中考物理試卷(含答案解析)

第第頁第=page22頁，共=sectionpages22頁中考物理試卷(含答案解析)（時間90分鐘，滿分100分）題號一二三四五總分得分一、單選題（本大題共10小題，共30.0分）2015年10月19日，濟南上空被霧霾籠罩，當日濟南空氣質量指數為175，屬于中度污染，濟南空氣質量排名倒數第一，自2012年12月20日起，濟南市民可登錄市環(huán)保局官方網站實時查詢空氣質量信息，其中PM2.5將作為一項重要空氣質量數據發(fā)布，這里2.5的單位是（）A.克 B.微米 C.毫克 D.毫米我國正在進行登月計劃的研究，按照計劃，我國將在2007年將“嫦娥一號”送上月球，宇航員登上月球后，若有一塊隕石落在他附近，則下列判斷正確的是（）A.宇航員能夠聽到隕石撞擊月球的聲音

B.隕石撞擊月球時不會使月球的地面產生振動

C.宇航員不能聽到隕石撞擊月球的聲音

D.隕石撞擊月球的聲音可以在月球的表面向四周傳播一些學生打算讓小車從斜面上滑下，觀察小車的運動情況，小明認為小車從斜面滑下時，運動速度可能會越來越快，小明的這一行為屬于科學探究中的（）A.提出問題 B.猜想與假設 C.設計實驗 D.交流評估下列關于物態(tài)變化的相關說法中，不正確的是（）A.冬天戴口罩后眼鏡片上容易出現水珠，這是液化現象

B.雪中撒鹽，鹽水熔點和冰相比較高，從而加快冰雪的熔化

C.冬天房屋的積雪沒有熔化，但是會逐漸減少是發(fā)生了升華

D.晾在室外的濕衣服變干，是蒸發(fā)現象，吸收熱量如圖所示，下面四幅圖中所涉及的物理知識描述不正確的是（）A.如圖：通過增大受力面積來減小壓強

B.如圖：利用了連通器原理

C.如圖：利用流體在流速大的地方壓強小

D.如圖：可探究液體壓強的大小與深度的關系一個人從遠處走向一面掛在豎直墻壁上的平面鏡，下面關于他在平面鏡中所成像的說法中正確是（）A.像變小，且遠離平面鏡 B.像變大，且靠近平面鏡

C.像的大小不變，且遠離平面鏡 D.像的大小不變，且靠近平面鏡如圖所示,放在水平桌面上的物塊A與B用細線通過定滑輪與沙桶相連,當沙桶與沙的總重力為G時,物塊AB恰好一起做勻速直線運動的過程中(忽略細線與滑輪之間的摩擦)。以下說法正確的是A.物塊B受到的滑動摩擦力大小為G

B.物塊A受到的重力與桌面對物體A的支持力是一對平衡力

C.繼續(xù)向沙桶中加入沙子,物塊A受到的滑動摩擦力不變

D.如果所有力突然全部消失,物體B將保持靜止狀態(tài)如圖所示，70kg的消防員沿著鋼管勻速下滑時感到手心發(fā)燙，此時受到鋼管對他的摩擦

力大小和導致手心內能改變的方式是（g=10N/kg）（）A.70N熱傳遞

B.70N做功

C.700N熱傳遞

D.700N做功2022年第24屆冬季奧林匹克運動會將在我國舉行，如圖所示是滑雪運動員正在訓練時的場景，下列說法中錯誤的是（）A.使用雪橇滑雪是通過增大受力面積來減小壓強

B.運動員騰空降落過程中，重力勢能轉化為動能

C.當運動員勻速直線滑行時，雪橇的重力與地面對雪橇的支持力是一對平衡力

D.運動員沖過終點后不能立即停止滑行，是由于運動員具有慣性

如圖，電源電壓不變。閉合開關S后，開關S1由閉合到斷開，下列說法正確的是（）A.A1示數不變，A示數變小

B.A1示數不變，A示數變大

C.A1示數變大，A示數變大

D.A1示數變小，A示數變小

二、填空題（本大題共7小題，共28.0分）請按照下列要求作答．

（1）讀出圖甲所示的體溫計的錄數為______℃；

（2）讀出圖乙所示的電阻箱的示數為______Ω．

“坐井觀天，所見甚小”說明了光是沿______傳播的。光年是______的單位。2012年6月18日14時許，在完成捕獲、緩沖、拉近和鎖緊程序后，神舟九號與天宮一號緊緊相牽，中國首次載人交會對接取得成功。在對接完成后，以神舟九號為參照物，天宮一號是______的。若以地球為參照物，天宮一號是______的，因此同一物體，選擇參照物不同，運動狀態(tài)一般是不同的。2018年2月11日，平昌冬奧會冰壺附加賽在中國和挪威之間展開。如圖甲為我國冰壺運動員比賽場景，運動員推動投擲壺從出發(fā)點A運動至投擲線B點，之后投擲壺被推出，在冰道上沿著弧線BCD路徑到達D點并撞擊目標壺，兩只冰壺偏離不同方向離開冰道。

（1）兩只冰壺相撞后偏離不同方向，說明力的作用效果之一是______。

（2）投擲壺在冰道上沿弧線運動，是因為運動員脫手之前對冰壺進行了旋轉，這樣冰壺在前進時產生了如圖乙方向的自轉，因此在前進過程中冰壺兩側的空氣流速不同，導致冰壺兩側受到氣壓不同，請判斷圖中冰壺兩側的氣壓p1和p2大小關系______。小芳利用如圖裝置測量滑輪組提升某重物時的機械效率，測得這個重物重為1N，物體被緩慢提升的高度為0.2m，豎直向上的拉力為0.4N．則繩端移動的距離為______，此時該滑輪組的機械效率為______（保留一位小數）。

如圖所示，A裝置是______滑輪。若用20N的拉力將重為18牛的旗幟勻速提升15m，則拉力所做的功為______J，該滑輪的機械效率為______；若增加旗幟的重力，該滑輪的機械效率會______（填“升高”、“不變”、“降低”）。把一根粗細均勻、電阻為32Ω的電阻絲繞成一個圓環(huán)，并以如圖所示的方式接入電壓為6V的電源兩端（導線和電流表內阻忽略不計），則該圓環(huán)在電路中的電阻值為______Ω，電流表示數為______A。三、作圖題（本大題共2小題，共4.0分）如圖所示，煤礦工人用50N的力在A點水平向右推車，根據圖中給出的標度，畫出推力的圖示．

如圖所示，根據磁體及周圍磁場分布情況，在圖中標出通電螺線管的N、S極及電源的正負極。

四、實驗探究題（本大題共2小題，共16.0分）小明利用如圖所示的刻度均勻的輕質杠桿探究杠桿的平衡條件。

（1）杠桿靜止時位置如圖甲所示，要使它在水平位置平衡，應將平衡螺母向______（選填“左”或“右”）調節(jié)。

（2）杠桿平衡后，小明在左右兩側分別掛上鉤碼，如圖乙所示，松手后，杠桿的______端會下沉，要使杠桿重新在水平位置平衡，只需將右側的鉤碼向______移動______格即可。

（3）小明又用彈簧測力計和鉤碼使杠桿在圖丙位置重新平衡，請在圖中畫出彈簧測力計對杠桿拉力的力臂l。小宇同學在“探究電流與電阻的關系”實驗中，器材如圖甲所示，電源為兩節(jié)新的干電池，滑動變阻器上標有“10Ω1A”字樣，阻值分別為5Ω、10Ω、20Ω、30Ω的定值電阻各一個。

（1）請用筆畫線代替導線，把圖甲所示的電路補充完整（滑片P向右滑，滑動變阻器接入電路的電阻變大）。

（2）小宇同學首先將5Ω定值電阻接入電路，再閉合開關，調節(jié)滑片P，使電壓表示數到達某一數值，電流表的示數如圖乙所示，該示數為______A。

（3）接下來，小宇同學應該斷開開關，將5Ω的電阻替換為10Ω、20Ω．閉合開關，調節(jié)滑片P，使電壓表示數為______V，將電流表示數記錄在表格中。實驗次數123電阻R/Ω51020電流I/A0.20.1（4）由表格中數據發(fā)現：在電壓一定時，電流與電阻成______（選填“正比”或“反比”）．本次探究中若換用30Ω的定值電阻接入電路，無論怎樣調節(jié)滑片P，電壓表示數始終______（選填“大于”或“小于”）所需電壓。五、綜合題（本大題共2小題，共22.0分）茶是世界三大飲品之一，起源于中國，盛行于世界，2020年5月21日是聯合國確定的首個“國際茶日”。茶文化協(xié)及很多物理知識，請你利用所學知識回答下列問題：

（1）如圖所示，茶壺利用了______原理，方便倒水飲茶。

（2）用熱水沖泡茶葉時，茶葉隨水而動，說明力可以改變物體的______。

（3）茶香四溢這是______現象，說明分子在不停地做______（選填“規(guī)則”或“無規(guī)則”）運動，懸浮在水中的茶葉受到的重力______（選填“大于”“小于”或“等于”）浮力。

（4）透過透明的玻璃茶壺看到茶葉“變大了”，這是光的______造成的。某課外活動小組需要對兩個定值電阻R1、R2和一只滑動變阻器R3的電阻進行測量，將這些元件連成如圖所示的電路。閉合S1，斷開S2，將滑動變阻器的阻值調到最大時，電流表的讀數為0.2A，電壓表的示數為2V；若將S1、S2都閉合，將滑動變阻器的阻值調到0時，電壓表的示數為6V，電流表的示數為0.9A．求：

（1）R1的阻值是多少？

（2）滑動變阻器的最大阻值R3是多少？

（3）R2的阻值是多少？

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：

PM2.5指空氣中直徑等于或小于2.5μm的固態(tài)可吸入顆粒物．

故選B．

PM2.5是指大氣中直徑小于或等于2.5微米的顆粒物，也稱為可入肺顆粒物．

此題考查的是我們對PM2.5含義的了解，是一道聯系實際的應用題，也是基礎題，難度較小，容易解答．

2.【答案】C

【解析】解：A、由于月亮上沒有空氣，處于真空，聲音不能在真空中傳播，因此不能聽到隕石撞擊月球的聲音，故錯誤；

B、隕石撞擊月球時，有力的作用，會使月球振動，但這種振動產生的聲音不能傳播，故錯誤；

C、月亮上沒有空氣，是真空狀態(tài)，聲音不能傳播，因此宇航員不能聽到隕石撞擊月球的聲音，故正確；

D、由于月亮上沒有空氣，因些聲音可以沿月球表面的固體傳播，但不能向空間傳播，故錯誤．

故選C．

此題考查了聲音的傳播條件，聲音不能在真空中傳播．

3.【答案】B

【解析】解：小車從斜面滑下時，小明認為運動速度可能會越來越快，這屬于猜想與假設。

故選：B。

科學探究的一般過程包括：提出問題、作出假設、制定計劃、實施實驗以及得出結論。

本題考查了科學探究的步驟，屬于基礎知識。

4.【答案】B

【解析】解：?A、冬天戴口罩后，人呼出的水蒸氣遇冷液化成小水珠附著在了眼鏡上，這是液化現象，故?A正確；

?B、在其它條件相同時，積雪上灑鹽水是摻有雜質，使其熔點降低，使雪熔化，交通方便，鹽水的熔點低于冰，故?B錯誤；

?C、固態(tài)的雪可以直接變成水蒸氣，使房頂上的積雪會變少，屬于升華現象，故?C正確；

?D、晾在室外的濕衣服變干，是蒸發(fā)現象，吸收熱量，故?D正確。

故選：?B。

（1）物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固。

（2）六種物態(tài)變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態(tài)變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華。

分析生活中的熱現象屬于哪種物態(tài)變化，關鍵要看清物態(tài)變化前后，物質各處于什么狀態(tài)；另外對六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

5.【答案】B

【解析】解：

A、人躺在吊床上，是通過增大受力面積來減小壓強，所以人感到舒服；故A正確；

B、當瓶口在水面以下時，瓶子內的水和空氣的壓強之和等于外界的大氣壓強，水不流出；當瓶口露出水面時，空氣進入瓶內，瓶內空氣和水的壓強之和大于外界的大氣壓強，水流出，直到封住瓶口為止，利用的是大氣壓，不是連通器原理，故B錯誤；

C、往吸管中吹氣時，A管上方空氣的流速增大，壓強減小，A管中液體受到向上的壓強大于向下的壓強，液面上升。故C正確；

D、液體內部向各個方向都有壓強，帶橡皮膜的玻璃管豎直插入水中，橡皮膜會向上凸；由于液體壓強隨深度的增加而增大，所以玻璃管插入水中越深，橡皮膜向上的凸起程度越大，可探究液體壓強的大小與深度的關系，故D正確。

故選：B。

（1）壓強與壓力和受力面積有關，減小壓強的方法：減小壓力或減小受力面積；

（2）隨著自動喂水的裝置內水的減少，當瓶口剛露出水面時，會有少量空氣進入瓶中，瓶內氣壓增大，瓶子的水會下降流出一部分，使水位重新升高，瓶口繼續(xù)沒入水中，空氣不再進入；

（3）氣體的壓強與流速有關，流速越大的位置氣體產生的壓強越?。?/p>

（4）液體壓強隨深度的增加而增大。

本題考查了學生對大氣壓的應用、增大或減小壓強的方法流體壓強與流速的關系以及液體壓強的特點等知識點，體現了生活中的很多現象都離不開物理知識。

6.【答案】D

【解析】解：物體在平面鏡中成的像的大小跟物體的大小有關，跟其他因素無關。

所以，一個人從遠處走向一塊豎直掛著的平面鏡，人的大小不變，像的大小不變。

物像到平面鏡的距離相等，當一個人從遠處走向一塊豎直掛著的平面鏡，人到平面鏡的距離減小，像到平面鏡的距也減小。所以，像向靠近平面鏡的方向移動。

故選：D。

根據平面鏡成像特點進行分析。

平面鏡成像特點：物體在平面鏡中成虛像，物像大小相等，物像連線與鏡面垂直，物像到平面鏡的距離相等。

生活中當人靠近平面鏡時，感覺人的像變大，實質上是沒有變化的，是人的視覺錯誤造成的。

人感覺物體的大小跟視角有關，當物體大小一定時，離眼睛越近時，人感覺物體越大。

7.【答案】C

【解析】【分析】

二力平衡的條件是：作用在同一物體上的兩個力，如果大小相等，方向相反，并且在一條直線上；

影響滑動摩擦力大小的因素是壓力大小和接觸面的粗糙程度。

此題考查平衡力的辨別、摩擦力的大小?；瑒幽Σ亮Υ笮≈桓鷫毫Υ笮『徒佑|面粗糙程度有關，跟運動方向、運動速度、受力面積等都沒有關系，這是解決本題的關鍵。

【解答】

A、沙桶與沙的總重力為G，使用定滑輪不能改變力的大小（忽略細線與滑輪之間的摩擦），則物塊受到的拉力大小為G；因為物塊做勻速直線運動，拉力和滑動摩擦力是一對平衡力，所以A和B所受滑動摩擦力的大小為G，B相對于A相對靜止，沒有摩擦力，故A錯誤；

B、物塊A受到的重力與桌面對物體A的支持力，大小不等，不是一對平衡力，故B錯誤；

C、繼續(xù)向沙桶中加入沙子，由于壓力大小和接觸面的粗糙程度都不變，所以物塊受到的滑動摩擦力不變，故C正確。

D、如果所有力突然全部消失，根據牛頓第一定律，物體B將保持原來的速度做勻速直線運動，故D錯誤；

故選：C。

8.【答案】D

【解析】解：（1）消防員的重力：G=mg=70kg×10N/kg=700N；

消防員沿著鋼管勻速下滑時，受豎直向下的重力和豎直向上的摩擦力，這兩個力是一對平衡力，平衡力大小相等、方向相反，即f=G=700N；

（2）在下滑過程中，手克服摩擦力做功，使得手的內能增加，溫度升高，故他的手心會感到發(fā)燙。

綜合分析D正確。

故選：D。

（1）平衡力的條件：大小相等、方向相反作用在同一直線上，作用在同一物體上；

（2）改變內能的方式有兩種，其一是做功，其二是熱傳遞，對于做功改變內能是能量的轉化過程，而熱傳遞改變內能是能量的轉移過程。

本題考查了平衡力和改變內能的方法，其中理解力與運動的關系是解題的關鍵。

9.【答案】C

【解析】解：A、運動員使用雪橇，這是在壓力一定時，通過增大與雪地的受力面積，從而減小壓強，故A正確；

B、運動員騰空降落過程中，質量不變，高度減小，重力勢能減小，速度增大，動能增大，故重力勢能轉化為動能，故B正確；

C、當運動員勻速直線滑行時，雪橇的重力與地面對雪橇的支持力不相等，不是一對平衡力，故C錯誤；

D、運動員沖過終點后不能立即停下，是因為他具有慣性，仍要保持原來的運動狀態(tài)，故D正確。

故選：C。

（1）減小壓強的方法：在壓力一定時，增大受力面積，可以減小壓強；在受力面積一定時，減小壓力，可以減小壓強；

（2）重力勢能是物體由于被舉高而具有的能，它的影響因素是質量和高度；

（3）二力平衡的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上；

（4）慣性是指物體保持原來運動狀態(tài)不變的性質，任何物體都具有慣性。

本題以滑雪運動為背景，考查了減小壓強的方法、影響重力勢能大小的因素、慣性的應用等，有一定綜合性，但難度不大。

10.【答案】A

【解析】解：從圖可知，當開關S、S1都閉合后，燈泡L1和燈泡L2并聯，電流表A測量的是干路中的總電流，電流表A1測量通過燈泡L1的電流，而電源電壓不變，

根據歐姆定律可知通過燈泡L1的電流I1不變，即電流表A1的示數不變。

閉合開關S，斷開開關S1，電路中只有燈泡L1，電流表A和A1測量的是通過電阻燈泡L1中的電流，

則電流表A和A1的示數為：I=I1即電流表A的示數變小。

故選：A。

從圖可知。閉合開關S，斷開開關S1，電路中只有燈泡L1，電流表A和A1測量的是通過電阻燈泡L1中的電流。

開關S、S1都閉合后，燈泡L1和燈泡L2并聯，電流表A測量的是干路中的總電流，電流表A1測量通過燈泡L1的電流，再根據并聯電路的電流特點判斷出電流表A和A1示數的變化。

本題考查了學生對歐姆定律和并聯電路電流特點的掌握和運用，以及開關斷開和閉合對電路串、并聯的影響。能分析電路圖確定兩種情況下（閉合開關S，斷開開關S1，電路中只有燈泡L1；開關S、S1都閉合后，燈泡L1和燈泡L2并聯）的電路組成是本題的關鍵。

11.【答案】37.6；231.6

【解析】解：（1）體溫計的一個大格表示1℃，里面有10個小格，因此它的分度值為0.1℃．因此它的讀數為37℃+0.6℃=37.6℃．

（2）該電阻箱的示數為：2×100Ω+3×10Ω+1×1+6×0.1Ω=231.6Ω．

故答案為：（1）37.6；（2）231.6．

（1）要弄清楚體溫計的量程和分度值再去讀數．分度值表示刻度上的一個小格表示的數值；

（2）用三角頂端所指的示數乘以下面的倍數，然后將所有的數值相加，即為該電阻箱的讀數．

（1）體溫計是初中物理中基本的測量工具，使用前要觀察它的量程和分度值；

（2）明確每個轉盤三角頂端對應的示數是讀出電阻箱示數的關鍵．

12.【答案】直線；長度

【解析】解：

坐井觀天，所見甚小，是說明光在空氣中沿直線傳播；

光年是光一年所走的路程，是長度單位。

故答案為：直線；長度。

青蛙之所以坐在井里，只能看到很小的一片天，就是因為光是沿直線傳播的緣故；光年是光一年所走的路程是長度單位。

本題考查了光的直線傳播和光年的定義，比較簡單。

13.【答案】靜止

運動

【解析】解：在對接完成后，以神舟九號為參照物，天宮一號相對于神舟九號位置沒有發(fā)生變化，所以是靜止的。

若以地球為參照物，天宮一號相對于地球的位置發(fā)生了變化，所以是運動的，

因此同一物體，選擇參照物不同，運動狀態(tài)一般是不同的。

故答案為：靜止；運動。

在判斷物體的運動靜止時，要看物體相對于參照物的位置是否發(fā)生改變，如果改變，物體是運動的，如果不變，則物體是靜止的。

本題考查運動與靜止的相對性的應用，一個物體的運動狀態(tài)的確定，關鍵取決于所選取的參照物。所選取的參照物不同，得到的結論也不一定相同。這就是運動和靜止的相對性。

14.【答案】改變物體的運動狀態(tài)

p1＜p2

【解析】解：（1）兩只冰壺相撞后偏離不同方向，說明力可以改變物體的運動狀態(tài)；

（2）由于投擲壺的轉動，周圍空氣也隨之繞投擲壺轉動。對于投擲壺，由于投擲壺的旋轉，投擲壺上方空氣隨之向右運動，但同時投擲壺向右運動，則空氣相對于投擲壺向右運動，空氣和投擲壺帶動空氣的運動方向相同，增大了空氣的運動速度，投擲壺上方的空氣流動速度大，壓強小。由于投擲壺的旋轉，帶動投擲壺周圍空氣逆時針轉動，投擲壺下方空氣隨之向左運動，但同時投擲壺向右運動，則空氣相對于投擲壺向右運動，空氣相對于投擲壺的兩種運動作用相抵，投擲壺下方的空氣流動速度小，壓強大；故p1＜p2。

故答案為：（1）改變物體的運動狀態(tài)；（2）p1＜p2。

（1）力作用效果有兩個：力可以改變物體的形狀，力可以改變物體的運動狀態(tài)；

（2）根據流體壓強跟流速的關系進行解答投擲壺的壓強的問題。

此題考查了力的作用效果及流體壓強與流速的關系的應用，看清示意圖，正確分析冰壺運動過程中周圍氣壓的變化，是解答第二小題的難點。

15.【答案】0.6m

83.3%

【解析】解：

（1）由圖知，n=3，則繩端移動的距離s=3h=3×0.2m=0.6m；

（2）拉力做的有用功：

W有用=Gh=1N×0.2m=0.2J，

拉力做的總功：

W總=Fs=0.4N×0.6m=0.24J，

滑輪組的機械效率：

η==×100%≈83.3%。

故答案為：0.6m；83.3%。

（1）由圖知，n=3，繩端移動的距離s=3h；

（2）利用W=Gh求所做的有用功，利用W=Fs求拉力做的總功，滑輪組的機械效率等于有用功與總功之比。

本題考查了使用滑輪組時繩端移動的距離、有用功、總功、機械效率的計算，屬于基礎題目。

16.【答案】定

300

90%

升高

【解析】解：

（1）旗上升時，滑輪軸的位置不變，所以旗桿頂端的滑輪是定滑輪；

（2）使用定滑輪不省距離也不費距離，拉力端移動距離s=h=15m，

拉力所做的功：

W總=Fs=20N×15m=300J；

（3）拉力做的有用功：

W有用=Gh=18N×15m=270J，

該滑輪的機械效率：

η==×100%=90%，

（4）增加旗幟的重力，有用功增大，額外功幾乎不變，有用功與總功的比值增大，該滑輪的機械效率會升高。

故答案為：定；300；90%；升高。

（1）軸的位置不變的滑輪是定滑輪，使用定滑輪時不能省力，但可以改變力的方向；

（2）使用定滑輪，拉力端移動距離s=h，利用W=Fs求出拉力所做的功；

（3）利用W=Gh求拉力做的有用功，再利用η=求機械效率；

（4）提高滑輪或滑輪組機械效率的方法：增大提升的物重、減小動滑輪重力和摩擦。

本題考查了定滑輪的定義、使用定滑輪時有用功、總功、機械效率的計算，屬于基礎題目。

17.【答案】6

1

【解析】解：

（1）設整個電阻絲的阻值為R，且R=32Ω，

根據電路圖可知，R與R并聯，電流表測量干路的電流，

根據并聯電路電阻規(guī)律可得電路中的總電阻：

R總==R=×32Ω=6Ω；

（2）電流表的示數為：

I===1A。

故答案為：6；1。

（1）設整個電阻絲的阻值為R，根據電路圖可知，R與R并聯，電流表測量干路的電流，直接根據并聯電路電阻規(guī)律即可求出電路的總電阻；

（2）電流表測量干路的電流，直接根據歐姆定律即可求出電流表的示數。

本題考查并聯電路的電阻規(guī)律以及歐姆定律的應用，關鍵是能從電路圖中分析得出電阻的連接方式。

18.【答案】解：力的示意圖和圖示不同點是：圖示有標度，而示意圖沒有標度．

如圖所示：

【解析】要解答本題需掌握：畫力的圖示的步驟，即先找受力物體，也就是力的作用點．然后從力的作用點起沿力的方向畫一條帶箭頭的線段．

本題主要考查學生對：畫力的圖示的步驟的了解和掌握，是一道基礎題．

19.【答案】解：因外部磁感線總是由N極指向S極，由圖可知磁感線都指向外側，

所以螺線管左端為N極，右端為S極，

則由右手螺旋定則可得電流由右側流出，左側流入，

故電源右側為正極，左側為負極；

故答案如圖所示：

【解析】由外部磁感線的特點及圖中磁感線的形狀可判斷通電螺線管的磁極，再由右手螺旋定則可得出電源的正負極。

本題考查磁體周圍磁感線的特點及右手螺旋定則，要熟記常見磁鐵的形狀及熟練應用右手螺旋定則。

20.【答案】右

左

右

1

【解析】解：（1）杠桿的右端上翹，要使它在水平位置平衡，平衡螺母向上翹的右端移動；

（2））設杠桿每個格的長度為L，每個鉤碼的重力為G，

根據杠桿的平衡條件：F左L左=F右L右，

即左端：4G×2L=8GL，右端：2G×3L=6GL，8GL＞6GL，左端大，故左端下沉；

要使杠桿重新在水平位置平衡，如果不改變鉤碼總個數和懸掛點位置，只需要右側的鉤碼向右移動1格；

（3）反向延長動力的作用線，從支點O向力的作用線作垂線，支點到垂足的距離就是力臂。如下圖所示：

；

故答案為：（1）右；（2）左；

右；1。

（1）要使杠桿在水平位置平衡，平衡螺母向上翹的一端移動；

（2）設一個鉤碼重為G，杠桿一個小格是L，根據杠桿平衡條件判斷杠桿向那端下降，要保持平衡，根據杠桿的平衡條件判斷移動那側鉤碼；

（3）力臂的畫法：①首先根據杠桿的示意圖，確定杠桿的支點。②確定力的作用點和力的方向，畫出力的作用線。③從支點向力的作用線作垂線，支點到垂足的距離就是力臂。

此題是探究杠桿平衡實驗，考查了杠桿的調平及杠桿平衡條件的應用以及過支點的力對杠桿的影響，要注意分析力和對應的力臂。

21.【答案】0.4

2

反比

大于

【解析】解：（1）電源電壓為3V，電壓表選用小量程與電阻并聯；滑片P向右滑，滑動變阻器接入電路的電阻變大，即變阻器滑片以左的電阻絲連入電路中，如下圖所示：

（2）電流表的示數如圖乙所示，由圖甲可知電流表選用小量程，分度值為0.02A，此時示數為0.4A；

（3）研究電流與電阻的關系時，要控制電壓表示數不變，

由歐姆定律可得，電壓表的示數應為U=IR=0.4A×5Ω=2V；

所以，小宇同學將5Ω的電阻替換為10Ω，閉合開關，調節(jié)滑片P，使電壓表示數為2V，將電流表示數記錄在表格中。

（4）由表格中數據發(fā)現：電阻增大為原來的幾倍，通過的電流減小為原來的幾分之一，即：在電壓一定時，電流與電阻成反比。

本次探究中若換用30Ω的定值電阻接入電路，當變阻器全部電阻接入電路時，根據分壓原理可得，此時電壓表示數為：U表=U=×3V=2.25V，則電壓表示數始終大于所需電壓。

故答案為：（1）如上圖所示；（2）0.4；（3）2；（4）反比；大于。

（1）根據電源電壓確定電壓表選用的量程與電阻并聯，根據滑片P向右滑，滑動變阻器接入電路的電阻變大連接變阻器；

（2）根據電流表小量程計讀數；

（3）研究電流與電阻的關系時，要控制電壓表示數不變，由歐姆定律的變形公式，求出電壓表示數；

連接電路過程中，應該斷開開關，并且將滑動變阻器阻值調到最大；