江西省贛州市厚德外國語學校2022-2023學年高三物理第一學期期中復習檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某壓榨機的結構示意圖如圖所示，其中B為固定鉸鏈，若在A鉸鏈處作用一垂直于墻壁的力F，則由于力F的作用，使滑塊C壓緊物體D，設C與D光滑接觸，桿的重力及滑塊C 的重力不計，圖中a=0.6m，b=0.1 m，則物體D所受壓力的大小與力F

2、的比值為A3B4C5D62、甲、乙兩輛汽車沿同一平直公路行駛，它們的位移x隨時間t變化的關系圖線分別如圖中甲、乙所示，圖線甲為直線且與 x 軸交點的坐標為（0，2），圖線乙為過坐標原點的拋物線，兩圖線交點的坐標為 P（2，4）。由此可以判斷（ ）A甲車的加速度大小為2m/s2Bt=2s時刻甲車速度等于乙車速度C02s內乙車速度越來越大D02s內甲、乙兩車發(fā)生的位移相等3、如圖所示，質量為m的小球固定在長為l的細輕桿的一端，繞細桿的另一端O在豎直平面上做圓周運動球轉到最高點A時，線速度的大小為，此時（）A桿受到0.5mg的拉力B桿受到0.5mg的壓力C桿受到1.5mg的拉力D桿受到1.5mg的壓

3、力4、傾角為、質量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質量為m的木塊靜止在斜面體上下列結論正確的是（ ）A桌面對斜面體的支持力大小是（Mm）gB桌面對斜面體的摩擦力大小是mgsin cos C木塊受到的摩擦力大小是mgcos D木塊對斜面體的壓力大小是mgsin 5、以兩個等量同種正電荷連線的中點為圓心，在連線的中垂面上作出兩個同心圓如圖所示，兩個圓上有三個不同的點M、N、P，下列說法正確的是（ ）AN點電勢一定小于M點的電勢BN點場強一定大于M點的場強C一個電子在M點的電勢能和在P點的電勢能相等D一個電子在N點的電勢能比在P點的電勢能大6、如圖所示，一枚手榴彈開始時在空中豎直下落，到某位置時爆炸成

4、沿水平方向運動的a、b兩塊，已知兩塊同時落地，其中a落地時飛行的水平距離OA大于b落地時飛行的水平距離OB，下列說法中正確的是 A爆炸瞬間a、b兩塊的速度變化量大小相等Ba、b兩塊落地時的速度大小相等C爆炸瞬間a、b兩塊的動量變化量大小相等D爆炸瞬間a、b兩塊的動能變化量相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、為了測量儲罐中不導電液體的高度，將與儲罐外殼絕緣的兩塊平行金屬板構成的電容器C置于儲罐中，電容器可通過開關S與電源相連，如圖所示。當開關S斷開且罐中的液面上升充

5、滿容器后A電容器的電容變小B電容器的電容變大C電容器兩極板間的電壓變大D電容器兩極板間的電壓變小8、一人乘電梯上樓，在豎直上升過程中加速度a隨時間t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為a的正方向，則人對地板的壓力（ ）At=2s時最大Bt=2s時最小Ct=8.5s時最大Dt=8.5s時最小9、如圖所示，小物塊P放在固定斜面上，用不可伸長的輕軟細繩，通過固定在斜面上的定滑輪與小物塊Q相連，細繩拉緊釋放物塊Q，小物塊P從A運動到B的過程中，細繩對物塊P的拉力做功15J，物塊P克服重力做功5J，物塊P的動能增加5J，滑輪的摩擦與質量不計，滑輪與物塊P之間的細繩與斜面平行，則該過程中A物塊Q的機械能減少1

6、5JB物塊P克服摩擦力做功5JC物塊Q的重力勢能減少15JD物塊P的機械能增加15J10、如圖所示，物塊M通過與斜面平行的細繩與小物塊m相連。斜面的傾角可以改變，討論物塊M對斜面的摩擦力的大小，則有（）A若物塊M保持靜止，則角越大，摩擦力一定越大B若物塊M保持靜止，則角越大，摩擦力可能越小C若物塊M沿斜面下滑，則角越大，摩擦力越大D若物塊M沿斜面下滑，則角越大，摩擦力越小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某研究小組做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗所用器材有：方木板一塊，白紙，量程為5.0N的彈簧測力計，兩個橡皮條（帶兩個較長的

7、細繩套），刻度尺，圖釘（若干個）。（1）下面關于實驗操作的建議，正確的是_A每次實驗時結點O的位置不能改變B每次實驗時結點O的位置可以改變（2）如圖1所示，甲、乙兩組同學用同一套器材各做一次實驗，白紙上留下的標注信息有結點位置O、力的標度、分力和合力的大小及表示力的作用線的點如圖2所示。對減少實驗誤差較有利的是_組同學（選填“甲”或“乙”）（3）在給出的方格紙上按作圖法的要求畫出這兩個力的合力，并利用作圖法求出合力大小為_N。12（12分）小明同學用如圖所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律（1）該實驗裝置中有兩處錯誤，分別是：_和_（2）小明同學在老師的指導下改正了實驗裝置中的錯誤后，將細繩對小車的

8、拉力當作小車及車上砝碼受到的合外力，來驗證“合外力一定時加速度與質量成反比”小明同學在實驗時用電磁打點計時器打了一條理想的紙帶，他按要求選取計數點后，在測量各相鄰兩計數點間的距離時不慎將紙帶撕成了幾段，如圖所示，但他知道甲、乙屬于同一紙帶，則丙、丁、戊中屬于上述紙帶的是_已知打點計時器所用電源頻率為50Hz，則由甲、乙紙帶可求得小車的加速度大小為_m/s2(結果保留兩位小數)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質量為M=1.5kg的木板靜止在光滑水平面上，質量為m=1kg的物塊以初速度v1=4m/

9、s滑上木板的左端，物塊與木板之間的動摩擦因數為=12，在物塊滑上木板的同時，給木板施加一個水平向右的恒力F。當恒力F取某一值時，物塊在木板上相對于木板滑動的路程為s，給木板施加不同大小的恒力F，得到1S-F的關系如圖所示，其中AB與橫軸平行，且AB段的縱坐標為1m-1。將物塊視為質點，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=11m/s2。（1）若恒力F=1，則物塊會從木板的右端滑下，求物塊在木板上滑行的時間t是多少？（2）圖乙中BC為直線段，求該段B點的橫坐標（3）圖乙中DE為直線段，求該段恒力F的取值范圍及1S-F函數關系式14（16分）某同學設計了一款益智類的兒童彈射玩具，模型如圖所示，

10、段是長度連續(xù)可調的豎直伸縮桿，BCD段是半徑為R的四分之三圓弧彎桿，DE段是長度為2R的水平桿， 與AB桿稍稍錯開豎直標桿內裝有下端固定且勁度系數較大的輕質彈簧，在彈簧上端放置質量為m的小球每次將彈簧的長度壓縮至P點后鎖定，設PB的高度差為h，解除鎖定后彈簧可將小球彈出在彈射器的右側裝有可左右移動的寬為2R的盒子用于接收小球，盒子的左端最高點Q和P點等高，且與E的水平距離為x，已知彈簧鎖定時的彈性勢能Ep=9mgR，小球與水平桿的動摩擦因=0.5，與其他部分的摩擦不計，不計小球受到的空氣阻力及解除鎖定時的彈性勢能損失，不考慮伸縮豎直軒粗細變化對小球的影響且管的粗細遠小于圓的半徑，重力加速度為g

11、求： (1)當h=3R時，小球到達管道的最高點C處時的速度大小vc； (2)在(1)問中小球運動到最高點C時對管道作用力的大??； (3)若h連續(xù)可調，要使該小球能掉入盒中，求x的最大值？15（12分）如圖所示，傳送帶水平部分的長度，與一圓心在點、半徑的豎直光滑圓軌道的末端相切于點。高出水平地面。一質量的小滑塊（可視為質點），由軌道上的點從靜止釋放，與豎直線的夾角。已知，取，滑塊與傳送帶的動摩擦因數，轉輪與傳送帶間不打滑。不計空氣阻力。(1)求滑塊對圓軌道末端的壓力的大?。?2)若傳送帶以速度為順時針勻速轉動.滑塊運動至點水平拋出。求此種情況下，滑塊的落地點與點的水平距離；(3)若傳送帶以速度為

12、順時針勻速轉動，求滑塊在傳送帶上滑行過程中產生的熱量。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】設力F與水平方向的夾角為，將力F按作用效果沿AB和AC兩個方向進行分解，作出力的分解圖如圖甲所示。則有：2F1cos=F則得 再將F2按作用效果分解為FN和FN，作出力的分解圖如圖乙所示。則有：FN=F2sin聯(lián)立得到： 根據幾何知識得可知 ；得到：FN=3FA3，與結論相符，選項A正確； B4，與結論不相符，選項B錯誤；C5，與結論不相符，選項C錯誤； D6，與結論不相符，選項D錯誤；2、C【解析】AC位移時間圖像

13、的斜率等于速度，故可知甲車速度不變，做勻速直線運動，乙車速度越來越大，故A錯誤，C正確.Bt=2s時刻，乙圖像的斜率比甲大，所以乙車速率較大，故B錯誤.D由圖可知02s內甲車發(fā)生的位移為2m，乙車發(fā)生的位移為4m；兩車位移不等，故D錯誤3、B【解析】設此時桿對小球的作用力為拉力，則有解得負號說明力的方向與假設相反，即球受到的力為桿子的支持力，根據牛頓第三定律可知桿受到的壓力，故B正確，ACD錯誤。4、A【解析】AB對M和m整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面對斜面體的支持力為（M+m）g，靜摩擦力為零，故B錯誤，A正確；C先對木塊m受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，根據平衡條件，有

14、f=mgsin N=mgcos 由式，選項C錯誤；D斜面對木塊的支持力和木塊對斜面的壓力相等，由式得D錯誤；故選A。5、C【解析】A、兩個等量同種正電荷的連線的中點為圓心，在連線的中垂面上做出兩個同心圓，由疊加原理得，O點的電勢最高，無窮遠處的電勢為0，從O點經N點、M點到無窮遠，電勢減小，則有N點電勢大于M點的電勢，故A錯誤；B、由疊加原理得，O點的場強為0,無窮遠處的場強為0，從O點經N點、M點到無窮遠，場強先增大后減小，N點、M點具體位置未知，場強大小也未知，無法判斷N點、M點場強大小，故B錯誤；C、M點和P點在同一個圓上，M點電勢等于P點的電勢，電子在M點的電勢能和在P點的電勢能相等，

15、故C正確；D、N點電勢大于M點的電勢，M點電勢等于P點的電勢，則有N點電勢大于P點的電勢，電子在N點的電勢能比在P點的電勢能小，故D錯誤；故選C6、C【解析】由題意知，爆炸后兩塊同時落地，說明爆炸瞬間兩塊在豎直方向的速度沒有發(fā)生變化，故爆炸是在水平方向上發(fā)生的因OA大于OB，所以爆炸瞬間a獲得的水平速度較大，因而落地時也是a的速度較大，A、B錯誤；因水平方向的初動量為零，且水平方向動量守恒，所以爆炸后a、b兩塊的水平方向動量應等值、反向，C正確；結合爆炸后兩塊的速度和動量可知，a塊的質量較小，根據動量和動能的關系可知，a塊的動能變化較大，D錯誤故選C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共

16、20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】兩塊平行金屬板構成的電容器C的中間的液體就是一種電介質，當液體的高度升高，相當于插入的電介質越多，電容越大。，故A錯誤，B正確；當開關S斷開后，電容器的電量不變，根據，可知電容器兩極板間的電壓變小，故選BD.8、AD【解析】由于t=2s時物體向上的加速度最大，故此時人對地板的壓力最大，因為地板此時對人的支持力最大；而t=15s時物體向下的加速度最大，故地板對的支持力最小，即人對地板的最小，故選項AD正確，選項BC錯誤9、AB【解析】A、細繩對物塊P的拉力做功15

17、J，則有物塊Q克服拉力做功15 J，所以物塊Q的機械能減少15 J，故A正確；B、對物塊P，由動能定理可得，解得物塊P克服摩擦力做功5 J，故B正確；C、物塊P的動能增加，則有物塊Q的動能增加，根據可知物塊Q的機械能減少量等于物塊Q的重力勢能減少量與物塊Q的動能增加量之和，所以物塊Q的重力勢能減少量大于15J，故C錯誤；D、物塊P的機械能增加量等物塊P的重力勢能增加量與物塊P的動能增加量之和，所以物塊P的機械能增加10J，故D錯誤；故選AB【點睛】關鍵是細繩對物塊P的拉力與細繩對物塊Q的拉力大小相等，細繩對物塊P的拉力做功等于物塊Q克服拉力做功，物塊的機械能變化量等于物塊的重力勢能變化量與物塊

18、的動能變化量之和10、BD【解析】AB物體m受到重力mg和拉力F，處于平衡狀態(tài)對滑塊M受力分析，受重力Mg、支持力 、拉力F和靜摩擦力，其中靜摩擦力方向取決于拉力F和重力的下滑分量的大小，若受力如圖根據平衡條件，有故越大，越大若受力如圖根據平衡條件，有故越大，越小A錯誤B正確；CD由于物體M下滑，所以物體所受到滑動摩擦力，有由于是在斜面上當增大時，減少（090度），所以減少，C錯誤D正確；故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 乙 4.70N 【解析】(1)1同一次實驗時，需要讓兩個力拉橡皮條和一個力拉橡皮條產生的作用效果相同

19、，則必定結點O的位置要相同；而在重復實驗再次進行驗證時，結點O的位置可以與前一次不同，故A正確，B錯誤故選A。(2)2為了便于確定拉力的方向，在紙上描點時，所描的點不要太靠近結點，該甲組圖中所描的點太靠近結點；該圖中所描的點到結點的距離適中，力的大小適中，而且兩個力的角度的大小也適中，故乙組圖中的有利于減小誤差；(3)3取如圖所示的兩格表示0.5N，則可得出F1、F2，由上圖得出兩力的方向；作出平行四邊形，即其對角線的長度表示力的大小，箭頭的指向表示力的方向，由圖可求得12、（1）滑輪太高(或細繩與長木板不平行 打點計時器接到直流電源上(或打點計時器未接交流電源) （2）戊 1.13 【解析】

20、（1）電磁打點計時器工作電壓是V以下的交流電源，該實驗裝置使用的是直流電源，故錯誤之處是打點計時器接到直流電源上(或打點計時器未接交流電源)，為了減小誤差，拉小車的拉力方向與長木板平行，即拉小車的細繩與長木板平行，該實驗裝置中細繩與長木板不平行，故錯誤之處是滑輪太高(或細繩與長木板不平行(2)從甲乙兩圖中可讀1與2的間距為3.65cm，2與3的間距為4.72cm，而小車在長木板上做勻加速運動，以此類推，3與4的間距為5.79cm，3與4的間距為6.86cm，接近6.99cm，故選戊（3）打點計時器所用電源頻率為50 Hz，每相鄰計數點時間為0.1s， 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案

21、寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）t=13s（2）F=1N（3）1s=F+38【解析】（1）以初速度v1為正方向，物塊的加速度大小：am=g=2m/s2木板的加速度大?。篴M=mgM=4m/s2由圖乙知，恒力F=1時，物塊在木板上相對于木板滑動的路程1s=1m-1，則s=1m，可知板長L=s=1m滑塊相對木板的路程：L=v1t-12amt2-12aMt2，代入數據可得：t=13s；t=1s（舍）當t=1s時，滑塊的速度為v=v1-amt=2m/s，木板的速度為v=aMt=4m/s，而當物塊從木板右端滑離時，滑塊的速度不可能小于木板的速度，故t=1s應舍棄，故所求時間為t=13s（2）當F較小時，物塊將從木板右端滑下，當F增大到某一值時物塊恰好到達木板的右端，且兩者具有共同速度v，歷時t1，則木板的加速度a1=F+mgM=(2F+4)m/s2速度關系有：v=v1-amt1=a1t1相對位