福建師范大學大附屬中學2023學年物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在滑動變阻器的滑片向右滑動的過程中，理想電壓表、電流表的示數(shù)將發(fā)生變化，電壓表V

2、1、V2示數(shù)變化量的絕對值分別為U1、U2，已知電阻R大于電源內(nèi)阻r，則（）A電流表A的示數(shù)增大B電壓表V1的示數(shù)增大C電壓表V2的示數(shù)減小DU1大于U22、阿明有一個磁浮玩具，其原理是利用電磁鐵產(chǎn)生磁性，讓具有磁性的玩偶穩(wěn)定地飄浮起來，其構(gòu)造如圖所示若圖中電源的電壓固定，可變電阻為一可以隨意改變電阻大小的裝置，則下列敘述正確的是( )A電路中的電源必須是交流電源B電路中的a端點須連接直流電源的負極C若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，可增加玩偶飄浮的最大高度D若將可變電阻的電阻值調(diào)大，可增加玩偶飄浮的最大高度3、測定壓力變化的電容式傳感器如圖所示，為固定電極，為可動電極，組成一個電容大小可變的電容器可

3、動電極兩端固定，當待測壓力施加在可動電極上時，可動電極發(fā)生形變，從而改變了電容器的電容現(xiàn)將此電容式傳感器連接到如圖所示的電路中，當待測壓力增大時（ ） A電容器的電容將減小B電阻中沒有電流C電阻中有從流向的電流D電阻中有從流向的電流4、如圖所示，a為帶正電的物體，b為不帶電的絕緣物塊，a、b疊放在粗糙水平地面上地面上方有垂直紙面向里的勻強磁場，現(xiàn)用恒力F拉b，使a、b一起無相對滑動地向左加速運動，則在加速階段，a受到b施加的摩擦力方向及大小變化是（）A向左，變大B先向左后向右，先減小后增大C向左，變小D向左，不變5、磁現(xiàn)象可以為我們的生活提供很大的方便，以下這些做法中，不恰當?shù)氖牵海?）A將磁

4、性材料裝在冰箱的門框上，制成“門吸”B利用磁鐵制成雙面擦玻璃器C指南針可以在野外定向D將磁卡或帶有磁條的存折放在強磁鐵旁6、由庫侖定律可知，真空中兩個靜止的點電荷，帶電荷量分別為q1和q1其間距離為r時，它們之間相互作用力的大小為，式中k為靜電力常量若用國際單位制的基本單位表示，k的單位應為AkgA1m3BkgA-1m3s-4Ckgm1C-1DNm1A-1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A、B 兩個半徑相同的天體各有一個衛(wèi)星 a、b 環(huán)繞它們做勻速圓周運動，兩個衛(wèi)

5、星的 質(zhì)量相等，環(huán)繞周期之比為 4：1，A、B 各自表面重力加速度之比為 4：1（忽略天體的 自轉(zhuǎn)），則（ ）Aa、b 軌跡半徑之比為 4：1Ba、b 的動能之比為 1：1CA、B 密度之比為 4：1Da、b 所受向心力之比為 1：168、如圖甲，兩水平金屬板間距為d，板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示。t0時刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線射入兩板間，0T3時間內(nèi)微粒勻速運動，T時刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運動過程中未與金屬板接觸。重力加速度的大小為g。關(guān)于微粒在0T時間內(nèi)運動的描述，正確的是()A末速度大小為 2v0B末速度沿水平方向C重力勢能減少了12mgdD克服電場力做功為

6、12mgd9、關(guān)于電勢，下列說法正確的是 ()A電場中某點的電勢，其大小等于單位正電荷由該點移動到零電勢點時，電場力所做的功B電場中某點的電勢與零電勢點的選取有關(guān)C由于電勢是相對的，所以無法比較電場中兩點的電勢高低D電勢是描述電場能的性質(zhì)的物理量10、如圖所示，豎直的光滑半圓形軌道，水平直徑ac=2R，軌道左半部分處在垂直紙面向里的勻強磁場中，右半部分處在垂直紙面向外的勻強磁場中。將質(zhì)量為m的金屬小球從a點無初速釋放，下列說法正確的是A小球不可能運動到c點B運動過程中小球內(nèi)沒有感應電流C運動過程中系統(tǒng)的機械能守恒D小球最終產(chǎn)生的內(nèi)能為mgR三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中

7、指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時，主要步驟是：A在桌面上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套；C用兩個彈簧秤分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點到達某一位置O.記下O點的位置，記下細繩的方向，讀出兩個彈簧秤的示數(shù)；D按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧秤的拉力F1和F2的圖示，并用平行四邊形定則求出合力圖示F；E只用一只彈簧秤，通過細繩套拉橡皮條使其向某個方向伸長與C步驟相同的長度，讀出彈簧秤的示數(shù)，記下細

8、繩的方向，按同一標度作出這個力的圖示；F比較力和F的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論.上述步驟中：（1）有重要錯誤的步驟的序號是_ （2）錯誤的內(nèi)容及改正方案是_（3） F1和F2的合力的實驗值是 _ （填或F）12（12分）利用兩個小球的碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示。兩個小球大小相同，質(zhì)量不相等。主要實驗步驟如下：用天平測出兩個小球的質(zhì)量分別為m1和m2（）；將斜槽靠近桌子邊緣置于桌面上固定，使斜槽末端切線水平，在末端點掛上重垂線，在地面已經(jīng)鋪好的紙上記錄重垂線所指位置O點；不放置被碰小球b，讓小球a從某固定點自由滾下，重復多次后記錄落地點平均位置P；在斜槽末端放置小球b，讓小

9、球a從同一點自由滾下，重復多次后記錄兩小球落地點平均位置M和N；用米尺測量OP、OM、ON的距離。（1）a、b兩小球中質(zhì)量較大的是小球_（填“a”或b”）。（2）因為兩小球做平拋運動的時間相同，平拋運動的水平位移與初速度_，所以在計算式中可以用水平位移取代初速度。（3）用測得的物理量來表示，只要滿足關(guān)系式_，則說明碰撞中動量是守恒的。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）某種巨型娛樂器械可以使人體驗超重和失重一個可乘10多個人的環(huán)形座艙套在豎直柱子上由升降機送上幾十米的高處然后讓座艙自由落下，落到一定位置，制

10、動系統(tǒng)啟動，到地面時剛好停下，取重力加速度g=10（1）上升過程，若升降機以1的加速度向上加速運動，質(zhì)量為50 kg的游客坐在豎直運動的座艙上，求此時該游客對座艙中水平座椅的壓力大??；（2）下落過程，座艙從70 m高處開始自由下落，當下落到距地面25 m高處時開始制動，座艙做勻減速運動，到地面時剛好停下求座艙減速過程中的加速度大小14（16分）電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示,已知A點的電場強度E=3.0104 N/C將電荷量q=+3.010-8 C的點電荷放在電場中的A點. (1)求該點電荷在A點所受電場力的大小F.(2)在圖中畫出該點電荷在A點所受電場力的方向.15（12分）在如圖所示的電

11、路中，電源電動勢E=10V，內(nèi)阻r未知，R1是阻值為9的定值電阻，R2是由某金屬氧化物制成的導體棒，可視為非純電阻，實驗證明通過R2的電流I和它兩端電壓U遵循I=0.1U3的規(guī)律閉合開關(guān)S后，理想電流表的示數(shù)為0.8A求：（1）R1、R2消耗的電功率P1、P2（2）電源的內(nèi)阻r參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當于斷路理想電流表內(nèi)阻為零，相當短路，所以電路的結(jié)構(gòu)是R與變阻器串聯(lián)，電壓表V1、V2分別測量R的電壓和路端電壓當滑動變阻器滑片向右滑動時，其接入電路的電阻增大，電路中電

12、流減小，則A的示數(shù)減小，故A錯誤；B電路中電流減小，根據(jù)歐姆定律知，電壓表V1的示數(shù)減小，故B錯誤C電路中電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，所以V2的示數(shù)增大，故C錯誤；D根據(jù)閉合電路歐姆定律得 U2=E-Ir則R是定值電阻，則據(jù)題Rr，則U1大于U2，故D正確2、C【解析】A、由題意可知，玩偶穩(wěn)定地飄浮起來，且下端為N極，則線圈的上端為N極，根據(jù)右手螺旋定則可得，電源通的是直流電，且a端為電源的正極，而b端為電源的負極，故A錯誤，B錯誤；C、若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，從而增加線圈的磁場，導致玩偶飄浮的最大高度增加，故C正確；D、若將可變電阻的電阻值調(diào)大，則線圈中的電流減小，導致玩偶

13、飄浮的最大高度減小，故D錯誤；故選C3、D【解析】A、當待測壓力增大時，電容器板間距離減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C增大故A錯誤B、C、D、電容板間電壓U不變，電容器所帶電量為Q=CU，C增大，則Q增大，電容器處于充電狀態(tài)，而A板帶正電，則電路中形成逆時針方向的充電電流，電阻R中有從b流向a的電流故B、C錯誤，D正確故選AD【點睛】本題考查對傳感器基本原理的理解，實質(zhì)是電容器動態(tài)變化分析問題，電容的決定式和定義式結(jié)合進行分析4、C【解析】整體受到總重力、地面的支持力、豎直向下的洛倫茲力、拉力、地面摩擦力向左加速運動的過程中，速度增加，洛倫茲力增大，則支持力增大，摩擦力變大，合力變小，根據(jù)牛

14、頓第二定律，加速度減小再隔離對a分析，根據(jù)牛頓第二定律知，a所受的合力減小a在水平上僅受靜摩擦力，則靜摩擦力變小，方向向左故C正確，A、B、D錯誤故選C點睛：對整體進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷出整體加速度的變化，再隔離對a分析，得出a合力的變化，從而得知摩擦力的變化5、D【解析】根據(jù)磁現(xiàn)象的應用知，“門吸”和雙面擦窗器都是利用了磁體能吸引鐵物質(zhì)制成的，磁帶是用磁性材料來記錄聲音信號的.【詳解】利用了磁體能吸引鐵物質(zhì)的性質(zhì)可以制成門吸，所以A恰當，故A不符合題意；利用了磁體能吸引鐵物質(zhì)的性質(zhì)可以制成雙面擦窗器，所以B恰當，故B不符合題意；指南針可以在野外定向，根據(jù)地磁場來定位方向，所以C恰

15、當，故C不符合題意；將磁卡或帶有磁條的存折放在強磁鐵旁，容易使磁卡或帶有磁條的存折失磁，所以D不恰當，故D符合題意。所以選D。【點睛】本題考查了磁現(xiàn)象在生活中的應用，注意磁性物質(zhì)會使會使一些機械裝置發(fā)生變化，如使手表不能正常工作，或使視屏幕上的顏色失真等。6、B【解析】根據(jù) 可得： ，由于F=ma，q=It，所以,根據(jù)質(zhì)量的單位是kg，加速度的單位m/s1，距離的單位是m，電流的單位是A，時間的單位s，可得k的單位是kgA-1m3s-4，故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯

16、的得0分。7、ABC【解析】設(shè)天體半徑為R，衛(wèi)星軌道半徑為r，兩衛(wèi)星分別繞兩天體做勻速圓周運動是由萬有引力提供向心力，有解得天體表面的重力等于萬有引力，有可得A由和可得軌道半徑為則a和b的軌道半徑之比為故A正確；B運行速度為動能為因衛(wèi)星a、b的質(zhì)量相等，A、B各自表面重力加速度之比為4：1，則可推得衛(wèi)星a、b動能之比為1：1，故B正確；C天體AB的密度則A、B密度之比為4：1，故C正確；D衛(wèi)星a、b所受向心力為向心力之比為1：4，故D錯誤。故選ABC。8、BCD【解析】AB因為0T/3時間內(nèi)微粒做勻速直線運動，即有mg=qE0，所以在T/32T/3內(nèi)，微粒做平拋運動，在2T/3T時間內(nèi)，合力F

17、=2qE0-mg=mg，在豎直方向上根據(jù)對稱性可得豎直方向上的速度為零，即末速度大小為v0 ，沿水平方向，A錯誤B正確；C、微粒沿金屬板邊緣飛出，豎直方向上的位移為d/2，所以重力勢能減少了12mgd，故C對；D、在2T/3T時間內(nèi)，合力F=2qE0-mg=mg，在豎直方向上根據(jù)對稱性可知此過程運動的位移為d/4，所以克服電場力做功為 W=2qE0d4=12mgd，故D對；故選BCD【點睛】帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)問題，首先要正確的對帶電粒子在這兩種情況下進行正確的受力分析，確定粒子的運動類型解決帶電粒子垂直射入電場的類型的題，應用平拋運動的規(guī)律進行求解此類型的題要注意是否要考慮帶電粒子的重力，原

18、則是：除有說明或暗示外，對基本粒子（例如電子，質(zhì)子、粒子、離子等），一般不考慮重力；對帶點微粒，（如液滴、油滴、小球、塵埃等），一般要考慮重力9、ABD【解析】電勢是描述電場能的性質(zhì)的物理量；電勢是相對的，是相對于零電勢點而言的，而電勢差是絕對的；【詳解】A根據(jù)電勢的定義可知，電場中某點的電勢，其大小等于單位正電荷從該點移動到零電勢點時，靜電力所做的功，故A正確；B電勢是相對的，是相對于零電勢點而言的，電場中某點電勢與零電勢點的選取有關(guān)，故B正確；C電勢是相對的，是相對于零電勢點而言的，電場中某點電勢與零電勢點的選取有關(guān)，而電場中某兩點間的電勢差與零電勢點選取無關(guān)，任意選取0勢能點都可以比較電

19、場中兩點的電勢高低，故C錯誤；D根據(jù)電勢的物理意義可知，電勢是描述電場能的性質(zhì)的物理量，故D正確故選ABD?！军c睛】本題要理解電勢的相對性和電勢差的絕對性，運用類比的方法分析電勢、電勢差與零電勢點的關(guān)系10、AD【解析】ABC.小球左邊磁場進入右邊磁場過程中，磁通量先向里減小，再向外增加，所以磁通量發(fā)生了變化，會產(chǎn)生感應電流，系統(tǒng)機械能不守恒，所以小球不能運動到c點，故A正確，BC錯誤； D.根據(jù)能量守恒，可知小球最終停在最低點b，重力勢能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以小球最終產(chǎn)生的內(nèi)能為mgR，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (

20、1)E； (2) “通過細繩套拉橡皮條使其向某個方向伸長與C步驟相同的長度”改成“通過細繩套拉橡皮條使其結(jié)點依然到達O點”； (3) ；【解析】（1）步驟E中只有使結(jié)點到達同樣的位置O，才能表示兩種情況下力的作用效果相同；（2）將“通過細繩套拉橡皮條使其向某個方向伸長與C步驟相同的長度”改成“通過細繩套拉橡皮條使其結(jié)點依然到達O點”（3）F1和F2的合力的實驗值為一個彈簧拉繩套時的彈簧的彈力大小和方向，即12、a 成正比 【解析】（1）1為防止兩小球碰撞后，入射小球反彈，入射小球的質(zhì)量應大于被碰小球的質(zhì)量，即小球a的量m1。（2）2因為兩小球做平拋運動的時間t相同，水平位移x=vt所以即平拋運動的水平位移與初速度成正比，在計算式中可以用水平位移取代初速度。（3）3要驗證動量守恒定律，即驗證，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】(