2022年新疆維吾爾自治區(qū)行知學校高考物理全真模擬密押卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、靜電場在x軸上的場強E隨x的變化關系如圖所示，x軸正方向為場強正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，則點電荷（

2、）A在x2和x4處電勢能相等B由x1運動到x3的過程中電勢能增大C由x1運動到x4的過程中電勢能先減小后增大D由x1運動到x4的過程中電場力先減小后增大2、在升降機底部安裝一個加速度傳感器，其上放置了一個質量為m小物塊，如圖甲所示。升降機從t=0時刻開始豎直向上運動，加速度傳感器顯示加速度a隨時間t變化如圖乙所示。取豎直向上為正方向，重力加速度為g，以下判斷正確的是（ ）A在02t0時間內，物塊先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)B在t03t0時間內，物塊先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)Ct=t0時刻，物塊所受的支持力大小為mgDt=3t0時刻，物塊所受的支持力大小為2mg3、反射式速調管是常用的微波

3、器件之一，它利用電子團在電場中的振蕩來產生微波，其振蕩原理與下述過程類似，已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢q隨x的分布如圖所示，一質量m1.01020kg，帶電荷量大小為q1.0109C的帶負電的粒子從（1，0）點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運動。忽略粒子的重力等因素，則（ ）Ax軸左側的電場強度方向與x軸正方向同向Bx軸左側電場強度E1和右側電場強度E2的大小之比E1：E22：1C該粒子運動的周期T1.5108sD該粒子運動的最大動能Ekm2108J4、如圖甲所示，傾角30的足夠長固定光滑斜面上，用平行于斜面的輕彈簧拉著質量m1 kg的物體沿斜面向上運動。已知物體在t1 s到t

4、3 s這段時間的vt圖象如圖乙所示，彈簧的勁度系數(shù)k200 N/m，重力加速度g取10 m/s2。則在該段時間內()A物體的加速度大小為2 m/s2B彈簧的伸長量為3 cmC彈簧的彈力做功為30 JD物體的重力勢能增加36 J5、下列關于物質結構的敘述中不正確的是A天然放射性現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)表明了原子核內部是有復雜結構的B質子的發(fā)現(xiàn)表明了原子核是由質子和中子組成的C電子的發(fā)現(xiàn)表明了原子內部是有復雜結構的D粒子散射實驗是原子核式結構模型的實驗基礎6、下列說法正確的是（）A衰變中產生的射線是原子的核外電子掙脫原子核的束縛形成的B亞里士多德猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證C對

5、于某種金屬，只要入射光強度足夠大，照射時間足夠長，就會發(fā)生光電效應D用頻率大于金屬的極限頻率的入射光照射金屬時，光越強，飽和電流越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，輕彈簧一端固定在O點，另一端連接在一個小球上，小球套在光滑、水平的直桿上，開始時彈簧與桿垂直且處于原長?，F(xiàn)給小球一個水平向右的拉力F，使小球從桿上A點由靜止開始向右運動，運動到B點時速度最大，運動到C點時速度為零。則下列說法正確的是（）A小球由A到B的過程中，拉力做的功大于小球動能的增量B小球

6、由B到C的過程中，拉力做的功大于彈簧彈性勢能的增量C小球由A到C的過程中，拉力做的功等于彈簧彈性勢能的增量D小球由A到C的過程中，小球所受合力的功先減小后增大8、理論表明，圍繞地球轉動的衛(wèi)星，其機械能只與衛(wèi)星的質量和軌道的長軸大小有關。如圖所示，A為地球，b、c為質量相同的兩顆衛(wèi)星圍繞地球轉動的軌道形狀分別為圓和橢圓，兩軌道共面，P為兩個軌道的交點，b的半徑為R，c的長軸為2R。關于這兩顆衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A它們的周期不同B它們的機械能相等C它們經過P點時的加速度不同D它們經過P點時的速率相同9、如圖，質量分別為mA=2kg、mB=4kg的A、B小球由輕繩貫穿并掛于定滑輪兩側等高H=2

7、5m處，兩球同時由靜止開始向下運動，已知兩球與輕繩間的最大靜摩擦力均等于其重力的0.5倍，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。兩側輕繩下端恰好觸地，取g=10m/s2，不計細繩與滑輪間的摩擦，則下列說法正確的是( )AA與細繩間為滑動摩擦力，B與細繩間為靜摩擦力BA比B先落地CA,B落地時的動能分別為400J、850JD兩球損失的機械能總量250J10、在光滑絕緣水平面上，一絕緣輕繩栓著一個帶電小球繞豎直方向的軸O在勻強磁場中做順時針方向的勻速圓周運動，磁場的方向豎直向下，其俯視圖如圖，若小球運動到A點時，繩子突然斷開，關于小球在繩斷開后的運動情況，可能的是（ ）A小球做逆時針勻速圓周運動，半徑不變

8、B小球做逆時針勻速圓周運動，半徑減小C小球做順時針勻速圓周運動，半徑不變D小球做順時針勻速圓周運動，半徑減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小明同學想要設計一個既能測量電源電動勢和內阻，又能測量定值電阻阻值的電路。他用了以下的實驗器材中的一部分，設計出了圖(a)的電路圖：a電流表A1(量程0.6A，內阻很小)；電流表A2(量程300A，內阻rA=1000)；b滑動變阻器R(0-20)；c，兩個定值電阻R1=1000，R2=9000；d待測電阻Rx；e待測電源E(電動勢約為3V，內阻約為2)f開關和導線若干(1)根據(jù)實驗要求，與

9、電流表A2串聯(lián)的定值電阻為_(填“R1”或“R2”)(2)小明先用該電路測量電源電動勢和內阻，將滑動變阻器滑片移至最右端，閉合開關S1，調節(jié)滑動變阻器，分別記錄電流表A1、A2的讀數(shù)I1、I2，得I1與I2的關系如圖(b)所示。根據(jù)圖線可得電源電動勢E=_V；電源內阻r=_，(計算結果均保留兩位有效數(shù)字)(3)小明再用該電路測量定值電阻Rx的阻值，進行了以下操作：閉合開關S1、S2，調節(jié)滑動變阻器到適當阻值，記錄此時電流表A1示數(shù)Ia，電流表A2示數(shù)Ib；斷開開關S2，保持滑動變阻器阻值不變，記錄此時電流表A1示數(shù)Ic，電流表A2示數(shù)Id；后斷開S1；根據(jù)上述數(shù)據(jù)可知計算定值電阻Rx的表達式為

10、_。若忽略偶然誤差，則用該方法測得的阻值與其真實值相比_(填“偏大”、“偏小”或“相等”)12（12分）某同學用如圖甲所示的電路測量一段總阻值約為10的均勻電阻絲的電阻率。在刻度尺兩端的接線柱a和b之間接入該電阻絲，金屬夾P夾在電阻絲上，沿電阻絲移動金屬夾，從而可改變接入電路的電阻絲長度。實驗提供的器材有：電池組E（電動勢為3.0V，內阻約1）；電流表A1（量程00.6A）；電流表A2（量程0100mA）；電阻箱R（099.99）；開關、導線若干。實驗操作步驟如下：用螺旋測微器測出電阻絲的直徑D；根據(jù)所提供的實驗器材，設計如圖甲所示的實驗電路；調節(jié)電阻箱使其接入電路中的電阻值最大，將金屬夾夾在

11、電阻絲某位置上；閉合開關，調整電阻箱接入電路中的電阻值，使電流表滿偏，記錄電阻箱的電阻值R和接入電路的電阻絲長度L；改變P的位置，調整_，使電流表再次滿偏；重復多次，記錄每一次的R和L數(shù)據(jù)；(1)電流表應選擇_（選填“A1”或“A2”）；(2)步驟中應完善的內容是_；(3)用記錄的多組R和L的數(shù)據(jù)，繪出了如圖乙所示圖線，截距分別為r和l，則電阻絲的電阻率表達式=_（用給定的字母表示）；(4)電流表的內阻對本實驗結果_（填“有”或“無”）影響。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）光滑水平面上，一個長木板與半徑

12、R未知的半圓組成如圖所示的裝置，裝置質量M5 kg.在裝置的右端放一質量為m1 kg的小滑塊(可視為質點)，小滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)0.5，裝置與小滑塊一起以v010 m/s的速度向左運動現(xiàn)給裝置加一個F55 N向右的水平推力，小滑塊與長木板發(fā)生相對滑動，當小滑塊滑至長木板左端A時，裝置速度恰好減速為0，此時撤去外力F并將裝置鎖定小滑塊繼續(xù)沿半圓形軌道運動，且恰好能通過軌道最高點B.滑塊脫離半圓形軌道后又落回長木板已知小滑塊在通過半圓形軌道時克服摩擦力做功Wf2.5 Jg取10 m/s2.求：(1)裝置運動的時間和位移；(2)長木板的長度l；(3)小滑塊最后落回長木板上的落點離A的距離14

13、（16分）如圖a所示是常見的飲水機的壓水器，他可以簡化為圖b所示的模型，上面氣囊的體積為V1=0.5L，擠壓時可以把氣囊中的氣體全部擠入下方橫截面積為S=0.05m2的水桶中，隨下方氣體壓強增大，桶中的液體會從細管中流出，已知在擠壓氣囊過程中，氣體的溫度始終不變，略去細管的體積及桶口連接處的體積，已知外部大氣壓為P0=105Pa，水的密度為=103kg/m3，重力加速度為g=10m/s2，某次使用過程時，桶內氣體體積為V2=12.5L，擠壓氣囊一下后，桶內的水恰好上升到出水口處，認為每次擠壓都能使氣囊中的氣體全部擠入桶中，則桶中液面離出水口多高？至少擠壓多少次才能從桶內流出體積為V3=2.5L

14、的水？15（12分）如圖所示，真空中有一個半徑r=0.5m的圓形磁場區(qū)域，與坐標原點O相切，磁場的磁感應強度大小B=2104T，方向垂直于紙面向外，在x=1m處的豎直線的右側有一水平放置的正對平行金屬板M、N，板間距離為d=0.5 m，板長L=1m，平行板的中線的延長線恰好過磁場圓的圓心O1。若在O點處有一粒子源，能向磁場中不同方向源源不斷的均勻發(fā)射出速率相同的比荷為=1108C/kg，且?guī)д姷牧Ｗ?，粒子的運動軌跡在紙面內，一個速度方向沿y軸正方向射入磁場的粒子，恰能從沿直線O2O3方向射入平行板間。不計重力及阻力和粒子間的相互作用力，求：（1）沿y軸正方向射入的粒子進入平行板間時的速度v和

15、粒子在磁場中的運動時間t0；（2）從M、N板左端射入平行板間的粒子數(shù)與從O點射入磁場的粒子數(shù)之比；（3）若在平行板的左端裝上一擋板（圖中未畫出，擋板正中間有一小孔，恰能讓單個粒子通過），并且在兩板間加上如圖示電壓（周期T0），N板比M板電勢高時電壓值為正，在x軸上沿x軸方向安裝有一足夠長的熒光屏（圖中未畫出），求熒光屏上亮線的左端點的坐標和亮線的長度l。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】首先明確圖像的物理意義，結合電場的分布特點沿電場線方向電勢差逐點降低，綜合分析判斷。【詳解】Ax2x4處場強方向沿x軸

16、負方向，則從x2到x4處逆著電場線方向，電勢升高，則正電荷在x4處電勢能較大，A不符合題意；Bx1x3處場強為x軸負方向，則從x1到x3處逆著電場線方向移動，電勢升高，正電荷在x3處電勢能較大，B符合題意；C由x1運動到x4的過程中，逆著電場線方向，電勢升高，正電荷的電勢能增大，C不符合題意；D由x1運動到x4的過程中，電場強度的絕對值先增大后減小，故由F=qE知電場力先增大后減小，D不符合題意故選B。2、C【解析】A由乙圖可知，在02t0時間內，物塊先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，A錯誤；B由乙圖可知，在t03t0時間內，物塊先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，B獵；C由乙圖可知，t=t0時刻，

17、物塊所受的支持力大小為mg，C正確；D由乙圖可知，t=3t0時刻，物塊所受的支持力大小為mg，D錯誤。故選C。3、D【解析】A沿著電場線方向電勢降落，可知x軸左側場強方向沿x軸負方向，x軸右側場強方向沿x軸正方向，故A錯誤；：B根據(jù)UEd可知：左側電場強度為：E1V/m2.0103V/m；右側電場強度為：E2V/m4.0103V/m；所以x軸左側電場強度和右側電場強度的大小之比E1：E21：2，故B錯誤；C設粒子在原點左右兩側運動的時間分別為t1、t2，在原點時的速度為vm，由運動學公式有：vmt1同理可知：vmt2；Ekmmvm2；而周期：T2（t1+t2）；聯(lián)立以上各式并代入相關數(shù)據(jù)可得：

18、T3.0108s；故C錯誤。D該粒子運動過程中電勢能的最大值為：EPmqm2108J，由能量守恒得當電勢能為零時動能最大，最大動能為Ekm2108J，故D正確；4、B【解析】A.根據(jù)速度圖象的斜率表示加速度可知，物體的加速度大小為avt1 m/s2選項A錯誤；B.對斜面上的物體受力分析，受到豎直向下的重力mg、斜面的支持力和輕彈簧的彈力F，由牛頓第二定律，F(xiàn)mgsin 30ma解得F6 N。由胡克定律Fkx可得彈簧的伸長量x3 cm，選項B正確；CD.在t1 s到t3 s這段時間內，物體動能增大Ek12mv2-12mv02 6 J根據(jù)速度時間圖象面積等于位移，可知物體向上運動位移x6 m，物體

19、重力勢能增加Epmgxsin 3030 J根據(jù)功能關系可知，彈簧彈力做功WEkEp36 J選項C、D錯誤。5、B【解析】A天然放射現(xiàn)象說明原子核內部有復雜結構。故A正確，不符合題意；B質子的發(fā)現(xiàn)與原子核是由質子和中子組成的沒有關聯(lián)。故B錯誤，符合題意；C湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，知道原子還可以再分，表明了原子內部是有復雜結構的。故C正確，不符合題意；D粒子散射實驗說明原子的核式結構模型，故D正確，不符合題意；故選B。6、D【解析】A.衰變中產生的射線是原子核內的中子轉化為質子同時釋放電子，故A錯誤；B. 伽利略猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比，但不是直接用實驗進行了驗證，故B錯誤；C. 光電效應發(fā)

20、生條件與光的強度無關，只與入射光的頻率有關，當用頻率大于金屬的極限頻率的入射光照射金屬時，光越強，飽和電流越大，故C錯誤，D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A.小球由A到B的過程中，小球的動能增加，彈簧的彈性勢能增加，根據(jù)功能關系可知，拉力做的功大于小球動能的增量，故A正確；B.小球由B到C的過程中，小球的動能減少，彈簧的彈性勢能增加，根據(jù)功能關系可知，拉力做的功與小球減少的動能之和等于彈簧彈性勢能的增量，則拉力做的功小于彈簧彈性勢能的增

21、量，故B錯誤；C.小球由A到C的過程中，動能的增量為零，根據(jù)功能關系可知，拉力做的功等于彈簧彈性勢能的增量，故C正確；D.根據(jù)動能定理知：小球所受合力的功等于小球動能的變化量，小球的動能先增大后減小，所以合力的功先增大后減小，故D錯誤。8、BD【解析】A衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運行軌道的半長軸大小相等，都是R，根據(jù)可知，兩顆衛(wèi)星運行周期相同，A錯誤；B由題意可知，兩顆衛(wèi)星質量相同，衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運行軌道的半長軸大小相等，故機械能相等，B正確；C衛(wèi)星經過P點時的加速度為所以加速度相同，C錯誤；D因為衛(wèi)星b的軌道半徑與衛(wèi)星c運行軌道的半長軸大小相等，且質量相等，所以兩顆衛(wèi)星經過P點時的勢

22、能相同，又因為B選項中兩衛(wèi)星的機械能相等，則動能相同，速率相同，D正確。故選BD。9、ACD【解析】A項：由于A、B兩球對細繩的摩擦力必須等大，且A、B的質量不相等，A球由靜止釋放后與細繩間為滑動摩擦力，B與細繩間為靜摩擦力，故A正確；B項：對A：mAg-fA=mAaA，對B：mBg-fB=mBaB，fA=fB，fA=0.5mAg，聯(lián)立解得：，設A球經ts與細繩分離，此時，A、B下降的高度分別為hA、hB，速度分別為VA、VB，則有：，H=hA+hB，VA=aAt，VB=aBt聯(lián)立解得：t=2s，hA=10m，hB=15m，VA=10m/s，VB=15m/s，分離后，對A經t1落地，則有：，對

23、B經t2落地，m則有： 解得：， ，所以b先落地，故B錯誤；C項：A、B落地時的動能分別為EkA、EkB，由機械能守恒，有： 代入數(shù)據(jù)得：EkA=400J、EkB=850J，故C正確；D項：兩球損失的機械能總量為E，E=（mA+mB）gH-EkA-EkB，代入數(shù)據(jù)得：E=250J，故D正確。故應選：ACD?！军c睛】解決本題的關鍵理清A、B兩球在整個過程中的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁。要注意明確B和繩之間的滑動摩擦力，而A和繩之間的為靜摩擦力，其大小等于B受繩的摩擦力。10、ABC【解析】AB如果小球帶正電，則小球所受的洛倫茲力方向背離圓心

24、，當洛倫茲力的大小等于小球原來所受合力大小時，繩子斷后，小球做逆時針的勻速圓周運動，半徑不變，也可能洛倫茲力大于之前合力的大小，則半徑減小，故AB正確；CD若小球帶負電，則小球所受的洛倫茲力指向圓心，開始時，拉力可能為零，繩斷后，仍然洛倫茲力提供向心力，順時針做圓周運動，半徑不變若開始靠洛倫茲力和拉力的合力提供向心力，拉力減小為零，小球靠洛倫茲力提供向心力，速度的大小不變，半徑變大，故C正確，D錯誤故選ABC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R2 3.0 2.1 相等 【解析】（1）電流表A2與R2串聯(lián)，可改裝為量程為的電壓表，故選

25、R2即可；（2）由圖可知電流表A2的讀數(shù)對應的電壓值即為電源的電動勢，則E=3.0V；內阻 （3）由題意可知： ，；聯(lián)立解得；由以上分析可知，若考慮電流表A1內阻的影響，則表達式列成： ，最后求得的Rx表達式不變，則用該方法測得的阻值與其真實值相比相等。12、A2 電阻箱R的阻值 無 【解析】(1)1當電流表A1接入電路，電流表滿偏時電路中的總電阻為；而當電流表A2接入電路，電流表滿偏時電路中的總電阻為，可知電流表應選擇A2；(2)2步驟中應完善的內容是：改變P的位置，調整電阻箱R的阻值，使電流表再次滿偏；(3)3當每次都是電流表滿偏時，外電路的總電阻是恒定值，設為R0，則即由圖像可知即 (4

26、)4若考慮電流表的內阻，則表達式變?yōu)橐騌-L的斜率不變，則測量值不變，即電流表的內阻對實驗結果無影響。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)1 s5 m(2)2.5 m(3)0.8 m【解析】(1)對M：FmgMa1 解得：a110 m/s2設裝置運動的時間為t1，由v0a1t10解得：t11 s 裝置向左運動的距離：x1v0t1a1t125 m(2)對m：mgma2，解得a25 m/s2設滑塊到A點的速度為v1，則v1v0a2t1 解得：v15 m/s小滑塊向左運動的距離：x2v0t1a2t127.5 m則木板長為lx2x12.5 m(3)設滑塊在B點的速度為v2，從A至B：mg2RWf 在B點：mgm聯(lián)立解得：R0.4 m，v22 m/s小滑塊平拋運動時： 落點離A的距