江蘇省無錫市第一女子中學(xué)2022年物理高一上期末達(dá)標(biāo)檢測模擬試題含解析

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、 “蹦極”是一項非常刺激的體育運(yùn)動某人身系彈性繩自高空p點(diǎn)自由下落，圖中a點(diǎn)是彈性繩的原長

2、位置，c是人所到達(dá)的最低點(diǎn)，b是人靜止懸吊時的位置，人在從p點(diǎn)下落到最低點(diǎn)c點(diǎn)的過程中，下列說法錯誤的是（ ）A.在pa段做自由落體運(yùn)動，處于完全失重狀態(tài)B.在ab段繩拉力小于人的重力，處于失重狀態(tài)C.在bc段繩的拉力大于人的重力，處于超重狀態(tài)D.在c點(diǎn)，速度為零，處于平衡狀態(tài)2、某人在地面上最多可舉起50kg的物體，某時他在豎直向上運(yùn)動的電梯中最多舉起了60kg的物體，據(jù)此判斷此電梯加速度的大小和方向（g=10m/s2）（）A.2m/s2 豎直向上B.m/s2豎直向上C.2m/s2豎直向下D.m/s2豎直向下3、一輛汽車在4s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動，初速為2m/s，末速為10m/s，在這段時間內(nèi)

3、（）A.汽車的加速度為2m/s2B.汽車的加速度為8m/s2C.汽車的平均速度為5m/sD.汽車的平均速度為10m/s4、在衛(wèi)生大掃除中某同學(xué)用拖把拖地，沿推桿方向?qū)ν习咽┘油屏，如圖所示，此時推力與水平方向的夾角為，拖把沿直線運(yùn)動。從某時刻開始保持力F的大小不變，增大F與水平方向的夾角，拖把仍沿直線運(yùn)動，下列說法正確的是A.地面對拖把的支持力變小B.地面對拖把的支持力不變C.地面對拖把的摩擦力變小D.地面對拖把的摩擦力變大5、如圖所示，物體由靜止開始從A位置做勻加速直線運(yùn)動到C位置，經(jīng)時間t 到達(dá)中點(diǎn)B位置，則物體從A到C位置運(yùn)動的時間為A.B.C.D.6、質(zhì)量分別為1kg和2kg的物塊A

4、、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今用大小為F=9N的力作用在A上使AB相對靜止一起向左勻加速運(yùn)動，則下列說法正確的是（）A.彈簧的彈力大小等于8NB.彈簧的彈力大小等于6NC.突然撤去F瞬間，A的加速度大小為0D.突然撤去F瞬間，B的加速度大小為3m/s27、在某一高度處將A球以大小為v1的初速度水平拋出.同時在A球正下方地面處將B球以大小為v2的初速度斜向上拋出，結(jié)果在B球上升至最高點(diǎn)時兩球恰在空中相遇，相遇時兩球的速度大小分別為vA、vB，不計空氣阻力.則A.vAvBB.vAv2D.v1v28、如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎

5、直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，若把A向右移動少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，則（）A.物體A與球B之間的作用力減小B.球B對墻的壓力增大C.物體A對地面的壓力減小D.地面對物體A的摩擦力減小9、對于牛頓第一定律及慣性的理解，下列說法正確的是（）A.速度大的物體，其慣性也大B.任何有質(zhì)量的物體都具有慣性C.沒有外力作用的物體，其速度可能很大D.運(yùn)動的物體之所以會停下來，是因為其受到阻力的作用10、如圖所示，甲、乙兩物體的位移時間(xt)圖象，由圖象可以看出在04s這段時間內(nèi) ()A.甲的平均速度等于乙的平均速度B.4s時甲、乙兩物體之間的距離最大C.甲、乙兩物體之間的最大

6、距離為3 mD.甲、乙兩物體始終同向運(yùn)動二、實(shí)驗題11、（4分）在做完“驗證力的平行四邊形定則”實(shí)驗后，某同學(xué)將其實(shí)驗操作過程進(jìn)行了回顧，并在筆記本上記下如下幾條體會，其中正確的是_和_。（填序號字母）A.用彈簧測力計拉橡皮條時，必須使彈簧測力計的彈簧與木板平面平行B.用兩只彈簧測力計拉橡皮條時，必須使兩細(xì)繩套間的夾角為C.用兩只彈簧測力計拉時合力的圖示F和用一只彈簧測力計拉時拉力的圖示F雖不完全重合，但在誤差允許范圍內(nèi)仍可以說明“力的平行四邊形定則”成立D.若用兩只彈簧測力計拉時，拉力F1、F2方向不變，大小各增加1N，則合力F的方向不變，大小必增加1N12、（10分）在“驗證力的平行四邊形

7、定則”的實(shí)驗中，有下列實(shí)驗步驟：A在桌上放一塊方木板，在方木板上墊一張白紙，把橡皮條的一端固定在板上的A點(diǎn)B只用一只彈簧秤，通過細(xì)繩把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到同樣位置O，記下彈簧秤的示數(shù)F和細(xì)繩的方向，按同樣比例做出力F的圖示C改變兩個分力的大小和夾角，再做兩次實(shí)驗D記下兩只彈簧秤的示數(shù)F1、F2及結(jié)點(diǎn)的位置，描下兩條細(xì)繩的方向，在紙上按比例做出力F1和F2的圖示，用平行四邊形定則求出合力FE比較力F與F，可以看出，它們在實(shí)驗誤差范圍內(nèi)是相等的F把兩條細(xì)繩系在橡皮條的另一端，通過細(xì)繩用兩個彈簧秤互成角度拉橡皮條，橡皮條伸長，使結(jié)點(diǎn)到達(dá)某一位置O上述步驟中，正確的順序是_(填寫步驟前面的字母)三、計算題

8、：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，厚度不計的薄板A長L=5.0m，質(zhì)量M=5.0kg，放在水平桌面上在A上距右端s=3.0m處放一物體B（大小不計），其質(zhì)量m=2.0kg，已知A、B間的動摩擦因數(shù)=0.1，A與桌面間的動摩擦因數(shù)=0.2，原來系統(tǒng)靜止現(xiàn)在在板的右端施加一大小一定的水平力F26N，持續(xù)作用在A上，將A從B下抽出（g=10m/s2）求：（1）A從B下抽出前A、B的加速度各是多少；（2）B運(yùn)動多長時間離開A.14、（14分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相

9、齊，在薄木板的中央有一個小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)某時刻起對薄木板施加一個向右的拉力F使木板向右運(yùn)動，已知拉力F=4.5N時，小滑塊與木板之間恰好發(fā)生相對滑動薄木板的質(zhì)量M=1.0kg，長度L=1.0m，小滑塊的質(zhì)量m=0.5kg，小滑塊與桌面、薄木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)均為1=0.2，設(shè)滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力，重力加速度g=10m/s2求：（1）拉力F=3.6N時，m與M的加速度各為多大；（2）小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數(shù)2；（3）若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，拉力F應(yīng)滿足的條件。15、（13分）一根輕桿長為L，一端固定一個質(zhì)量為m的小球，小球繞桿另一端O

10、在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，A和B是圓周軌跡的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)若轉(zhuǎn)動周期T=4，求：(1)小球做勻速圓周運(yùn)動的向心力大?。?2)小球經(jīng)過B點(diǎn)時對桿的作用力大??；(3)小球經(jīng)過A點(diǎn)時對桿作用力參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】a點(diǎn)是彈性繩的原長位置，故a點(diǎn)之前人只受重力，人做自由落體運(yùn)動，處于完全失重狀態(tài)，故A正確b是人靜止懸吊著時的平衡位置，在ab段人向下做加速度減小的加速運(yùn)動，則繩的拉力小于人的重力，人處于失重狀態(tài)，故B正確在bc段繩

11、的拉力大于人的重力，人向下做加速度增加的減速運(yùn)動，加速度向上，則人處于超重狀態(tài)，故C正確c是人所到達(dá)的最低點(diǎn)，故c點(diǎn)速度為零，但受向上的合力不為零，有向上的加速度，故D不正確故選D2、D【解析】由題意某時他在豎直向上運(yùn)動的電梯中最多舉起了60kg的物體，知物體處于失重狀態(tài)，此人最大的舉力為F=mg=5010N=500N則由牛頓第二定律得解得方向向下。故選D。3、A【解析】AB由于是勻加速直線運(yùn)動，因此初末速度方向相同，所以有加速度為：m/s2故A正確，B錯誤；CD平均速度m/s故CD錯誤故選A【點(diǎn)評】本題考查了勻變速直線運(yùn)動中的基本公式應(yīng)用，對于這些公式要明確公式使用條件以及公式中各個物理量的

12、含義，尤其注意其矢量性4、D【解析】設(shè)拖把與地面之間的動摩擦因數(shù)為，拖把受力如圖所示豎直方向由平衡條件可得地面對拖把的摩擦力增大F與水平方向的夾角，則增大，地面對拖把的摩擦力變大，D正確。故選D。5、B【解析】由位移時間關(guān)系列式即可求解.【詳解】由位移時間關(guān)系可知：at2；at2聯(lián)立解得：t= t，故選B.6、BD【解析】對整體由牛頓第二定律得：對BF=mBa=23=6N撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，由牛頓第二定律，對A：對B：所以BD正確，AC錯誤故選：BD。7、AD【解析】A球做平拋運(yùn)動，B球做斜拋運(yùn)動，將兩運(yùn)動分解為水平方向和豎直方向進(jìn)行研究抓住相同時間內(nèi)水平位移相等，比較出初速度的大小

13、和相遇時速度的大小【詳解】CD.A球做平拋運(yùn)動，B球做斜拋運(yùn)動，水平方向都做勻速直線運(yùn)動因兩球在空中相遇，知水平位移相等，由x=vxt知，水平分速度相等，有v1=v2cos，是B球的初速度與水平的夾角，則得v1vB故A正確，B錯誤故選AD8、AD【解析】AB畫出球B的受力圖，球B受豎直向下的重力、A對B的支持力F1、豎直墻對B的支持力F2，如圖根據(jù)平行四邊形定則可知，當(dāng)A向右移動少許后，A對B的支持力F1及墻對B的支持力F2均減?。患碅與球B之間的作用力減小，球B對墻的壓力減小，故A正確，B錯誤；CD對AB的整體而言，地面對A的摩擦力大小等于墻對B的支持力，所以地面對A的摩擦力減??；地面對A的

14、支持力等于AB兩球的重力之和不改變，所以A對地面的壓力不變。故C錯誤，D正確。故選AD。9、BCD【解析】AB質(zhì)量是慣性的唯一量度，質(zhì)量越大，慣性越大，A錯誤，B正確；C沒有外力作用的物體，其速度可能很大，如一個物體以最大的速度勻速運(yùn)動，C正確；D物體最終停下來，是因為物體在運(yùn)動的過程中存在阻力作用，D正確。故選BCD。10、AC【解析】A從圖中可知甲、乙在前4s內(nèi)運(yùn)動位移均為2 m，故平均速度均為：，A正確；BC2s時，甲、乙位移之差最大，最大距離為3m，B錯誤C正確；Dx- t圖象的斜率表示速度的大小和方向，甲在2s時速度反向，乙一直沿著正方向運(yùn)動，D錯誤；故選AC。二、實(shí)驗題11、 .A

15、 .C【解析】12A保證拉力方向為在紙面上畫出的方向，彈簧秤一定要與木板平行，故A正確；B用兩只彈簧秤拉橡皮條時，之間的夾角不一定要等于，故B錯誤；C由于實(shí)驗總存在誤差，用兩只彈簧秤拉時合力的圖示F與用一只彈簧秤拉時圖示不完全重合，只要在誤差允許范圍內(nèi)，就可以說明“力的平行四邊形定則”成立，故C正確；D若F1、F2方向不變，而大小各增加1N，根據(jù)平行四邊形定則知，合力的方向可能改變，大于不一定增加1N，故D錯誤。故選AC。12、AFDBEC【解析】實(shí)驗步驟本著先安裝設(shè)備（或者實(shí)驗器材），然后進(jìn)行測量的思路進(jìn)行設(shè)計，同時注意操作的先后邏輯以及簡單易行的原則，由此可知該實(shí)驗步驟為：AFDBEC三、

16、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1）2m/s2 1m/s2，（2）2s【解析】（1）對于A：解得對于B：解得（2）設(shè)經(jīng)時間t抽出14、（1）0.4m/s2；（2）0.1（3）F6N【解析】由題可知，使小滑塊m與木板M之間發(fā)生相對滑動的臨界拉力F臨界=4.5N，由于拉力F=3.6N4.5N，故M、m相對靜止，它們一起做勻加速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律求解加速度大??；分別對M、m進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解動摩擦因數(shù)；畫出兩物體空間位置變化示意圖，分析運(yùn)動過程，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，

17、根據(jù)位移關(guān)系列方程求解【詳解】（1）由題可知，使小滑塊m與木板M之間發(fā)生相對滑動的臨界拉力F臨界=4.5N，由于拉力F=3.6N4.5N，故M、m相對靜止，它們一起做勻加速直線運(yùn)動；把兩物體看做整體，由牛頓第二定律可知：F-1（m+M）g=（m+M）a1解得：a1=0.4m/s2；（2）由題目可知，當(dāng)拉力F=4.5N時，小滑塊m與木板M恰好發(fā)生相對滑動，此情況下分別對M、m進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有：小滑塊m：f=2mg=ma2，木板M：F-2mg-1（m+M）g=Ma2聯(lián)立兩式解得：=0.1（3）設(shè)小滑塊脫離薄木板時的速度為v，時間為t，在桌面上滑動的加速度為a3，小滑塊脫離木板前，薄木板的加速度為a4，空間位置變化如右圖所示：則滑塊的速度：v=a2t滑塊下落到桌面上，由牛頓第二定律得：1mg=ma3位移：x1=，x2=由幾何關(guān)系得：x1+x2=木板的位移：根據(jù)牛頓第二定律，對木板：F-2mg-1（