2023學(xué)年貴州省重點初中高二物理第一學(xué)期期中達標(biāo)檢測試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、人造衛(wèi)星繞地球做圓周運動時，衛(wèi)星離地面的高度越高，則下列說法正確的是（ ）A速度越大B角速度越大C周期越大D向

2、心加速度越大2、電源、開關(guān)、平行板電容器連成如圖電路。閉合開關(guān)S，電源對電容器充電后，電容器帶電量為Q，板間電壓力為U，板間電場強度大小為E，則下列說法正確的是A若將A板下移少許，Q增大；U減小；E不變B若將A板下移少許，Q不變；U減??；E減小C若斷開開關(guān)，若將A板下移少許，Q增大；U不變；E增大D若斷開開關(guān)，若將A板下移少許，Q不變；U減??；E不變3、首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是A牛頓B愛因斯坦C居里夫人 D奧斯特4、一質(zhì)子在靜電場中由a點移到b點，在這過程中，電場力做的功為8.010-17J，則a、b兩點間的電勢差Uab為( )A3102VB5102VC4102VD7102V5、如圖，帶正

3、電的點電荷Q固定在真空中的M點，將另一帶正電的點電荷q從N點沿直線移動到P點，在這一過程中，（）Aq所受的電場力將不斷變大Bq所受的電場力將不斷減小C電場力對q做正功，q的電勢能不斷增大D電場力對q做負功，q的電勢能不斷減小6、如圖所示，實線表示電場線，虛線表示帶電粒子只在電場力作用下由a向b的運動軌跡，可以判定()A粒子在a點的速度大于在b點的速度B粒子在a點的加速度大于在b點的加速度C粒子一定帶正電荷D粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得

4、0分。7、在地面上觀察下列物體的運動，其中物體做曲線運動的是A向東運動的質(zhì)點受到一個向西的力的作用B正在豎直上升的氣球突然遭遇一陣北風(fēng)C河水勻速流動，正在河里勻速駛向?qū)Π兜钠在以速度v勻速行駛的列車上，自由釋放的一個小鐵球8、如圖所示，兩個相同的平行板電容器C1、C2用導(dǎo)線相連，開始時都不帶電現(xiàn)將開關(guān)S閉合給兩個電容器充電，充電完畢后，電容器C1兩板間有一帶電微粒恰好處于平衡狀態(tài)再將開關(guān)S斷開，把電容器C2兩板稍錯開一些（兩板間距離保持不變），重新平衡后，下列判斷正確的是（ ）A電容器C1兩板間電壓減小B電容器C2兩板間電壓增大C帶電微粒將加速上升D電容器C1所帶電荷量增大9、利用如圖所示

5、裝置可以選擇一定速度范圍內(nèi)的帶電粒子圖中板MN上方的感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，板上兩條寬度分別為2d和d的縫，兩縫近端相距為L一群質(zhì)量為m、電荷為q，具有不同素的的粒子從寬度為2d的縫垂直于板MN進入磁場，對于能夠從寬度d的縫射出的粒子，下列說法正確的是A粒子帶正電B射出粒子的最大速度為C保持d和L不變，增大B，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大D保持d和B不變，增大L，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大10、一帶電粒子在電場中只受靜電力作用時，它可能出現(xiàn)的運動狀態(tài)是( )A勻速直線運動B勻加速直線運動C勻變速曲線運動D勻速圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把

6、答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)利用打點計時器和氣墊導(dǎo)軌做驗證動量守恒定律的實驗氣墊導(dǎo)軌裝置如圖(a)所示，所用的氣墊導(dǎo)軌裝置由導(dǎo)軌、滑塊、彈射架等組成(1)下面是實驗的主要步驟：安裝好氣墊導(dǎo)軌，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導(dǎo)軌水平；向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣；把打點計時器固定在緊靠氣墊導(dǎo)軌左端彈射架的外側(cè)，將紙帶穿過打點計時器與彈射架并固定在滑塊1的左端，滑塊拖著紙帶移動時，紙帶始終在水平方向；使滑塊1擠壓導(dǎo)軌左端彈射架上的橡皮繩；把滑塊2放在氣墊導(dǎo)軌的中間；先接通打點計時器的電源，再放開滑塊1，讓滑塊1帶動紙帶一起運動；在中間與滑塊2相撞并粘在一起運動；取下紙

7、帶，重復(fù)步驟，選出理想的紙帶如圖(b)所示；測得滑塊1的質(zhì)量310 g，滑塊2(包括橡皮泥)的質(zhì)量205g(2)已知打點計時器每隔0.02 s打一個點，計算可知兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動量為_ kgm/s；兩滑塊相互作用以后系統(tǒng)的總動量為_ kgm/s(保留三位有效數(shù)字)(3)試說明(2)中兩結(jié)果不完全相等的主要原因是_12（12分）據(jù)統(tǒng)計人在運動過程中，腳底在接觸地面瞬間受到的沖擊力是人體自身重力的數(shù)倍為探究這個問題，實驗小組同學(xué)利用落錘沖擊的方式進行了實驗，即通過一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時的情況重物與地面的形變很小，可忽略不計g取10m/s1下表為一次實驗過

8、程中的相關(guān)數(shù)據(jù)重物(包括傳感器)的質(zhì)量m/kg8.5重物下落高度H/cm45重物反彈高度h/cm10最大沖擊力Fm/N850重物與地面接觸時間t/s0.1（1）請你選擇所需數(shù)據(jù)，通過計算回答下列問題：a重物受到地面的最大沖擊力時的加速度大小；b在重物與地面接觸過程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的多少倍（1）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接觸過程中受到的沖擊力，可采取什么具體措施，請你提供一種可行的方法并說明理由四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示,在光滑的水

9、平面上有一質(zhì)量為m0的長木板,以速度v0向右做勻速直線運動,將質(zhì)量為m的小鐵塊輕輕放在木板上的A點,這時小鐵塊相對地面速度為零,小鐵塊相對木板向左滑動。由于小鐵塊和木板間有摩擦,最后它們之間相對靜止,已知它們之間的動摩擦因數(shù)為,問:(1)小鐵塊跟木板相對靜止時,它們的共同速度多大?(2)它們相對靜止時,小鐵塊與A點距離多遠?14（16分）如圖所示，水平放置的兩導(dǎo)軌P、Q間的距離 L=0.5m，垂直于導(dǎo)軌平面的豎直向上的勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=2T，垂直于導(dǎo)軌放置的ab棒的質(zhì)量m=1kg，系在ab棒中點的水平繩跨過定滑輪與重量G=3N的物塊相連已知ab棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)=0.2，電源的電動勢

10、E=10V、內(nèi)阻R=0.1，導(dǎo)軌的電阻及ab棒的電阻均不計要想ab棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，R應(yīng)在哪個范圍內(nèi)取值？（g取10m/s2）15（12分）如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標(biāo)有“4V，12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50若燈泡恰能正常發(fā)光，則：(1)工作時通過電動機的電流是多少？(2)電動機工作時轉(zhuǎn)化為機械能的功率？(3)整個電路消耗的電功率？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】衛(wèi)星距地面越高，則運動半徑r越大，根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力有A有線速度 知，半徑r越大，線速度v越小

11、，故A錯誤；B角速度 知，半徑r越大，角速度越小，故B錯誤；C周期 知半徑r越大，周期越大，故C正確；D向心加速度 知，半徑r越大，向心加速度越小，故D錯誤2、D【解析】AB閉合開關(guān)S，由于電源電壓不變，所以電容器兩端的電壓U不變；若將A板下移少許，據(jù)知，電容器電容將增大，電容器兩端的電壓U不變，Q增大；據(jù)，可得E增大；故AB錯誤；CD若斷開開關(guān)，電路斷路，Q不變；若將A板下移少許，據(jù)知，電容器將增大；由，可知U減小；由于，可得E不變；故C錯誤，D正確。3、D【解析】首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是奧斯特，故選D.4、B【解析】根據(jù)電場力做功的公式Wab=qUab，得：A3102V，與結(jié)論不相符，

12、選項A錯誤；B5102V，與結(jié)論相符，選項B正確；C4102V，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D7102V，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；5、B【解析】根據(jù)庫侖定律可得q所受的電場力為F=kQqr2，點電荷q從N點沿直線移動到P點的過程中，r增大，所以q所受的電場力將不斷減小，A錯誤、B正確；點電荷q從N點沿直線移動到P點的過程中，電場力對q做正功，q的電勢能不斷減小，故CD錯誤；故選B6、D【解析】由粒子軌跡的彎曲方向判斷電場力方向，可判斷出電場力做功正負及粒子的電性由電場線的疏密判斷場強大小，確定電場力的大小，再分析加速度的變化由電場力做功正負，判斷電勢能的大小和動能的大小。【詳解】由電場力方向應(yīng)

13、指向軌跡的內(nèi)側(cè)得知，粒子所受電場力方向沿電場線的切線方向向左，電場力對粒子做正功，粒子的速度增大，則粒子在a點的速度小于在b點的速度，故A錯誤；a點處的電場線較疏，而b點處電場線較密，則a點處的電場強度較小，在粒子從a向b點運動的過程中，電場力增大，加速度增大，則粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，故B錯誤；由于電場線的方向未知，所以不能確定粒子帶什么電，故C錯誤；電場力對粒子做正功，其電勢能減小，粒子在a點電勢能大于在b點的電勢，故D正確。所以D正確，ABC錯誤?！军c睛】本題是電場中軌跡問題，關(guān)鍵要根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出粒子所受的電場力方向，再抓住電場線的物理意義判斷場強、電勢等的大小。

14、二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A向東運動的質(zhì)點受到一個向西的力的作用，此時力的方向與速度的方向相反，物體將做勻減速直線運動，不是曲線運動，所以A錯誤；B正在豎直上升的氣球突然遭遇一陣北風(fēng)，此時速度的方向是向上，而力的方向是水平的，不在一條直線上，物體將做曲線運動，所以B正確；C汽艇勻速運動，河水也是勻速流動的，所以汽艇的合運動是做勻速運動，故C錯誤；D在勻速行駛的列車上，自由下落的小球水平方向的速度與列車相同，只受到重力作用，合力和速度方向不在一條直

15、線上，小球?qū)⒆銮€運動，所以D正確故選：BD點睛：物體做曲線運動的條件是合外力或加速度與速度不在一條直線上解題的關(guān)鍵是判斷合外力的方向，或加速度的方向8、BCD【解析】當(dāng)斷開開關(guān)S時，則電容器兩極板間的電量不變?nèi)舭央娙萜鲀砂迳藻e開一些，則導(dǎo)致平行板電容器的電容減小，從而導(dǎo)致電容器兩端電壓增大，故B正確；斷開開關(guān)S后，電容器C1兩端電壓與電容器兩端電壓相同，則電容器兩板間電壓也增大，故A錯誤；電容器兩的電容不變，根據(jù)可知，其兩極板上的電荷量增大，故D正確；由于電容器C1兩極板間的間距不變，根據(jù)可知，兩板間的電場強度增加，所以電場力大于重力，出現(xiàn)液滴向上加速運動，故C正確；故選BCD【點睛】本題關(guān)

16、鍵是電容器兩端電壓發(fā)生變化導(dǎo)致電容器電量和電場強度的變化，從而引起電場力變化9、BC【解析】粒子向右偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則知，粒子帶負電故A錯誤粒子在磁場中運動的最大半徑為，根據(jù)半徑公式得，粒子的最大速度故B正確粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的最小半徑為，根據(jù)半徑公式得，粒子的最小速度，則最大速度和最小速度之差，保持d和L不變，增大B，射出粒子的最大速度與最小速度之差增大保持d和B不變，增大L，射出粒子的最大速度和最小速度之差不變故C正確，D錯誤故選BC10、BCD【解析】一帶電粒子在電場中只受電場力作用時，合力不為0。A物體合力不為0，不可能做勻速直線運動，故A錯誤。B物體合力不為0，當(dāng)初速度方向與加速度方向

17、相同，若受到的電場力恒定，就可做勻加速直線運動，故B正確。C物體合力不為0，當(dāng)初速度方向與加速度方向不在一條直線上，若受到的電場力恒定，就可做勻變速曲線運動，故C正確。D物體合力不為0，當(dāng)合力與速度方向始終垂直，就可能做勻速圓周運動，粒子帶負電的粒子繞正電荷做勻速圓周運動，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、接通打點計時器的電源； 放開滑塊； 0.620； 0.618； 紙帶與打點計時器限位孔有摩擦； 【解析】(2)放開滑塊1后，滑塊1做勻速運動，跟滑塊2發(fā)生碰撞后跟2一起做勻速運動，根據(jù)紙帶的數(shù)據(jù)得，碰撞前滑塊1的動量為：，

18、滑塊2的動量為零，所以碰撞前的總動量為0.620kgm/s.碰撞后滑塊1、2速度相等，所以碰撞后總動量為：.(3)結(jié)果不完全相等是因為紙帶與打點計時器限位孔有摩擦力的作用【點睛】本實驗為了驗證動量守恒定律設(shè)置滑塊在氣墊導(dǎo)軌上碰撞，用打點計時器紙帶的數(shù)據(jù)測量碰前和碰后的速度，計算前后的動量，多次重復(fù)，在實驗誤差允許的范圍內(nèi)相等，則動量守恒定律得到驗證12、（1）a；b6倍；（1）見解析【解析】（1）a重物受到最大沖擊力時加速度的大小為a由牛頓第二定律解得b重物在空中運動過程中，由動能定理重物與地面接觸前瞬時的速度大小重物離開地面瞬時的速度大小重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F，設(shè)豎直向上為正方向由動量定理解得 F=510N 故因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍。（1）可以通過增加重物與地面接觸時間來減小沖擊力，由動量定理Ft=mv可知，接觸時間增加了，沖擊力F會減小。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要