2023學(xué)年河北衡水中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示，A、B、C三點在勻強電場中，ACBC ，ABC=60，=20cm，把一個電量q= 110-5C的正電荷從A移到B，電場力不做功；從B移到C，電場力做功為10-3J，則該勻強電場的場強大小和方向是（ ）A866V/m，垂直AC向上B866V/m，垂直AC向下C1000V/m，垂直AB斜向上D1000V/m，垂直AB斜向下2、關(guān)于感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流，下列說法中正確的是（ ）A只有當(dāng)電路閉合, 且穿過電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中才有感應(yīng)電動勢B只有當(dāng)電路閉合，且穿過電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中才有感應(yīng)電流C不管電路是否閉合，只要有磁通量穿過電路，電路中就有感應(yīng)電動勢D不

3、管電路是否閉合，只要穿過電路的磁通量發(fā)生變化，電路中就有感應(yīng)電流3、如圖所示，在傾角為的光滑斜面上，垂直斜面放置一根長為L、質(zhì)量為m的直導(dǎo)線當(dāng)通以電流I時，欲使導(dǎo)體靜止在斜面上，外加勻強磁場B的大小和方向應(yīng)是（ ）A,方向垂直斜面向上B,方向垂直斜面向下C,方向垂直向下D,方向水平向右4、帶有等量異種電荷的兩平行金屬板水平放置，a、b、c三個粒子(重力忽略不計)先后從同一點O沿垂直電場方向進(jìn)入電場，其運動軌跡如圖所示，其中b恰好沿下極板的邊緣飛出電場下列說法正確的是()Ab在電場中運動的時間大于a在電場中運動的時間Bb在電場中運動的時間等于c在電場中運動的時間C進(jìn)入電場時c的速度最大，a的速度

4、最小Da打在負(fù)極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小相等5、如圖所示圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強磁場，三個質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，以不同的速率沿著AO方向?qū)?zhǔn)圓心O射入磁場，其運動軌跡如圖所示若帶電粒子只受磁場力的作用，則下列說法正確的是（ ）Aa粒子速率最大Bc粒子在磁場中運動的時間最長Cc粒子速率最大D它們做圓周運動的周期6、取兩個完全相同的長導(dǎo)線，用其中一根繞成如圖（a）所示的螺線管，當(dāng)該螺線管中通以電流強度為I的電流時，測得螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強度大小為B，若將另一根長導(dǎo)線對折后繞成如圖（b）所示的螺線管，并通以電流強度也為I的電流時，則在螺線管內(nèi)中部的磁感應(yīng)強度大小為

5、（ ）A0B0.5BCBD2 B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示在光滑、絕緣的水平面上，沿一直線依次排列三個帶電小球A、B、C(可視為質(zhì)點)若它們恰能處于平衡狀態(tài)那么這三個小球所帶的電荷量及電性的關(guān)系，下面的情況可能的是()A9、4、36B4、9、36C3、2、8D3、2、68、回旋加速器的核心部分如圖所示，兩個D形盒分別與交變電源的兩極相連下列說法正確的是（ ）AD形盒之間電場力使粒子加速BD形盒內(nèi)的洛倫茲力使粒子加速C增大交變電壓的峰值，最終獲得的速率

6、v增大D增大磁感應(yīng)強度，最終獲得的速率v增大9、如圖所示，光滑絕緣的水平面上M、N兩點各放有一帶電荷量分別為q和2q的完全相同的金屬球A和B給A和B以大小相等的初動能E0(此時初動量的大小均為p0)，使其相向運動剛好能發(fā)生碰撞(碰撞過程中無機械能損失)，碰后返回M、N兩點的動能分別為E1和E2，動量的大小分別為p1和p2，則()AE1E2E0，p1p2p0BE1E2E0，p1p2p0C碰撞發(fā)生在MN中點的左側(cè)D兩球同時返回M、N兩點10、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，R1的阻值和電內(nèi)阻r相等當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時A電壓表讀數(shù)減小B

7、電流表讀數(shù)減小C電的輸出功率逐漸增大D質(zhì)點P將向上運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實驗裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點位置等高。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并碰上豎直擋板。重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)

8、多次，并使用與（1）同樣的方法標(biāo)出碰撞后兩小球落點的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點與M、P、N三點的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設(shè)球1和球2的質(zhì)量為m1、m2，則關(guān)于步驟2中的說法，正確的是（_）A球1、球2的落點分別是N、M B球1、球2的落點分別是M、NC如果兩球質(zhì)量相等，則球2的落點介于ON之間 D球1的質(zhì)量應(yīng)該小于球2的質(zhì)量（2）當(dāng)所測物理量滿足下列表達(dá)式（_）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。A BC D12（12分） (1)某實驗小組在“測定金屬電阻率”的實驗過程中，正確操作獲得金屬絲的直徑以及電流表、電壓表的讀數(shù)如圖所示，則它們的讀數(shù)值依次_mm、

9、_A、_V。 (2)已知實驗中所用的滑動變阻器阻值范圍為010，電流表內(nèi)阻約幾歐，電壓表內(nèi)阻約20k。電源為干電池（不宜在長時間、大功率狀況下使用），電動勢E = 4.5V，內(nèi)阻很小。則以下電路圖中_（填電路圖下方的字母代號）電路為本次實驗應(yīng)當(dāng)采用的最佳電路。但用此最佳電路測量的結(jié)果仍然會比真實值偏_。A B C D (3)若已知實驗所用的電流表內(nèi)阻的準(zhǔn)確值，那么準(zhǔn)確測量金屬絲電阻的最佳電路應(yīng)是上圖中的_電路（填電路圖下的字母代號）。此時測得電流為I、電壓為U，則金屬絲電阻_（用題中字母代號表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程

10、式和演算步驟。13（10分）如圖所示為一組未知方向的勻強電場的電場線，將帶電荷量為q=1.010-6C的點電荷由A點沿水平線移至B點，靜電力做了210-6J的功，已知A、B間的距離為2cm（1）試求A、B兩點間的電勢差UAB；（2）若A點的電勢為A=1V，試求B點的電勢B；（3）試求該勻強電場的大小E并判斷其方向14（16分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=40cm電源電動勢E=24V，內(nèi)電阻r=1，電阻R=15閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球從B板小孔以初速度v0=4m/s豎直向上射入板間若小球帶電量為q=110-2C，質(zhì)量為m=210-2kg，不考慮

11、空氣阻力那么，滑動變阻器接入電路的阻值為多大時，小球恰能到達(dá)A板？此時，電源的輸出功率是多大？（取g=10m/s2）15（12分）如圖所示，豎直放置的半圓形絕緣光滑軌道半徑R=40cm，下端與絕緣粗糙的水平面平滑連接，小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.5，AB間距離S=1.2m.整個裝置處于方向豎直向下，大小為E=103 V/m的勻強電場中，一質(zhì)量為m=10g、帶電量為q=+10-4 C的小物塊（可視為質(zhì)點），從水平面上的A點以初速度v0水平向左運動，沿半圓形軌道恰好能通過最高點C，取g=10m/s2，試求：（1）小物塊從C點拋出后落地點與B點間的水平距離；（2）v0的大小和過B點時軌道對小物

12、塊的支持力大?。粎⒖即鸢敢弧雾椷x擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由題，q=10-5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，則A與B電勢相等，AB連線是一條等勢線BC間電勢差為：，所以C點的電勢高該勻強電場的場強大?。海妶鼍€方向垂直于AB向下所以選項D正確故選D【點睛】本題根據(jù)題設(shè)條件找到等勢點，作出等勢線，根據(jù)電場線與等勢線垂直，并由高電勢處指向低電勢處作電場線是常規(guī)思路.2、B【解析】不管電路是否閉合，只要穿過電路的磁通量發(fā)生變化，電路中就有感應(yīng)電動勢，只有當(dāng)電路閉合，且穿過電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中才有感應(yīng)電

13、流，B正確3、B【解析】通電導(dǎo)線在磁場中的受到安培力作用，由左手定則來確定安培力的方向，由平衡條件求出安培力大小，最后由安培力公式計算B的大小【詳解】A、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向上，則沿斜面向下的安培力、支持力與重力，無論B多大三個力的合力不可能為零，直導(dǎo)線不可能處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；B、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向下，則沿斜面向上的安培力、支持力與重力，處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件：mgsin=BIL，則，故B正確；C、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向豎直向上，則水平向右的安培力、支持力與重力，無論B多大三個力的合力不可能為零，直導(dǎo)線不可能處于平衡狀態(tài)，故C錯

14、誤；D、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向水平向右，則受豎直向下的安培力三力作用下導(dǎo)線不會處于平衡，故D錯誤；故選B.【點睛】學(xué)會區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向4、C【解析】AB.根據(jù)y=12at2可知b在電場中運動的時間等于a在電場中運動的時間，b在電場中運動的時間大于c在電場中運動的時間，A、B不符合題意；C.根據(jù)x=v0t可知進(jìn)入電場時，c的速度最大，a的速度最小，C符合題意；D.因為電場力對a、b做的功相同，但初速度大小不同，所以a打在負(fù)極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小不等，D不符合題意5、C【解析】試題分析：粒子在磁場中做勻速圓周運動時

15、，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得，解得：由于三個帶電粒子的質(zhì)量、電荷量均相同，在同一個磁場中，當(dāng)速度越大時、軌道半徑越大，由圖示可知，粒子的軌道半徑最小，粒子的軌道半徑最大，則的粒子速率最小，粒子的速率最大，故A錯誤，C正確；粒子在磁場中做圓周運動的周期：，粒子在磁場中的運動時間：，三粒子運動周期相同，由圖示可知，在磁場中運動的偏轉(zhuǎn)角最大，對應(yīng)時間最長，故BD錯誤考點：帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】帶電粒子在磁場、質(zhì)量及電量相同情況下，運動的半徑與速率成正比，從而根據(jù)運動圓弧來確定速率的大??；運動的周期均相同的情況下，可根據(jù)圓弧的對應(yīng)圓心角來確定運動的時間的長短6、A【解析】試題分析

16、：乙為雙繞線圈，兩股導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場相互抵消，管內(nèi)磁感應(yīng)強度為零，故A正確考點：磁場的疊加名師點睛：本題比較簡單，考查了通電螺線管周圍的磁場，弄清兩圖中電流以及導(dǎo)線的繞法的異同即可正確解答本題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】因題目中要求三個小球均處于平衡狀態(tài)，故可分別對任意兩球進(jìn)行分析列出平衡方程即可求得結(jié)果三個小球只受靜電力而平衡時，三個小球所帶的電性一定為“兩同夾一異”，且在大小上一定為“兩大夾一小”ADAD均滿足“兩同夾一異”且“兩大夾一小”，故A

17、D正確BC根據(jù)電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，因此BC均錯誤8、AD【解析】帶電粒子在D形盒的中間縫隙中受電場力作用，使粒子加速，選項A 正確；D形盒內(nèi)的洛倫茲力只是使帶電粒子的速度方向發(fā)生改變，不能使粒子加速，選項B 錯誤；設(shè)D形盒的半徑為R,則當(dāng)粒子加速結(jié)束時滿足：，即，故增大磁感應(yīng)強度，最終獲得的速率v增大，選項C 錯誤，D正確9、AD【解析】AB：由動量觀點，系統(tǒng)動量守恒，兩球速度始終等值反向，也可得出結(jié)論：兩球同時返回M、N兩點，兩球末動量大小相等，末動能大小相等由能量觀點，兩球碰后電荷量均變?yōu)?，在相同距離上的庫侖力增大，返回過程中庫侖力做的正功大于接近過程中克服庫

18、侖力做的功，系統(tǒng)機械能增大，末動能增大故A錯誤，B正確CD：由動量觀點，系統(tǒng)動量守恒，兩球速度始終等值反向，也可得出結(jié)論：碰撞發(fā)生在M、N中點，兩球同時返回M、N兩點故CD錯誤點睛：綜合利用動量、能量解題是處理不需具體分析中間過程問題的快捷方法10、AC【解析】當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，其接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知干路電流I增大電容器板間電壓等于R3的電壓R4減小，AB間并聯(lián)部分的總電阻減小，則R3的電壓減小，R3上消耗的功率逐漸減小，電容器板間場強減小，質(zhì)點P所受的電場力減小，所以質(zhì)點P將向下運動，故D錯誤；流過電流表的電流IA=I-I3，I

19、增大，I3減小，則IA增大，所以電流表讀數(shù)增大，故B錯誤；R4的電壓U4=U3-U2，U3減小，U2增大，則U4減小，所以電壓表讀數(shù)減小故A正確；由于R1的阻值和電源內(nèi)阻r相等，則外電路總電阻大于電源的內(nèi)阻r，當(dāng)外電阻減小時，電源的輸出功率逐漸增大 C正確故選AC【點睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，先分析變阻器接入電路的電阻變化，再分析外總電阻變化和總電流的變化，接著分析局部電路電壓和電流的變化三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B A 【解析】（）1AB、小球離開軌道后做平拋運動，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運動的時間為：小

20、球在豎直方向的位移為：由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2的落點分別是：M、N，故A錯誤，B正確；C、如果兩球質(zhì)量相等，兩球發(fā)生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運動，球2的落點為P，故C錯誤；D、為防止入射球反彈，球1的質(zhì)量應(yīng)大于球2的質(zhì)量，故D錯誤；（2）2小球離開軌道后做平拋運動，水平方向：d=v0t豎直方向：解得：由題意可知，碰撞前球1的速度為：碰撞后球1的速度為：碰撞后球2的速度為：碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2整理得：故選A.12、0.999(0.998-1.000mm) 0.42A 2.27V ( 2.26-2.28) A 小 B 【解析】（1）1螺旋測微器的讀數(shù)為：d=