2020屆二輪理科綜合能力物理部分押題密卷(二)

1、2020年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力物理部分押題密卷（二）本試卷分第I卷（選擇題）和第r卷（非選擇題）兩部分，滿分110分，時間 60分鐘。第I卷一、選擇題（本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選 項中，第15題只有一個選項符合題目要求，第 68題有多項符合題目要求， 全部答對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）1. （2019 成都三模）如圖為氫原子的能級圖?，F(xiàn)有兩束光，a光由圖中躍 遷發(fā)出的光子組成，b光由圖中躍遷發(fā)出的光子組成，已知 a光照射x金屬 時剛好能發(fā)生光電效應(yīng)，則下列說法正確的是 （）OD （|5- -0-54J-0.M5斗 一1-1.

2、512 -5.411J IXAA. x金屬的逸出功為2.86 eVB. a光的頻率大于b光的頻率C.氫原子發(fā)生躍遷后，原子的能量將減小3.4 eVD.用b光照射x金屬，打出的光電子的最大初動能為 10.2 eV答案 A解析 a 光子的能量值：巳=£ E = 0.54 （3.40） eV =2.86 eV , a 光照射x金屬時剛好能發(fā)生光電效應(yīng)，由0= E W何知，x金屬的逸出功為2.86 eV,故 A 正確；b 光子的能量：E=EEi = 3.4（ 13.6） eV =10.2 eV, 由&=卜丫可知，a光子的能量值小，則a光子的頻率小，故B錯誤；氫原子輻 射出a光子后，氫

3、原子的能量減小了 E=2.86 eV ,故C錯誤；用b光照射x金屬，打出的光電子的最大初動能為：Em= Eb W= （10.2 2.86） eV =7.34 eV,故D錯誤。2. （2019 河北高三上學(xué)期省級示范高中聯(lián)考）甲、乙兩物體沿同一直線運 動，運動過程的位移一時間圖象如圖所小，下列說法正確的是（）+ WeA. 06 s內(nèi)甲物體做勻變速直線運動B. 06 s內(nèi)乙物體的速度逐漸減小C. 05 s內(nèi)兩物體的平均速度相等D. 06 s內(nèi)存在某時刻兩物體的速度大小相等答案 D解析x-t圖象為直線表示物體做勻速直線運動，故 A錯誤；x-t圖象的斜 率表示速度，由乙物體的x-t圖象可知，圖象的斜率

4、逐漸增大，即乙物體的速度 逐漸增大，故B錯誤；05 s甲的位移為5 m,平均速度為v甲=1 m/s ,乙的 位移為一3 m平均速度為v乙=3 m/s ,故C錯誤；x-t圖象的斜率表示速度，5由甲、乙兩物體的圖象可知，在 06s內(nèi)存在某時刻兩圖線的斜率的絕對值大 小相等，即存在某時刻兩物體的速度大小相等，故 D正確。3. （2019 河南省鄭州市一模）甲、乙兩個同學(xué)打乒乓球，某次動作中，甲 同學(xué)持拍的拍面與水平方向成 450角，乙同學(xué)持拍的拍面與水平方向成 300角, 如圖所示。設(shè)乒乓球擊打拍面時速度方向與拍面垂直，且乒乓球每次擊打球拍前、后的速度大小相等，不計空氣阻力，則乒乓球擊打甲的球拍的速

5、度V1與乒乓球擊打乙的球拍的速度V2之比為（）4. B. 2 C.£ D.T答案 C解析 由題可知，乒乓球在甲、乙的拍面之間做斜拋運動，根據(jù)斜拋運動的特點可知，乒乓球在水平方向的分速度大小保持不變，由于乒乓球擊打拍面時速Vi度與拍面垂直，則在甲處：Vx = Visin45,在乙處：Vx=V2sin30,所以一二V2Vxsin45 02故C正確。Vx2sin30 04.(2019 湖北八校聯(lián)合二模)質(zhì)量為2 kg的物體在粗糙的水平地面上運動，當(dāng)運動的速度為10 m/s時，給物體施加一個水平包力，在此恒力的作用下物體做直線運動，其速度隨時間的變化如圖所示，則下列說法中錯誤的是(g取102

6、m/s)()A.恒力的大小為6 NB.前4 s內(nèi)摩擦產(chǎn)生的熱量為48 JC.前6 s內(nèi)合外力的沖量大小為24 N - sD.物體與地面間白動摩擦因數(shù)為 0.2答案 C解析 由圖可知，02 s ,物體做勻減速運動，26 s物體反向做勻加速 運動，可知恒力與初速度方向相反。根據(jù)牛頓第二定律： F+ f = ma, Ff = ma, 而 a = 5m/s2, a2 = 1 m/s2,聯(lián)立角畢得：F= 6 N, f = 4 N,故 A正確；0 2 s 內(nèi)，11物體的包移大小Xi = 2x 10X 2 m= 10 m； 24 s內(nèi)，物體的包移大小為 X2=-x 2X2 m= 2 m,則前 4 s 內(nèi)摩擦

7、產(chǎn)生的熱量 0= f (X1 + X2) =4X (10 + 2) J =48 J, 故B正確；根據(jù)動量定理，合外力的沖量等于物體動量的變化量，前 6s內(nèi)合外 力的沖量大小為 I = mumv= 2X4 N - s 2X10 N s= 28 N s,大小 為28 N s,故C錯誤；由f = n mg得，=0.2 ,故D正確。5. （2019 河南濮陽三模）水平力F方向確定，大小隨時間的變化如圖甲所示。用力F拉靜止在水平桌面上的小物塊，在F從0開始逐漸增大的過程中，物 塊的加速度a隨時間變化的圖象如圖乙所示。重力加速度大小為 10 m/s2。則在04s時間內(nèi)，合外力對小物塊做的功為（）I 工 3

8、 T 機(jī)1234 r/s甲乙A. 24 J B.12 J C.8 J D.6 J答案 A解析 根據(jù)F-t圖象和a-1圖象可知，ti = 2 s時，F(xiàn)i=6 N, a1=1 m/s?, 12= 4 s 時，F(xiàn)z=12 N, a2=3 m/s 2,根據(jù)牛頓第二定律可得：Fi 仙 mg= ma, F2 pmg= ma,解得小物塊的質(zhì)量和動摩擦因數(shù)分別為：m= 3 kg , n =0.1 ,由一一， ，一一一、一，F(xiàn)2+F1圖象可知，02 s時間內(nèi)，物塊靜止，在24 s內(nèi)，根據(jù)動量定理有 2（t212ti） Nmqt2 t1）=mM 解得 v=4 m/s,根據(jù)功能關(guān)系，可得 WW= mv= 24 J

9、,故A正確。6. （2019 湖南長沙四縣市3月調(diào)研）如圖所示，直角三角形 ABC中存在一 勻強(qiáng)磁場，比荷相同的兩個粒子沿 AB方向自A點射入磁場，分別從AC邊上的P、 Q兩點射出，則（）ft cA.從P射出的粒子速度大B.從Q射出的粒子速度大C.從P射出的粒子，在磁場中運動的時間長D.兩粒子在磁場中運動的時間一樣長答案 BD解析 如圖，兩粒子在磁場中做勻速圓周運動，分別從 P點和Q點射出;.一， 一 mv由圖知，粒子運動的半徑R,由粒子在磁場中做圓周運動的半徑 R=二,qB知粒子運動速度vp< Vq,故A錯誤，B正確；粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)幾何關(guān)系（圖示弦切角相等），兩粒子在

10、磁場中偏轉(zhuǎn)的圓心角相等， 根據(jù)粒子在 磁場中運動的時間：t=27T,粒子在磁場中圓周運動的周期T=篇m兩粒子的比荷相同，周期相等，則可知兩粒子在磁場中運動的時間相等，故C錯誤，D正確。7. （2019 安徽教研會高三第二次聯(lián)考）如圖所示，在某行星表面上有一傾斜的勻質(zhì)圓盤，盤面與水平面的夾角為 30° ,盤面上離轉(zhuǎn)軸距離L處有小物體 與圓盤保持相對靜止,繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定角速度轉(zhuǎn)動, 角速度為 t一,一一，一反、一，滑動摩擦力），該星球的半徑為卜列說法正確的是（）時，小物塊剛要滑動，物體與盤面間的動摩擦因數(shù)為（設(shè)最大靜摩擦力等于a *_ _ ._4 3A.這個行星的質(zhì)量舊一

11、g8. 這個行星的第一宇宙速度 W=2。LRC這個行星的同步衛(wèi)星的周期是十二D.離行星表面距離為R的地方的重力加速度為4cd2L答案 AB解析物體在圓盤上受到重力、圓盤的支持力和摩擦力，合力提供向心加速 度，可知當(dāng)物體隨圓盤轉(zhuǎn)動到最低點，小物塊剛要滑動，所受的靜摩擦力沿斜面 向上達(dá)到最大，此時圓盤的角速度最大，由牛頓第二定律得pmgcos300 。2Jl2、一 mgsin30 = mo L,所以g=-. 。=4= L,該仃星表面的物體受n cos30 sin30GM|,22 r2 l到的萬有引力為 期mg所以M= gF=41，A正確；第一宇宙速度即為衛(wèi) RGG2星繞行星表面做勻速圓周運動的速度

12、，有 mg= mv,故這個行星的第一宇宙速度 RVi=ygR= 2爐，B正確；因為不知道同步衛(wèi)星距行星表面的高度，所以不能 求出同步衛(wèi)星的周期，C錯誤；離行星表面距離為R的質(zhì)量為m的衛(wèi)星受到的萬 有引力F= 一碧T=m1mg= mw 2L,即該地方的重力加速度為 2L, D錯誤。 2R 4R 48. （2019 成都七中二診）如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一個半徑為R的絕緣圓環(huán)，有兩個可視為點電荷的相同的帶負(fù)電的小球A和B套在圓環(huán)上，其中小球A可沿圓環(huán)無摩擦地滑動，小球B固定在圓環(huán)上和圓心 O的連線與水平方向的 夾角為45°?，F(xiàn)將小球A從水平位置的左端由靜止釋放，則下列說法中正確的 是（

13、）A.小球A從釋放到運動到圓環(huán)最低點 Q的過程中，電勢能始終保持不變B.小球A可以恰好運動到圓環(huán)的水平直徑右端 P點C.小球A運動到圓環(huán)最低點Q的過程中，速率先增大后減小D.小球到達(dá)圓環(huán)最低點Q時的速度大小為V2gR答案 CD解析 開始時小球A與B之間的距離小于環(huán)的直徑，而小球A與B之間的最 大距離等于環(huán)的直徑；由于兩個小球都帶負(fù)電，所以二者之間的距離增大時，庫 侖力做正功，電勢能減小；當(dāng)二者之間的距離減小時，電場力做負(fù)功，電勢能增大，即小球A從釋放到運動到圓環(huán)最低點 Q的過程中，電勢能先減小后增大，故 A錯誤；當(dāng)B球不存在時，由于機(jī)械能守恒定律可得， A球能夠運動到P點，但 是當(dāng)有B球后，A

14、、B兩球靠近時電場力做負(fù)功，一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電勢能， 故A球不可能運動到P點，故B錯誤；小球A從釋放到運動到圓環(huán)最低點 Q的過 程中，必存在一點，在該點重力沿運動方向的力與庫侖力沿運動反方向的力大小 相等，在此點前小球A速率增大，在此點后小球A速率減小，故C正確；由圖可 知A、Q兩點與B球的距離相等，即（|）a=（|）q,所以小球在A點的電勢能與在 Q 點的電勢能是相等的，小球從A到Q的過程中增加的動能等于小球減少的重力勢 能，即mg年2m2,得v =，2K,故D正確。第n卷二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分，共62分。第912題為必考題， 考生都必須作答。第1314題為選考題，考生根據(jù)

15、要求作答）（一）必考題（共47分）9. （2019 廣東陸豐市甲子中學(xué)高三上學(xué)期期末）（6分）如圖1所示為實驗 室常用的力學(xué)實驗裝置。打點出才歌3儂X rA%播均為依木板*水平宴監(jiān)臺的碼匚二圖I（1）關(guān)于該裝置，下列說法正確的是 。A.利用該裝置做研究勻變速直線運動的實驗時，需要平衡小車和木板間的 摩擦力B.利用該裝置探究小車的加速度與質(zhì)量關(guān)系時，每次改變小車的質(zhì)量后必 須重新平衡小車與木板間的摩擦力C.利用該裝置探究功與速度變化關(guān)系實驗時，可以將木板帶有打點計時器 的一端適當(dāng)墊高，目的是消除摩擦力對實驗的影響D.將小車換成滑塊，可以利用該裝置測定滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，且不需要滿足滑塊的質(zhì)

16、量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量（2）某學(xué)生使用該裝置做“研究勻變速直線運動”的實驗時，得到一條點跡 清晰的紙帶如圖2所示，已知圖中所標(biāo)的相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫 出，計時器所用交流電周期為 T,則利用此紙帶得到小車的加速度的表達(dá)式為 （用X2、X5、T來表示）j ' h *1 -I， f 町 3 k 6 知 2、圖2X5 X2答案 （1）CD （2） 2 =方產(chǎn)解析（1）利用該裝置做研究勻變速直線運動的實驗時，只需要根據(jù)打出的 紙帶上的數(shù)據(jù)，使用逐差法求加速度即可，不需要分析小車的受力，不需要平衡 小車和木板間的摩擦力，A錯誤；利用該裝置探究小車的加速度與質(zhì)量關(guān)系時， 每次改變小車的質(zhì)量后

17、不需要重新平衡小車與木板間的摩擦力，B錯誤；利用該裝置探究功與速度變化關(guān)系實驗時， 要消除摩擦力對實驗的影響，使繩的拉力為 小車所受的合外力，需要平衡摩擦力，C正確；將小車換成滑塊，可以利用該裝 置測定滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，不需要滿足滑塊的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量， D正確。（2）由題給條件知，兩個計數(shù)點間的時間間隔t =5T,依據(jù)A x = at2得：X52 E, X5-X2X2=3at ,貝U a= 75T2。10. （2019 陜西咸陽三模）（9分）熱敏電阻包括正溫度系數(shù)電阻器（PTC）和 負(fù)溫度系數(shù)電阻器（NTC）。正溫度系數(shù)電阻器（PTC）在溫度升高時電阻值增大，負(fù) 溫度系數(shù)電阻器（

18、NTC）在溫度升高時電阻值減小，熱敏電阻的這種特性，常常應(yīng) 用在控制電路中，某實驗小組選用下列器材探究通過熱敏電阻R（常溫下阻值約為10.0 Q）的電流隨其兩端電壓變化的特點。A.電流表 A（量程100 mA,內(nèi)阻約1 Q）B.電流表A2（量程0.6 A,內(nèi)阻約0.3 Q）C.電壓表V1（量程3.0 V,內(nèi)阻約3 k Q）D.電壓表V2（量程15.0 V,內(nèi)阻約10 k Q）E.滑動變阻器R最大阻值為10 Q）F.滑動變阻器R'（最大阻值為500 Q）G.電源口電動勢15 V,內(nèi)阻忽略）H.開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實驗中改變滑動變阻器滑片的位置，使加在熱敏電阻兩端的電壓從零開 始逐漸增大，

19、請在所提供的器材中選擇必需的器材，應(yīng)選擇的器材為：電流表;電壓表;滑動變阻器。（只需填寫器材前面的字母 即可）（2）請在所提供的器材中選擇必需的器材，在如圖 1虛線框內(nèi)畫出該小組設(shè) 計的電路圖。（3）該小組測出熱敏電阻R的U-I圖線如圖2曲線I所示，請分析說明該熱 敏電阻是（填“PTC或"NTC ）熱敏電阻。（4）該小組又通過查閱資料得出了熱敏電阻 R的U-I圖線如圖2曲線II所示。 然后又將熱敏電阻R、R與某電池組連成電路如圖3所示。撥動單刀雙擲開關(guān)， 測得通過R和R的電流分別為0.30 A和0.60 A,則該電池組的電動勢為 V,內(nèi)阻為 Q。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）答案 （1）

20、B D E （2）圖見解析 （3）PTC（4）10.0（9.60 10.4 均可）6.67（6.00 8.00 均可）解析（1）熱敏電阻兩端電壓從零開始逐漸增大，滑動變阻器采用的是分壓 接法，故滑動變阻器應(yīng)選擇總阻值較小的R,電源電壓為15 V,故電壓表應(yīng)選擇V通過估算可知電流表應(yīng)選擇 A。（2）加在熱敏電阻兩端的電壓從零開始逐漸增大，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，由于熱敏電阻的阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，所以電流表應(yīng)用外接法，電路圖如圖所示。（3）由圖2曲線I所示圖線可知，隨電壓增大，電流增大，熱敏電阻的實際 功率增大，溫度升高，電壓與電流比值增大，電阻的阻值增大，即隨著溫度升高， 該熱敏電阻的阻值增

21、大，該電阻是正溫度系數(shù) （PTC）熱敏電阻。（4）在閉合電路中，電源電動勢：E= U+ Ir ,由圖2曲線II所示可知，當(dāng)R 接入電路中時，電路中的電流為 0.3 A,電阻R兩端電壓為8 V;當(dāng)R接入電路 中時，電路中的電流為0.6 A ,電阻R兩端電壓為6.0 V ,則有：E= 8+0.3r, E= 6+0.6r,解得：E= 10.0 V,r=6.67 Q。11. （2019 河南鄭州三模）（12分）翼型飛行器有很好的飛行性能，其原理 是通過對降落傘的調(diào)節(jié)，使空氣升力和空氣阻力都受到影響， 同時通過控制動力 的大小而改變飛行器的飛行狀態(tài)。已知飛行器的動力F始終與飛行方向相同，空 氣升力F1與

22、飛行方向垂直，大小與速度的平方成正比，即R = Gv2；空氣阻力F2與飛行方向相反，大小與速度的平方成正比，即F2= Gv2。其中G、G相互影響，可由飛行員調(diào)節(jié)，滿足如圖甲所示的關(guān)系。飛行員和裝備的總質(zhì)量為m90 kg。（重力加速度取g=10 m/s2）' FF- TLFF FFFfiH(1)若飛行員使飛行器以速度vi = 10/3 m/s在空中沿水平方向勻速飛行，如 圖乙所示。結(jié)合甲圖計算，飛行器受到的動力F為多大？(2)若飛行員使飛行器在空中的某一水平面內(nèi)做勻速圓周運動， 如圖內(nèi)所示， 在此過程中調(diào)節(jié) G = 5.0 N s2/m2,機(jī)翼中垂線和豎直方向夾角為 8=37°

23、 ,求 飛行器做勻速圓周運動的半徑 r和速度V2大小。(已知sin37 0 = 0.6 , cos370 = 0.8)答案 (1)750 N (2)30 m 15 m/s解析(1)選飛行器和飛行員為研究對象，由受力分析可知，在豎直方向上 有：mg= Cv2得：C = 3 N - s2/m2由C、G關(guān)系圖象可得：G=2.5 N - s2/m2在水平方向上，動力和阻力平衡：F= F2又 F2 = Cv2解得：F=750 No(2)由題意知空氣升力F/與豎直方向夾角為9 ,飛行器和飛行員在豎直方 向所受合力為零，有：mg= Gv2cos 8 2 2-V2水平萬向合力提供向心力，有：C1V2Sin 0

24、 =m-聯(lián)立解得：r = 30 m； V2= 15 m/s。12. (2019 山東青島二模)(20分)如圖為一除塵裝置的截面圖，塑料平板 MN的長度及它們間的距離均為 do大量均勻分布的帶電塵埃以相同的速度V。進(jìn)入兩板間，速度方向與板平行，每顆塵埃的質(zhì)量均為m,帶電量均為一q。當(dāng)兩板間同時存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場和垂直板向上的勻強(qiáng)電場時，塵埃恰好勻速穿過兩板間；若撤去板間電場，并保持板間磁場不變，塵埃恰好全部被平板吸 附，即除塵效率為100%若撤去兩板間電場和磁場，建立如圖所示的平面直角 坐標(biāo)系xOy, y軸垂直于板并緊靠板右端，x軸與兩板中軸線共線，要把塵埃全 部收集到位于P(2d, 1

25、.5 d)處的條狀容器中，需在y軸右側(cè)加一垂直于紙面向 里的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域。塵埃顆粒重力、顆粒間作用及對板間電場和磁場的影響 均不計，求：(1)兩板間磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度 B的大??；(2)若撤去板問磁場，保持板間勻強(qiáng)電場不變，除塵效率為多少;(3) y軸右側(cè)所加圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小的取值范圍。一 mv答案(1). (2)50% (3)mvmv2qd&&& qd解析(1)撤去板間電場，塵埃在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，沿N極板射入的塵埃恰好不從極板射出時塵埃的運動軌跡如圖所示,由幾何知識可知，塵埃在磁場中的半徑:由牛頓第二定律得:2mv qv

26、6;Bi = -j-,口 - mv解得：B = qd。(2)電場、磁場同時存在時，塵埃做勻速直線運動，滿足:qE= qv(Bi,撤去磁場以后粒子在電場力作用下做類平拋運動，假設(shè)與N極板相距為y的粒子恰好離開電場:水平方向:d=v0t ,豎直方向:1.2y=2at，加速度：a_qE一m解得：y = 0.5d當(dāng)y>0.5d時，水平位移x>d,即與N極板相距為0.5d到d這段距離射入的粒子會射出電場，則除塵效率為:0.5 d.X100險 50%解得：巳大mv =qd巳最大，此時有R0小=d,（3）設(shè)圓形磁場區(qū)域的半徑為 R,塵埃顆粒在圓形磁場中做圓周運動的半徑為R,要把塵埃全部收集到位于

27、P處的條狀容器中，就必須滿足 R=R,根據(jù)牛 v2頓第二止律有qvoB= mjRo如圖1,當(dāng)圓形磁場區(qū)域過P點且與M板的延長線相切時，圓形磁場區(qū)域的 半徑R最小，磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖2,當(dāng)圓形磁場區(qū)域過P點且與y軸在M板的右端相切時，圓形磁場區(qū)域的半徑R最大，磁感應(yīng)強(qiáng)度&最小，此時有R大=2d解得:巳小=mv2qd所以圓形磁場區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度 巳的大小須滿足的條件為mvmvw B w - o2qd qd（二）選考題（共15分）請考生從兩道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分13 .物理選修3 3（15分）（1）（2018 深圳中學(xué)高三診斷測試）（5分）關(guān)于下列四幅圖中所涉及物理

28、知 識的論述中，不正確的是 （填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，選對2 個得4分，選對3個得5分。每選錯1個扣3分，最低得分為0分）。A. A圖中，由兩分子間作用力隨距離變化的關(guān)系圖線可知，當(dāng)兩個相鄰的 分子間距離為ro時，它們間相互作用的引力和斥力均為零B. B圖中，由一定質(zhì)量的氧氣分子分別在不同溫度下速率分布情況，可知 溫度TEC. C圖中，在固體薄片上涂上石蠟，用燒熱的針接觸其上一點，從石蠟熔 化情況不能判定固體薄片為非晶體D. D圖中，液體表面層分子間相互作用表現(xiàn)為斥力，正是因為斥力才使得 水晶可以停在水面上E. E圖中，迅速壓下活塞，可觀察到硝化棉燃燒起來，這表明氣體從外界 吸熱，內(nèi)能

29、增加（2）（2019 山東淄博三模）（10分）如圖所示，粗細(xì)均勻的U形管左端封閉右 端開口，一段空氣柱將水銀分為 A、B兩部分，水銀柱A的長度h = 25 cmi,位于 封閉端的頂部，B部分位于U形管的底部。右管內(nèi)有一輕活塞，活塞與管壁之間 的摩擦不計?；钊杂伸o止時，玻璃管右側(cè)空氣柱的長度L= 39 cm,左側(cè)空氣柱的長度Lo=12.5 cm , B部分水銀兩液面的高度差h2 = 45 cm,外界大氣壓強(qiáng)po =75 cmHg把兩段空氣柱視為理想氣體。保持溫度不變，將活塞緩慢上提，當(dāng)A部分的水銀柱恰好對U形管的頂部沒有壓力時，求:左側(cè)空氣柱的長度；活塞移動的距離。答案 (1)ADE (2)

30、15 cm 8.5 cm解析(1)A圖中，由兩分子間作用力隨距離變化的關(guān)系圖線可知，當(dāng)兩個 相鄰的分子間距離為r°時，它們間相互作用的引力和斥力相等，分子力表現(xiàn)為 零，A錯誤；B圖中，由一定質(zhì)量的氧氣分子分別在不同溫度下速率分布情況可 知，Ti溫度下對應(yīng)的低速率的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比較大，可知溫度不丁2,B正確；C圖中，在固體薄片上涂上石蠟，用燒熱的針接觸其上一點，從石蠟熔 化情況可知表現(xiàn)為各向同性，則此固體薄片可能為多晶體或非晶體， 不能判定周 體薄片為非晶體，C正確；D圖中，水晶可以停在水面上是由于表面張力的作用， 液體的表面張力是表面層分子間的引力作用產(chǎn)生的，故 D錯誤；E

31、圖中，迅速壓 下活塞，可觀察到硝化棉燃燒起來，這表明外界對氣體做功，內(nèi)能增加，E錯誤。 此題要求選擇不正確的，故選 A D E。(2)設(shè)玻璃管的橫截面積為S,對左側(cè)被封閉氣體：初態(tài)：pi=(7545) cmHg = 30 cmHg, V = L°S末態(tài)：p2= 25 cmHg, V2=L2s由玻意耳定律PiVi=P2 V2得：L = 15 cm。對右側(cè)被封閉氣體：初態(tài)：pr=75 cmHg, V' = LS末態(tài)：p2' =(25+ 45 2X2.5) cmHg=65 cmHgV，=l_2' S由玻意耳定律pj Vi得：L2' =45 cm=p2V2由幾何關(guān)系可知，活塞上升的高度為Ah=Lz' L+ (L2Lo)=45 cm39 cm+(15 cm 12.5 cm) =8.5 cm。14 .物理選修3 4（15分）（1）（2019 遼寧卓越名校聯(lián)盟二模）（5分）用雙縫干涉測光的波長的實驗裝 置如