2022年陜西省榆林市物理高二上期末教學質量檢測試題含解析-

2022-2023學年高二上物理期末模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．2B0．53．請4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。64241近地122的軌道半徑更大些，兩顆衛(wèi)星相比較，下列說法中正確的是（ ）2C.2的周期較大

2D.22、某實驗小組用如圖所示的實驗裝置來驗證楞次定律，當條形磁鐵自上而下穿過固定的線圈并遠離而去，該過程中（ ）通過電流表的感應電流方向一直是b→G→a通過電流表的感應電流方向是先b→G→aa→G→b條形磁鐵的加速度一直等于重力加速度條形磁鐵的加速度開始小于重力加速度，后大于重力加速度3、通電線圈在磁場中受到安培力作用會發(fā)生扭轉，下列器件或設備中根據這個原理設計和工作的是( )A.電容器C.避雷針

B.變壓器D.電動機4EU的理解，下列說法正確的是（）dA.此公式適用于計算任何電場中A、B兩點間的電勢差B.A點和B點間距離越大，則這兩點的電勢差越大C.公式中的d是指A點和B點之間的距離D.公式中的d是A、B所在的兩個等勢面間的垂直距離5、如圖所示，兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中，O為M、N連線中點，連線上a、b兩點關于O點對稱．導線通有大小相等、方向相反的電流I。已知通電長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度Bk1，r式中k是常數(shù)，I是導線中的電流，r為點到導線的距離。一帶負電的小球（圖中未畫出）以初速度v0從a點出發(fā)沿連線運動到b點。關于上述過程，下列說法正確的是（）A.小球先做加速運動后做減速運動B.小球一直做勻速直線運動C.小球對桌面的壓力先增大后減小D.小球對桌面的壓力一直在增大6PQPR有一金屬圓環(huán)沿兩導軌滑動，速度為v，與導軌接觸良好，圓環(huán)d設金屬環(huán)與導軌的電阻均可忽略，當金屬環(huán)向右做勻速運動時A.

dBvR B.

dBvRC.

2dBvR D.R45205307、關于物質的波粒二象性，下列說法中正確的是（ ）不僅光子具有波粒二象性，一切運動的微粒都具有波粒二象性運動的微觀粒子與光子一樣，當它們通過一個小孔時，都沒有特定的運動軌道D.實物的運動有特定的軌道，所以實物不具有波粒二象性8ab是軌跡上的兩點，勻強磁場B垂直紙面向里．該粒子在運動時，其質量和電量不變，而動能逐漸減少，下列說法正確的是abb點，再經過aC.粒子帶負電D.粒子帶正電9、在純電阻電路中，當用一個固定的電源(設E、r是定值)向變化的外電阻供電時，關于電源的輸出功率P隨外電阻R變化的規(guī)律如圖所示．下列判斷中正確的是（）A.電源內阻消耗的功率隨外電阻R的增大而增大B.當R＝r時，電源有最大的輸出功率PR的增大而增大R的增大而增大10、空間存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度沿水平方向（未標明方向，磁場垂直紙面向外，一帶電油滴是軌跡上的兩個點，則下列判斷正確的是（）油滴帶負電油滴必定做勻速直線運動abba電場方向水平向左三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）現(xiàn)有一合金制成的圓柱體用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度，螺旋測器和游標卡尺的示數(shù)如圖甲和圖乙所示，由圖甲讀得圓柱體的直徑由圖乙讀得圓柱體的長度。12（12分）如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實驗裝置①關于此實驗裝置中的靜電計，下列說法中正確的．（選填選項前面的字母）A．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少B．靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小C．靜電計的外殼與A板相連接后可不接地D．可以用量程為3V的電壓表替代靜電計②讓平行板電容器正對的兩極板帶電后，靜電計的指針偏轉一定角度．不改變、B兩板所帶電荷量，且保持兩板豎直平面內．現(xiàn)要使靜電計指針偏轉角變大，下列做法中可行的．（選填選項前面的字母）B板不動，A板向上平移B板不動，A板向右平移、B、B之間插入一塊絕緣介質板四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在一廣闊的勻強磁場中，建立一直角坐標系，如圖所示，在坐標系的原點O釋放一速率為，質量為m電荷量為十q的粒子（重力不計，釋放時速度方向垂直于B的方向，且與x軸成30角，則(1)其第一次經過y軸時，軌跡與y軸交點離O點距離為多少？（不考慮空氣阻力）（2粒子從O點開始運動到穿過y軸時所用的時間（3粒子做圓周運動圓心的坐標14（16分）如圖甲所示，一匝數(shù)N=10匝、總電阻、ad長L=0.4、ab寬L=0.2m的勻質矩形金屬線框靜止bcr=0.1m的圓形磁場的直徑，線框的左半部分處于垂直線框平面向上的勻強磁場區(qū)域內，磁感應強度B0=1T，圓形磁場的磁感應強度為B，方向垂直線框平面向下，大小隨時間變化規(guī)律如圖乙f=3.0N，π≈3.求：t=0(2)線框何時開始滑動.15（12分）如圖所示，在平面直角坐標系xoy中，在第二象限內存在沿x軸負方向的勻強電場；在第一象限內某區(qū)圖中未畫出x軸上坐標為(-L,0)Ayvy軸上坐標為(0,2L)CLxx45°me，有界圓形勻強磁場的磁感應Bmv，不考慮粒子的重力好粒子之間的相互作用，求：eLE的大小；x軸過程的總時間。參考答案64241、C【解析】A．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，則GMmmar2 n可得GMa n r222AB．根據GMm mv2r2 r可得v GMr22BC．根據GMmr2

m2rT T 可得4242r3GM衛(wèi)星2的軌道半徑較大，因此衛(wèi)星2的周期較大，故C正確；根據GMmr2rr2可得GMr3GMr3衛(wèi)星2的軌道半徑較大，因此衛(wèi)星2的角速度較小，故D錯誤；故選C。2、BA、B；當磁鐵向下離開線圈時，原磁場向下，磁通量減少，感應電流的磁場方向向下，感應電流是從a→G→b，A錯誤，B正確；C、D項：當磁鐵自上向下穿入線圈時，磁通量增加，根據“來拒去留”可知，條形磁鐵的加速度小于重力加速度，當磁鐵向下離開線圈時，磁通量減少，根據“來拒去留”可知，條形磁鐵的加速度小于重力加速度，故C、D均錯誤3、D【解析】A．電容器的原理是兩個靠近的極板，與通電線圈在磁場中受到安培力作用無關．故AB．變壓器的原理是互感，與通電線圈在磁場中受到安培力作用無關．故B錯誤；C．避雷針的原理是尖端放電，與通電線圈在磁場中受到安培力作用無關．故C錯誤；D．通電線圈在磁場中受到安培力作用會發(fā)生扭轉，人們利用該原理設計制作了電動機．故D正確故選D4、D【解析】EU、B兩點間的電勢差，選項A錯誤；dBCD.EUdAB所在等勢面間的垂直距離，不是AB點間的距離，則AB點間距離越大，這d兩點的電勢差不一定越大，選項BC錯誤，D正確.5、BMN處的磁場方向垂直于MN帶負電的小球受到的洛倫茲力方向在豎直向下，根據F=qvB可知，其大小是先減小后增大，由此可知，小球將做勻速直線運動，小球對桌面的壓力先減小后增大，故ACD錯誤，B正確。故選B。6、B【解析】當金屬圓環(huán)運動時，相當于電源。即兩個電動勢相等的電源并聯(lián)，根據法拉第電磁感應定律，則電路中電動勢為：EBdv根據閉合電路歐姆定律，則通過電阻電流的大小為：IEBdvR R故B正確，ACD錯誤。故選B45205307、ABC【解析】A正確；B有特定的運動軌道，B正確；C．波粒二象性適用于微觀高速領域，C正確；DABC。8、AC粒子在云室中運動時，速度逐漸減小，根據mv可知其運動軌跡的半徑逐漸減小，故粒子運動方向為由aqBbA正確，Bab定則可知該電荷帶負電，故C正確，D錯誤．故選AC考點：左手定則9、BDPI2r

ER

)2rRA錯誤；該圖象反映了電源的輸出功率PR變化的規(guī)律，由圖看出，電源的輸出功率隨著外電阻的增大先增大后減小，當R=r時，電源有最大的輸出功率，故B正確；P總

EI

E2R

，則當外電阻R的增大時，.電源的功率P總

減小，故C錯誤；電源的效率

P UI R 1出100% 100% 100%

100%，則知R增大時，電源的效率增大，故總P EI Rr 1總RD正確；10、BC【解析】對油滴受力分析，討論油滴可能的電性以及可能的運動方向，根據三個力的位置關系分析是否能沿直線運動.baab即此時電場水平向左，則油滴受的三個力能夠平衡，做勻速直線運動；若油滴帶正電，且由ab運動時，油滴受向下的重力，垂直ab斜向左下方的洛倫茲力，無論電場力是水平向左還是向右，油滴受的三個力都不能平衡，不可能沿直ab運動；若油滴帶負電，且由ba運動時，油滴受向下的重力，垂直ab斜向左下方的洛倫茲力，無論電場力是水平向左還是向右，油滴受的三個力都不能平衡，不可能沿直線ab運動；若油滴帶負電，且由a向b運動時，油滴受向下的重力，垂直ab斜向右上方的洛倫茲力，若電場力水平向左，即此時電場水平向右，則油滴受的三個力能夠平衡，做勻速直線運動；則油滴可能帶正電，也可能帶負電；油滴必定做勻速直線運動；油滴可能從a運動到b，也可能ba；電場方向可能水平向左，也可能水平向右；故選項BC正確，ADBC.【點睛】本題考查帶電粒子在復合場中的運動情況，解題的關鍵在于明確各力的特點，特別注意洛倫茲力大小和方向均與速度有關，故如果是變速運動時則洛倫茲力發(fā)生變化，合力方向一定會發(fā)生變化，粒子不可能做直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程11、 ①.2.710 ②.3.975【解析】[1]．由圖所示可知，螺旋測微器固定刻度示數(shù)為2.5mm，可動刻度示數(shù)為21.0×0.01mm=0.210mm，螺旋測微器示數(shù)為2.5mm+0.210mm=2.710mm；[2]．由圖乙所示可知，游標卡尺主尺示數(shù)為3.9cm=39mm，游標尺示數(shù)為15×0.05mm=0.75mm，游標卡尺示數(shù)為39mm+0.75mm=39.75mm=3.975cm。12、 ①.BC ②.A【解析】①靜電計指針張角可表示出兩板間電勢差的大小，所以A錯誤B正確因為目的就是為了讓兩板間電勢差與靜電計兩鉑片上電勢差相等，所以靜電計的外殼與A板相連接后可不接地，故C正確電壓表有示數(shù)必須有電源，所以不可以用量程為3V的電壓表替代靜電計，故D錯誤故選BC②現(xiàn)要使靜電計指針偏角變大，即電勢差增大， ，電荷量不變，所以電容減小， ，保持B板小動，A板向上平移，正對面積減小，電容減小，符合題意，故A正確保持B板不動，A板向右平移，板間距離減小，電容增大，不符合題意，故B錯誤A、B兩板不動，在A、B之間插入一塊絕緣介質板，增大介電常數(shù)，電容增大，不符合題意，故CA四、計算題：本題共3小題，共38步驟。3mv13、(1)qB

(2)m(3)圓心坐標為（3qB

mv,2qB

3mv）2qB【解析】（1）由題意畫出帶電粒子的運動軌跡，洛倫茲力充當向心力由牛頓第二定律得qBv=mv2①Ry設帶電粒子軌跡的軌道半徑為R，縱坐標為y，由幾何關系sin600=2R②由①②式解得y=

3mvqB

2R(2）由勻速圓周運動的周期公式T= ③v120所以帶電粒子的運動時間m

T④360由①、③、④式求得t=

3qB(3)設粒子做圓周運動的圓心坐標位（x，y）x mv由cos60°=R得x=2qBmv圓心坐標為（

, 2qB14、（1）0.01Wb （2）0.2s【解析】穿過線框的磁通量由兩部分組成，根據磁通量Φ=BS，即可求解；根據法拉第電磁感應定律與閉合電路歐姆定律，即可求解感應電流的大??；根據安培力表達式，結合左手定則與受力平衡條件，即可求解【詳解】（1）設磁場向上穿過線框磁通量為正，由磁通量的定義得t=0時，有1 1 1BL LB r210.40.12 3120.0W；01 2

1 2 2 B 1

b52 1（2）根據法拉第電磁感應定律有E 0.75

＝n r10 31t 2 0.6 2

0.75VR

2.5

A＝0.3A；0 中的感應電流的方向10F=NBIL=10×1×0.3×0.4=1.2N＜3N；圓形磁場