物塊由機(jī)械能守恒得 ①A、B物塊發(fā)生彈性碰撞，選向右為正方向，則 ② ③解得 ④ ⑤（2）由牛頓第二定律得 ⑥ ⑦第一次碰撞后到第二次碰撞前，A、B物塊位移相等，即 ⑧解得（舍去）， ⑨ ⑩ A、B物塊相對傳送帶滑行的位移分別為（A、B分別與傳送帶圖所圍成的圖象的面積） 物塊A、B與傳送帶間產(chǎn)生的總熱量 （3）A、B物塊發(fā)生第二次彈性碰撞，選向右為正方向，則 解得 評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共20分。正確得出⑧、?式各給2分，其余各式各給1分。26．（每空2分，共14分）（1）（2）將溶液中的鐵、鉛、銅以更難溶的硫化物形式除去4×10?14（3）++H2OTeO2↓+2NH3·H2O或+TeO2↓+2NH3↑+H2OTeO2是兩性氧化物，H2SO4是強(qiáng)酸，過量會導(dǎo)致TeO2繼續(xù)與H2SO4反應(yīng)導(dǎo)致?lián)p失（4）5.0（5）22.4【解析】（1）碲是第ⅥA族52號元素，其原子結(jié)構(gòu)示意圖為。（2）在堿浸后的“濾液”還要加入Na2S的目的是為了使鐵、鉛、銅進(jìn)一步成為FeS、PbS、CuS而除去，濾渣2是FeS、PbS、CuS，其中FeS的溶解度最大[Ksp(FeS)=4×10?19]，其后的濾液中c(Fe2+)＜1×10?5mol/L，根據(jù)Ksp(FeS)=4×10?19可計(jì)算得c(S2?)≥4×10?14mol/L。（3）“沉碲”發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為++H2OTeO2↓+2NH3·H2O或+TeO2↓+2NH3+H2O；此過程用NH4NO3沉碲而不用H2SO4的原因是TeO2是兩性氧化物，H2SO4是強(qiáng)酸，過量會導(dǎo)致TeO2繼續(xù)與H2SO4反應(yīng)導(dǎo)致?lián)p失。（4）又∶∶5。（5）“酸溶”后，將SO2通入溶液中進(jìn)行“還原”得到粗碲的反應(yīng)關(guān)系為TeO2~TeCl4~2SO2，據(jù)此計(jì)算可得需要通入SO2約22.4L（標(biāo)準(zhǔn)狀況下）。27．（每空2分，共14分）（1）?282.7kJ·mol?1（2）①BC②<（3）①T1<T2<T3②m3<m2<m1③（4）c(Na+)>c()>c()>c()>c(H+)【解析】（1）表示CO(g)燃燒熱的熱化學(xué)方程式為CO(g)+O2(g)CO2(g)ΔH，可由反應(yīng)①②得到ΔH=。（2）①當(dāng)2v正(CH4)=v逆(CO)時，v正=v逆，說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，A錯誤。由容器Ⅰ中的數(shù)據(jù)可求得該反應(yīng)在該溫度下的化學(xué)平衡常數(shù)K=16，當(dāng)16c(CH4)·c(CO2)=c2(CO)·c2(H2)，即QC=K，說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，B正確。因?yàn)樵摲磻?yīng)是氣體體積增大的反應(yīng)，而氣體總質(zhì)量不變，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，容器內(nèi)的氣體平均分子量逐漸減小，當(dāng)氣體平均分子量不變時，可說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，C正確。因?yàn)槿萜黧w積不變，容器內(nèi)氣體的質(zhì)量不變，混合氣體的密度始終保持不變，所以當(dāng)密度不變時不能說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，D錯誤。②根據(jù)反應(yīng)方程式可將容器Ⅱ內(nèi)的CO(g)和H2(g)的物質(zhì)的量整體轉(zhuǎn)化為CH4(g)和CO2(g)的物質(zhì)的量，即容器Ⅱ內(nèi)CH4(g)和CO2(g)的物質(zhì)的量均為6mol，為容器Ⅰ內(nèi)的1.5倍，但該反應(yīng)正向氣體體積增大，增大壓強(qiáng)，平衡逆向移動，所以容器Ⅱ內(nèi)CO2的平衡轉(zhuǎn)化率小于50%。（3）①該合成反應(yīng)正向放熱，在相同的投料比和相同的壓強(qiáng)下，溫度越低，CO2的平衡轉(zhuǎn)化率越大，所以T1<T2<T3。②在相同溫度下，投料比越大，即H2的量越大，CO2的平衡轉(zhuǎn)化率越高，根據(jù)題圖乙可知m3<m2<m1。③該反應(yīng)ΔH<0，升高溫度，平衡逆向移動，結(jié)合各物質(zhì)的化學(xué)計(jì)量數(shù)可知曲線a為H2的變化曲線，曲線b為CO2的變化曲線，曲線c為H2O的變化曲線，曲線d為C2H5OH的變化曲線，且在T4溫度時，H2和H2O的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)相等，均為0.375，CO2和C2H5OH的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)相等，均為0.125，根據(jù)壓強(qiáng)平衡常數(shù)的定義可得T4溫度下該反應(yīng)的。（4）將標(biāo)準(zhǔn)狀況下的CO24.48L通入0.3mol/L、1LNaOH溶液中恰好完全反應(yīng)生成等量的NaHCO3和Na2CO3，由于的水解能力強(qiáng)于的水解能力，所以溶液中的離子濃度大小關(guān)系為c(Na+)>c()>c()>c()>c(H+)。28．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共15分）（1）分液（1分）NaOH溶液（1分）有機(jī)層（1分）（2）B球形冷凝管（3）b（4）加速溶解，同時抑制乙酰苯胺的水解（5）a（6）74.4【解析】Ⅰ．苯胺與鹽酸反應(yīng)生成可溶于水的鹽，在混合物中加入鹽酸，將苯胺轉(zhuǎn)化為可溶于水的鹽，然后分液，在水層中加入氫氧化鈉，將轉(zhuǎn)化為苯胺，分液得到苯胺，經(jīng)過干燥、過濾得到較純凈的苯胺。Ⅱ．苯胺和乙酸反應(yīng)生成乙酰苯胺和水，餾出溫度105℃有利于水蒸氣餾出，減少乙酸餾出，使反應(yīng)向正向進(jìn)行，從而得到更多的乙酰苯胺。Ⅲ．根據(jù)信息，乙酰苯胺微溶于冷水，易溶于有機(jī)溶劑，能發(fā)生水解反應(yīng)，加入冰醋酸能加速溶解并抑制乙酰苯胺的水解；根據(jù)各物質(zhì)溶解度信息，洗滌粗品時宜用冷水洗，不宜用熱水或有機(jī)試劑。0.05mol苯胺理論上制得對硝基乙酰苯胺0.05mol，m=0.05mol×180g/mol=9g，故產(chǎn)率約為74.4%。29．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共10分）Ⅰ．差速離心（1分）細(xì)胞質(zhì)基質(zhì)組分和線粒體Ⅱ．（1）9∶8（2）①C3（1分）在暗反應(yīng)中，14CO2被C5固定后生成C3②暗反應(yīng)速率在該環(huán)境中已到達(dá)穩(wěn)定，即C3和C5的含量穩(wěn)定，根據(jù)暗反應(yīng)的特點(diǎn)，此時C3的分子數(shù)是C5的2倍30．（每空2分，共10分）（1）胰島素使機(jī)體不能充分?jǐn)z取、利用葡萄糖，細(xì)胞能量供應(yīng)不足（2）這種內(nèi)分泌干擾物與靶細(xì)胞上的性激素受體結(jié)合，且結(jié)合能力強(qiáng)于性激素與特異性受體的結(jié)合能力促進(jìn)生殖器官的發(fā)育以及生殖細(xì)胞的形成降低31．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共9分）（1）次生（1分）喬木較為高大，在競爭中能獲得更多的陽光（2）復(fù)雜（1分）灌木植物階段垂直結(jié)構(gòu)更復(fù)雜，可為動物提供更多的棲息空間和食物條件（3）形成森林需要一定的土壤條件，棄耕農(nóng)田上的演替起始時已經(jīng)具備該條件，而從裸巖開始的演替達(dá)到該條件需要漫長的時間（3分）32．（每空2分，共10分）（1）黑檀體基因（E、e）位于常染色體上（2）F1基因型為Ee（EeYy），同時含基因（E）和基因（e）兩對F2黃體中，E/e基因型有3種類型，比例是1∶2∶1，說明控制灰體與黃體的基因自由組合，即E、e基因與Y、y基因位于兩對同源染色體上（合理即可）（二）選考題：共45分。33．（15分）（1）（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共5分）小于小于大于（1分）【解析】圖為直線表示等容線，由，得，故，狀態(tài)1、2具有相同體積，所以狀態(tài)2的氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)更大。狀態(tài)1、3具有相同壓強(qiáng)，狀態(tài)1氣體溫度更低，作為補(bǔ)償，只有當(dāng)狀態(tài)1的氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)更大，才能使得狀態(tài)1、3具有相同壓強(qiáng)。（2）（10分）解：Ⅰ．設(shè)密封氣體初始體積為，壓強(qiáng)為，左、右管的橫截面積均為S，密封氣體先經(jīng)等溫壓縮過程體積變?yōu)?，壓?qiáng)變?yōu)?。由玻意耳定律?①設(shè)注入水銀后水銀柱高度為h，水銀的密度為，按題設(shè)條件有 ② ③ ④ ⑤解得 ⑥Ⅱ．密封氣體再經(jīng)等壓膨脹過程體積變?yōu)椋瑴囟茸優(yōu)椋缮w?呂薩克定律有 ⑦按題設(shè)條件有 ⑧解得 ⑨評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共10分。正確得出⑨式給2分，其余各式各給1分。34．（15分）（1）（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共5分）0.220正方向（1分）【解析】因?yàn)樘幍馁|(zhì)點(diǎn)在內(nèi)運(yùn)動方向只改變了1次，所以該處質(zhì)點(diǎn)從正向位移最大處經(jīng)過四分之三個周期向上運(yùn)動至平衡位置處，即，解得周期為，所以波速為。在虛線上，處的質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動，根據(jù)同側(cè)法可知波沿軸正方向傳播。（2）（10分）解：Ⅰ．光從O點(diǎn)沿直線傳播出球殼，時間最短，光在空氣中傳播 ①光在介質(zhì)中傳播 ②所以光射出球殼的最短時間為 ③Ⅱ．光由介質(zhì)射向空氣，臨界角為C，則 ④解得 ⑤由正弦定理得 ⑥解得 ⑦對應(yīng)圓心角為 ⑧透明球殼外表面發(fā)光區(qū)域在截面上形成的弧長為 ⑨評分標(biāo)準(zhǔn)：本題共10分。正確得出⑨式給2分，其余各式各給1分。35．（除特殊標(biāo)注外，每空2分，共15分）（1）①d（1分）15（1分）②B（1分）③6④sp2N(CH3)3（2）①羰基氧上孤對電子對碳?xì)滏I成對電子的排斥力更大②該化合物中陰、陽離子體積大，電荷少，形成的離子晶體的晶格能小，熔點(diǎn)低（3）【解析】（1）①Co位于元素周期表中d區(qū)，Co為27號元素，其核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d74s2，其次外層即3s23p63d7有15個電子，故其基態(tài)原子次外層電子的運(yùn)動狀態(tài)有15種；②B項(xiàng)為第二電離能，A項(xiàng)為第一電離能，CD項(xiàng)均有躍遷，更容易失去電子，所以電離最外層一個電子所需能量最大的是B，故答案選B；③由圖示可知Co（