廣東省肇慶第四中學2023學年物理高二第一學期期中綜合測試模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，平行板電容器充電完畢后與電源斷開設平行板電容器的電容為C，兩極板正對面積為S，兩極板間的距離為d，兩極板間場強為E.下列說法正確的是()A若保持S不變，增大d，則C變小，

2、E變大B若保持S不變，減小d，則C變大，E不變C若保持d不變，減小S，則C變大，E不變D若保持d不變，減小S，則C變小，E變小2、如圖所示，直線A為電源的UI圖線，直線B和C分別為電阻R1和R2的UI圖線，用該電源分別與R1、R2組成閉合電路時，電源的輸出功率分別為P1、P2，電源的效率分別為1、2，則（）A電源電動勢為6V，內阻6BP1=P2CP1P2D123、以下關于摩擦起電和感應起電的說法中正確的是（ ）A摩擦起電是因為電荷的轉移，感應起電是因為產生電荷B摩擦起電是因為產生電荷，感應起電是因為電荷的轉移C摩擦起電的兩摩擦物體必定是絕緣體，而感應起電的物體必定是導體D不論是摩擦起電還是感應

3、起電，都是電荷的轉移4、關于電容器和電容，以下說法正確的是 （）A電容器充電后，兩極板帶等量異種電荷B電容器的帶電量是兩極板帶電量之和C電容器電容的大小與其帶電量及兩極板間電勢差有關D電容器兩極板間電勢差每增加1V，電容器的帶電量即增加1C5、如圖1，AB是某電場中的一條電場線，若將正點電荷從A點由靜止自由釋放，沿電場線從A到B運動過程中的速度圖線如圖所2示，則A、B兩點場強大小和電勢高低關系是（ ）AEAEB；ABBEAEB；ABCEAEB；ABDEAEB；AB6、關于渦流，下列說法中正確是A真空冶煉爐是利用渦流來熔化金屬的裝置B家用電磁爐工作時在電磁爐的面板上產生渦流來加熱食物C阻尼擺擺動

4、時產生的渦流總是阻礙其運動D變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊成能減小渦流二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電源的電動勢為E，內電阻為r。開關S合后，燈泡L1、L2均能發(fā)光?，F(xiàn)將滑動變阻器R的滑片P稍向下移動，則A燈泡L1、L2均變暗B燈泡L1變暗，L2變亮C電流表的示數(shù)變大D電流表的示數(shù)變小8、有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在赤道表面上隨地球一起轉動，b是近地軌道衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測衛(wèi)星，它們均做勻速圓周運動，各衛(wèi)星排列位置如圖

5、所示，則（）A在相同時間內a轉過的弧長最長Bb的向心加速度近似等于重力加速度gCc在6h內轉過的圓心角是Dd的運動周期有可能是22h9、一顧客乘電梯從二樓下到一樓的過程中（ ）A重力對她做正功 B重力對她做負功C支持力對她做正功 D支持力對她做負功10、如圖為一勻強電場，某帶電粒子從A點運動到B點在這一運動過程中克服重力做的功為，電場力做的功為則下列說法正確的是A粒子帶負電B粒子在A點的電勢能比在B點少JC粒子在A點的動能比在B點多JD在粒子和地球所組成的系統(tǒng)中，粒子在A點的機械能比在B點少J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）測

6、定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和UI圖象如圖所示（1）現(xiàn)備有以下器材：A干電池1 個B滑動變阻器（050）C電壓表（03V）D電壓表（015V）D電流表（00.6A）E.電流表（03A）其中電壓表和電流表應選_（填字母代號）（2）如圖乙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的UI圖象.由此可知這個干電池的電動勢E=_V，內電阻r=_（保留兩位有效數(shù)字）12（12分）有一個額定電壓為 2.8V，功率約為 0.8W 的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個燈泡的 I-U 圖線， 有下列器材供選用：A.電壓表（03V，內阻約6k）；B.電壓表（015V，內阻約30k）；C.電流表（03A，內阻約0.1）；D.電流表（00.6A

7、，內阻約0.5）；E.滑動變阻器（10，2A）；F.滑動變阻器（200，0.5A）；G.蓄電池（電動勢 6V，內阻不計）（1）某同學誤將電流表和電壓表接成如圖甲所示的電路，其他部分連接正確，接通電源后，小燈泡的發(fā)光情況是_(選填“亮”或“不亮”)要求小燈泡的電壓從零開始增大，應選擇圖乙中的電路圖是_（填“a”或“b”）（2）用正確的電路進行測量，電壓表應選用_，電流表應選用_滑動變阻器應選用_（用序號字母表示）（3）通過實驗測得此燈泡的伏安特性曲線如圖所示由圖線可求得此燈泡在正常工作時的電阻為_（4）若將此燈泡連接在另一電動勢為3V、內阻為5的電源上，燈泡的實際功率為_W（此空答案取兩位有效數(shù)

8、字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，ABC為豎直平面內的絕緣軌道，AB部分是半徑為R的光滑半圓軌道，BC部分水平，整個軌道處于水平向左的勻強電場中，有一質量為m、帶電量為q的小滑塊，它與BC間的動摩擦因數(shù)為，已知重力加速度為g，場強大小為， ,求：（1）要使小滑塊能運動到A點，滑塊應在BC軌道上離B至少多遠處靜止釋放；（2）在上述情況中，小滑塊速度最大時對軌道的壓力14（16分）一束電子流在經U=2500V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若兩板間距d=1

9、.0cm，板長L=5.0cm，那么，要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓U1?（不考慮電子的重力）15（12分）如圖所示的電路中定值電阻，則R1和R2中的電流之比是多少？R2和R3兩端電壓之比是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】平行板電容器充電后與電源斷開，其電量保持不變將兩極板間距離減小，由電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式確定電量的變化根據(jù)E=Ud分析電場強度E如何變化【詳解】平行板電容器充電后與電源斷開，電量Q保持不變。AB、若保持S不變，將兩極板間距離增大，由電容

10、的決定式C=S4kd分析得知，電容C變小，由根據(jù)E=Ud、C=S4kd和C=QU得：E=4kQS，可知E與d無關，則E不變，故A錯誤，B正確；CD、若保持d不變，將兩極板間正對面積減小，由電容的決定式C=S4kd分析得知，電容C變小，由根據(jù)E=Ud、C=S4kd和C=QU得：E=4kQS，可知E與S成反比，則E變大，故CD錯誤；故選B?！军c睛】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式2、B【解析】有圖知電源電動勢和內阻，電源的效率等于電源輸出功率與電源總功率的百分比。根據(jù)效率的定義，找出效率與電源路端電壓的關系，由圖讀出路端電壓，就能求出效率。電源

11、與電阻的UI圖線的交點，表示電阻接在電源上時的工作狀態(tài)，可讀出電壓、電流，算出電源的輸出功率，進而比較大小。【詳解】由圖象A可知電源的電動勢E=6V，短路電流為6A，內阻為，故A錯誤；該電源和R1組成閉合電路時路端電壓為U1=4V，電流I1=2A，此時電源的輸出功率為P1=U1I1=42W=8W，電源的總功率為：P總1=EI1=62W=12W，所以電源的效率為：1=100%=66.7%；該電源和R2組成閉合電路時路端電壓為U2=2V，電流I2=4A，此時電源的輸出功率分別為P2=U2I2=24W=8W，則P1=P2，電源的總功率為：P總2=EI2=64W=24W，所以電源的效率為：2=100%

12、=33.3%，則12，故B正確，CD錯誤?！军c睛】本題首先要知道效率與功率的區(qū)別，電源的效率高，輸出功率不一定大。其次，會讀圖。電源與電阻的伏安特性曲線交點表示電阻接在該電源上時的工作狀態(tài)。3、D【解析】無論是摩擦起電還是感應起電都是電荷的轉移，因為電荷守恒定律，只能從一個物體轉移到另一個物體或者從物體的一部分轉移到另一部分所以D對思路分析：根據(jù)電荷守恒定律物體帶電的本質去分析試題點評：考查帶電的本質4、A【解析】電容器充電后兩板帶等量異種電荷，A正確；電容器的帶電量等于任一極板帶電量的絕對值，B錯誤；電容器的電容僅由本身性質決定，與外界因素無關，C錯誤；電容器兩極板間電勢差每增加1V，電容器

13、的帶電量增加值等于電容值，D錯誤故選A【點睛】電容器的電容是衡量電容器容納電荷本領強弱的一個物理量，電容大小僅由本身性質決定，與外界因素無關，數(shù)值上等于兩極板間電勢差每增加1V，電容器的帶電量增加值5、D【解析】試題分析：從速度時間圖線得到正點電荷做加速運動，加速度逐漸變小，根據(jù)牛頓第二定律得到電場力的變化情況解：從速度時間圖線得到正點電荷做加速運動，加速度逐漸變小，故電場力向右，且不斷變小，故A點的電場強度較大，故EAEB；正電荷受到的電場力與場強方向相同，故場強向右，沿場強方向，電勢變小，故A點電勢較大，即AB；故選D【點評】本題關鍵通過速度時間圖象得到物體的速度變化情況和加速度變化情況，

14、然后判斷場強方向和電勢大小6、B【解析】A項，真空冶煉路爐是用渦流來熔化金屬對其進行冶煉的，爐內放入被冶煉的金屬，線圈內通入高頻交變電流，這時被冶煉的金屬中產生渦流就能被熔化，故A項正確B項，電磁爐利用高頻電流在電磁爐內部線圈中產生磁場，當含鐵質鍋具放置爐面時，鐵磁性鍋體被磁化，鍋具即切割交變磁感線而在鍋具底部產生交變的渦流，恒定磁場不會產生渦流，故B項錯誤C項，根據(jù)楞次定律，阻尼擺擺動時產生的渦流總是阻礙其運動，當金屬板從磁場中穿過時，金屬板板內感應出的渦流會對金屬板的運動產生阻礙作用，故C項正確D項，變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊成的鐵芯來代替整塊的鐵芯，以減小渦流，故D項正確本題選不正

15、確的，所以答案是：B綜上所述本題答案是：B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB. 將滑動變阻器R的滑片P稍向下移動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，整個電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I減少，所以電燈L1變暗；由于干路電流減少，內電壓和燈泡L1兩端的電壓都減小，所以L2與滑動變阻器并聯(lián)的電壓增大，L2變亮。故A錯誤B正確。CD. 干路電流I減小，L2與滑動變阻器并聯(lián)電壓增大，所以通過L2的電流增大，所以電流表的示數(shù)減少，故C錯誤D正確。

16、8、BC【解析】A、由，得，衛(wèi)星的半徑越大，線速度越小，所以b的線速度比c、d大，而a與c的角速度相等，根據(jù)v=r可知，a的線速度小于c的線速度，則在相同時間內b轉過的弧長最長;故A錯誤.B、b是近地軌道衛(wèi)星，則其向心加速度約為g;故B正確.C、c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在6h內轉過的圓心角是;故C正確.D、由開普勒第三定律知，衛(wèi)星的半徑越大，周期越大，所以d的運動周期大于c的周期24h;故D錯誤.故選BC?！军c睛】對于衛(wèi)星問題，要建立物理模型，根據(jù)萬有引力提供向心力，分析各量之間的關系，并且要知道同步衛(wèi)星的條件和特點9、AD【解析】顧客乘電梯從二樓下到一樓的過程中，因重力方向向下，

17、與位移的夾角小于900，則重力做正功，支持力的方向與位移夾角大于900，則支持力做負功；故選項BC錯誤，AD正確；故選AD.【點睛】此題關鍵是知道力做正功時，力的方向與位移夾角為銳角；力做負功時，力的方向與位移夾角為鈍角；10、CD【解析】在由A運動B的過程中，有兩個力做功，一是重力做負功，一是電場力做正功，從運動軌跡上判斷，粒子帶正電，從A到B的過程中，電場力做正功為1.5J，所以電勢能是減少的，A點的電勢能要大于B點電勢能，從A到B的過程中，克服重力做功2.0J，電場力做功1.5J，由動能定理可求出動能的變化情況，從A到B的過程中，做功的力有重力和電場力，應用能量的轉化與守恒以及功能關系可

18、比較AB兩點的機械能；【詳解】A、由運動軌跡上來看，垂直電場方向射入的帶電粒子向電場的方向偏轉，說明帶電粒子受到的電場力與電場方向相同，所以帶電粒子應帶正電，故A錯誤；B、從A到B的過程中，電場力做正功，電勢能在減少，所以在A點是的電勢能要大于在B點時的電勢能，故B錯誤；C、從A到B的過程中，克服重力做功2.0J，電場力做功1.5J，由動能定理可知，粒子在A點的動能比在B點多0.5J，故C正確；D、從A到B的過程中，除了重力做功以外，還有電場力做功，電場力做正功，電勢能轉化為機械能，帶電粒子的機械能增加，由能的轉化與守恒可知，機械能的增加量等于電場力做功的多少，所以機械能增加了1.5J，即粒子

19、在A點的機械能比在B點少1.5 J，故D正確【點睛】本題考查功能關系，要熟練掌握各種功和能的關系，在學習中注意掌握三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CE； 1.5， 0.75 【解析】（1）干電池電動勢約1.5V，電壓表D量程太大，應選擇C；放電電流電流不能太大，應選擇E；（2）在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢，所以由圖可以讀出電源的電動勢為E=1.5V；圖象中的斜率表示電源的內阻，所以電源的內阻為：r= =0.75【點睛】（1）電壓表、電流表在指針偏轉角度超過一半時誤差較小，據(jù)此選擇電壓表和電流表；（2）在U-I圖象中縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內阻的大小12、不亮 b A D E 9.7 (9.6-10.04) 0.43(0.42-0.44) 【解析】（1）1由電路圖可知，電壓表串接在電路中，電路中的電阻很大，小燈泡不亮；2要使電壓從零開始調節(jié)，應采用分壓接法；故電路圖應選擇b；（2）3由題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V，故電壓表的量程應大于2.8V，故電壓表應選3V量程，故選A