【KS5U解析】河北省石家莊市辛集市一中2020屆高三下學(xué)期五月物理試題（一） Word版含解析

1、物理試卷一、單選題1. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為e，內(nèi)電阻為r，當(dāng)合上開(kāi)關(guān)s時(shí)，各個(gè)電燈均能正常發(fā)光，如果電燈l1因燈絲燒斷而熄滅，將要出現(xiàn)的現(xiàn)象是 （）a. l3變亮，l2、l4變暗b. l2、l3變亮，l4變暗c. l4變亮，l2、l3變暗d. l2、l4變亮，l3變暗【答案】b【解析】【詳解】由圖可知，l2與l1并聯(lián)后與l4串聯(lián)，再與l3并聯(lián)，l1因燈絲燒斷而熄滅，并聯(lián)部分電阻增大，則總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路總電流i減小，根據(jù)，路端電壓增大，則有u3=u，l3兩端電壓變大，所以通過(guò)l3的電流變大，電燈l3變亮；由于干路總電流減小，通過(guò)l3的電流變大，所以通過(guò)l4的電流減小，l

2、4變暗；l4兩端電壓減小，并聯(lián)部分電壓增大，則l2兩端電壓增大，所以通過(guò)l2的電流增大，l2變亮，所以b正確，acd錯(cuò)誤。故選b。2. 如圖所示質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球a用絕緣細(xì)線懸掛于o點(diǎn)，帶有電荷量也為q的小球b固定在o點(diǎn)正下方絕緣柱上.其中o點(diǎn)與小球a的間距為lo點(diǎn)與小球 b的間距為，當(dāng)小球a平衡時(shí)，懸線與豎直方向夾角，帶電小球a、b均可視為點(diǎn)電荷，靜電力常量為k，則( )a a、b間庫(kù)侖力大小b. a、b間庫(kù)侖力c. 細(xì)線拉力大小d. 細(xì)線拉力大小【答案】b【解析】a的受力如圖所示，幾何三角形oab與力三角形相似，由對(duì)應(yīng)邊成比例，則，由余弦定律，則，故b正確點(diǎn)睛：本題借助于相似三

3、角形和余弦定理求解拉力的大小，對(duì)于此類題要正確的畫(huà)出受力圖，組建三角形3. 如圖所示，真空中有一個(gè)邊長(zhǎng)為l的正方體，正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)m、n處分別放置電荷量都為q的正、負(fù)點(diǎn)電荷圖中的a、b、c、d是其他的四個(gè)頂點(diǎn)，k為靜電力常量下列表述正確是（ ）a. a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同b. a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)c. 把點(diǎn)電荷+q從c移到d，電勢(shì)能增加d. 同一個(gè)試探電荷從c移到b和從b移到d，電場(chǎng)力做功相同【答案】d【解析】a、根據(jù)電場(chǎng)線分布知，a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，則電場(chǎng)強(qiáng)度相同故a錯(cuò)誤b、ab兩點(diǎn)處于等量異種電荷的垂直平分面上，該面是一等勢(shì)面，所以a、b的電勢(shì)相等故b錯(cuò)

4、誤c、根據(jù)等量異種電荷電場(chǎng)線的特點(diǎn)，因?yàn)檠刂妶?chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則c點(diǎn)的電勢(shì)大于d點(diǎn)的電勢(shì)把點(diǎn)電荷+q從c移到d，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故c錯(cuò)誤d、因可知同一電荷移動(dòng)，電場(chǎng)力做功相等，則d正確故選d【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的分布，知道垂直平分線為等勢(shì)線，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低4. 兩個(gè)分別帶有電荷量和+的相同金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷），固定在相距為的兩處，它們間庫(kù)侖力的大小為兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?，則兩球間庫(kù)侖力的大小為a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】本題考查庫(kù)侖定律及帶電體電量的轉(zhuǎn)移問(wèn)題接觸前兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力大小為，兩個(gè)相

5、同的金屬球各自帶電，接觸后再分開(kāi)，其所帶電量先中和后均分，所以兩球分開(kāi)后各自帶點(diǎn)為+q，距離又變?yōu)樵瓉?lái)的，庫(kù)侖力為，所以兩球間庫(kù)侖力的大小為，c項(xiàng)正確5. 如圖所示，圖甲實(shí)線為方向未知的三條電場(chǎng)線，a、b兩帶電粒子從電場(chǎng)中的p點(diǎn)靜止釋放，不考慮兩粒子間的相互作用，僅在電場(chǎng)力作用下，兩粒子做直線運(yùn)動(dòng)，a、b粒子的速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙中實(shí)線所示，虛線為直線，則()a. a一定帶正電，b一定帶負(fù)電b. a向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)c. a電勢(shì)能減小，b電勢(shì)能增大d. a動(dòng)能減小，b動(dòng)能增大【答案】b【解析】【詳解】ab從速度時(shí)間圖象中可以看出，a粒子加速度逐漸增大，b粒子加速度逐漸減小，因?yàn)榱Ｗ?/p>

6、僅受電場(chǎng)力，可知a粒子電場(chǎng)力逐漸增大，b粒子電場(chǎng)力逐漸減小，所以a向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)由于不知電場(chǎng)的方向，所以無(wú)法判斷a、b的電性故a錯(cuò)誤，b正確c帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，所以a、b的電勢(shì)能均減小故c錯(cuò)誤d帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做正功，因?yàn)閮H受電場(chǎng)力，根據(jù)動(dòng)能定理，a、b的動(dòng)能均增加故d錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道電場(chǎng)的疏密反映電場(chǎng)的強(qiáng)弱，及掌握電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系和熟練運(yùn)用動(dòng)能定理6. 用兩個(gè)相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個(gè)量程不同的大量程電流表、，若把、分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路，如圖所示，則閉合電鍵后，下列有關(guān)電表的示數(shù)和電表指針偏轉(zhuǎn)角度的說(shuō)法正確的

7、是a. 圖甲中的、的示數(shù)相同b. 圖甲中的、的指針偏角相同c. 圖乙中的、的示數(shù)和偏角都不同d. 圖乙中的、的指針偏角相同【答案】b【解析】【詳解】ab.圖甲中的a1、a2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同，故a錯(cuò)誤，b正確； cd.圖乙中的a1、a2串聯(lián)，a1、a2的示數(shù)相同，由于量程不同，內(nèi)阻不同，電表兩端的電壓不同，流過(guò)表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同，故cd錯(cuò)誤7. 如圖所示，輕彈簧上端固定，下端拴著一帶正電小球q，q在a處時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，q可在c處?kù)o止若將另一帶正電小球q固定在c正下方某處時(shí)，q可在b處?kù)o止在有小球q的情況下，將q從a處

8、由靜止釋放，則q從a運(yùn)動(dòng)到c處的過(guò)程中a. q運(yùn)動(dòng)到c處時(shí)速率最大b. q、q兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不斷增大c. q的機(jī)械能不斷增大d. 加速度大小先減小后增大【答案】d【解析】【分析】q從a運(yùn)動(dòng)到c處的過(guò)程中，當(dāng)合力為零時(shí)速率最大，q的合外力先減小后增大，加速度先減小到零后反向增大；根據(jù)功能關(guān)系判斷小球q的機(jī)械能如何變化.【詳解】a、q在c正下方某處時(shí)，q在b處所受的合力為零，速率最大，故a錯(cuò)誤；c、q的機(jī)械能e等于q的動(dòng)能與重力勢(shì)能之和，由功能關(guān)系有e=w彈+w電，而彈簧的彈力一直做負(fù)功，即w彈0，庫(kù)侖力也一直做負(fù)功，即w電0，則e0，即q的機(jī)械能不斷減小，故c錯(cuò)誤；b、因小球q固定不動(dòng)，則

9、其機(jī)械能不變，故q的機(jī)械能不斷變小即為q、q兩球組成的系統(tǒng)的機(jī)械能不斷減?。还蔮錯(cuò)誤.d、q在b處加速度為零，則q從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中，加速度一直減小直到零，從b到c加速度反向增大，故d正確；故選d.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是要知道帶電小球受力平衡時(shí)，合力為0，加速度為零，速度最大還要知道幾個(gè)功能關(guān)系：知道電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系；重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系；彈力做功與彈性勢(shì)能的關(guān)系；除重力以外其它力做功與機(jī)械能的關(guān)系.8. 用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）設(shè)兩極板正對(duì)面積為s，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若 a. 保持s不變，增大d，則變

10、大b. 保持s不變，增大d，則變小c. 保持d不變，減小s，則變小d. 保持d不變，減小s，則不變【答案】a【解析】【詳解】ab、電容器所帶電荷量q不變，由可知不變，增大d，則變小，而由可得電容器的電壓u變大，從而使得靜電計(jì)的電壓u變大，其指針的偏角變大，故a正確、b錯(cuò)誤;cd、同理可知保持d不變，減小s，則變小，而由可得電容器的電壓u變大，使得靜電計(jì)的電壓u變大，其指針的偏角變大，故選項(xiàng)c、d均錯(cuò)誤故選:a.9. 如圖所示，直線上m、n兩點(diǎn)分別放置等量的異種電荷，a、b是以m為圓心的圓上兩點(diǎn)，且關(guān)于直線對(duì)稱，c為圓與直線的交點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）a. a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)不等b.

11、 a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不同，電勢(shì)相等c. c點(diǎn)的電勢(shì)高于a點(diǎn)的電勢(shì)d. 將正電荷從a沿劣弧移到b的過(guò)程中，電勢(shì)能先減少后增加【答案】b【解析】【詳解】異種電荷的電場(chǎng)線如圖ab該電場(chǎng)中的電勢(shì)關(guān)于電荷的連線對(duì)稱，所以a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密知兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，但方向是對(duì)稱的，所以電場(chǎng)強(qiáng)度不同，a錯(cuò)誤b正確；c從m點(diǎn)沿ma、mb、mc三個(gè)方向，可知ma和mb方向沒(méi)有mc方向的平均場(chǎng)強(qiáng)較大，根據(jù)可知沿mc方向電勢(shì)降的多，故有c錯(cuò)誤；d正電荷在電場(chǎng)中的受力與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，故由從a沿劣弧移到b的過(guò)程，從a點(diǎn)電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向成鈍角，到b點(diǎn)成直角，后變成銳角，故有電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，由功能關(guān)

12、系可知電勢(shì)能先增大后減小，d錯(cuò)誤。故選b。10. 空間有一沿x軸對(duì)稱分布的電場(chǎng)，其電場(chǎng)強(qiáng)度e隨x變化的圖像如圖所示。下列說(shuō)法中正確的是（）a. x1和x1兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等b. o點(diǎn)電勢(shì)一定為0c. x1和x3兩點(diǎn)的電勢(shì)相等d. x1和x1兩點(diǎn)的電勢(shì)相等【答案】d【解析】【詳解】a根據(jù)圖像可知和兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，故a錯(cuò)誤；b電場(chǎng)中電勢(shì)的高低，數(shù)值與0電勢(shì)參考點(diǎn)的選取有關(guān)，故o點(diǎn)的電勢(shì)不一定為0，故b錯(cuò)誤；c從到場(chǎng)強(qiáng)方向沿軸正方向，沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)逐漸降低，點(diǎn)的電勢(shì)高于點(diǎn)的電勢(shì)，故c錯(cuò)誤；d由于和兩點(diǎn)關(guān)于軸對(duì)稱，圖像的面積表示電勢(shì)差，從點(diǎn)到和從點(diǎn)到電勢(shì)差相等，故和兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故d正確。故選d。1

13、1. 在如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為e，內(nèi)阻為r，r1、r3為定值電阻，r2為滑動(dòng)變阻器，c為電容器。將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p置于位置a，閉合開(kāi)關(guān)s，電路穩(wěn)定時(shí)理想電壓表v1、v2的示數(shù)分別為u1、u2，理想電流表a的示數(shù)為i。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p由a滑到b且電路再次穩(wěn)定時(shí)，理想電壓表v1、v2的示數(shù)分別為u1、u2，理想電流表a的示數(shù)為i。則以下判斷中正確的是（）a. 滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p由a滑向b的過(guò)程中，通過(guò)r3的電流方向由左向右b. 滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭p由a滑向b的過(guò)程中，電容器的帶電量減小c. ，d. 【答案】d【解析】【詳解】ab電容c與電阻r1、r2并聯(lián)，其電壓等于電

14、源的路端電壓，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭p由a滑向b的過(guò)程中，變阻器的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，路端電壓增大，根據(jù)可知，電容器的電荷量增加，電容器充電，通過(guò)r3的電流方向由右向左，故ab項(xiàng)錯(cuò)誤；c因電路電流減小，故，則r1兩端電壓減小，即。因路端電壓增大，則r2兩端電壓增大，即，故c項(xiàng)錯(cuò)誤；d將r1等效為電源內(nèi)阻，則可視為等效電源的路段電壓，根據(jù)ui圖像的斜率關(guān)系可得故d項(xiàng)正確。故選d。12. 如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)豎直向上，一帶負(fù)電的小球從地面上方點(diǎn)斜向上拋出，剛好速度水平向左擊中點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，若拋射點(diǎn)向右水平移動(dòng)一小段距離到，仍使拋出的小球能夠以速度方向水平向左擊中點(diǎn)，則可行的是（）a

15、減小拋射角，同時(shí)增大拋射速度b. 減小拋射角，同時(shí)減小拋射速度c. 增大拋射角，同時(shí)減小拋出速度d. 增大拋射角，同時(shí)增大拋出速度【答案】a【解析】【詳解】由于小球速度水平向左擊中點(diǎn)，其逆過(guò)程是平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)水平速度越大時(shí)，拋出后落地速度越大，與水平面的夾角則越小。若水平速度減小，則落地速度變小，但與水平面的夾角變大。因此減小拋射角，同時(shí)增大拋射速度，才能仍使拋出的小球能夠以速度方向水平向左擊中點(diǎn)。選項(xiàng)a正確，bcd錯(cuò)誤；故選a。二、多選題13. 如圖所示，為點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一個(gè)正三角形，o點(diǎn)為三角形的中心，a、b、c三點(diǎn)等勢(shì)，m、n分別為ab、ac邊的中點(diǎn)，m點(diǎn)電勢(shì)比o點(diǎn)電勢(shì)高，則()a. 場(chǎng)源

16、電荷一定在o點(diǎn)b. 場(chǎng)源電荷一定帶負(fù)電c. a點(diǎn)電勢(shì)比m點(diǎn)電勢(shì)高，m點(diǎn)和n點(diǎn)電勢(shì)一樣高d. 一個(gè)帶正電的粒子沿直線從a移到c，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功【答案】bc【解析】【詳解】a根據(jù)題意可知，場(chǎng)源電荷一定在過(guò)o點(diǎn)垂直三角形平面的直線上，a錯(cuò)誤；bo點(diǎn)比m點(diǎn)離場(chǎng)源電荷近，由于m點(diǎn)電勢(shì)比o點(diǎn)電勢(shì)高，由此可以判斷場(chǎng)源電荷帶負(fù)電，b正確；ca點(diǎn)比m點(diǎn)離場(chǎng)源電荷遠(yuǎn)，因此a點(diǎn)電勢(shì)比m點(diǎn)電勢(shì)高；m、n兩點(diǎn)離場(chǎng)源電荷一樣遠(yuǎn)，因此m點(diǎn)和n點(diǎn)電勢(shì)一樣高，c正確；d一個(gè)帶正電的粒子沿直線從a移到c，電勢(shì)能先減小后增大，因此電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，d錯(cuò)誤。故選bc。14. 關(guān)于電學(xué)實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是（）a. 測(cè)量

17、小燈泡的伏安特定曲線的實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)使用分壓式b. 測(cè)量金屬電阻率的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量工具中需要直尺c. 測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，安培表外接法時(shí)，e的測(cè)量無(wú)系統(tǒng)誤差d. 半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻rg是一種沒(méi)有理論誤差方法【答案】abc【解析】【詳解】a在描繪小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)該采用分壓式接法，a正確；b測(cè)量金屬電阻率的實(shí)驗(yàn)中，需要用直尺測(cè)量金屬絲的長(zhǎng)度，b正確；c測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，電流表外接時(shí)，電壓表測(cè)的是路端電壓，當(dāng)電流為零時(shí)，電壓表讀數(shù)就是電源的電動(dòng)勢(shì)，沒(méi)有系統(tǒng)誤差，c正確；d在半偏法測(cè)電流表內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，和電流表串聯(lián)的滑動(dòng)變阻

18、器的電阻遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，將電阻箱并聯(lián)接在電流表兩端時(shí)，認(rèn)為總電流ig不變，實(shí)際上電流，當(dāng)電流表的電流為時(shí)，通過(guò)電阻箱的電流，所以，測(cè)量值小于真實(shí)值，d錯(cuò)誤。故選abc。15. 在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為e、內(nèi)電阻為r，負(fù)極接地，r1、r2、r3為定值電阻，r為滑動(dòng)變阻器，c為電容器，a、v分別為理想電流表和電壓表。在滑動(dòng)變阻器的滑片p自b端向a端滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）a. 電壓表v示數(shù)變大b. 電流表a示數(shù)變小c. 電路中a點(diǎn)的電勢(shì)升高d. 電容器c所帶電荷量減小【答案】bc【解析】【詳解】a滑片p由b端向a端滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值r增大，則電路總電阻r總增大，總電

19、流減小，定值電阻r1兩端電壓減小，電壓表v示數(shù)變小，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；b定值電阻r2與r3組成的串聯(lián)電路兩端的電壓因i總減小而增大；又故i23增大電流表a的示數(shù)因i總減小和i23增大，所以變小，選項(xiàng)b正確；c由題可知而增大故升高，選項(xiàng)c正確；d由于電容器兩端的電壓i23增大則增大，由知電容器所帶電荷量q增多，選項(xiàng)d錯(cuò)誤。故選bc。16. 用電場(chǎng)線能很直觀、很方便地比較電場(chǎng)中各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱。如圖甲是等量異種點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的電場(chǎng)線，圖乙是場(chǎng)中的一些點(diǎn)：o是兩電荷連線的中點(diǎn)，e、f是連線中垂線上相對(duì)o對(duì)稱的兩點(diǎn)，b、c和a、d也相對(duì)o對(duì)稱。則（）a. e、o、f三點(diǎn)比較，三點(diǎn)電勢(shì)相同b. a、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相

20、同c. e、o、f三點(diǎn)比較，o點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最弱d. b、o、c三點(diǎn)比較，o點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最強(qiáng)【答案】ab【解析】【詳解】a等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線是一等勢(shì)面，所以e、o、f三點(diǎn)比較，電勢(shì)是相等的，選項(xiàng)a正確；b電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)線的切線方向表示場(chǎng)強(qiáng)的方向。由甲圖可以判斷出a、d兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相同，選項(xiàng)b正確；ce、o、f三點(diǎn)比較，由甲圖可以判斷o點(diǎn)電場(chǎng)線最密，故o點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最強(qiáng)，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；d、b、o、c三點(diǎn)比較，o點(diǎn)電場(chǎng)線最疏，故o點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最弱，選項(xiàng)d錯(cuò)誤。故選ab。17. 某同學(xué)將一直流電源的總功率pe、輸出功率pr和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率pr隨電流i變化的圖線畫(huà)在同一坐標(biāo)系內(nèi)，如圖所示，

21、根據(jù)圖線可知 （ ）a. 反映pr變化的圖線是ab. 電源電動(dòng)勢(shì)為8 vc. 電源內(nèi)阻為2 d. 當(dāng)電流為0.5 a時(shí)，外電路的電阻為6 【答案】cd【解析】試題分析：電源的總功率，功率與電流成正比，由知電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的平方成正比，a正確；直流電源的總功率，p-i圖象的斜率等于電動(dòng)勢(shì)e，則有，電流為2a時(shí)電源的總功率與發(fā)熱功率相等，則根據(jù)可得，當(dāng)電流為05a時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得出外電路的電阻為6，cd正確考點(diǎn)：考查閉合電路歐姆定律的圖象應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】要注意根據(jù)電源的總功率公式求解電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)發(fā)熱功率的公式，求解電源的內(nèi)阻18. 如圖所示是一個(gè)直流電動(dòng)機(jī)提升重物的裝置，重物質(zhì)

22、量m=50kg，電源電壓u=100v，不計(jì)各處的摩擦，當(dāng)電動(dòng)機(jī)以v=0.9m/s的恒定速度將重物向上提升1m時(shí)，電路中的電流i=5a，g取10m/s2，由此可知（）a. 電動(dòng)機(jī)線圈的電阻r=2b. 電動(dòng)機(jī)線圈的電阻r=1c. 此過(guò)程中無(wú)用功為50jd. 該裝置的效率為90%【答案】ad【解析】【詳解】ab：電動(dòng)機(jī)以v=0.9m/s的恒定速度將重物向上提升對(duì)電動(dòng)機(jī)解得故a項(xiàng)正確，b項(xiàng)錯(cuò)誤c：此過(guò)程中無(wú)用功 又，解得故c項(xiàng)錯(cuò)誤d：該裝置的效率 故d項(xiàng)正確【點(diǎn)睛】純電阻元件，歐姆定律適用，電功等于電熱，電功率等于熱功率；非純電阻元件，歐姆定律不適用，電功大于電熱，電功率大于熱功率，其它功率等于電功率減去熱功率三、解答題19. 在如圖甲所示的電路中，、均為定值電阻，且，阻值未知，是一滑動(dòng)變阻器，當(dāng)其滑片從左端滑至右端時(shí)，測(cè)得電源的路端電壓隨電流的變化圖線如圖乙所示，其中、兩點(diǎn)是滑片在變阻器的左右兩個(gè)不同端點(diǎn)得到的值求：