上海嘉定區(qū)2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中預(yù)測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、跳臺(tái)滑雪是冬奧會(huì)中最具觀賞性的項(xiàng)目之一，運(yùn)動(dòng)員從長(zhǎng)直助滑道的頂端由靜止開始下滑，滑到底端后完成各種高難度的滑雪動(dòng)作假設(shè)某運(yùn)動(dòng)員在助滑道上下滑的過程中，重力對(duì)他做功2000J

2、，他克服阻力做功200J在這個(gè)過程中（）A運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加了2000JB運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能減少了1800JC運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能增加了1800JD運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能減少了200J2、下列每幅圖象中的兩條圖線分別表示某質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度和加速度a隨時(shí)間變化的關(guān)系，選擇同一正方向，則其中可能正確的是ABCD3、如圖所示，一個(gè)內(nèi)壁光滑的圓錐筒，其軸線垂直于水平面，圓錐筒固定不動(dòng)有一個(gè)質(zhì)量為的小球A緊貼著筒內(nèi)壁在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，筒口半徑和筒高分別為R和H，小球A所在的高度為筒高的一半已知重力加速度為，則（ ）A小球A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度B小球A受到重力、支持力和向心力三個(gè)力作用C小球A受到的合力大小為D小球

3、A受到的合力方向垂直于筒壁斜向上4、下列描述正確的是（ ）A平拋運(yùn)動(dòng)的物體在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，速率的改變量相等B牛頓指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來(lái)也不偏離原來(lái)的方向C運(yùn)動(dòng)的物體才受滑動(dòng)摩擦力，且其方向與運(yùn)動(dòng)方向一定相反D速度的變化量、加速度、力都是矢量，且對(duì)應(yīng)的國(guó)際單位制中的單位符號(hào)分別為：m/s、m/s2、N5、幾個(gè)水球可以擋住子彈？實(shí)驗(yàn)證實(shí)：4 個(gè)水球就足夠了！4個(gè)完全相同的水球緊挨在一起 水平排列，如圖所示，子彈（可視為質(zhì)點(diǎn)）在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，恰好穿 出第 4 個(gè)水球，則以下說(shuō)法正確的是（ ）A子彈在每個(gè)水球中速度變

4、化相同B由題干信息可以確定子彈穿過每個(gè)水球的時(shí)間C由題干信息可以確定子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同D子彈穿出第 3 個(gè)水球的瞬間速度與全程的平均速度相等6、許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法中正確的是A牛頓通過理想斜面實(shí)驗(yàn)提出力并不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律C卡文迪許通過實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量D愛因斯坦相對(duì)論的創(chuàng)立表明牛頓運(yùn)動(dòng)定律是錯(cuò)誤的二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、2018年2月2日，我國(guó)成功將電磁監(jiān)測(cè)試驗(yàn)衛(wèi)星“張衡一號(hào)”發(fā)

5、射升空，標(biāo)志我國(guó)成為世界上少數(shù)擁有在軌運(yùn)行高精度地球物理場(chǎng)探測(cè)衛(wèi)星的國(guó)家之一通過觀測(cè)可以得到衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期，并已知地球的半徑和地球表面的重力加速度若將衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動(dòng)看作是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計(jì)算出衛(wèi)星的（ ）A密度B向心力的大小C離地高度D線速度的大小8、如圖，一光滑的輕滑輪用細(xì)繩OO懸掛于O點(diǎn)；另一細(xì)繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊b外力F向右上方拉b，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)若F方向不變，大小在一定范圍內(nèi)變化，物塊b仍始終保持靜止，則（）A繩OO的張力也在一定范圍內(nèi)變化B物塊b所受到的支持力也在一定范圍內(nèi)變化C連接a和b

6、的繩的張力也在一定范圍內(nèi)變化D物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內(nèi)變化9、如圖所示，在直角坐標(biāo)系xOy的第象限存在著方向平行于y軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為5103N/C一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球在t=0時(shí)刻從y軸上的a點(diǎn)以沿x軸正方向的初速度進(jìn)入電場(chǎng)，圖中的b、c、d是從t=0時(shí)刻開始每隔0.1s記錄到的小球位置，已知重力加速度的大小是10m/s1則以下說(shuō)法正確的是A小球從a運(yùn)動(dòng)到d的過程中，電勢(shì)能一定減小B小球從a運(yùn)動(dòng)到d的過程中，機(jī)械能一定減小C小球的初速度是0.60m/sD小球的比荷(電荷量/質(zhì)量)是110-3C/kg10、一物體重為50 N，與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，現(xiàn)加上如圖所示

7、的水平力F1和F2，若F215 N時(shí)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則F1的值可能是(g10 m/s2)()A3 NB25 NC30 ND50 N三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示.有一位同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)測(cè)量作出了圖乙中的A圖線，另一位同學(xué)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了如圖丙中的B圖線. 試分析：（1）A圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是_；（2）A圖線上部彎曲的原因是_；（3）B圖線在縱軸上有截距的原因是_.12（12分）在探究彈簧彈性勢(shì)能實(shí)驗(yàn)中：(1)如圖1，彈簧的一端固定，原來(lái)處于自然長(zhǎng)度?，F(xiàn)對(duì)彈簧的另一端施加一個(gè)

8、拉力緩慢拉伸彈簧，關(guān)于拉力或彈簧彈力做功與彈簧彈性勢(shì)能變化的關(guān)系，以下說(shuō)法中正確的是_A拉力做正功，彈性勢(shì)能增加 B拉力做正功，彈性勢(shì)能減少C彈簧彈力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加D彈簧彈力做負(fù)功，彈性勢(shì)能減少(2)由于拉力是變力，拉力做功可以分割成一小段一小段處理，每一小段的彈力可以近似看成是恒力，再把每一小段的功相加求和，可得W總=F1l+F2l+F3l+，某次實(shí)驗(yàn)中作出拉力F拉與彈簧伸長(zhǎng)量x的圖象如圖2，則在彈簧被拉長(zhǎng)L的過程中拉力做功為_。（3）若換一根勁度系數(shù)更大的彈簧做此實(shí)驗(yàn)，則圖2的圖象斜率將_（選填“不變”“減小”“增大”）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題

9、處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一傾角=37的傳送帶，兩皮帶輪AB軸心之間的距離L=3.2 m，沿順時(shí)針方向以v0=2 m/s勻速運(yùn)動(dòng)一質(zhì)量m=2 kg的物塊P從傳送帶頂端無(wú)初速度釋放，物塊P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1物塊P離開傳送帶后在C點(diǎn)沿切線方向無(wú)能量損失地進(jìn)入半徑為m的光滑圓弧形軌道CDF，并沿軌道運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)F，與位于圓弧軌道最低點(diǎn)的物塊Q發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，物塊Q的質(zhì)量M 1 kg，物塊P和Q均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)物塊P從傳送帶離開時(shí)的動(dòng)量；(2)傳送帶

10、對(duì)物塊P做功為多少；(3)物塊P與物塊Q碰撞后瞬間，物塊P對(duì)圓弧軌道壓力大小的取值范圍14（16分）電量為q2104C的帶正電小物塊置于絕緣水平面上，所在空間存在沿水平方向且方向始終不變的電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小與時(shí)間t的關(guān)系，以及物塊速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示若重力加速度g取10 m/s2，求：(1)物塊的質(zhì)量m；(2)物塊與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)15（12分）如圖，一半徑為R的玻璃半球，O點(diǎn)是半球的球心，虛線OO表示光軸（過球心O與半球底面垂直的直線）。已知玻璃的折射率為1.5?，F(xiàn)有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光線能從球面射出（不考慮被半球的內(nèi)表面反射后的光線）。求（1）從球面射

11、出的光線對(duì)應(yīng)的入射光線到光軸距離的最大值；（2）距光軸R3的入射光線經(jīng)球面折射后與光軸的交點(diǎn)到O點(diǎn)的距離。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加量等于外力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做的總功重力勢(shì)能的減小量等于重力做的功機(jī)械能的變化等于除了重力以外的力對(duì)他做的功【詳解】A、重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做功2000J，他克服阻力做功200J，即阻力對(duì)他做功200J，則外力對(duì)他做的總功為2000J200J=1800J，由動(dòng)能定理知，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能增加了1800J，故A錯(cuò)誤。B、重力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做功2000J，則運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能減少了20

12、00J，故B錯(cuò)誤。CD、阻力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做功，所以運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能要減少，且機(jī)械能減少量等于他克服阻力做的功，為200J，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：D?！军c(diǎn)睛】在解決有關(guān)能量問題時(shí)，要注意明確做功和能量轉(zhuǎn)化間的關(guān)系；合外力做功等于動(dòng)能的改變量；重力做功等于重力勢(shì)能的改變量；除了重力以外的力對(duì)物體做的功等于機(jī)械能的變化量2、B【解析】A選項(xiàng)中速度與加速度方向相反，則物體做減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)D選項(xiàng)中加速度與速度方向開始相同，則物體應(yīng)做勻加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)B選項(xiàng)中加速度開始與速度方向相反，故先做減速運(yùn)動(dòng)，加速度減小，故圖像斜率減小后來(lái)速度與加速度方向相同，故做加速運(yùn)動(dòng)，因加速度減小，故圖像斜率減小當(dāng)加速度減為零

13、時(shí)，速度不變?yōu)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，故B對(duì)C選項(xiàng)中，速度圖像最后一段，速度與加速度方向相同，故應(yīng)做加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)故選B【名師點(diǎn)睛】判定一個(gè)物體如何運(yùn)動(dòng)，要看它的加速度和初速度方向如果加速度與速度方向在一條直線上則做直線運(yùn)動(dòng)，不在一條直線上則做曲線運(yùn)動(dòng)如果加速度與速度方向相同，則做加速運(yùn)動(dòng)，若相反則做減速運(yùn)動(dòng)如果加速度恒定，則做勻變速運(yùn)動(dòng)，若加速度變化，則做變加速運(yùn)動(dòng)解決這個(gè)題的關(guān)鍵是分析清楚加速度與速度的方向關(guān)系和加速度是否恒定3、A【解析】試題分析：如下圖所示；小球受重力和支持力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則合外力一定指向圓心；由力的合成可知，；由幾何關(guān)系可知，；解得：；故A正確；小球只受重力和支持力；向心

14、力是由合外力充當(dāng)；故B錯(cuò)誤；由A的分析可知，合外力；故C錯(cuò)誤；小球受到的合外力指向圓心，故D錯(cuò)誤；故選A考點(diǎn)：力的大小及方向4、D【解析】平拋運(yùn)動(dòng)的物體在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，速度改變量相等，但速率的改變量不一定相等，故A錯(cuò)誤；笛卡兒指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來(lái)也不偏離原來(lái)的方向，符合歷史事實(shí)故B錯(cuò)誤；靜止的物體也可以滑動(dòng)摩擦力，只要其他物體與該物體間相對(duì)運(yùn)動(dòng)即可能產(chǎn)生滑動(dòng)摩擦力，故C錯(cuò)誤速度的變化量、加速度、力都是矢量且對(duì)應(yīng)的國(guó)際單位制位符號(hào)分別為：m/s、m/s2、N；故D正確；故選D5、D【解析】BC設(shè)水球的直徑為d，子彈運(yùn)動(dòng)的過程為勻

15、減速直線運(yùn)動(dòng)，直到末速度為零，我們可以應(yīng)用逆過程，相當(dāng)于子彈初速度為零做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。因?yàn)橥ㄟ^最后1個(gè)、最后2個(gè)、以及后3個(gè)、全部4個(gè)的位移分別為d，2d，3d和4d，根據(jù)知，所以時(shí)間之比為1：2，所以子彈在每個(gè)水球中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同；由以上的分析可知，子彈依次穿過4個(gè)水球的時(shí)間之比為：（2-）：（）：（1）：1；由題干信息不可以確定子彈穿過每個(gè)水球的時(shí)間，故BC錯(cuò)誤；A子彈在水球中沿水平方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則受力是相同的，所以加速度相同，由v=at可知，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，則速度的變化量不同，故A錯(cuò)誤；D由以上的分析可知，子彈穿過前3個(gè)水球的時(shí)間與穿過第四個(gè)水球的時(shí)間是相等的，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)

16、的特點(diǎn)可知，子彈穿出第三個(gè)水球的瞬時(shí)速度與全程的平均速度相等，故D正確。6、C【解析】伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)提出力并不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；卡文迪許通過實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量，選項(xiàng)C正確；愛因斯坦創(chuàng)立了相對(duì)論，相對(duì)論的創(chuàng)立并不表明經(jīng)典力學(xué)已不再適用，其實(shí)，相對(duì)論與經(jīng)典力學(xué)適用的范圍不同，經(jīng)典力學(xué)只適用于宏觀低速物體，而高速物體適用于相對(duì)論故D錯(cuò)誤；故選C.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】根據(jù)題意，已知衛(wèi)星

17、運(yùn)動(dòng)的周期T，地球的半徑R，地球表面的重力加速度g，衛(wèi)星受到的外有引力充當(dāng)向心力，故有，衛(wèi)星的質(zhì)量被抵消，則不能計(jì)算衛(wèi)星的密度，更不能計(jì)算衛(wèi)星的向心力大小，AB錯(cuò)誤；由解得，而，故可計(jì)算衛(wèi)星距離地球表面的高度，C正確；根據(jù)公式，軌道半徑可以求出，周期已知，故可以計(jì)算出衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的線速度，D正確；【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力定律的兩個(gè)重要理論：1、萬(wàn)有引力等于重力（忽略自轉(zhuǎn)），2、萬(wàn)有引力提供向心力，并能靈活運(yùn)用8、BD【解析】由于整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以滑輪兩側(cè)連接a和b的繩子的夾角不變；物塊a只受重力以及繩子的拉力，由于物體a平衡，則連接a和b的繩子張力T保持不變；由于繩子的張力

18、及夾角均不變，所以O(shè)O中的張力保持不變，A、C錯(cuò)誤；b處于靜止即平衡狀態(tài)，對(duì)b受力分析有：力T與力F與x軸所成夾角均保持不變，由平衡條件可得：N+Fsin+Tsin-mg=0，f+Fcos-Tcos=0；由此可得：N=mg-Fsin-Tsin；由于T的大小不變，可見當(dāng)F大小發(fā)生變化時(shí)，支持力的大小也在一定范圍內(nèi)變化，B正確；f=Tcos-Fcos，由于T的大小不變，當(dāng)F大小發(fā)生變化時(shí)，b靜止可得摩擦力的大小也在一定范圍內(nèi)發(fā)生變化，D正確；故選BD。9、BCD【解析】在豎直方向上，由y=aT1得，說(shuō)明電場(chǎng)力方向豎直向上，小球從a運(yùn)動(dòng)到d的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，則其電勢(shì)能一定增大故A錯(cuò)誤電場(chǎng)力做負(fù)

19、功，則小球的機(jī)械能一定減小故B正確在水平方向上，小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有故C正確由牛頓第二定律得：，得，故D正確10、ACD【解析】A若物體向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可知：F2F1Gma0解得：F10解得：F125 N故B項(xiàng)不符合題意，CD兩項(xiàng)符合題意三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、沒有平衡摩擦力或摩擦力平衡不夠； 未滿足拉車的砝碼質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M； 在平衡摩擦力時(shí)，長(zhǎng)木板的傾角過大，小車沿斜面向下的分力大于摩擦力，使尚未對(duì)小車施加拉力時(shí)，小車已有加速度. 【解析】（1、2）小車質(zhì)量M一定時(shí)，其加速度a與合力F成

20、正比，圖象應(yīng)該為一條經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線；由于實(shí)驗(yàn)中用鉤碼的重力代替小車的合力，故不可避免的會(huì)出現(xiàn)系統(tǒng)誤差，乙圖中，由于小車受到摩擦阻力，其合力小于繩子的拉力，所以不經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)；同時(shí)，鉤碼加速下降，處于失重狀態(tài)，拉力小于重力，要使鉤碼重力接近小車所受的拉力，只有讓小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量，否則會(huì)出現(xiàn)乙圖中的彎曲情況；則A圖線不通過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；A圖線上部彎曲的原因是小車質(zhì)量沒有遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量（3）由丙圖看出，不掛鉤碼時(shí)已經(jīng)有加速度a，說(shuō)明平衡摩擦力時(shí)，右端墊的過高；長(zhǎng)木板傾角過大（平衡摩擦力過度）【點(diǎn)睛】在“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)用控制變量法，本實(shí)驗(yàn)只有在滿足平衡

21、摩擦力和小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于勾碼質(zhì)量的雙重條件下，才能用鉤碼重力代替小車所受的合力！12、AC 增大 【解析】由題意可知探究彈簧彈性勢(shì)能實(shí)驗(yàn)中勢(shì)能變化、變力做功問題，根據(jù)彈簧彈力做功特點(diǎn)、胡克定律計(jì)算可得?！驹斀狻?1) 1A B拉力做正功，說(shuō)明彈簧彈力對(duì)外做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加，故A正確，B錯(cuò)誤；C D彈簧彈力對(duì)外做負(fù)功，其它能轉(zhuǎn)化為彈性勢(shì)能，彈性勢(shì)能增加，故C正確，D錯(cuò)誤。(2) 2 因拉力隨位移均勻增大，可以用平均力來(lái)計(jì)算(3) 3 由胡克定律可得換一根勁度系數(shù)更大的彈簧做此實(shí)驗(yàn)，圖2中圖象斜率將增大【點(diǎn)睛】當(dāng)彈簧彈力對(duì)外做正功時(shí)，彈性勢(shì)能減?。划?dāng)彈簧彈力對(duì)外做負(fù)功時(shí)，彈性勢(shì)能增加。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1)8kgm/s，方向與水平方向成斜向右下；(2)-22.4J；(3)【解析】(1)物塊在未到達(dá)與傳送帶共速之前,所受摩擦力方向沿傳送帶向下，由牛頓第二定律得： 解得所需時(shí)間沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的位移當(dāng)物塊的速度與傳送帶共速后，由于 ，所以物塊所受摩擦力方向沿傳送帶向上,由牛頓第