實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三物理下學(xué)期2月月考試題含解析_第1頁(yè)
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黑龍江省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三物理下學(xué)期2月月考試題含解析黑龍江省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三物理下學(xué)期2月月考試題含解析PAGE21-黑龍江省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三物理下學(xué)期2月月考試題含解析黑龍江省實(shí)驗(yàn)中學(xué)2020屆高三物理下學(xué)期2月月考試題(含解析)二、選擇題:本題共8小題,每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求,第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。1。某金屬發(fā)生光電效應(yīng),光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率ν之間的關(guān)系如圖所示.已知h為普朗克常量,e為電子電荷量的絕對(duì)值,結(jié)合圖象所給信息,下列說(shuō)法正確的是()A。入射光的頻率小于也可能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象B。該金屬的逸出功隨入射光頻率的增大而增大C。若用頻率是的光照射該金屬,則遏止電壓為D。遏止電壓與入射光的頻率無(wú)關(guān)【答案】C【解析】【詳解】由圖像可知金屬的極限頻率為ν0,入射光的頻率必須要大于ν0才能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;金屬的逸出功與入射光的頻率無(wú)關(guān),選項(xiàng)B錯(cuò)誤;若用頻率是2ν0的光照射該金屬,則光電子的最大初動(dòng)能為,則遏止電壓為,選項(xiàng)C正確;遏止電壓與入射光的頻率有關(guān),入射光的頻率越大,則最大初動(dòng)能越大,遏制電壓越大,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.2。如圖所示,小球從斜面的頂端A處以大小為v0的初速度水平拋出,恰好落到斜面底部的B點(diǎn),且此時(shí)的速度大小vB=v0,空氣阻力不計(jì),該斜面的傾角為()A.60° B。45° C.37° D。30°【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)平行四邊形定則知,落到底端時(shí)豎直分速度為:,則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為:,設(shè)斜面的傾角為,則有:,所以,ABD錯(cuò)誤C正確.3。某物體的v—t圖像如圖所示,下列說(shuō)法正確的是()A。和,合外力做功和沖量都相同B。和,合外力做功和沖量都相同C.和,合外力做功和沖量都相同D.和,合外力做功和沖量都相同【答案】C【解析】【詳解】A.內(nèi)動(dòng)能的變化量為,動(dòng)量變化量為;內(nèi)動(dòng)能變化量為,動(dòng)量變化量為,根據(jù)動(dòng)能定理可知這兩段時(shí)間內(nèi)合外力做功相等;而根據(jù)動(dòng)量定理得知:合外力的沖量不同,故A錯(cuò)誤;B.內(nèi)動(dòng)能變化量為,動(dòng)量變化量為,內(nèi)動(dòng)能變化量為,動(dòng)量變化量為。則知?jiǎng)幽茏兓肯嗤?,而?dòng)量變化量不同,所以合外力做功相等,合外力的沖量不同,故B錯(cuò)誤;C.和內(nèi)動(dòng)能變化量均為0,動(dòng)量變化量均為0,根據(jù)兩個(gè)定理得知合外力的功和沖量都相同,故C正確;D.由上分析得知:0~t1和t3~t4內(nèi)動(dòng)能變化量不同,動(dòng)量變化量也不同,故合外力的功和沖量都不相同,故D錯(cuò)誤.【點(diǎn)睛】根據(jù)動(dòng)能定理:合外力做功等于物體動(dòng)能的變化;由動(dòng)量定理得知:合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化量。根據(jù)兩個(gè)定理進(jìn)行分析.4。如圖所示,虛線是某靜電場(chǎng)的一簇等勢(shì)線,邊上標(biāo)有電勢(shì)的值,一帶電粒子只在電場(chǎng)力作用下恰能沿圖中的實(shí)線從A經(jīng)過(guò)B運(yùn)動(dòng)到C,下列判斷正確的是()A。粒子一定帶負(fù)電B。A處場(chǎng)強(qiáng)大于C處場(chǎng)強(qiáng)C.粒子在A處電勢(shì)能大于在C處電勢(shì)能D。粒子從A到B電場(chǎng)力所做的功大于從B到C電場(chǎng)力所做的功【答案】B【解析】【詳解】A.根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直且由高電勢(shì)指向低電勢(shì),可知電場(chǎng)線方向大致向左,根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向可知,粒子所受的電場(chǎng)力方向大致向左,則知粒子一定帶正電,A錯(cuò)誤;B.等差等勢(shì)面的疏密反映電場(chǎng)強(qiáng)度的大小,A處場(chǎng)強(qiáng)大于C處場(chǎng)強(qiáng),B正確;C.從A點(diǎn)飛到C點(diǎn),電場(chǎng)力方向與速度的夾角為鈍角,電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增大,C正確;D.由于電勢(shì)差相同,根據(jù)知,電場(chǎng)力做功相同,D錯(cuò)誤.5。如圖所示,光滑絕緣水平面上兩個(gè)相同的帶電小圓環(huán)A、B,電荷量均為q,質(zhì)量均為m,用一根光滑絕緣輕繩穿過(guò)兩個(gè)圓環(huán),并系于結(jié)點(diǎn)O。在O處施加一水平恒力F使A、B一起加速運(yùn)動(dòng),輕繩恰好構(gòu)成一個(gè)邊長(zhǎng)為l的等邊三角形,則()A。小環(huán)A的加速度大小為B。小環(huán)A的加速度大小為C.恒力F的大小為D.恒力F的大小為【答案】B【解析】【詳解】AB.設(shè)輕繩的拉力為T,則對(duì)A:T+Tcos=kTcos=maA聯(lián)立解得:aA=故B正確,A錯(cuò)誤;CD.恒力F的大小為F=2maA=故CD錯(cuò)誤.6.某質(zhì)點(diǎn)在3s內(nèi)豎直向上運(yùn)動(dòng),其加速度與時(shí)間(a-t)圖像如圖所示.若取豎直向下為正方向,重力加速度g取10m/s2。則下列說(shuō)法正確的是()A。質(zhì)點(diǎn)第1s內(nèi)發(fā)生的位移為5mB。質(zhì)點(diǎn)的初速度不小于29m/sC.質(zhì)點(diǎn)第2s內(nèi)處于失重狀態(tài)D。質(zhì)點(diǎn)在第3s末的機(jī)械能大于第1s末的機(jī)械能【答案】BCD【解析】【詳解】A.質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的加速度為—10m/s2,故第1s內(nèi)物體向上做減速運(yùn)動(dòng),因初速度未知,故無(wú)法確定第1s內(nèi)的位移,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;B.若3s末物體的速度減到零,則3s內(nèi)速度的變化為因物體一直向上運(yùn)動(dòng),故初速度不小于29m/s,選項(xiàng)B正確;C.質(zhì)點(diǎn)在第2s內(nèi)加速度向下,故處于失重狀態(tài),選項(xiàng)C正確;D.根據(jù)牛頓第二定律,1~2s內(nèi),mg—F=ma,得F=3m方向向上,做正功,物體機(jī)械能增加;2~3s內(nèi),mg-F=ma,得F=-2m方向向下,物體機(jī)械能減少;物體一直向上做減速運(yùn)動(dòng),而1~2s內(nèi)的速度大于2~3s內(nèi)的速度,則1~2s內(nèi)的位移大于2~3s內(nèi)的位移,故1~2內(nèi)物體機(jī)械能增加的多,2~3s內(nèi)減小的少,故質(zhì)點(diǎn)在t=3s時(shí)的機(jī)械能大于t=1s時(shí)的機(jī)械能,D正確。故選BCD?!军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是通過(guò)a—t圖像分析物體運(yùn)動(dòng)情況;同時(shí)要注意明確機(jī)械能的變化量等于重力以外的力做的功,重力以外的力做正功則機(jī)械能增加,重力以外的力做負(fù)功則機(jī)械能減少.7。如圖甲所示,左側(cè)接有定值電阻的水平粗糙導(dǎo)軌處于垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T,導(dǎo)軌間距L=lm?!|(zhì)量m=2kg,阻值的金屬棒在水平拉力F作用下由靜止開(kāi)始從CD處沿導(dǎo)軌向右加速運(yùn)動(dòng),金屬棒的v-x圖像如圖乙所示,若金屬棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù),則從起點(diǎn)發(fā)生x=1m位移的過(guò)程中(g=10m/s2)()A。金屬棒克服安培力做的功W1=0。5JB.金屬棒克服摩擦力做的功W2=4JC。整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量Q=5.25JD.拉力做的功W=9.25J【答案】CD【解析】【詳解】A.由速度圖像得:v=2x,金屬棒所受的安培力代入得FA=0。5x則知FA與x是線性關(guān)系。當(dāng)x=0時(shí),安培力FA1=0;當(dāng)x=1m時(shí),安培力FA2=0。5N,則從起點(diǎn)發(fā)生x=1m位移的過(guò)程中,安培力做功為即金屬棒克服安培力做的功為W1=025J故A錯(cuò)誤;B.金屬棒克服摩擦力做的功為W2=μmgx=0。25×2×10×1J=5J故B錯(cuò)誤;CD.根據(jù)動(dòng)能定理得其中v=2m/s,μ=0。25,m=2kg,代入解得拉力做的功為W=9。25J整個(gè)系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量為故CD正確。故選CD?!军c(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是根據(jù)v與x的關(guān)系,由安培力公式,得到FA與x的關(guān)系式,確定出FA與x是線性關(guān)系,即可求出安培力做功,再分析功能關(guān)系即可明確求出的熱量和拉力的功,注意速度為線性變化,故可以利用平均安培力求出安培力的功,同時(shí)產(chǎn)生的熱量要包括摩擦生熱和安培力所做的功.8。將如圖所示的交變電壓加在變壓比為4:1的理想變壓器的原線圈兩端,已知副線圈接阻值R=11Ω的定值電阻,則下列說(shuō)法正確的是()A。交變電壓的頻率為50HzB.該理想變壓器的輸入功率為輸出功率的4倍C。副線圈兩點(diǎn)電壓的有效值為55VD。流過(guò)原線圈的電流大小為1。25A【答案】ACD【解析】【詳解】A.由圖像可知交流電的周期為T=0.02s,則其頻率為HzA正確;B.理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等,B錯(cuò)誤;C.由圖像可知交流電的電壓的最大值為311V,所以輸入的電壓的有效值為VV根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知副線圈電壓的有效值為55V,C正確;D.對(duì)副線圈,由可解得5A,又由可得AAD正確。故選ACD.【點(diǎn)睛】本題主要考查了交流電的最大值和有效值,明確變壓器的特點(diǎn),電壓與匝數(shù)成正比,電流與匝數(shù)成反比,輸入功率等于輸出功率.三、非選擇題:共174分,第22~32題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答。第33~38題為選考題,考生根據(jù)要求作答.9。某同學(xué)用如圖甲所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律.入射球和靶球的半徑相同,質(zhì)量分別為m1、m2,平放于地面的記錄紙上鋪有復(fù)寫(xiě)紙。實(shí)驗(yàn)時(shí)先使入射球從斜槽上固定位置G由靜止開(kāi)始滾下,落到復(fù)寫(xiě)紙上,重復(fù)上述操作多次。再把靶球放在水平槽末端,讓入射球仍從位置G由靜止開(kāi)始滾下,和靶球碰撞后繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)落到復(fù)寫(xiě)紙上,重復(fù)操作多次。最終記錄紙上得到的落點(diǎn)痕跡如圖乙所示。(1)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)下列說(shuō)法正確的是________。A.需要用游標(biāo)卡尺測(cè)量?jī)尚∏虻闹睆紹。應(yīng)使m1〉m2C.實(shí)驗(yàn)中記錄紙的位置可以移動(dòng)D。斜槽要固定好,末端切線不需要調(diào)節(jié)水平(2)按照本實(shí)驗(yàn)方法,該同學(xué)確定了落地點(diǎn)平均位置P、Q、R并測(cè)出了OP、PQ、QR間的距離分別為x1、x2、x3,則驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是______________.【答案】(1)。B(2)?!窘馕觥俊驹斀狻?1)A.本實(shí)驗(yàn)中兩小球的直徑要相同即可,不需要測(cè)量小球的直徑,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;B.要碰后入射球不反彈,則入射球的質(zhì)量大于靶球的質(zhì)量,即m1>m2,故B項(xiàng)正確;C.實(shí)驗(yàn)中記錄紙上鋪復(fù)寫(xiě)紙的目的是描繪落點(diǎn)的位置,復(fù)寫(xiě)紙的位置可以移動(dòng),記錄紙的位置不可以移動(dòng),故C項(xiàng)錯(cuò)誤;D.斜槽要固定好,末端切線需要調(diào)節(jié)水平,才能使小球做平拋運(yùn)動(dòng),故D項(xiàng)錯(cuò)誤。(2)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是則即用題中測(cè)量的量表示為10.靈敏電流計(jì)G的量程為500μA、內(nèi)阻未知,某小組要將該電流計(jì)的量程擴(kuò)大至5mA,有下列器材可選:A。干電池一節(jié)B.電壓表V(量程1。5V,內(nèi)阻幾千歐)C?;瑒?dòng)變阻器R1(0~100Ω)D。電阻箱R2(0~999.9Ω)E.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn):(1)用如圖乙所示電路測(cè)量電流計(jì)和電壓表的內(nèi)阻。①將R1滑片滑到左端,斷開(kāi)S2,閉合S1,調(diào)節(jié)R1,使電流計(jì)滿偏,此時(shí)電壓表V的示數(shù)為1。0V;②將R2調(diào)至最大,閉合S2,調(diào)節(jié)R1、R2,當(dāng)電壓表示數(shù)為1。2V時(shí),電流計(jì)的示數(shù)為300μA、R2的阻值為180Ω。由以上數(shù)據(jù)可得電壓表的內(nèi)阻RV=________Ω,電流計(jì)的內(nèi)阻Rg=________Ω。(2)用靈敏電流計(jì)和電阻箱改裝電流表,請(qǐng)?jiān)诰€框中畫(huà)出改裝電路圖______,此時(shí)電阻箱阻值應(yīng)調(diào)為_(kāi)_______Ω。【答案】(1).2000(2)。180(3)。(4)。20【解析】【詳解】(1)[1]第一步為電壓表和電流計(jì)串聯(lián)的電路,由部分電路的歐姆定律有可得[2]第二步為Rg與R2并聯(lián)再與RV串聯(lián),由電路的電流關(guān)系可得代入數(shù)據(jù)解得(2)[3][4]電流計(jì)改裝成電流表需要利用并聯(lián)電阻分流,電路如圖所示:由并聯(lián)電路的電壓關(guān)系得解得即電阻箱調(diào)為20Ω。11.如圖所示,可看做質(zhì)點(diǎn)的小物塊放在長(zhǎng)木板的正中央,長(zhǎng)木板置于光滑水平面上,兩物體皆靜止;已知長(zhǎng)木板質(zhì)量為M=4.0kg,長(zhǎng)度為L(zhǎng)=3.0m,小物塊質(zhì)量為m=1.0kg,小物塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2;兩物體間的最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力大小,重力加速度g=10m/s2,試求:(1)用水平向右的恒力F作用于小物塊,當(dāng)F滿足什么條件,兩物塊才能發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)?(2)若一開(kāi)始就用水平向右5.5N的恒力作用與小物塊,則小物塊經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間從長(zhǎng)木板上掉下?【答案】(1)F>2.5N(2)1s【解析】試題分析:(1)兩物體恰要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí),它們之間的摩擦力大小達(dá)到最大靜摩擦fm;設(shè)它們一起運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1,此時(shí)作用于小物塊水平向右的恒力大小為F1,由牛頓定律可知:對(duì)整體:F1=(M+m)a1對(duì)木板:fm=Ma1其中解得F1=2.5N故當(dāng)F〉2.5N時(shí),兩物體之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)(2)分析可知,當(dāng)一開(kāi)始就用水平向右F2=5.5N的恒力作用于小木塊時(shí),兩物體發(fā)生滑動(dòng);設(shè)滑動(dòng)摩擦力的大小為f,小木塊、木板的加速度分別為a1、a2,由牛頓第二定律可得:對(duì)小物塊:F2—f=ma1對(duì)木板f=Ma2其中f=μmg解得a1=3.5m/s2;a2=0.5m/s2設(shè)小物塊滑下木板歷時(shí)為t,小物塊、木板相對(duì)于地面的位移大小分別為s1、s2,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和幾何關(guān)系可知:解得:t=1s考點(diǎn):牛頓第二定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】題涉及到相對(duì)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程,列牛頓第二定律方程時(shí)一定要先確定研究對(duì)象,要認(rèn)真分析物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況,并能熟練地運(yùn)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式.12.如圖所示,在xOy直角坐標(biāo)平面內(nèi)-m≤x<0的區(qū)域有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0。32T,0≤x<2.56m的區(qū)域有沿方向的勻強(qiáng)電場(chǎng).在x軸上坐標(biāo)為的S點(diǎn)有一粒子源,它一次能沿紙面同時(shí)向磁場(chǎng)內(nèi)每個(gè)方向各發(fā)射一個(gè)比荷=5。0×107C/kg,速率v=1.6×106m/s的帶正電粒子。若粒子源只發(fā)射一次,其中只有一個(gè)粒子Z剛好能到達(dá)電場(chǎng)的右邊界,不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用。求:(1)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r;(2)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E及Z粒子從S點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度方向與磁場(chǎng)左邊界的夾角θ;(3)Z粒子第一次剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí),還未離開(kāi)過(guò)磁場(chǎng)的粒子占粒子總數(shù)的比例η。【答案】(1)0.1m;(2)1.0×104N/C,;(3)【解析】【詳解】(1)由洛倫茲力提供向心力得解得(2)由題意可知Z粒子是垂直電場(chǎng)左邊界進(jìn)入電場(chǎng)的,作出Z粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖(a)所示,O1為軌跡圓圓心。分別用dB和dE表示電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域的寬度。對(duì)Z粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng),由動(dòng)能定理有代入數(shù)據(jù)解得E=1.0×104N/C由幾何知識(shí)可知:在中滿足可得:Z粒子從S點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度方向與磁場(chǎng)左邊界的夾角(3)作Z粒子在磁場(chǎng)中圓弧軌跡對(duì)應(yīng)的弦SN如圖(b)所示,由幾何知識(shí)得:為等邊三角形,則SN=r由題意可知:在磁場(chǎng)中圓弧軌跡對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)大于r的粒子,滿足Z粒子第一次剛要進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)未離開(kāi)過(guò)磁場(chǎng)。作出另兩個(gè)圓弧軌跡對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)等于SN的粒子軌跡,交磁場(chǎng)左右邊界分別為M、O1,粒子在S點(diǎn)的速度分別為v1和v2。由圖可知發(fā)射方向在v1和v2之間的粒子軌跡弦長(zhǎng)大于r,對(duì)應(yīng)的發(fā)射方向分布的角度范圍為由圖可知Z粒子的發(fā)射速度方向與磁場(chǎng)左邊界所夾角度范圍內(nèi)發(fā)射的粒子軌跡弦長(zhǎng)也大于r所以有13。如圖所示,一定質(zhì)量的理想氣體,從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,再變化到狀態(tài)C,其狀態(tài)變化過(guò)程的p-V圖象如圖所示。已知狀態(tài)A時(shí)的溫度為27℃,則下列判斷正確的是()A.氣體處于狀態(tài)B時(shí)的溫度是900KB.氣體處于狀態(tài)C時(shí)的溫度是300KC.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)C過(guò)程理想氣體內(nèi)能增大D.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B過(guò)程理想氣體放熱E.從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過(guò)程氣體放熱【答案】ABE【解析】詳解】A.由圖示圖象可知,A→B過(guò)程有代入數(shù)據(jù)解得TB=900K選項(xiàng)A正確;B.B→C過(guò)程有代入數(shù)據(jù)解得TC=30

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