重點(diǎn)彈簧問(wèn)題及超重失重答案

1、1、BD 【解析】木箱靜止時(shí)物塊對(duì)箱頂有壓力，則物塊受到頂向下的壓力，當(dāng)物塊對(duì)箱頂剛好無(wú)壓力時(shí)，表明系統(tǒng)有向上的加速度，是超重，BD正確。2、A【解析】以A、B整體為研究對(duì)象：僅受重力，由牛頓第二定律知加速度為g，方向豎直向下。以A為研究對(duì)象：因加速度為g，方向豎直向下，故由牛頓第二定律知A所受合力為A的重力，所以A僅受重力作用。選項(xiàng)A正確3、【答案】B【解析】運(yùn)動(dòng)員的下落過(guò)程：OB自由落體運(yùn)動(dòng)，BC重力大于彈性繩的彈力，做加速度越來(lái)越小的加速運(yùn)動(dòng)，C點(diǎn)加速度為零，速度最大，CD彈力大于重力，加速度向上，運(yùn)動(dòng)員做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，D點(diǎn)速度為零。可見B正確。4、解析：由圖可知，在t0-t1時(shí)

2、間內(nèi)，彈簧秤的示數(shù)小于實(shí)際重量，則處于失重狀態(tài)，此時(shí)具有向下的加速度，在t1-t2階段彈簧秤示數(shù)等于實(shí)際重量，則既不超重也不失重，在t2-t3階段，彈簧秤示數(shù)大于實(shí)際重量，則處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，若電梯向下運(yùn)動(dòng)，則t0-t1時(shí)間內(nèi)向下加速，t1-t2階段勻速運(yùn)動(dòng)，t2-t3階段減速下降，A正確；BD不能實(shí)現(xiàn)人進(jìn)入電梯由靜止開始運(yùn)動(dòng)，C項(xiàng)t0-t1內(nèi)超重，不符合題意。5、解析：在慢慢加速的過(guò)程中顧客受到的摩擦力水平向左，電梯對(duì)其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛頓第三定律，它的反作用力即人對(duì)電梯的作用方向指向向左下；在勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對(duì)扶梯的作用

3、僅剩下壓力，方向沿豎直向下。FNmgfa6、答案 C解析 因?yàn)橄侣渌俣炔粩嘣龃?而阻力f v2,所以阻力逐漸增大,當(dāng)f =mg時(shí),物體開始勻速下落.以箱和物體為整體：（M+m）g- f =（M+m）a,f增大則加速度a減小.對(duì)物體：Mg-N=ma,加速度減小,則支持力N增大.所以物體后來(lái)受到的支持力比開始時(shí)要增大,不可能“飄起來(lái)”.7、答案 BD解析 汽車駛過(guò)拱形橋頂端時(shí),加速度方向向下,屬于失重現(xiàn)象;蕩秋千的小孩通過(guò)最低點(diǎn)時(shí),加速度方向向上,屬于超重現(xiàn)象;跳水運(yùn)動(dòng)員被彈起后,只受重力作用,屬于完全失重現(xiàn)象;火箭加速升空,加速度方向向上,屬于超重現(xiàn)象.8、答案 B解析 本題通過(guò)生活中的實(shí)例,考

4、查同學(xué)們對(duì)超重和失重的理解,解答該題的關(guān)鍵是明確超重和失重的實(shí)質(zhì).產(chǎn)生超重(失重)的本質(zhì)就是所處狀態(tài)具有向上(向下)的加速度,題中A、B、C選項(xiàng)中所描述的都是平衡狀態(tài),B中上升和下落過(guò)程速度均向,處于失重狀態(tài),故選項(xiàng)B正確.9、答案 D解析 當(dāng)容器自由落體時(shí),水對(duì)容器底部無(wú)壓力,且水和容器的運(yùn)動(dòng)情況相同,因此小孔不會(huì)漏水.10、【答案】C FNmgF【解析】在光滑段運(yùn)動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)及物塊b處于平衡狀態(tài)，因此有，；當(dāng)它們剛運(yùn)行至軌道的粗糙段時(shí)，系統(tǒng)有水平向右的加速度，此時(shí)有兩種可能，一是物塊b仍相對(duì)靜止，豎直方向加速度為零，則仍成立，但，因此繩的張力將減小，而地面對(duì)a的支持力不變；二是物塊b相對(duì)于a

5、向上滑動(dòng)，具有向上的加速度，是超重，因此繩的張力減小，地面對(duì)a的支持力增大，C正確。11、BC12、BCD解析：處理本題的關(guān)鍵是對(duì)物體進(jìn)行受力分析和運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析，使用圖象處理則可以使問(wèn)題大大簡(jiǎn)化。對(duì)A、B在水平方向受力分析如圖，F(xiàn)1為彈簧的拉力；當(dāng)加速度大小相同為a時(shí)，對(duì)有，對(duì)有，得，在整個(gè)過(guò)程中的合力（加速度）一直減小而的合力（加速度）一直增大，在達(dá)到共同加速度之前A的合力（加速度）一直大于的合力（加速度），之后A的合力（加速度）一直小于的合力（加速度）。兩物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖，tl時(shí)刻，兩物體加速度相等，斜率相同，速度差最大，t2時(shí)刻兩物體的速度相等，速度達(dá)到最大值，兩實(shí)線之間圍成的面

6、積有最大值即兩物體的相對(duì)位移最大，彈簧被拉到最長(zhǎng)；除重力和彈簧彈力外其它力對(duì)系統(tǒng)正功，系統(tǒng)機(jī)械能增加，tl時(shí)刻之后拉力依然做正功，即加速度相等時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能并非最大值。13、C【解析】在抽出木板的瞬時(shí)，彈簧對(duì)1的支持力和對(duì)2的壓力并未改變。對(duì)1物體受重力和支持力，mg=F,a1=0. 對(duì)2物體受重力和壓力，根據(jù)牛頓第二定律【命題意圖與考點(diǎn)定位】本題屬于牛頓第二定律應(yīng)用的瞬時(shí)加速度問(wèn)題，關(guān)鍵是區(qū)分瞬時(shí)力與延時(shí)力。14、解析：BC受力分析可知，下滑時(shí)加速度為，上滑時(shí)加速度為，所以C正確。設(shè)下滑的距離為l，根據(jù)能量守恒有，得m2M。也可以根據(jù)除了重力、彈性力做功以外，還有其他力(非重力、彈性力)做的

7、功之和等于系統(tǒng)機(jī)械能的變化量，B正確。在木箱與貨物從頂端滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中，減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能和內(nèi)能，所以D不正確。考點(diǎn)：能量守恒定律，機(jī)械能守恒定律，牛頓第二定律，受力分析15、【答案】C【解析】小球在接觸彈簧之前做自由落體。碰到彈簧后先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為0，即重力等于彈簧彈力時(shí)速度達(dá)到最大值，而后往下做加速度不斷增大的減速KS*5U運(yùn)動(dòng)，與彈簧接觸的整個(gè)下降過(guò)程，小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能。上升過(guò)程恰好與下降過(guò)程互逆。由乙圖可知t1時(shí)刻開始接觸彈簧；t2時(shí)刻彈力最大，小球處在最低點(diǎn)，動(dòng)能最?。籺3時(shí)刻小球往上運(yùn)動(dòng)恰好要離開彈簧；t2-t3這

8、段時(shí)間內(nèi)，小球的先加速后減速，動(dòng)能先增加后減小，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能。16、解析：當(dāng)彈簧處于靜止（或勻速運(yùn)動(dòng)）時(shí)，彈簧兩端受力大小相等，產(chǎn)生的彈力也相等，用其中任意一端產(chǎn)生的彈力代入胡克定律即可求形變。當(dāng)彈簧處于加速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，以彈簧為研究對(duì)象，由于其質(zhì)量為零，無(wú)論加速度a為多少，仍然可以得到彈簧兩端受力大小相等。由于彈簧彈力與施加在彈簧上的外力F是作用力與反作用的關(guān)系，因此，彈簧的彈力也處處相等，與靜止情況沒(méi)有區(qū)別。在題目所述四種情況中，由于彈簧的右端受到大小皆為F的拉力作用，且彈簧質(zhì)量都為零，根據(jù)作用力與反作用力關(guān)系，彈簧產(chǎn)生的彈力大小皆為F，又由四個(gè)彈簧完全相同，根據(jù)

9、胡克定律，它們的伸長(zhǎng)量皆相等，所以正確選項(xiàng)為D。17、解析：（1），a1的方向向右或向前。（2）根據(jù)題意可知，當(dāng)左側(cè)彈簧彈力時(shí)，右側(cè)彈簧的彈力代入數(shù)據(jù)得，方向向左或向后18、解析：（1）初始時(shí)刻棒中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，棒中感應(yīng)電流，作用于棒上的安培力，聯(lián)立解得，安培力方向：水平向左；（2）由功和能的關(guān)系，得安培力做功，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）由能量轉(zhuǎn)化平衡條件等，可判斷：棒最終靜止于初始位置。習(xí)題拓展參考答案難點(diǎn)展臺(tái)1.C 2.m2（m1+m2）g2;（）m1（m1+m2）g2 3.x0殲滅難點(diǎn)訓(xùn)練1.AD2.AC 3.B4.分析從小球下落到壓縮最短全過(guò)程由動(dòng)能定理：（mg-f）（H-L+x）-W彈性=0W彈性=Ep=（