15屆高三物理押題卷

1、15屆高三物理押題卷15屆高三物理押題卷13/1315屆高三物理押題卷屆高三物理押題卷選擇題：此題共8小題，每題6分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)切合題目要求，第1921題有多項(xiàng)切合題目要求。所有選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14如下圖，兩顆衛(wèi)星環(huán)繞著質(zhì)量為M的中心星體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若兩顆衛(wèi)星和中心星體一直在同向來線上，兩顆衛(wèi)星間的作用及其余星體對(duì)兩顆衛(wèi)星的作用均忽視不計(jì)，則以下判斷正確的選項(xiàng)是（）兩顆衛(wèi)星的軌道半徑相等MB兩顆衛(wèi)星的向心加快度同樣C兩顆衛(wèi)星的向心力大小相等D兩顆衛(wèi)星的動(dòng)能相等15如下圖，一質(zhì)量為M、傾角為的斜面體放在圓滑水平川面上，斜面上

2、疊放一質(zhì)量為m的圓滑楔形物塊，物塊在水平恒力的作用下與斜面體一同恰巧保持相對(duì)靜止地向右運(yùn)動(dòng)。重力加快度為g。以下判斷正確的選項(xiàng)是（）A水平恒力大小F=mgtanB地面對(duì)斜面體的支持力大小N2=(M+m)gC物塊對(duì)斜面的壓力大小N1=mgcosD斜面體的加快度大小為gtan16如下圖，直角三角形OAB地區(qū)內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，C為AB的中點(diǎn)?，F(xiàn)有比荷同樣的兩個(gè)分別帶正、負(fù)電的粒子（不計(jì)重力）沿OC方向同時(shí)從O點(diǎn)射入磁場。角B為30以下說法正確的選項(xiàng)是（）A如有一個(gè)粒子從OA邊射出磁場，則另一個(gè)粒子必定從OB邊射出B磁場B如有一個(gè)粒子從OB邊射出磁場，則另一個(gè)粒子必定從CA邊射出C磁場

3、C若兩個(gè)粒子分別從A、B兩點(diǎn)射出磁場，則它們?cè)诖艌鲋羞\(yùn)動(dòng)的時(shí)AO間之比為21D若兩個(gè)粒子分別從A、B兩點(diǎn)射出磁場，則它們?cè)诖艌鲋羞\(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為1317在圓滑水平面上充滿水平向右的勻強(qiáng)電場，被拉直的絕緣輕繩一端固定在O點(diǎn)，另一端系著帶正電的小球，輕繩與水平面平行，OB與電場線平行。若小球從A點(diǎn)由靜止開釋后，沿水平面搖動(dòng)到B點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，則對(duì)于此過程，以下判斷正確的選項(xiàng)是()A小球的動(dòng)能先變小后變大AOBEB小球的切向加快度向來變大C小球遇到的拉力先變大后變小D小球遇到的電場力做功功搶先增大后減小18在絕緣水平面上方平均散布著方向與水平向右成60角斜向上的磁場中，一通猶如圖所示的恒定電流

4、I的金屬方棒，在安培力作用下水平向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知棒與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=3。若在磁場方向由圖示方向開始沿逆時(shí)針遲緩轉(zhuǎn)3B動(dòng)至豎直向上的過程中棒一直保持勻速直線運(yùn)動(dòng)，此過程中磁場方向I60與水平向右的夾角設(shè)為，則對(duì)于磁場的磁感覺強(qiáng)度的大小B與的變化關(guān)系圖象可能正確的選項(xiàng)是（）111B/TB/T-1B/T-1B/T-1OO90/O/O90/306090306090/ABCD19如圖甲所示，在絕緣水平面內(nèi)有一固定的圓滑金屬導(dǎo)軌cd、eg，端點(diǎn)d、e之間連結(jié)一電阻R，金屬桿ab靜止在金屬框架上，整個(gè)裝置處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中。導(dǎo)軌及桿ab的電阻忽視不計(jì)?，F(xiàn)對(duì)桿ab施加一沿dc方向的外力

5、F，使桿ab中的電流i隨時(shí)間t的圖象如圖乙所示。運(yùn)動(dòng)中桿ab一直垂直于導(dǎo)軌且接觸優(yōu)秀。以下對(duì)于外力F、桿ab遇到的安培力功率大小P隨時(shí)間t變化的圖象，不行能正確的選項(xiàng)是()20如下圖，輕彈簧下端懸掛著質(zhì)量為M的物塊，物塊靜止后，在其下方輕繩的下端輕輕地掛上一質(zhì)量為m的鉤碼，并將鉤碼m由靜止開釋。彈簧一直在彈性限度內(nèi)，重力加快度為g。已知以下四個(gè)對(duì)于輕繩對(duì)鉤碼的最大拉力Tm的表達(dá)式中只有一個(gè)是正確的，請(qǐng)你依據(jù)所學(xué)的物理知識(shí)，經(jīng)過必定的剖析判斷不正確的表達(dá)式是（）mM+2mmM+2mAT=M+mmgBT=M+mMgMmM+2mM+mCTm=MmmgDTm=M+2mmg21如下圖，在遠(yuǎn)距離輸電電路中

6、，發(fā)電廠的輸出電壓和輸電電線的電阻均不變，變壓器、電表均為理想化的。若發(fā)電廠的輸出功率減小，則以下說法正確的選項(xiàng)是（）A電壓表V1示數(shù)減小，電流表A1減小A1A2發(fā)B電壓表V2示數(shù)增大，電流表A2減小用C輸電線上消耗功率增大電V1V2廠戶升壓變壓器降壓變壓器D用戶總功率與發(fā)電廠的輸出功率的比值增大22某學(xué)習(xí)小組利用圖1所示裝置做“考證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。若某同學(xué)按圖1所示開始實(shí)驗(yàn)，則一個(gè)很顯然的不合理之處是_。經(jīng)糾正后，按正確操作，獲得如圖2所示的一條點(diǎn)跡清楚的紙帶，用刻度尺測得開端點(diǎn)O到計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D各點(diǎn)的距離分別為h、h、h、h，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間時(shí)間間隔為T，從O到D的時(shí)間為t。若用

7、1234O、C兩點(diǎn)來考證機(jī)械能守恒定律，為了計(jì)算打下C點(diǎn)時(shí)的重物的速度大圖1小，甲、乙、丙、丁四位同學(xué)供給了四個(gè)計(jì)算式，此中正確的選項(xiàng)是_。（填選項(xiàng)前的字母）A甲同學(xué)：=2gh3h4CB乙同學(xué)：=gth2h3C4h2h1C丙同學(xué)：=hC2TOABCD4h3圖2hD丁同學(xué)：C=T供給正確計(jì)算式的同學(xué)發(fā)現(xiàn)，以C點(diǎn)算出的重力勢能mgh3總比1m2略大些，這主假如因2C為_。23某多用電表內(nèi)歐姆擋“的1”內(nèi)部電路圖如下圖，小明同學(xué)將電阻箱和電壓表V并聯(lián)后接在兩表筆a、b上，欲用圖示的電路丈量多用電表內(nèi)部的電阻r（遠(yuǎn)小于電壓表V的內(nèi)阻）和電池的電動(dòng)勢E。實(shí)驗(yàn)的主要步驟為：2.502.001.501.00

8、0.501/V-1U00.020.040.060.081.001/-1R(1)表筆a為_(填“紅表筆”或“黑表筆”)。將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)至歐姆擋“，1”將紅黑表筆短接，調(diào)理_，使指針指在_(填“左”或“右”)側(cè)零刻度處。11(2)改變電阻箱R的阻值，分別讀出6組電壓表和電阻箱的示數(shù)U、R，將U、R的值算出并記錄在表格中，請(qǐng)將第3、5組數(shù)據(jù)的對(duì)應(yīng)點(diǎn)在座標(biāo)紙上增補(bǔ)標(biāo)出，并作出11圖線。UR組數(shù)123456R100.050.025.016.712.59.110.010.020.040.060.080.11RU1.200.950.740.600.500.4010.831.051.351.682.002.50

9、U(3)依據(jù)圖線獲得電動(dòng)勢E=_V，內(nèi)電阻r=_。(結(jié)果保存三位有效數(shù)字)因?yàn)殡妷罕淼姆至髯饔?，多用電表?nèi)部電池的電動(dòng)勢的丈量值比真切值“大”或“小”）。24如下圖，長為L的輕桿下端用鉸鏈固定在圓滑的水平面上的C點(diǎn)，上端有一個(gè)質(zhì)量為m的圓滑小球A（視為質(zhì)點(diǎn)），小球旁輕_（填mA靠有一正方體滑塊B。若用一大小為mg的水平恒力（g為重力加快LB度大?。┫蛴易饔糜谛∏駻，當(dāng)桿與水平面成=30角時(shí)A、B恰巧分別，求：（提示：在圓周運(yùn)動(dòng)過程中任一點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)所受的向心力與C2其速率的關(guān)系為F向mL）1）A、B分別瞬時(shí)球A的速度大小；2）滑塊B的質(zhì)量M；（3）球A剛要觸地時(shí)球?qū)U的作使勁F大小和方向。18如下

10、圖，有一磁感覺強(qiáng)度大小為B的水平勻強(qiáng)磁場，其上下水平界限的間距為H；磁場的正上方有一長方形導(dǎo)線框，其長和寬分別為L、d（dH），質(zhì)量為m，電阻為R?，F(xiàn)將線框從其下面緣與磁場上界限間的距離為h處由靜止開釋，測得線框進(jìn)入磁場的過程所用的時(shí)間為t。線框平面一直與磁場方向垂L直，線框上下面一直保持水平，重力加快度為g。求：d（1）線框下面緣剛進(jìn)入磁場時(shí)線框中感覺電流的大小和方向；h（2）線框的上面沿剛進(jìn)磁場時(shí)線框的速率1；（3）線框下面緣剛進(jìn)入磁場到下面緣剛走開磁場的全過程中產(chǎn)生的總焦耳熱Q。H33(1)對(duì)于分子動(dòng)理論和熱力學(xué)定律，以下說法中正確的選項(xiàng)是（）空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，水蒸發(fā)越快B物體的溫度越

11、高，每個(gè)分子的動(dòng)能都增大C第二類永動(dòng)機(jī)不行能制成是因?yàn)樗`犯了熱力學(xué)第必定律D兩個(gè)分子間的距離由大于9分子間作使勁10m處漸漸減小到很難再湊近的過程中，先增大后減小到零，再增大E若必定量氣體膨脹對(duì)外做功50J，內(nèi)能增添80J，則氣體必定從外界汲取130J的熱量如下圖，一根兩頭關(guān)閉的平均玻璃管AB，內(nèi)有一段長L=3cm的水銀柱將兩段空氣柱分開。當(dāng)玻璃管放在水平桌面上時(shí)，L1=45cm，L2=105cm，管中空氣的壓強(qiáng)p=20cmHg?，F(xiàn)將玻璃管A端遲緩抬起直至玻璃管處于豎直狀態(tài)，管中空氣的溫度與環(huán)境溫度同樣且恒為27。ABL1LL2（1）求玻璃管處于豎直狀態(tài)時(shí)A端空氣柱的長度L1及其壓強(qiáng)p1；（

12、2）若玻璃管處于豎直狀態(tài)時(shí)用冰塊包在A管四周以降低A管中空氣的溫度，直至管中空氣柱長度仍為105cm，求此時(shí)A管中空氣的溫度t。（設(shè)此過程中B管中空氣的溫度不變）B34(1)t=0時(shí)刻位于坐標(biāo)原點(diǎn)O的波源沿y軸方向開始振動(dòng)，形成沿x軸正方向流傳的簡y/cm2001234567x/m-20QP諧橫波，點(diǎn)的距離t5s時(shí)波源停止振動(dòng)，t6.5s時(shí)的波形圖如下圖，現(xiàn)在質(zhì)點(diǎn)x4m。以下說法正確的選項(xiàng)是()P的均衡地點(diǎn)與OA04s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的總行程為80mBt=0時(shí)刻波源的振動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向Ct7s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P位于波峰Dt6.5s時(shí)刻開始質(zhì)點(diǎn)Q比質(zhì)點(diǎn)P第一次先回到均衡地點(diǎn)(2)如下圖，等腰三角形AB

13、D為折射率n=3的某透明介質(zhì)的橫截面，AD=2L，A=B=30，P為AD邊的中點(diǎn)。在ABD平面內(nèi)有一細(xì)束光芒以入射角i=60從P點(diǎn)射入介質(zhì)中。已知光在真空中的速度為c。求光從P點(diǎn)入射到第一次從介質(zhì)中射出所用的時(shí)間t。DPAB35(1)對(duì)于原子和原子核，以下說法正確的選項(xiàng)是（）A粒子散射實(shí)驗(yàn)揭露了原子核內(nèi)部的復(fù)雜性B依據(jù)玻爾理論可知，氫原子核外電子躍遷過程電子的電勢能和動(dòng)能之和是不守恒的C依據(jù)玻爾理論可知，一個(gè)氫原子核外電子從n=4能級(jí)向低能級(jí)躍遷最多可輻射3種頻次的光子D已知23490Th的半衰期是24天，48g的23490Th經(jīng)過72天后衰變了42g(2)如下圖，靜止在水平面上的弧形木板質(zhì)量

14、為2m，AB部分是半徑為R、圓心角=53的圓弧軌道，BC部分是長為L的水平軌道。一質(zhì)量為m的小物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）從A處輕輕開釋后恰巧滑抵達(dá)C點(diǎn)。已知物塊與弧形木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，sin53=0.8，cos53=0.6，重力加快度為g。求：OmRAMBC1）物塊抵達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小B；2）物塊經(jīng)過圓弧軌道的過程中戰(zhàn)勝摩擦力做的功Wf。Mm【答案】14A提示】由“兩顆衛(wèi)星和中心星體一直在同向來線上”得悉兩顆衛(wèi)星的角速度相等，依據(jù)Gr2=m2r，得r=3GM2，可見兩顆衛(wèi)星的軌道半徑相等，選項(xiàng)A正確；由a=2r得向心加快度大小a1=a2，但方向相反，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由萬有引力供給向心力即F向=GMm2知

15、，F(xiàn)向與衛(wèi)星的質(zhì)量m相關(guān)，因?yàn)閮深wrMm212Mm衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系不確立，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；依據(jù)與m相關(guān)，選項(xiàng)Gr2=mr得衛(wèi)星的動(dòng)能Ek=m=G2r2D錯(cuò)誤。15B【提示】物塊與斜面體相對(duì)靜止，加快度同樣，對(duì)物塊、斜面體整體，豎直方向上受力均衡有N2=(M+m)g，選項(xiàng)B正確；水平方向上依據(jù)牛頓第二定律有F=(M+m)a，對(duì)斜面體，豎直方向上受力均衡有2111mg，a=mM+mN=Mg+Ncos，水平方向上依據(jù)牛頓第二定律有Nsin=Ma，解得N=cosMgtan，F(xiàn)=Mmgtan，選項(xiàng)A、C、D均錯(cuò)誤。2m。由題意可知，兩個(gè)粒子分別順、逆時(shí)針偏轉(zhuǎn)，但它們的速16C【提示】由qB=m得軌道半徑R=R

16、qB率關(guān)系未知，軌道半徑關(guān)系也未知，選項(xiàng)A、B均錯(cuò)誤；若兩個(gè)粒子分別從A、B兩點(diǎn)射出磁場，如下圖，則=60，=30，OA=OBtan30，R1=OA，R2=OB，得R1=B2sin2sinR2R212m22t12T=，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；周期qB同樣，由t1=T、t2=T得t2，選3221C項(xiàng)C正確。O217D【提示】小球從A點(diǎn)搖動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，只有電場力做功且向來做正功，依據(jù)動(dòng)能定理知小球的動(dòng)能Ek向來增大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小球從AOA點(diǎn)搖動(dòng)到B點(diǎn)的過程中輕繩與OB的夾角設(shè)為，則小球的切向加快度R1qEsin2a1=FqEcos=mm跟著的減小而減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；依據(jù)牛頓第二定律和向心力公式有得小球L

17、遇到的拉力大小F=qEcos+2F向來增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在LEk，cos、Ek均跟著的減小而增大，可見A點(diǎn)時(shí)小球的速率為零，電場力做功的剎時(shí)功率為零，過B點(diǎn)時(shí)小球的速度方向與電場力垂直，電場力做功的剎時(shí)功率也為零，可見小球遇到的電場力做功功搶先增大后減小選項(xiàng)D正確。NB1IL18C【提示】棒受力如下圖，則BILsin=(mg+BILcos)，得B=mg(sincos)=2IL30)，只有選項(xiàng)C正確。fsin(3mgmgBIL19ABD【提示】桿ab切割磁感線產(chǎn)生的感覺電動(dòng)勢e=BL，感覺電流e，由乙圖得i=kt，解得桿i=Rab的速率=kRkR不變，對(duì)桿ab依據(jù)牛頓第二定律有FBiL=ma，得

18、F=BLktBLt，可見桿ab的加快度a=BL+ma，選項(xiàng)A、B均錯(cuò)誤；桿ab遇到的安培力功率大小P=BiL=k2Rt2，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。20BCD【分析】令m=0，則Tm應(yīng)為零，而選項(xiàng)B中的Tm=Mg，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；令m趨近于M，則選項(xiàng)C中Tm趨近于無量大，不合理，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；令M=0，則選項(xiàng)D中的表達(dá)式簡化為1mg，因?yàn)镸Tm=2=0且還沒有掛上鉤碼時(shí)彈簧彈力為零，掛上鉤碼并由靜止開始開釋，當(dāng)彈簧彈力與mg均衡時(shí)，鉤碼的速率最大，因?yàn)閼T性鉤碼還要持續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，可見輕繩對(duì)鉤碼的最大拉力Tm應(yīng)大于mg，因此選項(xiàng)D錯(cuò)誤；由清除法知選項(xiàng)A正確。U出n1得電壓表V1兩頭的電壓U1不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

19、依據(jù)P出=U1I1得經(jīng)過電流表21BD提示】依據(jù)U1=n2A1的電流I1將減小，依據(jù)I2=n3得經(jīng)過電流表A2的電流I2將減小，降壓變壓器原線圈兩頭的電壓U=U1I1n4I1R線將增大，依據(jù)Un3得電壓表V2兩頭的電壓U2增大，選項(xiàng)B正確；輸電線上消耗功率P線=I2=n41R線U2將減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；用戶總功率與發(fā)電廠的輸出功率的比值為I2U2=n3I1U1U2跟著U2的增大而增大，選n4U1項(xiàng)D正確。22(1)a；調(diào)零旋鈕(或調(diào)R0)；右(2)如下圖(3)1.43(1.451.41)；23.4(22.923.9)(4)小【提示】(1)表筆a接內(nèi)部電池的負(fù)極，應(yīng)為紅表筆。紅黑表筆短接，調(diào)理調(diào)零

20、旋鈕，使指針指到右邊零偏刻度處。(2)11圖線如下圖。UR1/V-12.50U2.001.501.000.5000.020.040.060.081.001-1R/(3)由E=U+Ur得1r11，聯(lián)合圖線得10.70，r2.500.70，r內(nèi)23.4。RUEEE，解得E1.43VER0.11(4)當(dāng)R為無量大即為不接電阻箱時(shí)電壓表的示數(shù)為多用電表內(nèi)部電池的電動(dòng)勢的丈量值，而電壓表兩頭的電壓等于電動(dòng)勢的真切值減去多用電表的內(nèi)電壓，因此多用電表內(nèi)部電池的電動(dòng)勢的丈量值比真切值小。24【分析】（1）如圖10.2所示，設(shè)桿與水平面夾角時(shí)A與B的速度大小分別為、，有：=sin1221在桿下擺過程中，對(duì)輕桿

21、、球與滑塊構(gòu)成的系統(tǒng)，依據(jù)動(dòng)能定理有：1212(3+3)gL2mgLcos+mg(LLsin)=+解得1=m12M2062（2）分別時(shí)A、B不單有同樣的水平速度，并且分別前瞬時(shí)A、B在水1C平方向的加快度也一直同樣，而分別后B的加快度必為零，分別時(shí)二者的水圖10.2平加快度必為零。由圖10.3依據(jù)均衡條件有：Tcos=mg12由沿桿方向的協(xié)力供給向心力有：(Tsin+mg)sin=mLTmg解得：M=8(3+53)8mg6+3m=11(1+93)mC圖10.3（3）球A剛要觸地時(shí)的速度設(shè)為A，則依據(jù)動(dòng)能定理有：1122153mg(LLcos)+mgLsin=22F=mA解得：F=2mAm1L6

22、mg，方向水平向左2依據(jù)牛頓第三定律得F=F=21536mg，方向水平向右。225分析】（1）線框由靜止開釋到下面緣剛進(jìn)入磁場的過程，做自由落體運(yùn)動(dòng)，有：=2gh0得線框下面緣剛進(jìn)入磁場的速率為：0=2gh線框下面緣切割磁感線產(chǎn)生的感覺電動(dòng)勢為：E=BL0L感覺電流的大小為：I=E解得：I=BL2ghdRR依據(jù)右手定章判斷知，線框中感覺電流的方向沿逆時(shí)針方向。h（2）線框進(jìn)入磁場的過程，依據(jù)牛頓第二定律有：0mgBIL=ma1依據(jù)微元法，取一小段時(shí)間t，t時(shí)間內(nèi)速度的減少許為v，依據(jù)加快度的定義有：Hv2at聯(lián)立可得：（mgBIL）t=mv，即mgtBILt=mv在時(shí)間t內(nèi)，經(jīng)過線框某一橫截面的電荷量為：qIt兩邊乞降得：mgtBLq=m（v1v0）依據(jù)法拉第電磁感覺定律有：E=BLdt在時(shí)間t內(nèi)，經(jīng)過線框某一橫截面的電荷量為：依據(jù)閉合電路歐姆定律有：I=ERq=BLd解得：1=2gh+gtB2L2d。RmR（3）在線框下面緣剛進(jìn)入磁場到下