調(diào)研卷(一)備戰(zhàn)2021年新高考物理綜合測試調(diào)研押題卷

1、A X 的A X 的結(jié)合能是 A 個子結(jié)合成2021 福建省普通等學(xué)校生考試物理 調(diào)研卷（一）一單選題本共 小題每題 4 分共 分在小給出四選中只一是合 目求。下列說法正確的是（ ）A貝可勒爾通過對天然放射現(xiàn)象的研究，發(fā)現(xiàn)了原子中存在原子核B普朗克提出了能量子的假設(shè)，解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象C 衰A X Y+ 4 He Z-2 中釋放的能量為 ，則 X 的結(jié)能為EAD于反應(yīng) 91 X，X 是原子核中射出的，且釋放核能【答案】D【解析】A貝可勒爾通過對天然放射現(xiàn)象的研究，發(fā)現(xiàn)了原子核分，故 A 錯；B普朗克在研究黑體輻射問題時提出了能量子假說，建立了量子論，而愛因斯坦光子說成功解釋了光電效 應(yīng)現(xiàn)象，故

2、 B 錯；CA A X時放出的能量，該能量不是它衰變時放出的能量，故 C 錯；D核應(yīng)是衰變，是原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)化為一個質(zhì)子，同時釋放出一個電子和能量，故 D 正。 故選 D。室內(nèi)五人制足球廣受大家的喜愛，其球門長 AB 3m ，度 BC ，在有一個足球放置在 點已知 AB ， AE ，使足球從 點下方0.2m處的 點平射入球門（忽略空氣阻力的影響，不考慮足球的自轉(zhuǎn)，可視為質(zhì)點，取 10m ），則足球在 E 點得的初度約為（ ）1 / ABCD17m/s【答案】C【解析】足球做斜拋運動，水平方向x t0 x豎直方向y t 0 y2足球在 E 獲得的初速度為v 0 0 y由幾何關(guān)系可知，豎直方

3、向位移y 2m 0.2m 水平方向位移x 2 m 9m聯(lián)立解得足球在 點得的初速度約為v 0故選 。高臺跳水被譽(yù)為最富有冒險性的體育項目。質(zhì)量為 的臺跳水運動員在一次訓(xùn)練中，從距離水面高 h的高臺自由下落，在空中保持姿態(tài)不變，接觸水面后在平均大小等于 倍重力的阻力作用下，豎直向下減 速運動。若忽略空氣阻力，重力加速度為 。運動員在接觸水面到速度減零的過程中（ ）A動能的改變量與阻力做功大小相等B力的沖量與重力的沖量相同C力勢能減少了D械減少了【答案】D【解析】A根據(jù)動能定理，重力做功與阻力做功之和等于動能的變量A 誤；B根據(jù)動量定理，阻力的沖量與重力的沖量之和等于運動員沖量的變化量，而運動員的

4、動量的變化量不為 零，所以阻力的沖量與重力的沖量不僅方向相反，大小也不等B 錯；C高臺開始，至速度為零，全程由動能定理得mg ( ) mgx 所以在水中下落的深度為2 / x 根據(jù)功能關(guān)系，重力勢能的減少量等于重力做的功，即 C 錯；D據(jù)能關(guān)系，機(jī)械能的減少量等于克服非重力做的功，即 D 正。故選 D。如圖所示，勻強(qiáng)電場中、BC 點構(gòu)成一邊長為 a 的邊三角形，電場強(qiáng)度方向平行于紙面，現(xiàn)有一電子，在電場力作用下，由 至 C 動能減少 W，而質(zhì)子在電場力作用下，由 至 動增加 ，該勻 強(qiáng)電場 E 大小和方向的判斷正確的是A E 33，方向垂直 BC 由 A 指 B ae，方向垂直 BC 由 A

5、指 C 33，方向垂直 AC 由 B 指 D E ae，方向垂直 AB 并 指 AB【答案】A【解析】根據(jù)動能定理得A 過：AC，得 、C 間勢差為U AC，則 A ；A 過程eU A 電勢差為UAB 以 于U A B AC ，AB A B，可知B、 兩電相等，根據(jù)電場線與等勢線垂直，由高電勢處指向低電勢處，則得3 / 赤 赤 知，電場強(qiáng)度 的方向垂直 BC 并 A 指 BC又AB ，解得： E 33，故 A 正，BCD 錯誤二多選題本共 4 小，小 分共 24 分小有項合目求全選的得 6 分， 選但全得 3 分，有錯得 0 分。地球表面重力加速度的測量在軍事及資源探測中具有重要的戰(zhàn)略意義，已

6、知地球 ，球半徑 ，地引力常量 G，下說法確的是（ ）A若地球自轉(zhuǎn)角速度為 ，球赤道處重力加速度的大小為B若地球自轉(zhuǎn)角速度為 ，球兩極處重力加速度的大小為地 R 地R C忽略地球的自轉(zhuǎn)，以地球表面 A 正下方 處的 B 點球，m r 3則 A 處重力加速度變化量的大小為 G 3hD忽地球的自轉(zhuǎn)，以地球表面 A 點下方 h 處的 點球心、r r )r r )為半徑挖一個球形的防空洞，為半徑挖一個球形的防空洞，則 A 處重力加速度變化量的大小為 G r 3地 ( ) 3 h2【答案】ABC【解析】AB赤道處 m地R mg 2 R 赤得出 地 R 4 / R在兩極處 m地 極 2得出地 極R 選項

7、正；CD若忽略地球的自轉(zhuǎn)，以地球表 A 點下方 h 處 B 點球心 該球形防空洞挖掉的質(zhì)量m 4 m 地 地 r 4 R 333A 處力加速度變化是由該球形防空洞引起的 Gh2 r 地3 r r )為半徑挖一個球形的防空洞，選項 正， 錯誤。故選 ABC如圖所示，空間存在正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，勻強(qiáng)電場方向水平向右，場強(qiáng)小為 E；勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面水平向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 。、b 兩帶電球在電場和磁場中沿直線運動，軌跡在紙面 內(nèi)如圖中虛線所示，不計小球間的相互作用，則下列說法正確的是（ ）A小球 帶電，從 Q 向 P 運動B小球 正電，從 N 向 M 動5 / a b a b C、 兩

8、小球的速度大小之比為 2 ： 3D、 兩小球的質(zhì)量之比為 ： 6【答案】BC【解析A若小球 正電且從 Q P 動，小球 a 受直向下的重力，水平向右電場力和垂直 PQ 斜 向左下方的洛倫茲力，則小球 不能做直線運動，故 A 錯誤；B若小球 帶正電，從 N 向 M 運，小球 b 豎直向下的重力，水平向右的電場力和垂直 斜左上 方的洛倫茲力，當(dāng)三力的合為 0 時球 從 N 向 做速直線運動，故 B 正；C兩小球受力分析如圖所示，由平衡可知 a v sin 60 b v sin 45解得 a 3b故 C 正；D于知道兩小球的電荷量則無法確定兩小球的質(zhì)量之比，故 D 錯。故選 。如圖所示，關(guān)于虛線 對

9、的兩足夠長水平導(dǎo)軌 與 相接于 A 點MAN，軌電阻不計，處于垂直導(dǎo)軌所在平面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 的強(qiáng)磁場中。導(dǎo)體 長 L，單位長度的電阻為 ，直虛線 對稱地放置在導(dǎo)軌上，某時刻導(dǎo)體棒水平拉力 的用下從 A 點 AP 向以大小為 的速度做勻速直線運動計擦在導(dǎo)體棒從開始運動到離開導(dǎo)軌的過程中列法正確的 ）6 / A導(dǎo)體棒中的感應(yīng)電流逐漸增大 2 LvB拉力 的大值為0C過回路中某橫截面上的電荷量為 2D力 所的功為 R tan 0L2 R 0【答案】BD【解析】A設(shè)金屬棒運動時間為 t，此時導(dǎo)體棒的有效長度l vt 感應(yīng)電動勢 Blv感應(yīng)電流I E解得I 則導(dǎo)體棒中的感應(yīng)電流保持不變，選項

10、A 錯；B當(dāng)導(dǎo)體棒的有效長度為 L 時安培力最大則拉力 F 最，其值為 F 選項 B 正；C過回路中某橫截面上的電荷量為BLv B LvB L LR R0 7 / q It L LB 2v 2 0 選項 錯；D力 所的功為 2 L tan 0選項 D 正確。故選 BD。如圖所示，在傾角為的固定斜面上有一輕彈簧，一端固定在斜面的底端，另一端與放在斜面上的質(zhì)量為 的體 A 接，但未與物體 A 拴，此時彈簧無形變。對物體 A 加一個沿斜面向下的瞬時沖量， 大小為 I ，得物體 A 斜面向下運動的最大距離為 ，之后物體 A 彈簧彈回，最終停在距離初始位置0 上方 x 處已知彈始終在彈性限度內(nèi)，物體 A

11、 與面間的動摩因數(shù)為 （ 0），重力加速度為 ，列說法正確的是（ ）A物體 A 沿面向下運動過程中，彈簧對物體 A 的沖量大小一定為I0I B物體 A 整運動過程，由于摩擦生的熱量為 02m sin0C體 A 沿面向上運動過程中的最大度為 sin 0D體 A 與簧作用過程中，彈簧的最大彈性勢能為 I 2 cos 【答案】BD【解析】物體 A 沿斜面向下運動過程中，根據(jù)動量定理I I G f所以彈簧對物體 A 的量大小8 / 0 0 I =I I I 彈 0 Gf又由題意知I IG f，所以彈簧對物體 A 的量大小I彈I故 A 錯；B設(shè)物體 A 整運動過中，由于摩擦產(chǎn)生的熱量為 Q ，體 A 初

12、速度為 ，由動量定理得I 0由能量守恒定律有 0 mgx 0兩式聯(lián)立可得I Q sin 2故 B 確；C體 A 離彈簧后沿斜面向上運動了 的程中，由動能定可知 0 sin0解得物體 A 離開彈簧（彈簧彈力為零）時的速為v 2 gx sin 而物體沿斜面向上運動的過程中，當(dāng)物體所受合力為 速度最大，此時彈簧的彈力不是 ，故物體 A 沿斜面向上運動的最大速度一定大于 sin 0，故 錯；D體 A 沿面向下動的最大距離為 x 性勢能為時，彈簧的彈性勢能最大，由功能關(guān)系知，系統(tǒng)具有的最大彈 1 I 2 2 02 m 故 D 正。故選 BD。三非擇共 60 分。生據(jù)求答9 / 1 2 1 2 2 1 2

13、 1 1 2 1 2 2 1 2 1 如圖所示，截面 為形的透明設(shè)備放置在真空環(huán)境中= 2，頻率為 的光 L 入到上表面與 AD 夾角為 =30，折射到 面點時恰好發(fā)生全反射，則該設(shè)備材料的折射率為 ；若真空中的光速為 c從入到第一次射出需要的時間另束光 L 能和 L 發(fā)干涉 L 的頻率_ （填大于”等”或?。?。 【答案】等于2c【解析設(shè)該設(shè)備材料的折射率為 ，在 面上，設(shè)折射角為 ，則由折射定律 60 。在 AB 上，恰好發(fā)生全反射，則 1n聯(lián)立解得 72。2幾何關(guān)系，光從射入到第一次射出所走過的路程為s 2 光在介質(zhì)中傳播的速度v c則需要的時間t s聯(lián)立解得t 72c。3生干涉時，兩束光

14、的頻率相等，所以若有另一束光 L 能 L 發(fā)生干涉，則 L 的頻率等于 。圖 所示電路中，電源電動勢 E=6V內(nèi)阻 r，R =4若在 A、 間連接一個理想電壓表，其讀數(shù)是_；圖 中虛線框內(nèi)的電路可效為一個電源，即圖 a 可效為圖 ，其等效電動勢 E等10 / 20AB 間路時 間電壓；則該等效電源的內(nèi)電阻 r是。【答案】4.8 4.8【解析】1 若 A、B 間接一個理想電壓表，電壓表測量 R 的阻，根據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律可知1U R 4 E R 4 2 R 電源內(nèi)阻 1r并聯(lián)R R r 1 R r 1再與 R 串得等效電源的內(nèi)r 11用圖甲裝置探究細(xì)繩拉力（近似等于懸掛鉤碼重力）做功和小車動能變化的

15、關(guān)系（1）關(guān)于實驗操作，下列說法正確的_A需要測出小車與鉤碼的質(zhì)量B需要墊高木板右端以平衡摩擦力C要控制鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量D須接通打點計時器的同時釋放小車（2）某次獲得的紙帶如圖乙所示已相鄰兩點時間間隔為 ，小車與鉤碼的質(zhì)量分別為 M 和 ，重力加速度為 ，從 A 點 B 點過程中拉力對小車做的功，小車動能的變化_（用題中及 圖中字母表示）（3）在實驗操作正確的情況下，分析多組數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)拉力對小車做的功總是大于小車動能的變化量，原因11 / 22 B 5 22 B 5 k B A1 2 是_【答案】ABmg ( x x ) 4Mx 5 28T 鉤碼的重力大于細(xì)繩中的拉力【解析】(1)1A

16、.驗要驗證的關(guān)系式：Fx Mv2，故需要測出小車與鉤碼的質(zhì)量，選項 A 正；要得鉤碼的重力等于小車的拉力，需要墊高木板右端以平衡摩擦力，選項 B 正；C.此實驗不需要控制鉤碼的質(zhì)量大于小車的質(zhì)量，選項 錯；先接打點計時器，然后釋放小車，選項 D 錯；故選 ；(2)23從 A 點 B 點過程中，拉力對小車的功為 ( + x )；打 A 點小車的速度：x v 1 2打 B 點時小車的速度： 5小車動能的變化為 ( 2 2 ) M 8 2(3)4拉對小車做的功總是大于小車動能的變化量，原因是鉤碼向下加速運動時，鉤碼的重力大于細(xì)繩中 的拉力用圖）所示的電路研究路端電壓隨電源內(nèi)阻變化的規(guī)律，實驗所用電源

17、的內(nèi)阻可以在 .11.2 之間連續(xù)變化，電動勢 E=1.5V 保持不變。(1)改變內(nèi)阻 r，出路端電壓 U 與應(yīng)的電流 I，由計算機(jī)擬合得出如圖）的圖線。則電路中的定值電 阻 R=_，實驗過程中路端電壓 U 和阻 r 的關(guān)系是 =_。(2)現(xiàn)有 L “3V，和 L “1.5V ，兩燈泡，上述實驗中的電源 個，以及 的值電阻若干請選擇合適的定值電阻個數(shù)，設(shè)計一個方案，在圖）中的方框內(nèi)畫出電路圖，標(biāo)出定值電阻的阻值，要求12 / 20總 總 兩個燈泡都正常工作且電路消耗的總功率最小。在你設(shè)計的方案中， 電源的總內(nèi)阻應(yīng)調(diào)節(jié)為 r =_?！敬鸢浮? 1.5【解析】(1)1圖象的斜率表示電阻的阻值，則0

18、.60 0.302閉合電路歐姆定律可得U 1.5 3 2 (2)34要兩燈均能正常發(fā)光，則電壓應(yīng)大于 ，故只能將四電源串聯(lián)，電壓為 6V，3V 燈的電流3I 31.5V 燈的電流I 0.75A 0.5A故 燈應(yīng)在干路1.5V 燈應(yīng)與某一電阻并聯(lián) 1.5V 燈的電阻為 故要與 3 電并聯(lián)即可， 此時需要電壓為U 4.5V電流為 ，只需要電阻r 6 4.51因在滿足條件的電路中所用電阻較小，故消耗的能量最小，原理圖如圖所示13 / 20圖所示，兩平行金屬板 E、 之電壓為 U，兩足夠長平行邊界 、PQ 區(qū)內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為 、帶電量為q 的粒子(計重力，由 E 板中央處靜止釋放

19、，經(jīng) F 板上的小孔射 出后，垂直于磁場方向進(jìn)入磁場，且與邊界 MN 成 角，磁場 和 PQ 邊距離為 。求：(1)若粒子垂直邊界 PQ 離磁場，求磁感應(yīng)強(qiáng)度 ；(2)若粒子最終從磁場邊界 MN 離磁場，求磁感應(yīng)強(qiáng)度范圍?！敬鸢浮?1)12d2mU ；(2) q d2mUq【解析】(1)粒子在電場中加速，由動能理有qU 解得 qU粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，粒子垂直邊界 PQ 離磁場時的運動軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得r d14 / 20由牛頓第二定律得 mv r解得 12d2q(2)粒子在磁場中的運動軌跡剛好與 PQ 相切時的軌道半徑，是粒子從邊界 MN 離磁場最大軌道半徑，由幾

20、何知識得d r 1 即有r 粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得Bqv v 2r1解得 粒子最終從磁場邊界 離開磁場磁應(yīng)強(qiáng)度B 32d 2mUq 圖所示，傾角為3的光滑斜面與半徑為 的滑圓弧軌道相切于 B 點，質(zhì)量為 、長為 L=6.4R 的小車靜止在光滑水平面上，左端靠在圓弧軌道最低點 C 處距右端 S 處一固定擋板，擋板距車右端的15 / 20f N N C f N N C 距離 S 可，擋板上固定直徑為 的滑半圓軌道 ，小車的上表面與 C、D 連線在同一水平面內(nèi)。質(zhì)量為 的物塊從斜面上的 點止釋放，滑上小車后帶動小車運行，小車與擋板碰撞后立即被擋板牢固粘連。物塊與

21、小車間的動摩擦因數(shù) ，A、B 兩間的豎直高 =4.3，力加速為 ，物塊視為質(zhì) 點，空氣阻力不計，cos37=0.8。(1)求物塊到達(dá) 處對圓弧軌道的壓力；(2)要使物塊與小車達(dá)到共同速度時車剛好與擋板相撞S 取少？(3)求物塊從滑上小車到剛離開小車的過程中，物塊克服摩擦力做的功 與 S 的小關(guān)系，并判斷 取不同 值時物塊能否到達(dá)半圓弧的中點 E 處【答案】(1)10mg，豎向下；(2)2R；見解析【解析】(1)由動能定理 ( 得v C F mg 得F =10所以F 豎直向下(2)由動量守恒定律 得16 / 20mv C C vgRmgx車 2得x =2R所以S =2R (3)S f ( ) mg (6.4 )共速時物塊的位移x =8R物塊距車右端的距離L-（8-2R)=0.4R 2R (8 R ) 4.2 mgR f物塊恰能到 E 點克服摩擦力做的功：f 臨 Rmv 2 mgR 2得S =1.6所以 01.6 時，物塊能到 E 點1.6R ，物塊不能到 點學(xué)習(xí)小組設(shè)計了圖甲所示粒子回旋變速裝置。塊相距為 d 的行金屬極板 MN， M 位 x軸上，