鄭州市中原聯(lián)盟2020屆高三物理3月聯(lián)考試題含解析

河南省鄭州市中原聯(lián)盟2020屆高三物理3月聯(lián)考試題含解析河南省鄭州市中原聯(lián)盟2020屆高三物理3月聯(lián)考試題含解析PAGE24-河南省鄭州市中原聯(lián)盟2020屆高三物理3月聯(lián)考試題含解析河南省鄭州市中原聯(lián)盟2020屆高三物理3月聯(lián)考試題（含解析)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位移—時(shí)間（x—t）圖象．由圖可知A。在時(shí)刻t1，a、b兩車相遇，且運(yùn)動方向相反B。在時(shí)刻t2,a車追上b車，且運(yùn)動方向相同C.在t1到t2這段時(shí)間內(nèi),b車的速率先增大后減小D.在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率一直比a小【答案】A【解析】【詳解】A．在時(shí)刻t1，a、b兩車到達(dá)同一位置而相遇,根據(jù)圖象切線的斜率表示速度可知兩車運(yùn)動方向相反，故A正確；B．在時(shí)刻t2前，a在前，b在后,則在時(shí)刻t2，b車追上a車，根據(jù)圖象切線的斜率表示速度可知兩車運(yùn)動方向相同，故B錯(cuò)誤；C．圖線切線的斜率表示速度，在t1到t2這段時(shí)間內(nèi),b車圖線斜率先減小后增大，則b車的速率先減小后增加,故C錯(cuò)誤；D．在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率先大于a后小于a，最后又大于a，故D錯(cuò)誤；2.當(dāng)衛(wèi)星繞地球運(yùn)動的軌道半徑為R時(shí)，線速度為v，周期為T。下列情形符合物理規(guī)律是（）A。若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，則衛(wèi)星運(yùn)動周期從T變?yōu)?TB。若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R,則衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)镃.若衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T，則衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?RD.若衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)?，則衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動可知AC．周期與半徑關(guān)系為若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R,則衛(wèi)星運(yùn)動周期從T變?yōu)門；若衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T，則衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，所以C選項(xiàng)正確，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；B．線速度與半徑關(guān)系為若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R,則衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)?所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知,若衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)椋瑒t衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R,再根據(jù)可知,當(dāng)衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T，所以D選項(xiàng)錯(cuò)誤.故選C。3。如圖所示，長為L的輕桿，一端固定一個(gè)質(zhì)量為m的小球，另一端固定在水平轉(zhuǎn)軸O上，現(xiàn)讓桿繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，角速度為,某時(shí)刻桿對球的作用力恰好與桿垂直，則此時(shí)桿與水平面的夾角滿足（)A。B。C。D?！敬鸢浮緼【解析】【詳解】小球所受重力和桿子的作用力的合力提供向心力，受力如圖所示；根據(jù)牛頓第二定律有：，解得:，AC．,A正確C錯(cuò)誤；BD．求出來是的表達(dá)式，而并非的表達(dá)式，BD錯(cuò)誤．4.如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì))連接，下極板接地．一帶電油滴位于容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離A。帶點(diǎn)油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動 B。P點(diǎn)的電勢將降低 C。帶點(diǎn)油滴的電勢能將減少 D.若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大【答案】B【解析】A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強(qiáng)減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運(yùn)動．故A錯(cuò)誤．B、場強(qiáng)E減小，而P點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與下極板間電勢差將減小,而P點(diǎn)的電勢高于下極板的電勢，則知P點(diǎn)的電勢將降低．故B正確．C、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知,油滴帶負(fù)電，P點(diǎn)的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故C錯(cuò)誤．D、根據(jù)Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯(cuò)誤；故選B．【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用分析板間場強(qiáng)的變化，判斷油滴如何運(yùn)動．運(yùn)用推論：正電荷在電勢高處電勢能大,而負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化．5。如圖所示，一傾角的足夠長的斜面固定在水平地面上。當(dāng)時(shí)，滑塊以初速度沿斜面向上運(yùn)動.已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù),g取10m/s2，,,下列說法正確的是（)A.滑塊一直做勻變速直線運(yùn)動B。時(shí)，滑塊速度減為零,然后靜止在斜面上C。時(shí)，滑塊恰好又回到出發(fā)點(diǎn)D。時(shí)，滑塊的速度大小為4m/s【答案】D【解析】【詳解】A．對滑塊受力分析:重力G，斜面支持力和摩擦力,將重力分解為沿斜面向下的分力和垂直于斜面向下的分力，則當(dāng)滑塊沿斜面向上運(yùn)動時(shí),做勻減速直線運(yùn)動，加速度為沿斜面向下運(yùn)動的加速度為所以整個(gè)運(yùn)動過程中加速度不同,滑塊不是勻變速直線運(yùn)動，所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤；B．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度公式，可得沿斜面向上運(yùn)動的時(shí)間為又由于所以當(dāng)滑塊沿斜面向上速度減為0時(shí)，不會靜止在斜面上，會繼續(xù)沿斜面向下做勻加速直線運(yùn)動,所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤；C．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的位移公式可得滑塊上滑時(shí)的位移為則沿斜面向下運(yùn)動回到出發(fā)點(diǎn)的時(shí)間為所以C選項(xiàng)錯(cuò)誤;D．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度公式可得，3s時(shí)滑塊的速度為所以D選項(xiàng)正確.故選D。6。如圖所示．輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，右端接一細(xì)線，細(xì)線繞過光滑的定滑輪與物體B相連．開始時(shí)用手托住B，讓細(xì)線恰好伸直,然后由靜止釋放B．直至B獲得最大速度．下列有關(guān)該過程的分析正確的是（)A。B物體的動能增加量等于B物體重力勢能的減少量B.B物體的機(jī)械能一直減小C。細(xì)線拉力對A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量D。B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧的彈性勢能的增加量【答案】BC【解析】【詳解】由于A、B和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以B物體重力勢能的減少量等于A、B增加的動能以及彈性勢能，故選項(xiàng)A正確；整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以B物體機(jī)械能減少量等于A物體與彈簧機(jī)械能的增加，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系除重力和彈簧彈力以外的力即繩子的拉力等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量，故選項(xiàng)C正確；由于物塊A的速度增加，即動能增加,則根據(jù)動能定理可以知道，合力對A做正功，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．所以本題正確的選項(xiàng)為AC．7。如圖所示，在地面上方的水平勻強(qiáng)電場中，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為得的小球,系在一根長為l的絕緣細(xì)線一端，可以在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動．AB為圓周的水平直徑,CD為豎直直徑．已知重力加速度為g,電場強(qiáng)度為．下列說法正確的是（)A。若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動，則它運(yùn)動的最小速度為B.若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動,,則小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最大C。若將小球在A點(diǎn)由靜止開始釋放，它將在ACBD圓弧上往復(fù)運(yùn)動D。若將小球在A點(diǎn)以大小為的速度豎直向上拋出，它將能夠到達(dá)B點(diǎn)【答案】BD【解析】【詳解】A.由于電場強(qiáng)度，故有則等效最低點(diǎn)在BC之間,重力和電場力的合力為mg，根據(jù)圓周運(yùn)動公式小球在等效最高點(diǎn)的最小速度為故A錯(cuò)誤；B。除重力和彈力外其它力做功等于機(jī)械能增加值，若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動,則小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí),電場力做功最多,故到B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最大,故B正確;C.小球受合力方向與電場方向夾角45°斜向下，故若將小球在A點(diǎn)由靜止開始釋放，它將沿合力方向做勻加速直線運(yùn)動，故C錯(cuò)誤；D.若將小球在A點(diǎn)以大小為的速度豎直向上拋出,小球在豎直方向做豎直上拋，加速度為-g，水平方向做勻加速運(yùn)動，加速度為g，當(dāng)豎直方向上的位移為0時(shí),運(yùn)動的時(shí)間為水平位移則小球剛好運(yùn)動到B點(diǎn)，故D正確。故選BD?！军c(diǎn)睛】掌握合外力做功與動能的關(guān)系、注意類比法的應(yīng)用，小球能夠完成圓周運(yùn)動的條件是絲線的拉力大于或等于零，在最高點(diǎn)的速度最小恰好滿足重力與電場力的提供向心力,此最高點(diǎn)在AD弧線的中點(diǎn)。8。如圖所示，光滑地面上有P,Q兩個(gè)固定擋板，A，B是兩擋板連線的三等分點(diǎn)．A點(diǎn)有一質(zhì)量為m2的靜止小球，P擋板的右側(cè)有一質(zhì)量為m1的等大小球以速度v0向右運(yùn)動．小球與小球、小球與擋板間的碰撞均沒有機(jī)械能損失，兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)．已知兩小球之間的第二次碰撞恰好發(fā)生在B點(diǎn)處，則兩小球的質(zhì)量之比m1：m2可能為（

）A.3：1 B。1：3 C。1:5 D。1：7【答案】ABD【解析】【詳解】若碰后球1的速度方向與原來的方向相同,可知1球的速度小于2球的速度，兩球在B點(diǎn)相遇，是球2反彈后在B點(diǎn)相遇，有：v2t=3v1t，即：v2=3v1．根據(jù)動量守恒得，m1v0=m1v1+m2v2,根據(jù)機(jī)械能守恒得：聯(lián)立解得m1=3m2若碰撞后球1的速度方向與原來的方向相反,與擋板碰后反彈在B點(diǎn)追上球2，

則有：v1t=3v2t,即：v1=3v2根據(jù)動量守恒得：m1v0=-m1v1+m2v2,根據(jù)機(jī)械能守恒得：聯(lián)立解得：m2=7m1若碰撞后球1的速度方向與原來的方向相反，與擋板碰后反彈、球2與擋板碰后反彈在B點(diǎn)相遇，則有：v1t=v2t，即：v1=v2，

根據(jù)動量守恒得:m1v0=—m1v1+m2v2，

根據(jù)機(jī)械能守恒得聯(lián)立解得：m2=3m1綜上所述,故A、B、D正確．點(diǎn)晴:解決本題的關(guān)鍵知道彈性碰撞的特點(diǎn)，動量守恒，機(jī)械能守恒，結(jié)合兩球碰后的速度大小的關(guān)系和方向，運(yùn)用動量守恒和機(jī)械能守恒綜合求解．第Ⅱ卷非選擇題三、非選擇題:共174分。第22~32題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答。第33~38題為選考題,考生根據(jù)要求作答.（一）必考題：共129分。9.氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器，它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊“懸浮”在導(dǎo)軌上，滑塊對導(dǎo)軌的壓力近似為零，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動可視為沒有摩擦.某實(shí)驗(yàn)小組驗(yàn)證動量守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示（彈簧的長度忽略不計(jì)），采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：（滑塊A、B的質(zhì)量mA、mB已經(jīng)給出且不相等）①調(diào)整氣墊導(dǎo)軌,使導(dǎo)軌處于水平.②在A和B間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上。③用刻度尺測出A的左端至C板的距離L1;B的右端至D板的距離L2。④給導(dǎo)軌送氣，氣流穩(wěn)定后，按下電鈕放開卡銷。同時(shí)使分別記錄滑塊A、B運(yùn)動時(shí)間的計(jì)時(shí)器開始工作.當(dāng)A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時(shí)自動停止計(jì)時(shí)，從記時(shí)器上記下A、B分別到達(dá)C、D的運(yùn)動時(shí)間t1和t2。（1)利用已經(jīng)給的量和上述測量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，寫出驗(yàn)證動量守恒定律的表達(dá)式___________________.（2）利用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)還可以求出被壓縮彈簧的彈性勢能的大小，請寫出彈性勢能表達(dá)式為________________?！敬鸢浮?1).(2)。【解析】【詳解】（1)[1］滑塊A、B在彈簧被釋放時(shí)滿足動量守恒定律,得滑塊被彈開后做勻速直線運(yùn)動，則，得（2)［2]滑塊A、B在彈簧被釋放時(shí)，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為兩滑塊的動能，則根據(jù)能量守恒可得10.（1)小明準(zhǔn)備將電流表G改裝成電壓表，需要測量電流表的內(nèi)阻,他采用如圖（a）所示的電路,實(shí)驗(yàn)步驟如下:①連接好電路，閉合開關(guān)前，滑塊變阻器的滑片應(yīng)置于_____（填“a”或“b”）端附近．②閉合，斷開,調(diào)節(jié)使電流表G滿偏．③閉合，保持阻值不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表G的指針指到滿刻度的，讀出電阻箱示數(shù)，則測得電流表G的內(nèi)阻=________Ω．（2）查閱說明書后，知電流表G的內(nèi)阻，量程,其改裝成量程為15V的電壓表，串聯(lián)的電阻箱的阻值電壓表應(yīng)調(diào)到__________Ω．（3)將改裝后電壓表標(biāo)準(zhǔn)后，用如圖（b）所示的電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻，已知定值電阻，根據(jù)實(shí)驗(yàn)測得數(shù)據(jù)作出電壓表讀數(shù)U與電流表A讀數(shù)I的關(guān)系圖像如圖（c），則電源電動勢E=_____V,內(nèi)阻r=_________Ω，（結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后2位）．【答案】（1).a（2）.52。0(3）.14947.0(4）。12.10(5）。1。05【解析】【詳解】(1)①為保護(hù)電路，連接電路時(shí)，滑動變阻器滑片應(yīng)該移到阻值最大處，所以滑片應(yīng)滑至a端；③電流表G的指針指到滿刻度的，則電阻箱的電流為電流表滿偏的，根據(jù)并聯(lián)電路反比分流，電流表的內(nèi)阻為電阻箱阻值的一半，為52.0Ω；（2）根據(jù)電表的改裝原理可知,應(yīng)串聯(lián)的電阻為：R=?53.0=14947。0Ω(3）因內(nèi)阻約為1Ω；故為了便于調(diào)節(jié)，滑動變阻器選擇較小H即可；同時(shí)為了保護(hù)電路,應(yīng)接入阻值較小的J；(4）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U=E?Ir，故圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電源的電動勢，故有：E=12。10Vr=?5=1.05Ω11。如圖，I、II為極限運(yùn)動中的兩部分賽道，其中I的AB部分為豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑圓弧賽道，最低點(diǎn)B的切線水平；II上CD為傾角為30°的斜面，最低點(diǎn)C處于B點(diǎn)的正下方,B、C兩點(diǎn)距離也等于R.質(zhì)量為m的極限運(yùn)動員(可視為質(zhì)點(diǎn))從AB上P點(diǎn)處由靜止開始滑下,恰好垂直CD落到斜面上．求:（1）極限運(yùn)動員落到CD上的位置與C的距離;(2）極限運(yùn)動員通過B點(diǎn)時(shí)對圓弧軌道的壓力；(3）P點(diǎn)與B點(diǎn)的高度差．【答案】（1）（2),豎直向下（3）【解析】【詳解】(1）設(shè)極限運(yùn)動員在B點(diǎn)的速度為v0，落在CD上的位置與C的距離為x，速度大小為v，在空中運(yùn)動的時(shí)間為t，則xcos300=v0tR-xsin300=gt2解得x=0.8R（2）由（1）可得：通過B點(diǎn)時(shí)軌道對極限運(yùn)動員的支持力大小為FN極限運(yùn)動員對軌道的壓力大小為FN′，則FN′=FN，解得，方向豎直向下；（3)P點(diǎn)與B點(diǎn)的高度差為h，則mgh=mv02解得h=R/512.如圖所示，長木板B的質(zhì)量為，靜止放在粗糙的水平地面上，質(zhì)量為的物塊C（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在長木板的最右端。一個(gè)質(zhì)量為的物塊A從距離長木板B左側(cè)處,以速度向著長木板運(yùn)動。一段時(shí)間后物塊A與長木板B發(fā)生彈性正碰（時(shí)間極短），之后三者發(fā)生相對運(yùn)動，整個(gè)過程物塊C始終在長木板上。已知物塊A及長木板與地面間的動摩擦因數(shù)均為,物塊C與長木板間的動摩擦因數(shù),物塊C與長木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2，求:(1)碰后瞬間物塊A和長木板B的速度；(2）長木板B的最小長度；(3）物塊A離長木板左側(cè)的最終距離?！敬鸢浮?1）物塊A的速度3m/s、方向向左，長木板B的速度6m/s、方向向右；(2)3m;(3）10.5m【解析】【詳解】（1）設(shè)物塊A與木板B碰前的速度為v，由動能定理得解得A與B發(fā)生彈性碰撞,假設(shè)碰撞后的瞬間速度分別為v1、v2,由動量守恒定律得由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立解得，碰后物塊A的速度大小為3m/s、方向向左，長木板B的速度大小為6m/s、方向向右;(2)碰撞后B減速運(yùn)動，C加速運(yùn)動，B、C達(dá)到共同速度之前，由牛頓運(yùn)動定律，對木板B有對物塊C設(shè)從碰撞后到兩者達(dá)到共同速度經(jīng)歷的時(shí)間為t,則木板B的最小長度（3）B、C達(dá)到共同速度之后,因二者一起減速至停下,設(shè)加速度大小為a3，由牛頓運(yùn)動定律得整個(gè)過程B運(yùn)動的位移為A與B碰撞后，A做減速運(yùn)動的加速度大小也為a3,位移為物塊A離長木板B左側(cè)的最終距離為13。下列說法中正確的有()A.在完全失重的情況下,密封容器內(nèi)的氣體對器壁的頂部沒有作用力B.一定量的理想氣體,在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對單位面積器壁的平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而增加C。某氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，阿伏伽德羅常數(shù)為NA，則該氣體的分子體積為V0＝D。溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動能一定大E。當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí),分子勢能隨分子間距離的減小而增大【答案】BDE【解析】【詳解】A。氣體的壓強(qiáng)是大量的氣體分子對器壁頻繁碰撞而產(chǎn)生的,與是否失重?zé)o關(guān),故A錯(cuò)誤；B.一定量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，溫度降低，則體積減小，氣體的密度變大,分子的平均動能減小，則氣體分子對器壁的碰撞力減小，但在氣體壓強(qiáng)不變時(shí),分子每秒對單位面積器壁的平均碰撞次數(shù)增加,故B正確；C.某氣體的摩爾質(zhì)量為M,密度為ρ,阿伏伽德羅常數(shù)為NA，則該氣體的一個(gè)分子運(yùn)動占據(jù)的空間的體積為V0＝,氣體分子的體積遠(yuǎn)小于分子運(yùn)動占據(jù)的空間的體積，故C錯(cuò)誤;D.物體的內(nèi)能與物體的溫度、體積及物質(zhì)的量等都有關(guān)系，則溫度高的物體內(nèi)能不一定大,但分子平均動能一定大，故D正確；E.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子距離減小時(shí)，分子力做負(fù)功,則分子勢能隨分子間距離的減小而增大，故E正確。故選BDE。14。如圖所示,兩端封閉、粗細(xì)均勻的豎直玻璃管內(nèi)有A、B兩段長度均為,的理想氣體氣柱和一段長為h的水銀柱，且氣柱A的壓強(qiáng)等于（ρ為水銀的密度、g為重力加速度）．當(dāng)玻璃管以某一加速度a做豎直向上的勻加速運(yùn)動，穩(wěn)定后，上部空氣柱長度是下部空氣柱的3倍，求這個(gè)加速度a的大?。阎\(yùn)動過程中整個(gè)管內(nèi)各處的溫度不變．【答案】【解析】【詳解】設(shè)玻璃管的橫截面積為S,依題意溫度不變,AB段氣體的狀態(tài)參量分別為：A氣體:初態(tài)：末態(tài)：pA′;依據(jù)玻意耳定律：解得對氣體B：初態(tài)：VB=lS末態(tài)：pB′;依據(jù)玻意耳定律:解得對水銀柱，由牛頓第二定律解得15。沿x軸正方向傳播一列橫波在某時(shí)刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s，則下列說法正確的是（)A.從圖示時(shí)刻