高考物理二輪復(fù)習(xí)機(jī)械能專題訓(xùn)練含解析新人教版

1、2014年高考二輪復(fù)習(xí)機(jī)械能1 .一人用力把質(zhì)量為 m的物體由靜止豎直向上勻加速提升h,速度增加為v,則對(duì)此過程，下列說法正確的是A.人對(duì)物體所做的功等于物體機(jī)械能的增量B.物體所受合外力所做的功為1 mv22C.人對(duì)物體所做的功為 mghD.人對(duì)物體所做的功為 1 mv22答案：AB解析：由功能原理可知，人對(duì)物體所做的功等于物體機(jī)械能的增量，為mgh+lmv2,選項(xiàng)A正確CD錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理可知，物體所受合外力所做的功為-mv2,選項(xiàng)22B正確。2.如右圖所示，一直角斜面體固定在水平地面上，左側(cè)斜面傾角為60 ,右側(cè)斜面傾角為300, A、B兩個(gè)物體分別系于一根跨過定滑輪的輕繩兩端且分別置于

2、斜面上，兩物體下邊緣位于同一高度且處于平衡狀態(tài)，不考慮所有的摩擦，滑輪兩邊的輕繩都平行于斜面。若剪斷輕繩，讓物體從靜止開始沿斜面滑下，下列敘述錯(cuò)誤的是( )A.著地瞬間兩物體的速度大小相等B.著地瞬間兩物體的機(jī)械能相等C.著地瞬間兩物體所受重力的功率相等。D.兩物體的質(zhì)量之比為 mA : mB = 1: . 3答案：.B解析：根據(jù)初始時(shí)刻兩物體處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，nAgsin60 = mBgsin30 ,由此可得，兩物體的質(zhì)量之比為 mA : mB =173 ；由機(jī)械能守恒定律可知，著地瞬間兩物體的速度大小相等，選項(xiàng) AD敘述正確；著地瞬間， A物體重力功率FA=mgvsin60 ,

3、 B物體重力功率FB=mgvsin30 ,兩物體所受重力的功率相等，選項(xiàng)C敘述正確；由于兩物體質(zhì)量不等，初始B敘述錯(cuò)誤。狀態(tài)兩物體的機(jī)械能不等，所以著地瞬間兩物體的機(jī)械能不相等，選項(xiàng)3. 一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時(shí)其速度為2.0m/s。從此刻開始在滑塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加一水平拉力F,力F和滑塊的速度v隨時(shí)間t的變化規(guī)律分別如圖 7甲和乙所示。設(shè)在第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)力F對(duì)滑塊做功的平均功率分別為R、P2、P3,則()PlP2P3PlP2P302s內(nèi)力F對(duì)滑塊彳功為4J02s內(nèi)摩擦力對(duì)滑塊做功為 4J3210圖7【答案】：BC【解析】：第1s內(nèi)力F對(duì)滑塊做功的平均功率分別為R=

4、r v1X 1W=1W/第1s內(nèi)力F對(duì)滑塊做功的平均功率分別為P2=F2 V2=3X 1W=3VV第1s內(nèi)力F對(duì)滑塊做功的平均功率分別為P3=F3 V3=2X2W=4W/所以，PiP2P3,選項(xiàng)A錯(cuò)誤B正確；02s內(nèi)力F對(duì)滑塊彳功為 W=Fi X +F2 X=1X 1J+3X 1J=4J ,選項(xiàng)C正確；滑塊所受摩擦力 f=2N, 02s內(nèi)滑塊位移x=2m,摩擦力對(duì)滑塊做功為fxcos180 =-4J ,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。v方向垂直的相同水平恒力 F的作用,4.在光滑的水平地面上，有質(zhì)量相同的甲、乙兩物體，甲原來靜止，乙以速度v做勻速 直線運(yùn)動(dòng)，俯視圖如圖所示。某時(shí)刻它們同時(shí)受到與經(jīng)過相同時(shí)間 ()(

5、A)兩物體的位移相同(B)恒力F對(duì)兩物體所做的功相同(C)兩物體的速度變化率相同(D)兩物體的動(dòng)能變化量相同答案：BCDB析：經(jīng)過相同時(shí)間，乙物體位移大于甲，選項(xiàng) A錯(cuò)誤；恒力F對(duì)兩物體所做的功相同，兩物體的動(dòng)能變化量相同，兩物體的加速度相同，速度變化率相同，選項(xiàng)BCD正a、曰、s和t分確。.物體在恒定阻力作用下，以某初速度在水平面上沿直線滑行直到停止.以別表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小、動(dòng)能、位移的大小和運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.則以下各圖象中，能正確反映這一過程的是答案：C解析：物體在恒定阻力作用下運(yùn)動(dòng)，其加速度隨時(shí)間不變，隨位移不變，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理，-fs= Ek - E0,解得&= Ek0-fs

6、 ,選項(xiàng)C正確D錯(cuò)誤。.質(zhì)量相同的兩個(gè)物體，分別在地球和月球表面以相同的初速度豎直上拋，已知月球表面的重力加速度比地球表面重力加速度小，若不計(jì)空氣阻力，下列說法中正確的是(D )(A)物體在地球表面時(shí)的慣性比在月球表面時(shí)的慣性大(B)物體在地球表面上升到最高點(diǎn) 所用時(shí)間比在月球表面上升到最高點(diǎn) 所用時(shí)間長(C)落回拋出點(diǎn)時(shí)，重力做功的瞬時(shí)功率相等(D)在上升到最高點(diǎn)的過程中，它們的重力勢能變化量相等答案：D解析：兩個(gè)物體質(zhì)量相同，慣性相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于月球表面的重力加速度比地球表面重力加速度小，物體在地球表面上升到最高點(diǎn)所用時(shí)間比在月球表面上升到最高點(diǎn)所用時(shí)間短，選項(xiàng) B錯(cuò)誤；落回拋出點(diǎn)時(shí)

7、，速度相等，而月球表面重力小，所以落回拋出點(diǎn)時(shí)，月球上重力做功的瞬時(shí)功率小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于拋出時(shí)動(dòng)能相等，由機(jī)械能守恒定律可知，在上升到最高點(diǎn)的過程中，它們的重力勢能變化量相等，選項(xiàng) D正確。.質(zhì)量為m的汽車，啟動(dòng)后在發(fā)動(dòng)機(jī)功率 P保持不變的條件下在水平路面上行駛，經(jīng)過一段 時(shí)間后將達(dá)到以速度 v勻速行駛的狀態(tài)，若行駛中受到的摩擦阻力大小保持不變，則在車速,1為一v時(shí)，汽車的加速度大小為(3P2mv3P4mv4A.組 mvC,王3mv答案,A解析；若行駛中受到的摩擦阻力大小f=P vo在車速為時(shí)，汽車牽引力由牛頓第二定律，F(xiàn)-f=ma解得汽車的加速度大小為/三，選項(xiàng)A正確,.有一豎直放置的“

8、 T”形架，表面光滑，滑塊 A、B分別套在水平桿與豎直桿上，A B用一不可伸長的輕細(xì)繩相連，A B質(zhì)量相等，且可看做質(zhì)點(diǎn)，如圖 4所示,開始時(shí)細(xì)繩水平伸直， A、B靜止.由靜止釋放 B后，已知當(dāng)細(xì)繩與豎直方向的夾角為60時(shí)，滑塊B沿著豎直桿下Vt的速度為v,則連接 A B的繩長為A.4vB.3v2C.4gD.4v3g答案:解析，由靜止釋放后，已知當(dāng)細(xì)繩與豎直方向的夾角為60時(shí)，滑塊B沿細(xì)繩 方向的分速度為囪口呂60口 =v/2此時(shí)A的速度為2+cqs3CT二一3。B下滑高度 h=Lcos60二L/2,由機(jī)械能守恒定律，mgh二士 mv斗工聯(lián)立解得L二選項(xiàng) 223gD正確。.小球由地面豎直上拋，

9、設(shè)所受阻力大小恒定，上升的最大高度為H,地面為零勢能面。在上升至離地高度h處，小球的動(dòng)能是勢能的兩倍，在下落至離地面高度h處，小球的勢能是動(dòng)能的兩倍，則h等于（）A.H B.型 C. 3H D.也9999t答案】Dt解析】設(shè)小球受到的阻力大小恒為。小球上升至最高點(diǎn)過程由動(dòng)能定理得1 ”* m g H -卜二 01一喇 t： Cl 卜小球上升至離地高度h處時(shí)速度設(shè)為力，由動(dòng)能定理得:-mgh-fh= :用=， 又二 g1 =2mgh:小球上升至最高點(diǎn)后又下降至離地音度h處時(shí)速度設(shè)為此過程由動(dòng)能定理得:-mgh-f（2H-hi=:物門一= wv；國, 又!機(jī)1 =mghm 一以上各式聯(lián)立解得h=?

10、.故選D.10、如圖所示，一輕繩繞過無摩擦的兩個(gè)輕質(zhì)小定滑輪O、O分別與質(zhì)量均為 m的小滑塊P和小球Q連接.已知直桿兩端固定且與兩定滑輪在同一豎直平面內(nèi)，桿與水平面的夾角為0 ,直桿上C點(diǎn)與兩定滑輪均在同一高度，設(shè)直桿足夠長，小球運(yùn)動(dòng)過程中不會(huì)與其他物體相碰.現(xiàn)將小物塊從 C點(diǎn)由靜止釋放，在其下滑過程中，下列說法正確的是（）A.小滑塊的動(dòng)能先增加后減小B.小滑塊的機(jī)械能先增加后減小C.小球的動(dòng)能先增加后減小D.小球的機(jī)械能先增加后減小答案；AB解析：將小物塊從C點(diǎn)由靜止釋放，在其下滑過程中，滑塊P的重力做正功；拉力對(duì) 滑塊先做正功后做負(fù)功，小滑塊的動(dòng)能先增加后減小，小滑塊的機(jī)械能先增加 后減小

11、,小球的動(dòng)能先增加后減小.再增加后減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，輕繩拉力對(duì)小 球先做負(fù)功后做正功，小球的機(jī)械能先峨小后增加，選項(xiàng)D錯(cuò)誤口11、如圖所示的木板由傾斜部分和水平部分組成，兩部分之間由一段圓弧面相連接.在木板的中間有位于豎直面內(nèi)的光滑圓槽軌道，斜面的傾角為0 .現(xiàn)有10個(gè)質(zhì)量均為 m、半徑均為r的均勻剛性球，在施加于 1號(hào)球的水平外力 F的作用下均靜止，力 F與圓槽在同一豎直面內(nèi)，此時(shí)1號(hào)球球心距它在水平槽運(yùn)動(dòng)時(shí)的球心高度差為 h.現(xiàn)撤去力F使小球開始運(yùn)動(dòng)，直到所有小球均運(yùn)動(dòng)到水平槽內(nèi).重力加速度為g.求：水平外力F的大??；1號(hào)球剛運(yùn)動(dòng)到水平槽時(shí)的速度；整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，2號(hào)球?qū)?號(hào)球所做的功.1

12、1.解析：以10個(gè)小球整體為研究對(duì)象，由力的平衡條件可得tan 日=-F(2 分)10m g得：F =10mgtan以1號(hào)球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得mgh = mv2(2分)2得v - .2gh撤去水平外力F后，以10個(gè)小球整體為研究對(duì)象，利用機(jī)械能守恒定律可得10mg(h 18sin 口)= 1 10m v222得 v = 2g(h 9rsin )以1號(hào)球?yàn)檠芯繉?duì)象，由動(dòng)能定理得12mgh W = 一 mv 2得 W = 9mgr sin 二.如圖10所示，質(zhì)量為 m的小球，由長為l的細(xì)線系住，線能承受的最大拉力是9mg細(xì)線 TOC o 1-5 h z 的另一端固定在 A點(diǎn)，AB是

13、過A的豎直線，E為AB上的一點(diǎn)，且AE=0.5 l ,過E作水平線EF, 在EF上釘鐵釘D,現(xiàn)將小球拉直水平，然后由靜止釋放，小球在運(yùn)動(dòng)過程中，不計(jì)細(xì)線與釘 子碰撞時(shí)的能量損失，不考慮小球與細(xì)線間的碰撞.A-(1)若釘鐵釘位置在 E點(diǎn)，求細(xì)線與釘子碰撞前后瞬間，細(xì)線的拉；! :力分別是多少？E：D FI、 射(2)若小球能繞釘子在豎直面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，求釘子位置在!尸Ql * 水平線EF上距E點(diǎn)距離的取值。B圖1012、答案：(1) F1=3mg, F2=5mg l x 2163解析：(1)小球釋放后沿圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，設(shè)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)速度為v,由12 機(jī)械能寸恒th律得 mg

14、l =-mv ,碰釘子瞬間刖后小球運(yùn)動(dòng)的速率不變，碰釘子刖瞬間圓周運(yùn)2動(dòng)半徑為l ,碰釘子前瞬間線的拉力為F1,碰釘子后瞬間圓周運(yùn)動(dòng)半徑為l/2,碰釘子后瞬間線的拉力為F2,由圓周運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律得:2mvF1 - mg = , F2 - mg2mvl /2得 F1 =3mg , F2 =5mg(2)設(shè)在D點(diǎn)繩剛好承受最大拉力，記DE=X1,則：AD=Jx； +L2懸線碰到釘子后，繞釘做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為:eAD l-JM)22當(dāng)小球落到D點(diǎn)正下方時(shí)，繩受到的最大拉力為F,此時(shí)小球的速度 v1,由牛頓第二定律有:2Fmg=mv-結(jié)合 Fw 9 mgr1由機(jī)械能守恒定律得： mg ( - +r1

15、)= 1 mv2222由上式聯(lián)立解得：X1 -1|6mg ( r 2)= - mv2釘子位置在水平線 EF上距E點(diǎn)距離的取值范圍是：|-l63.如圖，半徑為 R的光滑半圓形軌道 ABC在豎直平面內(nèi)，與水平軌道 CD相切于C點(diǎn)，D 端有一被鎖定的輕質(zhì)壓縮彈簧，彈簧左端連接在固定的擋板上，彈簧右端Q到C點(diǎn)的距離為2R。質(zhì)量為m可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊從軌道上的P點(diǎn)由靜止滑下，剛好能運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)，并能A。已知/ POC=60 ,求:觸發(fā)彈簧解除鎖定，然后滑塊被彈回，且剛好能通過圓軌道的最高點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道壓力;科；(1)滑塊第一次滑至圓形軌道最低點(diǎn)(2)滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)(3)彈簧被鎖定時(shí)具有的彈性勢能

16、。解析；,設(shè)滑塊第一次滑至c點(diǎn)時(shí)的速度為管圓軌道u點(diǎn)對(duì)滑塊的支持力為入1 p 12一 一淞gR =一憎bLPtC 過程；2 g 2, 12 分）v2 /一喀3=幽士C點(diǎn)：R （2分）解得%=2叫（2分）由牛頓第三定律得，滑塊對(duì)軌道C點(diǎn)的壓力大小即:方向豎直向下（1分）12對(duì)尸CfQ 過程；- cos 60） -2 A = 01分解得“ = 0 25（2分）懦旨=留衛(wèi)_再點(diǎn)1R （1分）1 2工過程；斗=5叫+小如鵬2,分）解得.彈性勢能蜃=%以（2分）14.某興趣小組舉行遙控賽車比賽，比賽路徑如圖所示?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的賽車從起點(diǎn)A出發(fā)，沿水平直線軌道運(yùn)動(dòng) L=10m后，由B點(diǎn)進(jìn)入半徑 R=0.4m

17、的光滑豎直半圓軌道，并通過軌 道的最高點(diǎn)C做平拋運(yùn)動(dòng)，落地后才算完成比賽。B是軌道的最低點(diǎn)，水平直線軌道和半圓軌道相切于 B點(diǎn)。已知賽車質(zhì)量 m=0.5kg ,通電后電動(dòng)機(jī)以額定功率 P=4 W工作，賽車 在水平軌道上受到的阻力恒為f=0.4N ,之后在運(yùn)動(dòng)中受到的空氣阻力可不計(jì)，g取10m/s2.試求：（1）賽車能通過C點(diǎn)完成比賽，其落地點(diǎn)離 B點(diǎn)的最小距離；（2）要使賽車完成比賽，電動(dòng)機(jī)工作的最短時(shí)間；（3）假如水平直線軌道足夠長，賽車以最大速度過B點(diǎn)，R為多大時(shí)賽車能完成比賽且落地點(diǎn)離B點(diǎn)的距離最大，并求出最大距離。解析：（燮分）（1）費(fèi)車以最小速度通過最高點(diǎn)G其落地點(diǎn)離2點(diǎn)的距離最小，

18、即最、/匚, 卜高點(diǎn) C,有 = m vc =2m/s（2 分）R由平拋規(guī)律得1 ,解得其止=0.80?m設(shè)電動(dòng)機(jī)工作的最短時(shí)間為r賽車從a到匚過程由功能關(guān)系得Pt- fL- InigR = g - Q解得t=2.25 s （t=2.25 5時(shí)間內(nèi)賽車還役過B點(diǎn)）口分）（沒判斷有沒過B點(diǎn)不扣分）（3）賽車到B點(diǎn)的最大速度vs=fyf=Wm/s設(shè)軌道半徑為日到匚過程賽車機(jī)械守恒1 J”1 r-嗎嗎=fig2R + 叨T；（1分）解得匕=五一斗趣x = vct車離開C點(diǎn)后平拋，設(shè)水平位移為 X,有12Rgt22y（1分）2 2VB-4R 4R. TgR （沒說明不扣分） 得 Xm=5mt （1 分

19、）15、如圖所示，用跨過光滑滑輪的纜繩將海面上一艘失去動(dòng)力的小船沿直線拖向岸邊，已知拖動(dòng)纜繩的電動(dòng)機(jī)功率恒為p,小船的質(zhì)量為 m,小船受到阻力大小恒為f ,小船經(jīng)過 A點(diǎn)時(shí)速度大小為 w,小船從A點(diǎn)沿直線加速運(yùn)動(dòng)到 B點(diǎn)經(jīng)歷時(shí)間為L, AB兩點(diǎn)間距離為d ,不 計(jì)纜繩質(zhì)量.求:第羽題（1） A到B點(diǎn)過程中，小船克服阻力所做的功 Wf ；（2）小船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度大小5；（3）小船經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的加速度大小.解析；.（12分）（1）小船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)克服阻力做功開：二川 （2分）1分）由動(dòng)能定理有（2）小船從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到呼點(diǎn)，電動(dòng)機(jī)牽引繩對(duì)小船做功W=PV TOC o 1-5 h z 由式解得H=J4

20、 +三（尸五一的2分）V w（3）設(shè)小船經(jīng)過b點(diǎn)時(shí)繩的拉力大小為此繩與水平方向夾角為e，繩的速度大小為小P=Fu口分）It = COS（1 分）牛頓第二定律Fcos -/ = W71分）由得白=f 一 P -（2分）J明、:-2w（Prt - fd） m（另解；設(shè)細(xì)繩的拉力為f,繩與水平方向夾角為e,則細(xì)繩牽引小船的功率為P=Fcos9 爐：,PfFzos6 =； Fcos - f -ma 二）腎+ 2 flp 上一用）m.如圖是利用傳送帶裝運(yùn)煤塊的示意圖.其中，傳送帶長L=20ni傾角0 =37。，煤塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)科=0.8 ,傳送帶的主動(dòng)輪和從動(dòng)輪半徑相等，主動(dòng)輪軸頂端與運(yùn)煤車底

21、板間的豎直高度 H= 1.8 m ,與運(yùn)煤車車箱中心的水平距離x= 1.2 m .現(xiàn)在傳送帶底端由靜止釋放一些煤塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）其質(zhì)量為2kg,煤塊在傳送帶的作用下先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后與傳送帶一起做勻速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)主動(dòng)輪時(shí)隨輪一起勻速轉(zhuǎn)動(dòng).要使煤塊在輪的最高點(diǎn)水平拋出并落在車箱中心，取 g= 10 m/s 2, sin 37 =0.6, cos 37 = 0.8 ,求：（1）傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)的速度 v及主動(dòng)輪和從動(dòng)輪的半徑r .（提示：要使煤塊在輪的最高點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，則煤塊到達(dá)輪的最高點(diǎn)時(shí)對(duì)輪的壓力為零）（2）煤塊在傳送帶上由靜止開始加速至與傳送帶速度相同所經(jīng)過的時(shí)間t .（3傳送帶由于傳送煤塊

22、多消耗多少電能？（提示：煤塊傳到頂端過程中， 其機(jī)械能增加,解：（1 ）由平拋運(yùn)動(dòng)的公式，得X-Vt ,（2分）代人數(shù)據(jù)解得（1分）mg -m一煤塊到達(dá)輪的最高點(diǎn)時(shí)對(duì)輪的壓力為零，由牛頓第二定律得R （2分） TOC o 1-5 h z 代人數(shù)據(jù)得產(chǎn)0.物（1分）（2）由牛頓第二定律心皿得F刀 . GQ =Ag cos d- g sm & =0.mC2 分）由叫小得加速過程a（2分） S=at72 S=5m（1 分）S =Vt = 10lD（1 分）AS 二Sw-S二5nlCL 分）由能量守恒得 E=mgLsin37;+lw;-Ff ASC2 分）代人數(shù)據(jù)得E=308J（1分）航空母艦上艦載機(jī)

23、的起飛問題一直備. 2012年我們中國有了自己的航空母艦“遼寧號(hào)”，受關(guān)注。某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)通過查閱資料對(duì)艦載機(jī)的起飛進(jìn)行了模擬設(shè)計(jì)。如圖，艦載機(jī)總質(zhì)量為m發(fā)動(dòng)機(jī)額定功率為 P,在水平軌道運(yùn)行階段所受阻力恒為fo艦載機(jī)在a處以額定功率啟動(dòng)，同時(shí)開啟電磁彈射系統(tǒng)，它能額外給艦載機(jī)提供水平向右、大小為F的恒定推力。經(jīng)歷時(shí)間ti,艦載機(jī)運(yùn)行至 B處，速度達(dá)到V1,電磁彈射系統(tǒng)關(guān)閉。艦載機(jī)繼續(xù)以額定功率加速運(yùn)行至 C處，經(jīng)歷的時(shí)間為t2,速度達(dá)到V2。此后，艦載機(jī)進(jìn)入傾斜曲面軌道，在D處離開航母起飛。請(qǐng)根據(jù)以上信息求解下列問題。（1）電磁彈射系統(tǒng)關(guān)閉的瞬間，艦載機(jī)的加速度。（2）水平軌道AC的長度。（

24、3）若不啟用電磁彈射系統(tǒng)，艦載機(jī)在A處以額定功率啟動(dòng)，經(jīng)歷時(shí)間 t到達(dá)C處，假設(shè)速度大小仍為 V2,則艦載機(jī)的質(zhì)量應(yīng)比啟用電磁彈射系統(tǒng)時(shí)減少多少？（該問AC間距離用x表不。）解析：（1）根據(jù)功率表達(dá)式可得月=-。分）由牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律 F-f （2分） 得口二上 （2分） 匕叨 m（2）艦載機(jī)在總處以額定功率啟動(dòng),同時(shí)開啟電磁彈射系統(tǒng)，它能物冷覦載機(jī)提供 水平向右.大小為嚴(yán)的恒定推力。經(jīng)歷時(shí)間小艦載機(jī)運(yùn)行至b處，速度達(dá)到憶由 動(dòng)能定理（3分）六 L1尸11+&1g二$咽百-W電磁彈射系統(tǒng)關(guān)閉.艦翻糜續(xù)以軟定功率加速運(yùn)行至二處，經(jīng)用的時(shí)間為腦速度（2分）（3分）達(dá)到匕. 同理得 Pt- -fit- - - mv,a?hv* * 2 * 2 1艦載機(jī)總位移芍+毛 Q分）nrv.*-Pt. Pz,+miv*- wvl;購十+ 一（3）全過程