四川省資陽市全勝中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試題含解析

1、四川省資陽市全勝中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 關(guān)于光的本性的認(rèn)識，下列敘述正確的是（ ）A楊氏雙縫干涉實驗是光的波動說的有力證據(jù)B單色光經(jīng)窄縫所產(chǎn)生的衍射圖樣是明暗相間的不等間距條紋C在做光電效應(yīng)實驗時，只要光的強(qiáng)度足夠大，就一定有光電子發(fā)射出來D愛因斯坦提出了光子說，成功地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象參考答案：答案：ABD2. 如圖所示，一輛小車靜止在水平地面上，bc是固定在小車上的水平橫桿，物塊M穿在桿上，M通過線懸吊著小物體m，m在小車的水平底板上，小車未動時，細(xì)線恰好在豎直方向上，現(xiàn)使車向右運動，全過程中M始終未

2、相對桿bc移動，M、m與小車保持相對靜止，已知，M受到的摩擦力大小依次為f1，f2，f3，f4，則以下結(jié)論正確的是（）A. B. C. D. 參考答案：CD解：甲乙兩圖中，M水平方向只受靜摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律得：f1=Ma1,f2=Ma2丙丁兩圖中，對m和M整體受力分析，受總重力(M+m)g、支持力N、摩擦力f，如圖所示：根據(jù)牛頓第二定律，有：f=（M+m）a；即f3=（M+m）a3，f4=（M+m）a4又：a1：a2=1：2，則：f1：f2=1：2，故A錯誤；a2：a3=2：4，f2：f3=M：2（M+m），故B錯誤；f3：f4=a3：a4=4：8=1：2，故C正確；對物體m隔離受力

3、分析，可得，而a3：a4=4：8，所以 tan=2tan，故D正確.故選CD.【點睛】本題關(guān)鍵是對滑塊、滑塊與小球整體受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式求解.3. （多選）如圖所示，速度不同的同種帶電粒子(重力不計)a、b沿半徑AO方向進(jìn)入一圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，a,b兩粒子的運動軌跡分別為AB和AC，則下列說法中正確的是 Aa、b兩粒子均帶正電 Ba粒子的速度比b粒子的速度大 Ca粒子在磁場中的運動時間比b粒子長 D兩粒子離開磁場時的速度反向延長線一定都過圓心O參考答案：CD4. 如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內(nèi)阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電量很少，可被忽略一帶負(fù)電油滴被固定

4、于電容器中的P點，現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）A平行板電容器的電容值將變大B靜電計指針張角變小C帶電油滴的電勢能將增大D若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變參考答案：D【考點】電容器的動態(tài)分析；帶電粒子在混合場中的運動【分析】電容器始終與電源相連，則電容器兩端間的電勢差不變，根據(jù)電容器d的變化判斷電容的變化以及電場強(qiáng)度的變化，從而判斷電荷電勢能和電場力的變化【解答】解：A、根據(jù)C= 知，d增大，則電容減小故A錯誤B、靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變故B錯誤

5、C、電勢差不變，d增大，則電場強(qiáng)度減小，P點與上極板的電勢差減小，則P點的電勢增大，因為該電荷為負(fù)電荷，則電勢能減小故C錯誤D、電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據(jù)E=，知電場強(qiáng)度不變，則油滴所受電場力不變故D正確故選：D5. 一輕桿下端固定一質(zhì)量為m的小球，上端連在光滑水平軸上，輕桿可繞水平軸在豎直平面內(nèi)運動(不計空氣阻力)，如圖4-所示，當(dāng)小球在最低點時給它一個水平初速度v0，小球剛好能做完整的圓周運動若小球在最低點的初速度從v0逐漸增大，則下列判斷正確的是()圖4-A小球能做完整的圓周運動，經(jīng)過最高點的最小速度為B小球在最高點對輕桿的作用力先減小后增大C小球在最低點對輕桿的作用力

6、先增大后減小D小球在運動過程中所受合外力的方向始終指向圓心參考答案：B二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 如圖所示，在A點固定一點電荷，電荷量為+Q，已知點電荷Q周圍各點的電勢=（r是各點離Q的距離）。在A點正上方離A高度為h的B點由靜止釋放某帶電的液珠（可以看作點電荷），液珠開始運動瞬間的加速度大小為（g為重力加速度）。靜電常量為k，若液珠只能沿豎直方向運動，不計空氣阻力，則液珠的電量與質(zhì)量的比值為_；若液珠向下運動，到離A上方h/2處速度恰好為零，則液珠的最大速度為_。參考答案：，7. 2011年11月3日，中國自行研制的神舟八號飛船與天宮一號目標(biāo)飛行器在距地球343k

7、m的軌道實現(xiàn)自動對接。神舟八號飛船離地面346.9km處圓軌道速度 （選填“大于”或“小于”）離地面200km處圓軌道速度；假設(shè)神舟八號在近圓軌道做勻速圓周運動時，離地高度為H，地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，則神舟八號的運行速度為 。參考答案：小于，8. (選修模塊33)空氣壓縮機(jī)在一次壓縮過程中，活塞對氣缸中的氣體做功為2.0105J，同時氣體的內(nèi)能增加了1.5l05J。試問：此壓縮過程中，氣體 (填“吸收”或“放出”)的熱量等于 J。參考答案：答案：放出；5104解析：由熱力學(xué)第一定律U = WQ，代入數(shù)據(jù)得：1.5105 = 2.0105Q，解得Q =5104。9. （4分）一個

8、1.2kg的物體具有的重力勢能為72J，那么該物體離開地面的高度為_ m 。一個質(zhì)量是5kg的銅球，以從離地面15m高處自由下落1s末，它的重力勢能變?yōu)開 J。(g取10m/s2) (以地面為零重力勢能平面)參考答案： 6m 500J 10. 如圖，均勻磁場中有一由半圓弧及其直徑構(gòu)成的導(dǎo)線框，半圓直徑與磁場邊緣重合；磁場方向垂直于半圓面（紙面）向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，半圓弧導(dǎo)線框的直徑為d，電阻為R。使該線框從靜止開始繞過圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動半周，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為_?，F(xiàn)使線框保持圖中所示位置，讓磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間線性變化。為了產(chǎn)生與線框轉(zhuǎn)動半周過程中同樣大小

9、的電流，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化率的大小應(yīng)為_。參考答案：；11. 一質(zhì)點由位置A向北運動了4m，又轉(zhuǎn)向東運動了3m，到達(dá)B點，然后轉(zhuǎn)向南運動了1m，到達(dá)C點，在上述過程中質(zhì)點運動的路程是 m，運動的位移是 m。 參考答案：8，12. 一個質(zhì)量為m、直徑為d、電阻為R的金屬圓環(huán)，在范圍很大的磁場中沿豎直方向下落，磁場的分布情況如圖所示，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直方向的分量By的大小只隨高度變化，其隨高度y變化關(guān)系為（此處k為比例常數(shù)，且），其中沿圓環(huán)軸線的磁場方向始終豎直向上，在下落過程中金屬圓環(huán)所在的平面始終保持水平，速度越來越大，最終穩(wěn)定為某一數(shù)值，稱為收尾速度俯視觀察，圓環(huán)中的感應(yīng)電流方向為（順時

10、針，逆時針）；圓環(huán)收尾速度的大小為參考答案：順時針 ; 13. 如圖所示, 某實驗小組同學(xué)利用DIS實驗裝置研究支架上力的分解. A、B為兩個相同的雙向力傳感器, 該型號傳感器在受到拉力時讀數(shù)為正, 受到壓力時讀數(shù)為負(fù). A連接質(zhì)量不計的細(xì)繩, 可沿固定的板做圓弧形移動. B固定不動, 通過光滑鉸鏈連接長0.3 m的桿. 將細(xì)繩連接在桿右端O點構(gòu)成支架（O點為支架的圓心）. 保持桿在水平方向, 按如下步驟操作測量繩子與水平桿的夾角AOB對兩個傳感器進(jìn)行調(diào)零用另一根繩在O點懸掛一個鉤碼, 記錄兩個傳感器的讀數(shù)取下鉤碼, 移動傳感器A改變角重復(fù)上述實驗步驟, 得到表格.F11.0010.5801.

11、002F20.8680.2910.8653060150(1)根據(jù)表格, A傳感器對應(yīng)的是表中力_(選填“F1”或“F2”). 鉤碼質(zhì)量為_kg(保留1位有效數(shù)字)(2)本實驗中多次對傳感器進(jìn)行調(diào)零, 對此操作說明正確的是()A因為事先忘記調(diào)零 B何時調(diào)零對實驗結(jié)果沒有影響C為了消除橫桿自身重力對結(jié)果的影響 D可以完全消除實驗的誤差參考答案：(1)F10.05(2)C三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 用游標(biāo)卡尺和螺旋測微器分別測量一根玻璃棒的長度和直徑，測量的結(jié)果如圖所示，則此棒的長度L= cm，直徑d= mm參考答案：15. （1）某同學(xué)用右圖所示的實驗裝置研究小車在

12、斜面上的運動實驗中，除打點計時器(含紙帶、復(fù)寫紙)、小車、平板、鐵架臺、導(dǎo)線及開關(guān)外，在下面的儀器和器材中，必須使用的有_ _(填選項代號)A電壓合適的50 Hz交流電源B電壓可調(diào)的直流電源C刻度尺D停表E天平F重錘實驗中所用電源的頻率為50Hz。選取合適的紙帶如下圖，以每5個點為一個記數(shù)點，分別記0、1、2用刻度尺測得S1=2.80cm；S2=4.29cm；S3=5.79cm；S4=7.30cm；根據(jù)紙帶中所給的信息，圖中標(biāo)出的相鄰兩計數(shù)點的時間間隔T=s，當(dāng)打點計時器打下點“2”時的瞬時速度為v2= m/s，小車加速度的計算公式為a= （每兩個計數(shù)點間的時間間隔用T表示），計算結(jié)果為a=

13、m/s2。（保留三位有效數(shù)字）（2）為測量某電阻絲R的電阻值，某同學(xué)先用多用電表粗測其電阻用已經(jīng)調(diào)零且選擇開關(guān)指向歐姆擋“10”檔位的多用電表測量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，這時他應(yīng)將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“ ”檔位(選填“100”或“1”)，然后進(jìn)行 ，再次測量電阻絲的阻值，其表盤及指針?biāo)肝恢萌缬覉D所示，則此段電阻絲的電阻為 現(xiàn)要進(jìn)一步精確測量其阻值，實驗室提供了以下相關(guān)器材，電池（4 V,內(nèi)阻1），電流表（0300mA,內(nèi)阻2），電壓表（03 V,內(nèi)阻3 k），滑動變阻器（010,額定電流1 A），為使通過待測電阻的電流能在0250mA范圍內(nèi)改變,下列給出的測量電路中，最合適的電路是 ; 參

14、考答案：（1） AC T= 0.1 v2= 0.504 m/s _ a= 1.50 m/s2（2） 1 歐姆調(diào)零 12 B 四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 一平板車，質(zhì)量M=100kg，停在光滑水平路面上，車身離地面的高h(yuǎn) =1.25m，一質(zhì)量m=50kg的小物塊置于車的平板上，它到車尾的距離b =1.0m，與車板間的動摩擦因數(shù)=0.20，如圖所示，今對平板車施一水平方向恒力，使車向右行駛結(jié)果物塊從車板上滑落，物塊剛離開車板的時刻，車向前行駛的距離S0=2.0m求：（1）物塊在平板上滑動時的加速度大小及方向（2）物塊落地時，落地點到車尾的水平距離S 參考答案：、1.625 m。對車

15、：，對物體：，物體在車上時， ，物體從車上落下來之后，物體離開小車后，做平拋運動，小車以加速度a2做勻加速運動，此過程中兩者的位移之差即為所求17. 如圖所示，光滑絕緣的細(xì)圓管彎成半徑為R的半圓形，固定在豎直面內(nèi)，管口B，C的連線水平質(zhì)量為m的帶正電小球從B點正上方的A點自由下落A，B兩點間距離為4R從小球（小球直徑小于細(xì)圓管直徑）進(jìn)人管口開始，整個空間中突然加上一個斜向左上方的勻強(qiáng)電場，小球所受電場力在豎直方向上的分力方向向上，大小與重力相等，結(jié)果小球從管口 C處離開圓管后，又能經(jīng)過A點設(shè)小球運動過程中電荷量沒有改變，重力加速度為g，求：（1）小球到達(dá)B點時的速度大小；（2）小球受到的電場力

16、大??；（3）小球經(jīng)過管口C處時對圓管壁的壓力參考答案：考點：動能定理的應(yīng)用；牛頓第三定律；機(jī)械能守恒定律；電場強(qiáng)度專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：（1）小球從A開始自由下落到到達(dá)管口B的過程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，可求出小球到達(dá)B點時的速度大小；（2）將電場力分解為水平和豎直兩個方向的分力，小球從B到C的過程中，水平分力做負(fù)功，根據(jù)動能定理得到水平分力與B、C速度的關(guān)系小球從C處離開圓管后，做類平拋運動，豎直方向做勻速運動，水平方向做勻加速運動，則兩個方向的位移，由運動學(xué)公式和牛頓第二定律結(jié)合可水平分力豎直分力大小等于重力，再進(jìn)行合成可求出電場力的大?。?）小球經(jīng)過管口C處時，由電場力的水

17、平分力和管子的彈力的合力提供向心力，由牛頓運動定律求解球?qū)A管壁的壓力解答：解：（1）小球從A開始自由下落到到達(dá)管口B的過程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，則有： mg?4R=解得，（2）設(shè)電場力的水平分力和豎直分力分別為Fx和Fy，則 Fy=mg，方向豎直向上小球從B到C的過程中，電場力的水平分力Fx做負(fù)功，根據(jù)動能定理得Fx?2R=小球從C處離開圓管后，做類平拋運動，豎直方向做勻速運動，水平方向做勻加速運動，則： y=4R x=2R= t=聯(lián)立解得，F(xiàn)x=mg故電場力的大小為 F=qE=mg（3）小球經(jīng)過管口C處時，由電場力的水平分力和管子的彈力的合力提供向心力，由牛頓運動定律得 Fx+N=

18、m 得 N=3mg，方向向左根據(jù)牛頓第三定律可知，小球經(jīng)過管口C處時對圓管壁的壓力大小N=N=3mg，方向水平向右答：（1）小球到達(dá)B點時的速度大小是2；（2）小球受到的電場力大??；（3）小球經(jīng)過管口C處時對圓管壁的壓力大小為3mg，方向水平向右點評：本題運用動能定理、牛頓第二定律和運動學(xué)公式結(jié)合研究圓周運動和類平拋運動，并采用正交分解求解電場力，常規(guī)方法，難度適中18. 扭擺器是同步輻射裝置中的插入件，能使粒子的運動軌跡發(fā)生扭擺其簡化模型如圖、兩處的條形均強(qiáng)磁場區(qū)邊界豎直，相距為L，磁場方向相反且垂直干擾面一質(zhì)量為m、電量為q、重力不計的粒子，從靠近平行板電容器MN板處由靜止釋放，極板間電壓為U，粒子經(jīng)電場加速后平行于紙面射入?yún)^(qū)，射入時速度與水平和方向夾角=30（1）當(dāng)區(qū)寬度L1=L、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=B0時，粒子從區(qū)右邊界射出時速度與水平方向夾角也為30，求B0及粒子在區(qū)運動的時間t0（2）若區(qū)寬度L2=L1=L磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B2=B1=B0，求粒子在區(qū)的最高點與區(qū)的最低點之間的高度差h（3）若L2=L1=L、B1=B0，為使粒子能返回區(qū)，求B2應(yīng)滿足的條件參考答案：考點：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力專題：帶電粒