2021-2022學(xué)年山東省臨沂市高二(上)期末物理試卷【答案版】4119

2021-2022學(xué)年山東省臨沂市高二（上）期末物理試卷一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分.每小題只有一個選項符合題目要求.1．關(guān)于安培力和洛倫茲力，下列說法不正確的是（）A．安培力是大量運動電荷所受洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)B．安培力和洛倫茲力的方向都一定與磁場方向垂直C．安培力一定會做功，洛倫茲力一定不做功D．安培力和洛倫茲力的方向都可以應(yīng)用左手定則進(jìn)行判斷2．下列說法正確的是（）A．原子從低能態(tài)向高B．愛因斯坦提出了能量子的假設(shè)，得出了黑體輻射強度按波長C．變化的磁場能產(chǎn)生電場，變化的電場不能產(chǎn)生磁場D．電磁波譜按照波長由大到小順序排列為：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線能態(tài)躍遷時放出光子能量等于前后兩個能級之差分布的公式3．如圖所示的平面內(nèi)，光束a經(jīng)圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光。下列說法正確的是（）A．在真空中光束b的波長小于光束c的波長B．在玻璃磚中光束b的傳播速度大于光束c的傳播速度C．玻璃磚對光束b的折射率小于對光束c的折射率D．b、c兩束單色光由玻璃射入空氣時b光束發(fā)生全反射的臨界角更大4．如圖甲所示，彈簧振子以O(shè)點為平衡位置，在A、B兩點間做簡諧運動。取向右為正方向，圖乙為這個彈簧振子的振動圖像，由圖可知下列說法中正確的是（）A．在t＝0.6s時，振子位于B點B．從t＝0到t＝0.2s時間內(nèi)，振子的動能逐漸增大C．在t＝0.1s與t＝0.7s兩個時刻，振子的速度方向相反D．在t＝0.4s時，振子正在向左運動且速度最大第1頁（共21頁）5．圖甲中O點為單擺的固定懸點，現(xiàn)將擺球拉至A點，此時細(xì)線處于張緊狀態(tài)。由靜止釋放擺球，則擺A、C之間來回擺動，α小于5°且大小F隨時間t變化的曲線，如圖乙所示（圖中量）。不計空氣阻力。正確的是（）A．該單擺的球?qū)⒃谪Q直平面內(nèi)的未知，同時由連接到計算機的力傳感器得到了擺線對擺球的拉力大小所標(biāo)字母以及重力加速度g均為已知根據(jù)題中（包括圖中）所給的信息，下列說法中周期為t020B．該單擺的擺長為2C．增大擺球質(zhì)量，周期將變大D．將此單擺從赤道處移到北極，單擺的周期將變大6．如圖所示，在“用雙縫干涉測量光的長波”的實驗中，要增大觀察到的條紋間距，正確的做法是（）A．增大雙縫與毛玻璃間的距離B．增大單縫與雙縫間的距離D．增大單縫與光源間的距離C．增大透鏡與單縫間的距離7．建筑工人利用鐵錘打夯，120kg的鐵錘從1.8m高處自由落下，打在地面上，與地面撞擊時間是0.05s。已知重力加速度g取10m/s2，撞擊時，鐵錘對地面的平均沖擊力大小為（）C．12000ND．1200NA．14400NB．15600N8．如圖，兩長直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為A．a(chǎn)點處的磁感應(yīng)強度的方向豎直向下B．若僅將直導(dǎo)線P的電流反向，則a點處的C．若僅將直導(dǎo)線P的電流反向，則D．若僅將直導(dǎo)線P的電流反向，則紙面固定放置，兩者之間的距離為l。在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I，此時l的a點處的磁感應(yīng)強度大小為B，則（）0磁感應(yīng)強度的方向豎直向下√3a點處的磁感應(yīng)強度大小為B03√3磁感應(yīng)強度大小為B02a點處的第2頁（共21頁）二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分每小題有多個選項符合題目要求.全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分，9．在t＝0時刻，位于O點的波源從平衡位置開始沿y軸方向做簡諧運動，經(jīng)0.25s形成如圖所示的一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，此時振動恰好傳播至點P（5，0），則下列說法正確的是（）A．波源的起振方向向上傷B．該簡諧橫波的周期是0.2sC．該簡諧橫波的波速為20m/sD．再經(jīng)過0.35s質(zhì)點P恰好處于波谷位置10．在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻r＝0.5Ω，定值電阻R1＝R2＝R3＝2Ω，電流表和電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向上移動時，下列說法正確的是（）A．電流表讀數(shù)減小C．電源的效率增大B．電壓表讀數(shù)減小D．電源的輸出功率減小11．如圖所示，在真空中xOy內(nèi)面的第一象限區(qū)域，存在垂直平向面里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電粒子，從y軸上的M點沿著與y軸正方向成θ＝30°角度射入磁場。點M的坐標(biāo)為（0，a），不計粒子重力，則下列說法中正確的是（）A．若粒子帶正電，則在磁場中運動的時間為B．若粒子帶負(fù)電，粒子有可能通過坐標(biāo)原點C．若粒子垂直x軸射出磁場，則粒子在磁場中的運動時間為D．若粒子垂直x軸射出磁場，則出射點與O點的距離為（2+√3）a12．如圖，距離為d的兩平行金屬板P、Q之間有一勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B1，一束速度大小為v的等離子體垂直于磁場噴入板間，相距為L的兩光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在與導(dǎo)軌平面垂直的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B2，導(dǎo)軌平面與水平面夾角為θ，兩導(dǎo)軌分別與P、Q相連，質(zhì)量為m、電阻為R的金第3頁（共21頁）屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置，恰好靜止，重力加速度為g，不計導(dǎo)軌電阻、板間電阻和等離子體中的粒子重力，下列說法正確的是（）A．P板為正極，導(dǎo)軌處磁場的方向垂直導(dǎo)軌平面向上B．Q板為正極，導(dǎo)軌處磁場的方向垂直導(dǎo)軌平面向下C．金屬棒ab中的電流I=1D．金屬棒ab中的電流I=2三、非選擇題：本題共6小題，共60分.13．某同學(xué)用如圖所示的實驗裝置來驗證動量守恒定律，小球1的質(zhì)量為m1，它從斜槽上某點滾下，離開v（稱為第一次操作）；小球2的質(zhì)量為m，小球1第二次從斜槽上原位置滾下，12斜槽末端時的速度記為跟小球2碰撞后離開斜槽末端的速度分別記為v′和v′（稱為第二次操作）。12（1）實驗所驗證的計算式為（用所給物理量表示）。（2）如果第二次操作時，小球果其他的操作都正確，則。A.碰后兩球的動量之和小于m1v1A.碰后兩球的動量之和等于m1v1C.碰后兩球的動量之和大于m1v11從斜槽上開始滾下時位置比原先低一些，會影響計算式中物理量，如（3）如果在第二次操作時，調(diào)整后的斜槽末端離地面高度跟原來相同。然后讓小球在斜槽上原標(biāo)記位置滾下析時仍然和第一次操作的數(shù)據(jù)進(jìn)行比較，其他實驗操作都正確，節(jié)斜槽引起小球在空中運動時間的發(fā)現(xiàn)在第一次操作中，槽的末端是不水平的，有些向上傾斜，于是把它調(diào)為水平，進(jìn)行第二次操作，分且調(diào)變化可忽略不計，則。A.碰后兩球的動量之和小于m1v1B.碰后兩球的動量之和等于m1v1C.碰后兩球的動量之和大于m1v1第4頁（共21頁）14．（8分）某同學(xué)設(shè)計了如圖1所示電路進(jìn)行電源特性及待測電阻阻值的測量。（1）該同學(xué)先用歐姆表“×1”擋粗測該待測電阻的阻值，示數(shù)如圖2所示，對應(yīng)的讀數(shù)是Ω。器，測得多（2）該同學(xué)利用上面電路測定該電池組的電動勢和內(nèi)電阻，閉合S1，斷開S2，調(diào)節(jié)滑動變阻組電壓表2V和電流表A的示數(shù)，描繪出如圖3所示的U﹣I圖線.由圖可求出該電源電動勢E＝V；2內(nèi)阻r＝Ω。（3）該同學(xué)又利用上面電路測量該待測電阻R的阻值.圖中兩電鍵均閉合，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組電xV和電流表A的示數(shù).以下分A.此接法的測量值B.此接法適合測阻值壓表析正確的是。1小于真實值較大的待測電阻C.此接法要求滑動變阻器R的阻值要遠(yuǎn)大于RxD.開始實驗時滑動變阻器滑動頭P應(yīng)處在最左端15．（9分）如圖甲所示，為某一列簡諧波在t＝t0時刻的圖像，圖乙是這列波上P質(zhì)點從這一時刻起的振動圖像，試求：（1）波的（2）波的傳播方向和波速大??；（3）又經(jīng)歷0.9s，P質(zhì)點的位移和此過程P質(zhì)點運動的路周期和波長；程。第5頁（共21頁）16．（10分）某一具有速度選擇器的質(zhì)譜儀原理如圖所示，A為粒子加速器，加速電壓為U；B為速度選1B，兩板間距離為d；C為偏轉(zhuǎn)分離器，磁感應(yīng)強度為擇器，磁場與電場正交，磁感應(yīng)強度為B。今有一21質(zhì)量為m，電荷量為e的正粒子（不計重力），經(jīng)加速后，該粒子恰能通過速度選擇器，粒子進(jìn)入分離器后做勻速圓周運動。求：（1）粒子的速度v為多少？（2）速度選擇器兩板間電壓U為多少？2（3）粒子在B磁場中做勻速圓周運動的半徑R為多大？2第6頁（共21頁）17．（11分）某公園人工湖畔的夜晚燈光五彩繽紛。如圖平靜湖面下有一盞燈M點的正下方，游客眼睛恰好位于岸邊水面P點正上方1.8m的高度處，水面上Q點是水面上PM兩點連線的中點，PM兩點間距4.8m，此時游客發(fā)現(xiàn)燈光剛好n=。（sin37°＝0.6，sin53°＝0.8）S（視為點光源），燈S安裝在一軌道裝置上，且在Q點處有一浮標(biāo)（點狀物），43被浮標(biāo)擋住，已知水的折射率（1）求燈S離水面的深度h；（2）如S沿軌道取7=2.65）果讓燈緩慢向右移動，要使燈發(fā)出的光恰好無法從水面P、Q間射出，求該燈應(yīng)向右移動的距離。（√第7頁（共21頁）18．（16分）如圖所示，在光滑的水平面上固定一豎直擋板，一輕彈簧的左端固定在擋板上，另一端能自N點.N點處靜止放置質(zhì)量為m＝0.1kg的物塊，N點右側(cè)的水平面上靜止放置n個質(zhì)量均為.用外力緩慢推物E＝1.8J，現(xiàn)撤去外力，彈簧然伸長到m0＝0.2kg的相同小球，相鄰兩球間有一定距離，彈簧、物塊及所有小球均處在同一直線上塊向左壓縮彈簧（物塊與彈簧不栓接）至某處，此時彈簧的彈性勢能將物塊p向右彈出，彈簧與物塊物塊與小球、小球與小球之間發(fā)生的碰撞都是彈性正碰，重力加速度g＝10m/s2。求：（1）釋放物塊（2）物塊次與小球碰撞后，物塊的（3）這n個小球后至物塊第一次到達(dá)N點的過程，彈簧的彈力對物塊的沖量大?。坏谝凰俣却笮〖胺较?；最終獲得的總動能。第8頁（共21頁）2021-2022學(xué)年山東省臨沂市高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分.每小題只有一個選項符合題目要求.1．關(guān)于安培力和洛倫茲力，下列說法不正確的是（）A．安培力是大量運動電荷所受洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)B．安培力和洛倫茲力的方向都一定與磁場方向垂直C．安培力一D．安培力和洛倫茲力的方向都可以應(yīng)用左手定則進(jìn)行判斷解：A、導(dǎo)線中定向移動的電荷受到的洛倫茲力在宏觀上大量運動電荷所受洛倫茲力的宏觀表現(xiàn)，故A正確；BD、根據(jù)左手定則，可知安培力和洛倫茲力的方向都一C、當(dāng)安培力的方向與定會做功，洛倫茲力一定不做功就表現(xiàn)為導(dǎo)線受到的安培力，所以說安培力是定與磁場方向垂直，故BD正確；導(dǎo)體棒的運動方向垂直時，安培力不做功，因為洛倫茲力方向與帶電微粒的磁場方向垂直時，可知洛倫茲力一定不做功，故C錯誤。本題選擇不正確的，故選：C。2．下列說法正確的是（）A．原子從低能態(tài)向高能態(tài)躍遷時放出光子能量等于前后兩個能級之差B．愛因斯坦提出了能量子的假設(shè)，得出了黑體輻射強度按波長分布的公式C．變化的磁場能產(chǎn)生電場，變化的電場不能產(chǎn)生磁場D．電磁波譜按解：A、原子從高能態(tài)向低能態(tài)躍遷時放出光子能量等于前后兩個能級之差，故A錯誤；B、普朗克提出了能量子的假設(shè)，得出了黑體輻射強度按波長分布的公式，故B錯誤；C、根據(jù)麥克斯韋電磁場理論變化的電場可以產(chǎn)生磁場，變化的磁場也可產(chǎn)生電場，均勻變化的電場產(chǎn)生恒定的磁場，均勻變化的磁場產(chǎn)生恒定的電場，故C錯誤；D、電磁波譜按由大到小順序排列為：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線，照波長由大到小順序排列為：無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線照波長故D正確；故選：D。3．如圖所示的平面內(nèi)，光束a經(jīng)圓心O射入半圓形玻璃磚，出射光為b、c兩束單色光。下列說法正確的是（）A．在真空中光束b的波長小于光束c的波長第9頁（共21頁）B．在玻璃磚中光束b的傳播速度大于光束c的傳播速度C．玻璃磚對光束b的折射率小于對光束c的折射率D．b、c兩束單色光由玻璃射入空氣時b光束發(fā)生全反射的臨界角更大解：AC、由題圖可知，玻璃磚對b光的折射程度大，則nb＞na，故b光的頻率較大，根據(jù)λ=可知b光波長較小，故C錯誤，A正確；B、由v=知，在玻璃磚中，nb＞na，所以vb＜va，故B錯誤；1D、根據(jù)全反射臨界角公式可知n=，nb＞na，所以Cb＜Ca，所以b光束發(fā)生全反射的臨界角更小，故D錯誤故選：A。4．如圖甲所示，彈簧振子以O(shè)點為平衡位置，在A、B兩點間做簡諧運動。取向右為正方向，圖乙為這個彈簧振子的振動圖像，由圖可知下列說法中正確的是（）A．在t＝0.6s時，振子位于B點B．從t＝0到t＝0.2s時間內(nèi)，振子的動能逐漸增大C．在t＝0.1s與t＝0.7s兩個時刻，振子的速度方向相反D．在t＝0.4s時，振子正在向左運動且速度最大解：A、由圖乙可知，在t＝0.6s時，振子的位移為負(fù)向最大，振子位于A點，故A錯誤；B、從t＝0到t＝0.2s時間內(nèi)，振子的位移越來越大，速度越來越小，則動能逐漸減小，勢能逐漸增大，故B錯誤；C、在t＝0.1s時，振子向正方向運動，在t＝0.7s時，振子也在向正方向運動，即這兩個時刻，振子的速度方向相同，故C錯誤；D、在t＝0.4s時，振子正在通過平衡位置向負(fù)方向運動，即振子正在向左運動，此時勢能最小，動能最大，即速度最大，故D正確；故選：D。5．圖甲中O點為單擺的固定懸點，現(xiàn)將擺球拉至A點，此時細(xì)線處于張緊狀態(tài)。由靜止釋放擺球，則擺球?qū)⒃谪Q直平面內(nèi)的A、C之間來回擺動，α小于5°且大小未知，同時由連接到計算機的力傳感器得第10頁（共21頁）到了擺線對擺球的拉力大小F隨時間t變化的曲線，如圖乙所示（圖中所標(biāo)字母以及重力加速度g均為已知量）。不計空氣阻力。根據(jù)題中（包括圖中）所給的信息，下列說法中正確的是（）A．該單擺的周期為t02B．該單擺的擺長為02C．增大擺球質(zhì)量，周期將變大D．將此單擺從赤道處移到北極，單擺的周期將變大解：A、根據(jù)圖乙可知，單擺的周期為2t0，故A錯誤；222，故B正確；0B、由周期T=得，l==2C、根據(jù)周期T=得，周期與擺球質(zhì)量無關(guān)，故C錯誤；D、根據(jù)將此單擺從赤道處移到北極，重力加速度g變大，又T=故選：B。，故周期變小，故D錯誤。6．如圖所示，在“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中，要增大觀察到的條紋間距，正確的做法是（）A．增大雙縫與毛玻璃間的距離C．增大透鏡與單縫間的距離B．增大單縫與雙縫間的距離D．增大單縫與光源間的距離解：要使Δx增大，可以增大L，或減小d，還可以增大λ，即增大雙縫與毛玻璃屏間距，或者減小雙縫間之的距離，故A正確，BCD錯誤。故選：A。7．建筑工人利用鐵錘打夯，120kg的鐵錘從1.8m高處自由落下，打在地面上，與地面撞擊時間是0.05s。已知重力加速度g取10m/s2，撞擊時，鐵錘對地面的平均沖擊力大小為（）A．14400NB．15600NC．12000ND．1200N解：鐵錘下落時間為t，?=212，代入數(shù)據(jù)得：t＝0.6s，速度v＝gt＝10×0.6m/s＝6m/s，撞擊時間為t1＝0.05s，以向下為正方向，根據(jù)動量定理可知：mgt1﹣Ft1＝0﹣mv代入數(shù)據(jù)可得：地面對鐵錘的平均作用力F＝15600N由牛頓第三定律可得鐵錘對地面的平均作用力：F'＝F＝15600N故ACD錯誤，B正確故選：B。第11頁（共21頁）8．如圖，兩長直導(dǎo)線I，此時紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為A．a(chǎn)點處的磁感應(yīng)強度的方向豎直向下B．若僅將直導(dǎo)線P的電流反向，則a點處的磁感應(yīng)強度的方向豎直向下P和Q垂直于紙面固定放置，兩者之間的距離為l。在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流l的a點處的磁感應(yīng)強度大小為B，則（）0√3C．若僅將直導(dǎo)線P的電流反向，則a點處的磁感應(yīng)強度大小為B03√3D．若僅將直導(dǎo)線P的電流反向，則a點處的磁感應(yīng)強度大小為B02解：根據(jù)題意a點磁感應(yīng)強度如圖：3A、根據(jù)作圖，有幾何關(guān)系可知BP＝BQ=√3，a點磁感應(yīng)強度的方向水平向右，故A錯誤；0BCD、若僅將直導(dǎo)線P的電流反向，根據(jù)題意作圖：3B＝BP＝BQ=√3，故C正確，則a點磁感應(yīng)強度方向豎直向上，根據(jù)幾何關(guān)系a點測磁感應(yīng)強度20BD錯誤；故選：C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題選對但不全的得2分，有選錯的得0分，9．在t＝0時刻，位于O點的波源從平衡位置開始沿y軸方向沿x軸正方向傳的播簡諧橫波，此時振動恰好傳播至點P（5，0），則下列說法正確的4分，共16分每小題有多個選項符合題目要求.全部選對得4分，做簡諧運動，經(jīng)0.25s形成如圖所示的一列是（）A．波源的起振方向向上傷B．該簡諧橫波的周期是0.2sC．該簡諧橫波的波速為20m/sD．再經(jīng)過0.35s質(zhì)點P恰好處于波谷位置解：A、根據(jù)上下坡法可知，P點處于上坡過程，則P點的起振方向向下，故A錯誤；第12頁（共21頁）C、該簡諧橫波的波速為：50.25===，故C正確；420B、由圖像可知該波的波長為4m，根據(jù)=，故B正確；==34D、再經(jīng)過0.35s，則質(zhì)點P恰好振動了1，質(zhì)點P處于波峰位置，故D錯誤；故選：BC。10．在如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻r＝0.5Ω，定值電阻R1＝R2＝R3＝2Ω，電流表和電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向上移動時，下列說法正確的是（）A．電流表讀數(shù)減小C．電源的效率增大B．電壓表讀數(shù)減小D．電源的輸出功率減小解：AB、當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向上移動時，其接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，則路端電壓增大，電壓表讀數(shù)增大。電路中并聯(lián)部分電壓U＝E﹣I（R1+r），I減小，其它量不并變，則U增大，流過R3的電流增大，而干路電流減小，則電流表讀數(shù)減小，故A正確，B錯誤；并C、電源的效率為η=×100%=×100%，U增大，E不變，則η增大，故C正確；D、因R1＝R2＝R3＝2Ω＞r＝0.5Ω，則外電路總電阻大于內(nèi)電阻，外電路總電阻增大，內(nèi)外電阻的差值增大，則電源的輸出功率減小，故D正確。故選：ACD。11．如圖所示，在真空中xOy坐標(biāo)平面內(nèi)的第一象限區(qū)域，存在垂直平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電粒子，從y軸上的M點沿著與y軸正方向成θ＝30°角度射入磁場。點M的坐標(biāo)為（0，a），不計粒子重力，則下列說法中正確的是（）A．若粒子帶正電，則在磁場中運動的時間為B．若粒子帶負(fù)電，粒子有可能通過坐標(biāo)原點C．若粒子垂直x軸射出磁場，則粒子在磁場中的運動時間為D．若粒子垂直x軸射出磁場，則出射點與O點的距離為（2+√3）a解：A.若粒子帶正電，粒子的運動軌跡如圖1所示第13頁（共21頁）圖1根據(jù)幾何知識可知，其軌跡所對的圓心角為：∠1＝60°60°360°T=16?所以粒子的故A正確；B.若粒子帶負(fù)電，運動時間為：t==且要從坐標(biāo)原點射出，則其運動軌跡如圖2所示圖2上看出粒子還未到達(dá)坐標(biāo)原點時已經(jīng)從x軸射出磁場，從軌跡故粒子不可能從坐標(biāo)原點射出磁場，故B錯誤；CD.若粒子帶負(fù)電，且垂直x軸射出磁場，軌跡如圖3所示圖3根據(jù)幾何知識可知，其軌跡所對的圓心角為∠2＝150°150°360°512則粒子在磁場中的運動時間為：t'=T=?=根據(jù)幾何知識可知，出射點與O點的距離為l=+atan60°＝（2+3）a√故C錯誤，D正確。故選：AD。12．如圖，的等離子體垂直于磁場噴入板間，B，導(dǎo)軌距離為d的兩平行金屬板P、Q之間有一勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，一束速度大小為v1L的兩光滑平行金屬導(dǎo)軌θ，兩導(dǎo)軌分別與P、Q相連，相距為固定在與導(dǎo)軌平面垂直的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為平面與水平面夾角為質(zhì)量為m、電阻為2第14頁（共21頁）R的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置，恰好靜止，重力加速度為g，不計導(dǎo)軌電阻、板間電阻和等離子體中的粒子重力，下列說法正確的是（）A．P板為正極，導(dǎo)軌處磁場的方向垂直導(dǎo)軌平面向上B．Q板為正極，導(dǎo)軌處磁場的方向垂直導(dǎo)軌平面向下C．金屬棒ab中的電流I=1D．金屬棒ab中的電流I=2解：AB、平行金屬板P、Q之間磁感應(yīng)強度方向由N極指向S極，由左手定則判斷，等離子體中的正離子向金屬板Q偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向金屬板P偏轉(zhuǎn)，可知金屬板Q帶正電荷，Q板相當(dāng)于電源正極，金屬板P帶負(fù)電荷，P板相當(dāng)于電源負(fù)極，金屬棒ab中電流方向由a流向b，已知磁場B2的方向垂直導(dǎo)軌平面，由左手定則可知，金屬棒ab所受安培力平行于導(dǎo)軌平面向上或者向下，金屬棒ab處于靜止，由受力平衡條件判斷其所受安培力沿導(dǎo)軌平面向上，再由左手定則判斷出導(dǎo)軌處磁場的方向垂直導(dǎo)軌平面向下，故A錯誤，B正確；C、設(shè)離子電荷量為q，達(dá)到穩(wěn)定時設(shè)P、Q間的電壓為U，由平衡條件得：q=qvB1，解得兩金屬棒間電勢差U＝vB1d，閉合電路的歐姆定律可知，電流：I==1，故C正確；D、金屬棒靜止，由平衡條件得：B2IL＝mgsinθ，解得等離子體噴入金屬板間的速度I=，故D2錯誤；故選：BC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分.13．某同學(xué)用如圖所示的實驗裝置來驗證動量守恒定律，小球1的質(zhì)量為m1，它從斜槽上某點滾下，離開斜槽末端時的速度記為v1（稱為第一次操作）；小球2的質(zhì)量為m2，小球1第二次從斜槽上原位置滾下，跟小球2碰撞后離開斜槽末端的速度分別記為v1′和v2′（稱為第二次操作）。（1）實驗所驗證的計算式為m1v1＝m1v'1+m2v'2（用所給物理量表示）。（2）如果第二次操作時，小球1從斜槽上開始滾下時位置比原先低一些，這將會影響計算式中物理量，如果其他的操作都正確，則A。A.碰后兩球的動量之和小于m1v1A.碰后兩球的動量之和等于m1v1C.碰后兩球的動量之和大于m1v1（3）如果在第二次操作時，發(fā)現(xiàn)在第一次操作中，槽的末端是不水平的，有些向上傾斜，于是把它調(diào)為水平，調(diào)整后的斜槽末端離地面高度跟原來相同。然后讓小球在斜槽上原標(biāo)記位置滾下進(jìn)行第二次操第15頁（共21頁）作，分析時仍然和第一次操作的數(shù)據(jù)進(jìn)行比較，其他實驗操作都正確，且調(diào)節(jié)斜槽引起小球在空中運動時間的變化可忽略不計，則C。A.碰后兩球的動量之和小于m1v1B.碰后兩球的動量之和等于m1v1C.碰后兩球的動量之和大于m1v1解：（1）實驗驗證碰撞前后兩球動量守恒，則計算式為m1v1＝m1v'1+m2v'2（2）小球1從斜槽開始滾下時的位置比A點低一些，將影響v1′和v2′的測量導(dǎo)致系統(tǒng)的碰后動量的測量小于系統(tǒng)的碰前動量，故A正確，BC錯誤。故選：A；（3）因為槽的末端傾斜導(dǎo)致速度的水平分量減小，對應(yīng)水平位移也相應(yīng)減小，則v1減??；所以導(dǎo)致碰后兩球的動量之和大于m1v1。故AB錯誤，C正確；故選C故答案為：（1）m1v1＝m1v'1+m2v'2；（2）A；（3）C；14．（8分）某同學(xué)設(shè)計了如圖1所示電路進(jìn)行電源特性及測待電阻阻值的測量。（1）該同學(xué)先用歐姆表“×1”擋粗測該待測電阻的阻值，示數(shù)如圖2所示，對應(yīng)的讀數(shù)是6Ω。S，斷開S2，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得（2）該同學(xué)利用上面電路測定該電池組的電動勢和內(nèi)電阻，閉合1多組電壓表V和電流表A的示數(shù)，描繪出如圖3所示的U2﹣I圖線.由圖可求出該電源電動勢E＝3.62V；內(nèi)阻r＝1.2Ω。第16頁（共21頁）（3）該同學(xué)又利用上面電路測量該待測電阻R的阻值.圖中兩電鍵均閉合，調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多V和電流表A的示數(shù).以下分析正確的是A。1x組電壓表A.此接法的測量值小于真實值B.此接法適合測阻值較大的待測電阻C.此接法要求滑動變阻器D.開始實驗時滑動變阻器滑動頭1）該同學(xué)先用歐姆表“×1”擋粗測該待測電阻的阻值，指針指向“6“，故讀數(shù)為6Ω；（2）根據(jù)閉合電路歐姆E＝U+Ir，聯(lián)立圖3可知電動勢E＝3.6V；內(nèi)阻（3）AB、電路圖采用外接的故A正確，B錯誤；C、電路中滑動變阻器D、開始實驗時滑動變阻器滑動頭故選AR的阻值要遠(yuǎn)大于RxP應(yīng)處在最左端解：（定律有：r==3.6?03.0Ω＝1.2Ω；方式，適用于小電阻電路，由于電壓表分流作用可知測量值小于真實值，采用限流式接法，要求滑動變阻器電阻接近待測電阻，故C錯誤；P應(yīng)處在最右端，起保護(hù)電路作用，故D錯誤；故答案為：（1）6；（2）3.6，1.2；（3）A15．（9分）如圖甲所示，為某一列簡諧波在t＝t0時刻的圖像，圖乙是這列波上P質(zhì)點從這一時刻起的振動圖像，試求：（1）波的周期和波長；（2）波的傳播方向和（3）又經(jīng)歷0.9s，P質(zhì)點的位移1）根據(jù)圖波長為8m，根據(jù)圖乙可知，波的周期為0.4s；（2）因為P點的振動方向向下，根據(jù)同側(cè)法可知，波的傳播方向為x軸的負(fù)方向。波速大??；和此過程P質(zhì)點運動的路程。解：（甲可知，波速為==0.48=（3）因為t＝0.9s＝2.25T則P質(zhì)點在平衡位置附近振動了2.25個周期，則P質(zhì)點的位移為﹣10cm；P質(zhì)點運動的路程為s＝2.25×4A＝9×10cm＝90cm第17頁（共21頁）答：（1）波的周期為0.4s，波長為8m；（2）波的傳播方向為x軸的負(fù)方向，波速大小為20m/s；（3）又經(jīng)歷0.9s，P質(zhì)點的位移為﹣10cm，此過程P質(zhì)點運動的路程為90cm。16．（10分）某一具有速度選擇器的質(zhì)譜儀原理如圖所示，A為粒子加速器，加速電壓為U1；B為速度選擇器，磁場與電場正交，磁感應(yīng)強度為B1，兩板間距離為d；C為偏轉(zhuǎn)分離器，磁感應(yīng)強度為B2。今有一質(zhì)量為m，電荷量為e的正粒子（不計重力），經(jīng)加速后，該粒子恰能通過速度選擇器，粒子進(jìn)入分離器后做勻速圓周運動。求：（1）粒子的速度v為多少？（2）速度選擇器兩板間電壓U2為多少？（3）粒子在B2磁場中做勻速圓周運動的半徑R為多大？解：（1）粒子經(jīng)過加速電場U1加速后，根據(jù)動能定理：1=122?0，解得：v=√1（2）因為粒子恰能通過速度選擇器，則粒子在速度選擇器中受到的電場力和洛倫茲力為一對平衡力，即：eE=2=1，解得：U2=（3）粒子在B2磁場中運動時，洛倫茲力提供向心力，則：答：（1）粒子的速度v為√（2）速度選擇器兩板間電壓U2為√√112，解得：R=1√22=11；1；1（3）粒子在B2磁場中做勻速圓周運動的半徑R為1√1。217．（11分）某公園人工湖畔的夜晚燈光五彩繽紛。如圖平靜湖面下有一盞燈S（視為點光源），燈S安裝在一軌道裝置上，且在M點的正下方，游客眼睛恰好位于岸邊水面P點正上方1.8m的高度處，水面上Q點處有一浮標(biāo)（點狀物），Q點是水面上PM兩點連線的中點，PM兩點間距4.8m，此時游客發(fā)現(xiàn)燈43光剛好被浮標(biāo)擋住，已知水的折射率n=。（sin37°＝0.6，sin53°＝0.8）（1）求燈S離水面的深度h；第18頁（共21頁）（2）如果讓燈S沿軌道緩慢向右移動，要使燈發(fā)出的光恰好無法從水面P、Q間射出，求該燈應(yīng)向右移動的距離。（取7=2.65）√解：游客發(fā)現(xiàn)燈光剛好被浮標(biāo)擋住時光路圖如圖1所示：圖1PQ＝2.4m，sinr=2.4由幾何關(guān)系知，==0.8，sini=√1.82+2.42√?22根據(jù)折射定律得：n=聯(lián)立解得：h＝3.2m；，（2）要使燈發(fā)出的光恰好無