天津市靜海區(qū)獨(dú)流中學(xué)四校聯(lián)考2023學(xué)年物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一列簡諧橫波某時刻的波形如圖所示，比較介質(zhì)中的三個質(zhì)點(diǎn)a、b、c，則A此刻a的加速度最小B此刻b的速度最小C若波沿x軸正方向傳播，此刻b向y軸正方向運(yùn)動D若波沿x軸負(fù)方向傳播，a比c先回到平衡位置2、小華發(fā)現(xiàn)參考書上某個電量的數(shù)值模糊不清

2、請你運(yùn)用學(xué)過的知識來判斷該數(shù)值可能是()A6.81019 C B6.61019 C C6.41019 C D6.21019 C3、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法,下面四個物理量都是用比值法定義的以下公式不屬于比值法定義式的是A電流強(qiáng)度B磁感應(yīng)強(qiáng)度C電阻D電容4、如圖所示，回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動能的裝置。其核心部分是兩個D形金屬盒，置于勻強(qiáng)磁場中，兩盒分別與高頻電源相連。則下列說法正確的是 （ ）A帶電粒子從磁場中獲得能量B帶電粒子加速所獲得的最大動能與加速電壓的大小有關(guān)C帶電粒子加速所獲得的最大動能與金屬盒的半徑有關(guān)D帶電粒子做圓周運(yùn)動的周期隨半徑增大而增大5、

3、用圖所示裝置研究靜摩擦力.彈簧秤對物塊的拉力沿水平方向，逐漸增大拉力，當(dāng)拉力小于10N時，物塊保持靜止，等于10N時，物塊剛剛開始運(yùn)動.由此可知 A物塊和臺面間的最大靜摩擦力是10NB當(dāng)彈簧秤的示數(shù)為5N時，物塊受到的靜摩擦力是10NC彈簧秤的示數(shù)為15N時，物塊受到的摩擦力是0ND當(dāng)彈簧秤的示數(shù)為15N時，物塊受到的摩擦力是0N6、甲、乙兩物體從同一點(diǎn)出發(fā)且在同一條直線上運(yùn)動，它們的位移時間（xt）圖象如圖所示，由圖象可以得出在04 s內(nèi)（ ）A甲、乙兩物體始終同向運(yùn)動B4 s時甲、乙兩物體間的距離最大C甲的平均速度等于乙的平均速度D甲、乙兩物體間的最大距離為6 m二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小

4、題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中,電源內(nèi)阻一定,電壓表和電流表均為理想電表?，F(xiàn)使滑動變阻器R滑片向左滑動一小段距離,測得電壓表V1的示數(shù)變化大小為U1,電壓表V2的示數(shù)變化大小為U2,電流表A的示數(shù)變化大小為I,對于此過程下列說法正確的是()AU1I為一定值B路端電壓的增加量等于U2CR0兩端的電壓的變化量大小等于U2-U1D通過電阻R1的電流變化量大小等于U1R18、如圖所示，我國發(fā)射的“嫦娥二號”衛(wèi)星運(yùn)行在距月球表面100km的圓形軌道上，到A點(diǎn)時調(diào)整成沿橢圓軌道運(yùn)行，

5、至距月球表面15km的B點(diǎn)作近月拍攝，以下判斷正確的是A衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時處于完全失重狀態(tài)B衛(wèi)星從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道必須減速制動C衛(wèi)星沿橢圓軌道運(yùn)行時，在A點(diǎn)的速度比在B點(diǎn)的速度大D衛(wèi)星沿圓軌道運(yùn)行時在點(diǎn)的加速度和沿橢圓軌道運(yùn)行時在A點(diǎn)的加速度大小相等9、北京殘奧會的開幕式上，三屆殘奧會冠軍侯斌依靠雙手牽引使自己和輪椅升至高空，點(diǎn)燃了殘奧會主火炬，他超越極限、克服萬難的精神震撼了觀眾的心靈。假設(shè)侯斌和輪椅是勻速上升的，則在上升過程中侯斌和輪椅的A動能增加B重力勢能增加C動能不變D重力勢能不變10、如下圖所示，長為l的細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端拴住一個小球，在O點(diǎn)的正下方與O點(diǎn)相距的地方有一枚

6、與豎直平面垂直的釘子；把小球拉起使細(xì)繩在水平方向伸直，由靜止開始釋放，當(dāng)細(xì)繩碰到釘子的瞬間，下列說法正確的是( )A小球的線速度不發(fā)生突變B小球的角速度突然增大到原來的2倍C小球的向心加速度突然增大到原來的2倍D繩子對小球的拉力突然增大到原來的2倍三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件”實(shí)驗(yàn)中，采用如圖甲所示的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)請用筆畫線代替導(dǎo)線在答題卷相應(yīng)位置將圖甲連線補(bǔ)充完整，確保實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯_某小組電路連接正確后，在滑動變阻器滑片持續(xù)向右移動的過程中，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針持續(xù)向右偏，則當(dāng)開關(guān)閉合時，靈敏電流

7、計的指針將_-A向左偏一下 B向右偏一下 C持續(xù)向左偏 D持續(xù)向右偏12（12分）（1）在“探究法拉第電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中，已將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電表及開關(guān)按如圖所示部分連接，要把電路連接完整正確，則N連接到_(選填“a”“b”“c”或“M”)，M連接到_(選填“a”“b”“c”或“N”).正確連接電路后，開始實(shí)驗(yàn)探究，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)當(dāng)他將滑動變阻器的滑動端P向右加速滑動時，靈敏電流計指針向右偏轉(zhuǎn).由此可以判斷_.A線圈A向上移動或滑動變阻器滑動端P向左加速滑動，都能引起靈敏電流計指針向左偏轉(zhuǎn)B線圈A中鐵芯向上拔出或斷開開關(guān)，都能引起靈敏電流計指針向右偏轉(zhuǎn)C滑動變阻器的

8、滑動端P勻速向左或勻速向右滑動，都能使靈敏電流計指針靜止在中央D因?yàn)榫€圈A、線圈B的繞線方向未知，故無法判斷靈敏電流計指針偏轉(zhuǎn)的方向（2）僅用一根導(dǎo)線，如何判斷G表內(nèi)部線圈是否斷了？_.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，直軌道AB與光滑圓弧軌道 BC相切，圓弧軌道的圓心角為37，半徑為r=0.21m，C端水平, AB段的動摩擦因數(shù)為0.1豎直墻壁CD高H=0.2m,緊靠墻壁在地面上固定一個和CD等高，底邊長L=0.3m的斜面一個質(zhì)量m=0.1kg的小物塊(視為質(zhì)點(diǎn))在傾斜軌道

9、上從距離B點(diǎn)l=0.1m處由靜止釋放，從C點(diǎn)水平拋出重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.2求： （1）小物塊運(yùn)動到C點(diǎn)時對軌道的壓力的大??；（2）小物塊從C點(diǎn)拋出到擊中斜面的時間； （3）改變小物體從軌道上釋放的初位置，求小物體擊中斜面時動能的最小值14（16分）如圖所示，質(zhì)量M=4kg的滑板B靜止放在光滑水平面上，其右端固定一根輕質(zhì)彈簧，彈簧的自由端C到滑板左端的距離L=0.5 m，這段滑板與木塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)）之間的動摩擦因數(shù)= 0.2，而彈簧自由端C到彈簧固定端D所對應(yīng)的滑板上表面光滑木塊A以速度v0=10m/s由滑板B左端開始沿滑板B表面向右運(yùn)動已知木塊A的

10、質(zhì)量m=lkg，g取10m/s2，求：（1）彈簧被壓縮到最短時木塊A的速度（2）木塊A壓縮彈簧過程中彈簧的最大彈性勢能15（12分）電場中A、B兩點(diǎn)的電勢是A=600V，B=100V。把正電荷q=1.510-8C由A移動到B點(diǎn)，電場力做了多少功？電勢能是增加還是減少？變化了多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】由機(jī)械振動特點(diǎn)確定質(zhì)點(diǎn)的加速度和速度大小，由“上下坡法”確定振動方向由波動圖象可知，此時質(zhì)點(diǎn)a位于波峰處，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動特點(diǎn)可知，質(zhì)點(diǎn)a的加速度最大，故A錯誤，此時質(zhì)點(diǎn)b位于平衡位置，所以速度為最

11、大，故B錯誤，若波沿x軸正方向傳播，由“上下坡法”可知，質(zhì)點(diǎn)b向y軸正方向運(yùn)動，故C正確，若波沿x軸負(fù)方向傳播，由“上下坡法”可知，a質(zhì)點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動，c質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動，所以質(zhì)點(diǎn)c比質(zhì)點(diǎn)a先回到平衡位置，故D錯誤2、C【解析】元電荷又稱“基本電量”，在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，常用符號e表示，帶電量為1.61019 C，任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數(shù)倍，只有6.41019 C是1.61019 C的整數(shù)倍，故C正確，ABD錯誤。3、D【解析】試題分析：選項(xiàng)A、B、C中公式均為物理量的定義式，其特點(diǎn)是被定義量與用來定義的量間無直

12、接關(guān)系，電容的定義式是C=而D選項(xiàng)為電容的決定式，公式中C與其它各量都由直接關(guān)系，不是定義式，故選項(xiàng)D錯誤，其余正確考點(diǎn)：電容、電阻、電流、磁感強(qiáng)度4、C【解析】A、由回旋加速器原理可知，它的核心部分是兩個D形金屬盒，置于勻強(qiáng)磁場中，兩盒分別與高頻電源相連，兩盒間的窄縫中形成勻強(qiáng)磁場，交流電的周期和粒子做圓周運(yùn)動的周期相等，粒子在圓周運(yùn)動的過程中一次一次地經(jīng)過D形盒縫隙，兩盒間的勻強(qiáng)電場一次一次地反向，粒子就會被一次一次地加速，在磁場中洛倫茲力不做功，帶電粒子是從電場中獲得能量的，故A錯誤.B、粒子從D形盒出來時速度最大，由qvB=mv2R，粒子被加速后的最大動能Ekm=12mv2=q2R2B

13、22m,可見帶電粒子加速所獲得的最大動能與回旋加速器的半徑有關(guān)，與加速電壓的大小無關(guān)，故B錯誤，C正確.D、高頻電源周期與粒子在磁場中勻速圓周運(yùn)動的周期相同，由帶電粒子做圓周運(yùn)動的周期T=2mqB可知，周期T由粒子的質(zhì)量、電量和磁感應(yīng)強(qiáng)度決定，與半徑無關(guān)，故D錯誤.故選：C.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是掌握加速器的工作原理以及加速器的構(gòu)造，注意粒子是從電場中獲得能量，但回旋加速器的最大速度與電場無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑有關(guān).5、A【解析】A、物體受重力、支持力、拉力和摩擦力；當(dāng)拉力等于10N時，物塊剛剛開始運(yùn)動，說明最大靜摩擦力為10N，故A正確；B、當(dāng)彈簧秤的示數(shù)為5N時，沒有拉動，物體

14、保持靜止，受靜摩擦力為5N，故B錯誤；CD、當(dāng)彈簧秤的示數(shù)為15N時，物體加速運(yùn)動，受到滑動摩擦力，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，為10N，故CD錯誤；故選A【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是明確滑塊的受力情況，要分靜摩擦力和滑動摩擦力兩種情況討論6、C【解析】A圖像的斜率等于速度，可知在內(nèi)甲、乙都沿正向運(yùn)動，運(yùn)動方向相同。內(nèi)甲沿負(fù)向運(yùn)動，乙仍沿正向運(yùn)動，運(yùn)動方向相反，故A錯誤。BD內(nèi)甲乙同向運(yùn)動，甲的速度較大，兩者距離不斷增大。后甲反向運(yùn)動，乙仍沿原方向運(yùn)動，兩者距離減小，則時甲、乙兩物體間的距離最大，最大距離為 ，故BD錯誤。C由圖知，在內(nèi)甲、乙的位移都是，平均速度相等，故C正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，

15、每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A、根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知：V1測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：U1I=r故A對；B、滑動變阻器R滑片向左滑動一小段距離，電阻變大，回路電流變小，路端電壓增大，即R0 與滑動變阻器的電壓增大，但電阻R0上的電壓是減小的，所以U2與U1不相等，故B錯；C、路端電壓即為R0 與滑動變阻器的電壓之和，所以R0兩端的電壓的變化量大小等于U2-U1，故C對；D、R1兩端的電壓即為路端電壓，路端電壓的變化引起了電阻R1上電流的變化，所以通過電阻R1的電流變化

16、量大小等于U1R1，故D對；故選ACD【點(diǎn)睛】根據(jù)滑動變阻器的移動明確電阻的變化,由閉合電路歐姆定律可以知道電路電流的變化,則可分析內(nèi)電壓、路端電壓及各部分電壓的變化8、ABD【解析】衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時處于完全失重狀態(tài)，故A錯誤。衛(wèi)星從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道須減速制動。故B正確。根據(jù)動能定理得，從A到B的過程，萬有引力做正功，則動能增大，所以A的速度小于B點(diǎn)的速度。故C錯誤；根據(jù)GMmr2=ma得：a=GMr2，所以沿圓軌道運(yùn)行時在A點(diǎn)的加速度和沿橢圓軌道運(yùn)行時在A點(diǎn)的加速度大小相等，故D正確。故選ABD。9、BC【解析】AC侯斌和輪椅是勻速上升的，速度不變，則動能不變，選項(xiàng)A錯誤，C正確；BD

17、侯斌和輪椅上升過程中，高度增加，則重力勢能增加，選項(xiàng)B正確，D錯誤。10、ABC【解析】試題分析：小球的線速度變化需要一段時間，當(dāng)細(xì)繩碰到釘子的瞬間，小球的線速度不發(fā)生突變，所以A項(xiàng)正確；根據(jù)角速度與線速度的關(guān)系，線速度不變，圓周運(yùn)動的半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，所以B項(xiàng)正確；向心加速度公式，小球的向心加速度增大為原來的2倍，所以C項(xiàng)正確；根據(jù)牛頓第二定律得出，小球拉力等于，向心力變?yōu)樵瓉淼?倍，小球拉力不是原來的2倍，所以D項(xiàng)錯誤考點(diǎn)：本題考查了豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 A 【解析】(1)

18、電源、開關(guān)、滑動變阻器和上面的線圈組成回路，滑動變阻器可以改變電流，來檢驗(yàn)在下面的線圈是否會產(chǎn)生，下面的線圈和靈敏電流表相連，電路如圖：(2) 滑動變阻器滑片持續(xù)向右移動的過程中，接入電路中的電阻變大，電路中的電流變小，通過大線圈的磁通量變小，靈敏電流計指針向右偏，所以當(dāng)閉合開關(guān)時，電路中的電流變大，通過大線圈的磁通量變大，則靈敏電流計的指針向左偏一下，故A正確；12、a c B 短接G表前后各搖動G表一次，比較指針偏轉(zhuǎn)，有明顯變化，則線圈未斷；反之則斷了 【解析】（1）12將電源、電鍵、變阻器、線圈A串聯(lián)成一個回路，注意滑動變阻器接一上一下兩個接線柱，所以M連接c；再將電流計與線圈B串聯(lián)成另

19、一個回路，所以N連接a；3由題意可知：當(dāng)P向右加速滑動時，線圈A中的電流應(yīng)越來越小，則其磁場減小，此時線圈B中產(chǎn)生了電流使指針向右偏轉(zhuǎn)；故可知當(dāng)B中的磁通量減小時，電流表指向右偏；A、A向上移動時B中磁通量減小，指針向右偏轉(zhuǎn)，而滑動變阻器滑動端P向左加速滑動時，B中磁通量增大，故指針應(yīng)向左偏轉(zhuǎn)，故A錯誤；B、當(dāng)鐵芯拔出或斷開開關(guān)時，A中磁場減小，故B中磁通量減小，指針向右偏轉(zhuǎn)，故B正確；C、滑片勻速運(yùn)動時，A中也會產(chǎn)生變化的磁場，線圈B中產(chǎn)生了感應(yīng)電流使指針向右或向左偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D、由以上分析可知，D錯誤；（2）4僅用一根導(dǎo)線，將檢流計G短接前后，搖動表一次，比較指針偏轉(zhuǎn)，有明顯變化，則線

20、圈斷了，說明雖有切割磁感應(yīng)線，但沒有感應(yīng)電流，則沒有安培阻力，指針變化明顯；反之，則出現(xiàn)感應(yīng)電流，進(jìn)而安培阻力，使其變化不明顯，則線圈未斷。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.2N （2） t=315s （3）當(dāng)y=0.12m，Ekn=0.15 J 【解析】試題分析：小物塊從A到C的過程，由動能定理求出C點(diǎn)的速度在C點(diǎn)，由牛頓第二定律求軌道對小物塊的支持力，再由牛頓第三定律得到小物塊對軌道的壓力（2）小物塊離開C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動，由平拋運(yùn)動的規(guī)律和幾何關(guān)系列式，聯(lián)立求解平拋運(yùn)動的時間（3）根據(jù)數(shù)學(xué)知識得到小

21、物體擊中斜面時動能與釋放的初位置坐標(biāo)的關(guān)系式，由數(shù)學(xué)知識求解動能的最小值（1）小物塊從A到C的過程，由動能定理得：mglsin37+mg(r-rcos37)-mglcos37=12mv02 代入數(shù)據(jù)解得v0=3m/s在C點(diǎn)，由牛頓第二定律得：FN-mg=mv02r代入數(shù)據(jù)解得：FN=2.2N由牛頓第三定律得，小物塊運(yùn)動到C點(diǎn)時對軌道的壓力的大小為2.2N（2）如圖，設(shè)物體落到斜面上時水平位移為x，豎直位移為y，L-xy=LH代入得：x=0.3-1.5y，由平拋運(yùn)動的規(guī)律得：x=v0t，y=12gt2聯(lián)立得15t2+23t-0.6=0 ，代入數(shù)據(jù)解得：t=315s （3）由上知 x=0.3-1.5y,v02t2=v022yg=(0.3-1.5y)2可得：v02=g(0.3-1