四川省成都市樹德中學(xué)高三（下）適應(yīng)性考試?yán)砭C物理試題（解析版）

1、 樹德中學(xué)高2019級高考適應(yīng)性考試物理試題第卷：選擇題一、選擇題：（本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14題只有一項(xiàng)符合題目要求，第58題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1. 科學(xué)研究發(fā)現(xiàn)，钚（Pu）是一種具有放射性的超鈾元素，已知钚的一種同位素的半衰期為24100年，其衰變方程為，該衰變過程中產(chǎn)生的光子照射到逸出功為W0的金屬上，逸出光電子的最大初動(dòng)能為Ek0。已知普朗克常量為h，光速為c。下列說法中正確的是（）A. 光子的波長為B. X原子核中含有92個(gè)中子C. 給钚加壓可改變其半衰期D. 40個(gè)經(jīng)過48200年后一定剩余10個(gè)

2、【答案】A【解析】【詳解】A光子照射到逸出功為的金屬上，逸出光電子的最大初動(dòng)能為，由光電效應(yīng)方程得得光子的波長為故A正確；B由核反應(yīng)過程的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知X的質(zhì)量數(shù)為電荷數(shù)為則X原子核中含有中子為故B錯(cuò)誤；C半衰期僅僅與放射性元素有關(guān)，與外界環(huán)境無關(guān)，加溫或加壓不能改變半衰期T的大小，故C錯(cuò)誤；D半衰期是大量放射性原子核衰變的統(tǒng)計(jì)意義，對個(gè)別的放射性原子核沒有意義，故D錯(cuò)誤；故選A。2. 地球的公轉(zhuǎn)軌道接近圓，哈雷彗星的公轉(zhuǎn)軌道則是一個(gè)非常扁的橢圓，如圖所示。天文學(xué)家哈雷成功預(yù)言了哈雷彗星的回歸，哈雷彗星最近出現(xiàn)的時(shí)間是1986年，預(yù)測下次飛近地球?qū)⒃?061年左右。若哈雷彗星在近日

3、點(diǎn)與太陽中心的距離為，遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽中心的距離為。下列說法正確的是（）A. 哈雷彗星軌道的半長軸是地球公轉(zhuǎn)半徑的倍B. 哈雷彗星在近日點(diǎn)的速度一定大于地球的公轉(zhuǎn)速度C. 哈雷彗星在近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度之比為D. 相同時(shí)間內(nèi)，哈雷彗星與太陽連線掃過的面積和地球與太陽連線掃過的面積相等【答案】B【解析】【詳解】A地球公轉(zhuǎn)周期T=1年，哈雷彗星的周期為T=(20611986)年=75年根據(jù)開普勒第三定律有解得故A錯(cuò)誤；B哈雷彗星的軌道在近日點(diǎn)的曲率半徑比地球的公轉(zhuǎn)軌道半徑小，根據(jù)萬有引力提供向心力得可得哈雷彗星在近日點(diǎn)的速度一定大于地球的公轉(zhuǎn)速度，故B正確；CD根據(jù)開普勒第二定律，相同時(shí)間內(nèi)，哈雷彗星

4、與太陽連線掃過的面積相等，但并不與地球與太陽連線掃過的面積相等。設(shè)哈雷彗星在近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度分別為v1、v2，取時(shí)間微元，結(jié)合扇形面積公式可知解得故CD錯(cuò)誤。故選B。3. 如圖所示，一矩形n匝閉合線圈勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的轉(zhuǎn)軸OO以恒定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈電阻為R，從如圖位置(線圈平面與磁場方向平行)為t0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，線圈平面轉(zhuǎn)過60時(shí)線圈中的感應(yīng)電流的大小為I0，則下列判斷正確的是（）A. 在0時(shí)間內(nèi)穿過線圈的磁通量一直在增大B. 在0時(shí)間內(nèi)線圈中的感應(yīng)電流先增大后減小C. 一個(gè)周期內(nèi)，線圈上產(chǎn)生的熱量為D. 穿過線圈的磁通量最大值為【答案】D【解析】【詳解】A時(shí)，線圈平面與磁場方

5、向平行，磁通量為0，當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過時(shí)，線圈平面與磁場方向垂直，磁通量最大，在時(shí)間內(nèi)，線圈轉(zhuǎn)過的角度為，可知此過程線圈的磁通量先增大后減小，故A錯(cuò)誤；B時(shí)，線圈平面與磁場方向平行，此時(shí)的磁通量變化率最大，線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢最大，線圈中的感應(yīng)電流最大，當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過時(shí)，磁通量變化率為0，線圈中的電動(dòng)勢為0，線圈中的感應(yīng)電流為0，在時(shí)間內(nèi)，線圈轉(zhuǎn)過的角度為，可知此過程線圈中的感應(yīng)電流先減小后增大，故B錯(cuò)誤；C時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電流的表達(dá)式為線圈平面轉(zhuǎn)過時(shí)線圈中的感應(yīng)電流的大小為，則有解得線圈中感應(yīng)電流的最大值為線圈中感應(yīng)電流的有效值為一個(gè)周期內(nèi)，線圈上產(chǎn)生的熱量為故C錯(cuò)誤；D線圈的最大電動(dòng)勢為又聯(lián)立可

6、得穿過線圈的磁通量最大值為故D正確。故選D。4. 圖甲為北京冬奧會冰壺比賽中的一個(gè)畫面。比賽中，運(yùn)動(dòng)員用毛刷擦冰壺運(yùn)動(dòng)前方的冰面，使冰壺與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)減小，改變冰壺的運(yùn)動(dòng)距離。某運(yùn)動(dòng)員將冰壺沿冰面推出，冰壺做直線運(yùn)動(dòng)直到停止過程的圖像如圖乙所示，則下列判斷正確的是（）A. 時(shí)間內(nèi)冰壺運(yùn)動(dòng)的位移大小為B. 沒擦冰面時(shí)冰壺運(yùn)動(dòng)的加速度大小是有擦冰面時(shí)的3倍C. 提早擦冰面而保持擦冰面時(shí)間不變，則冰壺滑行的總時(shí)間不變D. 提早擦冰面而保持擦冰面時(shí)間不變，則冰壺滑行的總位移不變【答案】C【解析】【詳解】A根據(jù)圖像的面積表示位移，可得時(shí)間內(nèi)冰壺運(yùn)動(dòng)的位移大小為A錯(cuò)誤；B根據(jù)圖像的絕對值表示加速度的

7、大小，可得沒擦冰面時(shí)冰壺運(yùn)動(dòng)的加速度大小為有擦冰面時(shí)的冰壺運(yùn)動(dòng)的加速度大小為可得B錯(cuò)誤；CD假設(shè)沒擦冰面時(shí)冰壺運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為，有擦冰面時(shí)的冰壺運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，則有若提早擦冰面而保持擦冰面時(shí)間不變，則沒擦冰面時(shí)冰壺運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為也不變，故冰壺滑行的總時(shí)間不變，如圖所示根據(jù)圖像的面積表示位移，可知若提早擦冰面而保持擦冰面時(shí)間不變，冰壺滑行的總位移變大，C正確，D錯(cuò)誤；故選C。5. 如圖所示，A、B、C、D為勻強(qiáng)電場中相鄰的四個(gè)等勢面，等勢面與水平方向夾角為45，一電子從等勢面D的O點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)電場，經(jīng)過等勢面D時(shí)，動(dòng)能為16eV，速度方向豎直向上，電子恰好不穿過B等勢面。已知相鄰等勢面間的距離均為4c

8、m，電子重力不計(jì)。則下列說法正確的是（）A. 電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B. 電子再次經(jīng)過等勢面D時(shí)的位置與O點(diǎn)相距16cmC. 電子飛經(jīng)等勢面C時(shí)的動(dòng)能為12eVD. 勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為200V/m【答案】C【解析】【詳解】A電子速度方向豎直向上，恰好不穿過B等勢面，則電場力方向垂直于等勢面斜向右下，加速度方向與電子速度方向不同線，所以電子做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；CD將電子的初速度分解到平行于等勢線方向（x方向）和垂直等勢線斜向左上方向（y方向），初速度為v，則電子經(jīng)過B等勢面時(shí)，只有沿x方向的分速度，即由動(dòng)能公式知電子經(jīng)過B等勢面時(shí)動(dòng)能是經(jīng)過等勢面D的一半，即由電場力做功決定式和動(dòng)能定理

9、知2解得，4V又可解得E=100V/mC正確，D錯(cuò)誤；B電子在y方向上做類豎直上拋運(yùn)動(dòng)，再次經(jīng)過等勢面D時(shí)的時(shí)間從等勢面D運(yùn)動(dòng)到B的位移為 在x方向上勻速運(yùn)動(dòng)，再次經(jīng)過等勢面D時(shí)的位置與O點(diǎn)相距B錯(cuò)誤。故選C。6. 如圖，一表面光滑的平板小車放在光滑水平面上，木塊和輕彈簧置于小車表面，輕彈簧一端與固定在小車上的擋板連接，整個(gè)裝置靜止。一顆子彈以一定速度水平射入木塊，留在木塊中并與木塊一起向前滑行，與彈簧接觸后壓縮彈簧。不計(jì)擋板與彈簧質(zhì)量，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是（）A. 子彈射入木塊過程中，子彈與木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量及機(jī)械能均守恒B. 子彈和木塊一起壓縮彈簧過程中，子彈、木塊、小車

10、組成的系統(tǒng)動(dòng)量及機(jī)械能均守恒C. 整個(gè)過程，子彈、木塊、小車組成系統(tǒng)所損失的機(jī)械能等于子彈與木塊摩擦產(chǎn)生的熱量及彈簧的彈性勢能之和D. 其他條件不變時(shí)，若增大小車的質(zhì)量，彈簧的最大壓縮量增大【答案】CD【解析】【詳解】A子彈射入木塊并留在木塊中，子彈與木塊組成的系統(tǒng)受合外力等于零，因此動(dòng)量守恒，因子彈與木塊是完全非彈性碰撞，機(jī)械能減少最多，即機(jī)械能不守恒，A錯(cuò)誤；B子彈和木塊一起壓縮彈簧過程中，子彈、木塊、小車組成的系統(tǒng)受合外力等于零，動(dòng)量守恒，由于壓縮彈簧，即對彈簧做功，彈簧的彈性勢能增加，子彈、木塊、小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少，機(jī)械能不守恒，B錯(cuò)誤；C由能量守恒定律可知，整個(gè)過程，子彈、木塊

11、、小車組成的系統(tǒng)所損失的機(jī)械能等于子彈與木塊摩擦產(chǎn)生的熱量及彈簧的彈性勢能之和，C正確；D設(shè)子彈的質(zhì)量為m1，速度為v0，木塊的質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，子彈射入木塊后速度為v1，向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得解得 此后對子彈、木塊、小車組成的系統(tǒng)，規(guī)定向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得由機(jī)械能守恒定律可得 聯(lián)立解得彈簧的彈性勢能為由此可見其他條件不變時(shí)，若增大小車的質(zhì)量，彈簧的彈性勢能增大，彈簧的最大壓縮量增大，D正確。故選CD。7. 如圖所示，水平面內(nèi)的兩根平行金屬導(dǎo)軌處在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。兩根相同的金屬棒ab和cd垂直橫跨在導(dǎo)軌兩端，其中cd棒通過絕緣細(xì)線跨過定滑輪與重物M連接。由靜

12、止同時(shí)釋放兩根金屬棒，忽略各處摩擦，導(dǎo)軌足夠長，不考慮可能發(fā)生的碰撞，下列說法正確的是（）A. 安培力對兩根金屬棒的沖量相同B. 安培力對ab做的功等于ab動(dòng)能的增量C. cd克服安培力做的功等于整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱D. ab和cd最終會以同樣的加速度勻加速直線運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】【詳解】A兩根金屬棒受到等大反向的安培力，安培力對兩根金屬棒的沖量等大反向，A錯(cuò)誤：B根據(jù)動(dòng)能定理，安培力對ab做的功等于ab動(dòng)能的增量，B正確；Ccd克服安培力做的功等于回路中總的焦耳熱與ab增加的動(dòng)能之和，C錯(cuò)誤；D系統(tǒng)達(dá)到穩(wěn)定時(shí)一定處于平衡狀態(tài)，根據(jù)相對運(yùn)動(dòng)和平衡條件得ab和cd的速度之差一定是定值，所以

13、兩根金屬棒一定以相同的加速度勻加速直線運(yùn)動(dòng)，D正確。故選BD。8. 如圖甲所示，足夠長的水平傳送帶以某一恒定速率順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，一根輕彈簧兩端分別與物塊和豎直墻面連接，將物塊在傳送帶左端無初速度釋放，此時(shí)彈簧恰處于原長且為水平。物塊向右運(yùn)動(dòng)的過程中，受到的摩擦力大小與物塊位移的關(guān)系如圖乙所示。已知物塊質(zhì)量為m，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，x0為已知量，則（）A. 0 x0過程，物塊所受的摩擦力方向向右B. x02x0過程，物塊做勻加速運(yùn)動(dòng)C. 彈簧的勁度系數(shù)為D. 傳送帶的速度為【答案】AD【解析】【詳解】AB物塊在剛釋放的一段時(shí)間內(nèi)相對傳送帶向左滑動(dòng)

14、，受到的滑動(dòng)摩擦力向右，同時(shí)彈簧彈力逐漸增大，由題圖乙可知當(dāng)x=x0時(shí)，摩擦力發(fā)生突變，瞬間減小后，隨著x正比例增大，考慮到彈簧彈力也是隨x而正比例增大，由此可推知當(dāng)x=x0時(shí)，物塊剛好達(dá)與傳送帶達(dá)到共同速度，之后隨著傳送帶繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，在x2x0過程物塊始終相對傳送帶靜止，彈力和靜摩擦力同時(shí)增大且平衡，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)x=2x0時(shí)，彈簧彈力大小增大至與滑動(dòng)摩擦力大小相同，故A正確，B錯(cuò)誤；C根據(jù)前面分析可知，彈簧的勁度系數(shù)為故C錯(cuò)誤；D在0 x0過程，彈簧彈力從0線性增大到kx0，則此過程平均彈力大小為設(shè)傳送帶的速度為v，此過程對物塊根據(jù)動(dòng)能定理有解得故D正確。故選AD。第卷：非選擇題

15、二、非選擇題9. “探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB與OC為細(xì)繩。圖乙顯示的是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖。（1）圖乙中一定沿著AO方向的是_（選填F或F）（2）本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_；A理想實(shí)驗(yàn)法B等效替代法C控制變量法D物理模型法（3）下列說法中正確是_；A兩個(gè)分力的值稍大一些較好，便于減小作圖誤差B兩個(gè)分力的夾角越大越好，同時(shí)在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意彈簧測力計(jì)與細(xì)線應(yīng)始終平行紙板但不與紙面接觸C兩分力的夾角應(yīng)取90，便于之后運(yùn)算中采用勾股定理以驗(yàn)證平行四邊形定則D在同一實(shí)驗(yàn)中，兩次實(shí)驗(yàn)操作O點(diǎn)位置不能變動(dòng)（4）在實(shí)驗(yàn)中，如果將

16、細(xì)繩也換成橡皮筋，能否驗(yàn)證力的平行四邊形法則？答_（選填“能”、“不能”）【答案】 . F . B . AD#DA . 能【解析】【詳解】（1）1F是通過平行四邊形定則作圖得出的值，為理論值；而F是通過一個(gè)彈簧稱沿AO方向拉橡皮筋，使橡皮筋伸長到O點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱的拉力與兩個(gè)彈簧稱的拉力效果相同而測量出的合力，是力F1和F2的合力的實(shí)際測量值，其方向一定沿著AO方向。（2）2該實(shí)驗(yàn)中兩次要求橡皮筋彈性形變效果相同，所以實(shí)驗(yàn)采用了等效替代的方法，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。（3）3A兩個(gè)分力的值稍大一些較好，便于減小作圖誤差，故A正確；BC兩個(gè)分力的夾角應(yīng)適當(dāng)，過大、過小都不利于實(shí)驗(yàn)操作，故

17、BC錯(cuò)誤；D為使合力與兩個(gè)分力同時(shí)作用效果相同，兩次實(shí)驗(yàn)操作O點(diǎn)的位置不能變動(dòng)，故D正確。故選AD。（4）4如果將細(xì)繩也換成橡皮筋，實(shí)驗(yàn)時(shí)AO橡皮筋拉力的大小和方向都不發(fā)生變化，前后效果相同，依舊能驗(yàn)證平行四邊形法則。10. 某物理興趣小組的小明和小華兩同學(xué)走進(jìn)實(shí)驗(yàn)室，準(zhǔn)備利用實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有器材進(jìn)行電學(xué)知識實(shí)驗(yàn)探究。實(shí)驗(yàn)室可供探究的器材有：A干電池（電動(dòng)勢E=1.5V，內(nèi)阻r約為2）；B電流表A（滿偏電流為3mA，內(nèi)阻約為9）；C電壓表V（量程為1.5V，內(nèi)阻約為1000）D電阻箱R1（最大阻值為999.9）；E滑動(dòng)變阻器R2（最大阻值為1000）；F定值電阻R3（阻值約為1）；G開關(guān)，導(dǎo)線若干。

18、（1）小明同學(xué)將干電池、電流表A和滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的歐姆表，完成測試后表盤上1.5mA刻度對應(yīng)的電阻值為_。（2）小華同學(xué)為了對圖甲的歐姆表進(jìn)行改裝，他首先測量了電流表A的內(nèi)阻，他將電流表A與電阻箱R1串聯(lián)，設(shè)計(jì)了如圖乙所示的測量電路。閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)電流表滿偏時(shí)電壓表的示數(shù)為1.47V，電阻箱的讀數(shù)為480，則電流表的內(nèi)阻RA=_。（3）小華同學(xué)在上述實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上繼續(xù)利用電流表A和電壓表V來測量定值電阻R3的阻值，用伏安法的內(nèi)接和外接兩種電路進(jìn)行測量，則采用伏安法的_（填“內(nèi)接”或“外接”）測量較準(zhǔn)確。在測量中，若電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，則定值電阻R

19、3阻值的表達(dá)式為R3=_（用實(shí)驗(yàn)測量的物理量的字母表示）。（4）小華同學(xué)經(jīng)過多次測量得到定值電阻R3的電阻為，他利用該定值電阻對小明同學(xué)設(shè)計(jì)的如圖甲所示的歐姆表進(jìn)行改裝，從而實(shí)現(xiàn)了對歐姆表倍率的轉(zhuǎn)換，改裝電路如圖丙所示。則圖甲和圖丙兩種歐姆表的倍率之比為_?！敬鸢浮?. 500 . 10 . 內(nèi)接 . . 【解析】【詳解】（1）1測量電阻前先進(jìn)行歐姆調(diào)零，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得調(diào)零后歐姆表內(nèi)阻為設(shè)表盤上刻度對應(yīng)的電阻值為，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得（2）2根據(jù)歐姆定律可得解得電流表的內(nèi)阻為（3）34由于電流表內(nèi)阻已經(jīng)測得為，故應(yīng)采用電流表內(nèi)接法測定值電阻，根據(jù)歐姆定律可得解得（4）5圖

20、甲歐姆調(diào)零后的歐姆表內(nèi)阻為圖丙與電流表并聯(lián)，相當(dāng)于變成一個(gè)大量程的電流表，最大電流為圖丙歐姆調(diào)零后的歐姆表內(nèi)阻為假設(shè)圖甲歐姆表和圖丙歐姆表測電阻時(shí)指針指在同一刻度，對于圖甲，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得對于圖丙，此時(shí)電路總電流為根據(jù)閉合電路歐姆定律可得聯(lián)立可得故圖甲和圖丙兩種歐姆表的倍率之比為。11. 工地上工人用“打夯”的方式打樁。質(zhì)量的木樁立在泥地上，木樁兩旁的工人同時(shí)通過輕繩對質(zhì)量的重物各施加一個(gè)拉力，從緊靠木樁頂端處由靜止提起重物的過程中，每個(gè)拉力的大小恒為T=300N，與豎直方向的夾角始終保持。離開木樁頂端L=24cm后工人同時(shí)停止施力，重物繼續(xù)上升一段距離，接著自由下落撞擊木樁后立即與

21、木樁一起向下運(yùn)動(dòng)，此次木樁打進(jìn)的深度h=15cm。取，。求：（1）工人提起重物時(shí)兩拉力的合力大小F；（2）重物剛要落到木樁頂端時(shí)的速度大小；（3）木樁打進(jìn)泥地的過程中，受到的平均阻力大小。【答案】（1） ；（2） ；（3） 【解析】【詳解】（1）兩根繩子對重物的合力得（2）設(shè)重物被提起時(shí)的速度為，之后再上升高度后落回撞擊木樁得另解：重物由提起到撞擊木樁前的整個(gè)過程，應(yīng)用動(dòng)能定理可得（3）重物撞擊木樁后與木樁獲得的共同速度為，由動(dòng)量守恒定律得重物與木樁一起下移過程中，由動(dòng)能定理得解得12. 如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，大量比荷為、速度大小范圍為的粒子從PM和QK間平

22、行于PM射入圓形磁場區(qū)域，PM與圓心O在同一直線上，PM和QK間距離為0.5R，已知從M點(diǎn)射入的速度為的粒子剛好從N點(diǎn)射出圓形磁場區(qū)域，N點(diǎn)在O點(diǎn)正下方，不計(jì)粒子重力以及粒子間的相互作用。求：（1）圓形區(qū)域磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B及帶電粒子電性；（2）圓形區(qū)域內(nèi)有粒子經(jīng)過的面積；（3）擋板CN、ND下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，ND=R，直線CD與圓形區(qū)域相切于N點(diǎn)，到達(dá)N點(diǎn)的粒子均能從板上小孔進(jìn)入下方磁場，擋板ND繞N點(diǎn)在紙面內(nèi)順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，ND板下表面上有粒子打到的區(qū)域長度l與板旋轉(zhuǎn)角度（090）之間的函數(shù)關(guān)系式。【答案】（1），帶正電；（2）；（3）見解析【解析】【詳解】（1）速度為的粒子從M點(diǎn)射入，從N點(diǎn)出，軌道半徑為r，依題意有由左手定則判斷可得粒子帶正電；（2）速度為的粒子從M射入，射出點(diǎn)為A，如圖1所示，依題意有MK間入射的速度為的粒子能到達(dá)的區(qū)域?yàn)閳D中陰影部分，面積為（3）如圖2所示，由幾何關(guān)系可知，能到達(dá)N點(diǎn)的帶電粒子速度均為，半徑均為R， 中有 從K點(diǎn)射入帶電粒子速度偏轉(zhuǎn)角為60，從M