2016年高考真題——物理解析全國I卷

1、2016年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（新課標(biāo)I卷）理科綜合（物理部分）二、選擇題：本題共 8小題，每小題 6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1417題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 1821題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分。有選錯(cuò)的得0分。14.一平行板電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上。若將云母介質(zhì)移出，則電容器（）A.極板上的電荷量變大，極板間電場強(qiáng)度變大B.極板上的電荷量變小，極板間電場強(qiáng)度變大C.極板上的電荷量變大，極板間電場強(qiáng)度不變D.極板上的電荷量變小，極板間電場強(qiáng)度不變【答案】DrS 【解析】由C FT可知，當(dāng)云母介質(zhì)抽出時(shí)，r變小，電容器的電

2、容 C變小；4 Tikd因?yàn)殡娙萜鹘釉诤銐褐绷麟娫瓷?，故U不變，根據(jù)Q CU可知，當(dāng)C減小時(shí)，Q減U小。再由E 了，由于U與d都不變，故電場強(qiáng)度 E不變，答案為 D【考點(diǎn)】電容器的基本計(jì)算15.現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重很多倍的離子，其示意圖如圖 所示，其中加速電壓恒定。 質(zhì)子在入口處從靜止開始被加速電場 加速，經(jīng)勻強(qiáng)磁場偏轉(zhuǎn)后從出口離開磁場。若某種一價(jià)正離子在入口處從靜止開始被同一加速電場加速，為使它經(jīng)勻強(qiáng)磁場偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開磁場，需將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來的12倍。此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比約為（）B. 12D. 144m、q1,一價(jià)正離子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)為m2、q2,A. 11C. 12

3、1【答案】D【解析】設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)分別為對(duì)于任意粒子，在加速電場中，由動(dòng)能定理得：12八qU mv 02v 2qUm在磁場中應(yīng)滿足2vqvB m 一r由題意，由于兩種粒子從同一入口垂直進(jìn)入磁場，從同一出口垂直離開磁場，故在磁場中做 勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑應(yīng)相同.由式聯(lián)立求解得1 2mUr ,由于加速電壓不變,B q勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑其中 B2 12Bi , qi q2 ,mi可得m;i144故一價(jià)正離子與質(zhì)子的質(zhì)量比約為144【考點(diǎn)】帶電粒子在電場、磁場中的運(yùn)動(dòng)、質(zhì)譜儀。16.一含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中電阻R、R2和R的阻值分別是3 、1和4 , CA為理想交流電流表，U為 正弦

4、交流電壓源，輸出電壓的有效值恒定。當(dāng)開關(guān) S斷開 時(shí)，電流表的示數(shù)為I ;當(dāng)S閉合時(shí)，電流表的示數(shù)為 4I。該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為（）A. 2B. 3C. 4D.5【答案】B【解析】解法一：當(dāng)S斷開時(shí)，電路如右圖所示由閉合電路歐姆定律，原線圈兩端電壓U1 U IR1得U1 U 3I根據(jù)變壓器原副邊電壓關(guān)系:副線圈中的電流：聯(lián)立得：U1r)1U 2 n2U2 U2R2 R3-52% U 3I1 5I當(dāng)S閉合時(shí)，電路如右圖所示由閉合電路歐姆定律，原線圈兩端電壓U/ =U 4I R得U，=U 12I根據(jù)變壓器原副邊電壓關(guān)系：U4見U2/ n2U/ u /副線圈中的電流得：V ="&qu

5、ot;R212聯(lián)立得n1U 12In24In1 八聯(lián)立解得3n2解法二：設(shè)開關(guān)S斷開前后，變壓器的等效電阻為R手相同，R ,由于變壓器輸入功率與輸出功率S 閉合前：I2 R (-)2 (R2 R),得 R R2 2R3nnS閉合后:(4I)2 R1(當(dāng)nR2 n根據(jù)閉合電路歐姆定律:S閉合前:S閉合后:4I根據(jù)以上各式得:RiRiR2-2nR2R2nURiRUR3，1n _ 13，4n解得，n 3 【考點(diǎn)】變壓器的計(jì)算 【難點(diǎn)】由于原邊回路有電阻， 原線圈兩端電壓不等于電源電壓17.利用三顆位置適當(dāng)?shù)牡厍蛲叫l(wèi)星，地球同步衛(wèi)星的軌道半徑約為地球半徑的可使地球赤道上任意兩點(diǎn)之間保持無線電通訊。目

6、前,6.6倍。假設(shè)地球的自轉(zhuǎn)周期變小，若仍僅用三顆同步衛(wèi)星來實(shí)現(xiàn)上述目的，則地球自轉(zhuǎn)周期的最小值約為(A. 1h【答案】【解析】B. 4hC. 8h)D. 16hB地球自轉(zhuǎn)周期變小，衛(wèi)星要與地球保持同步，則衛(wèi)星的公轉(zhuǎn)周期也應(yīng)隨之變小，由2c Mm4支3日丁Gmr可得 T rT:，則衛(wèi)星離地球的高度應(yīng)GM變小，要實(shí)現(xiàn)三顆衛(wèi)星覆蓋全球的目的, 時(shí)，由數(shù)學(xué)幾何關(guān)系可作出右圖。則衛(wèi)星周期最小由幾何關(guān)系得，衛(wèi)星的軌道半徑為R 2r sin303, r由開普勒第三定律與Ti372，代入題中數(shù)據(jù)，得12(6.6R)3r3_ 2_ 224T2衛(wèi)星衛(wèi)星衛(wèi)星30。由解得T2 4h(1)衛(wèi)星運(yùn)行規(guī)律；(2)開普勒第

7、三定律的應(yīng)用做出最小周期時(shí)的衛(wèi)星空間關(guān)系圖18 .一質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)?，F(xiàn)對(duì)其施加一恒力，且原來作用在質(zhì)點(diǎn)上的力不發(fā)生改變，則( )A.質(zhì)點(diǎn)速度的方向總是與該恒力的方向相同B.質(zhì)點(diǎn)速度的方向不可能總是與該恒力的方向垂直C.質(zhì)點(diǎn)加速度的方向總是與該恒力的方向相同D.質(zhì)點(diǎn)單位時(shí)間內(nèi)速率的變化量總是不變【答案】BC【解析】質(zhì)點(diǎn)一開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，施加恒力后，則該質(zhì)點(diǎn)的合外力為該 恒力若該恒力方向與質(zhì)點(diǎn)原運(yùn)動(dòng)方向不共線，則質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)速度方向時(shí)刻 與恒力方向不同，故 A錯(cuò)；若F的方向某一時(shí)刻與質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向垂直，之后質(zhì)點(diǎn)作曲線運(yùn)動(dòng)，力與運(yùn)動(dòng)方向夾角會(huì)發(fā)生變化，例如平拋運(yùn)動(dòng)，故B正

8、確；由牛頓第二定律可知，質(zhì)點(diǎn)加速度方向與其所受合外力方向相同；根據(jù)加速度的定義，相等時(shí)間內(nèi)速度變化量相同，速率變化量不一定相同，故D錯(cuò)?！究键c(diǎn)】牛頓運(yùn)動(dòng)定律；力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系；加速度的定義；【易錯(cuò)點(diǎn)】B選項(xiàng)易錯(cuò)誤地以勻速圓周運(yùn)動(dòng)”作為反例來推翻結(jié)論19 .如圖，一光滑的輕滑輪用細(xì)繩 OO'懸掛于O點(diǎn)；另一細(xì)繩跨 過滑輪，其一端懸掛物塊 a,另一端系一位于水平粗糙桌面 上的物塊b。外力F向右上方拉b,整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。若F方向不變，大小在一定范圍內(nèi)變化，物塊 b仍始終保持 靜止，則（）A.繩OO '的張力也在一定范圍內(nèi)變化B.物塊b所受到的支持力也在一定范圍內(nèi)變化C.連接a和b

9、的繩的張力也在一定范圍內(nèi)變化D.物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內(nèi)變化【答案】BD【解析】 由題意，在F保持方向不變，大小發(fā)生變化的過程 中，物體a、b均保持靜止，各繩角度保持不變；選 a受力分析得，繩的拉力 T mag ,所以物體a受到 繩的拉力保持不變。由滑輪性質(zhì)，滑輪兩側(cè)繩的拉力 相等，所以b受到繩的拉力大小、方向均保持不變， C選項(xiàng)錯(cuò)誤； a、b受到繩的拉力大小方向均不變， 所以O(shè)O的張力不變，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；對(duì)b進(jìn)行受力分 析，并將各力沿水平方向和豎直方向分解，如上圖所示。由受力平衡得：TxfFx,FyNTymbg。T和ng始終不變，當(dāng)F大小在一定范圍內(nèi)變化時(shí)； 支持力在一定范圍內(nèi)變化

10、，B選項(xiàng)正確；摩擦力也在一定范圍內(nèi)發(fā)生變化， D選項(xiàng)正確；故答案選 BD。 【考點(diǎn)】考查動(dòng)態(tài)平衡分析、力的正交分解和力的平衡方程。20 .如圖，一帶負(fù)電荷的油滴在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)，其軌跡在豎直面（紙面）內(nèi)，且相對(duì)于過軌跡最低點(diǎn)P的豎直線對(duì)稱。忽略空氣阻力。由此可知（A. Q點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)高B.油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大C.油滴在Q點(diǎn)的電勢能比它在 P點(diǎn)的大D.油滴在Q點(diǎn)的加速度大小比它在 P點(diǎn)的小【答案】AB【解析】由于勻強(qiáng)電場中的電場力和重力都是恒力，所以合外力為恒力，加速度恒定不變，所以D選項(xiàng)錯(cuò)。由于油滴軌跡相對(duì)于過P的豎直線對(duì)稱且合外力總是指向軌跡彎曲內(nèi)側(cè)，所以油滴所受合外力沿豎直方向

11、，電場力豎直向上。當(dāng)油滴得從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q時(shí)，電場力做正功，電勢能減小，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；油滴帶負(fù)電，電勢能減小，電勢增加， 所以Q點(diǎn)電勢高于P點(diǎn)電勢，A選項(xiàng)正確；在油?從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q的過程中，合外力 做正功，動(dòng)能增加，所以 Q點(diǎn)動(dòng)能大于P點(diǎn)，B選項(xiàng)正確；所以選 AB?！究键c(diǎn)】帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)、曲線運(yùn)動(dòng)中物體受力特點(diǎn)、帶電粒子電場力做功與電勢 能的關(guān)系、電勢能變化與電勢變化的關(guān)系。v甲=30m/s , v乙=25m/s ,21.甲、乙兩車在平直公路上同向行駛，其 v t圖像如圖所示。已知兩車在t 3s時(shí)并排行駛，則（）A.在t 1s時(shí)，甲車在乙車后B.在t 0時(shí)，甲車在乙車前 7.5mC.兩車另

12、一次并排行駛的時(shí)刻是t 2sD.甲、乙車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為40m【答案】BD【解析】根據(jù)v t圖，甲、乙都沿正方向運(yùn)動(dòng)。t 3s時(shí)，甲、乙相遇,由位移和v t圖面積對(duì)應(yīng)關(guān)系，0-3s內(nèi)位移x甲=1 3 30m=45m ,21冷=-3 10+25 m=52.5m。故t 0時(shí)，甲乙相距 x1冷-9=7.5m ,即甲在乙刖 2方7.5m, B選項(xiàng)正確。1 1 .0-1s內(nèi)，x甲=-1 10m=5m , x乙=-1 10+15 m=12.5m , x2 化 樨=7.5m ,2 2說明甲、乙第一次相遇。A、C錯(cuò)誤。乙兩次相遇地點(diǎn)之間的距離為x x甲x甲=45m 5m=40m,所以D

13、選項(xiàng)正確;【考點(diǎn)】v t圖的解讀和位移的計(jì)算、追擊相遇問題【難點(diǎn)】根據(jù)位移判斷兩車在不同時(shí)刻的位置關(guān)系打點(diǎn)il時(shí)耦20Hz 、 30Hz 和f和圖（b）中給D（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用29.80m/s ，實(shí)驗(yàn)Hz 。B點(diǎn)的速度Vb等于AC段的平均速度，即VbS1 S22t1由于t -同理可得Vc故 Vb -(S| 2f(S2 S3) 2S2)三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第2232題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第3340題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題22. （5 分）某同學(xué)用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，其中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源為交流

14、電源，可以使用的頻率有40Hz 。打出紙帶的一部分如圖（b）所示。該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中沒有記錄交流電的頻率f,需要用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)和其它題給條件進(jìn)行推算。出的物理量可以寫出： 在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出 B點(diǎn)時(shí)，重物下落的速度 大小為,打出C點(diǎn)時(shí)重物下落的速度大小為,重物下落的加速度大小為（2）已測得Si 8.89cm , $ 9.50cm , S3 10.10cm ,當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮橹兄匚锸艿降钠骄枇Υ笮〖s為其重力的1%,由此推算出f為f _ _ f _ _f2- （Si S2） , y（S2 S3）,5（& S）;40由于重物勻加速下落，A、B、C、D各相鄰點(diǎn)之間時(shí)間間隔相同，因此 B點(diǎn)應(yīng)是從A運(yùn)

15、動(dòng)到C的過程的中間時(shí)刻，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可得：勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度2 (S2S3)(Si S2)重物下落的過程中,1f由牛頓第二定律可得:由已知條件 由得mg F阻=maF阻=0.01mga 0.99g代入得:a (S32G），代入數(shù)據(jù)得f 40Hz利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和推論處理紙帶問題23. （10 分）現(xiàn)要組裝一個(gè)由熱敏電阻控制的報(bào)警系統(tǒng)，要求當(dāng)熱敏電阻的溫度達(dá)到或超過60C時(shí)，系統(tǒng)報(bào)警。提供的器材有：熱敏電阻，報(bào)警器（內(nèi)阻很小，流過的電流超過Ic時(shí)就會(huì)報(bào)警），電阻箱（最大阻值為 999.9 ）,直流電源（輸出電壓為 U ,內(nèi)阻不計(jì)），滑動(dòng)變阻器Ri （最 大阻值為1000 ）,滑動(dòng)變阻

16、器R2 （最大阻值為2000 ）,單刀雙擲開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干。在室溫下對(duì)系統(tǒng)進(jìn)行調(diào)節(jié)。已知U約為18V , Ic約為10mA ；流過報(bào)警器的電流超過 20mA時(shí)，報(bào)警器可能損壞；該熱敏電阻的阻值隨溫度升高而減小，在60 C時(shí)阻值為650.0 。（1）在答題卡上完成待調(diào)節(jié)的報(bào)警系統(tǒng)原理電路圖的連線。（2）電路中應(yīng)選用滑動(dòng)變阻器 （填 只”或只2"）。（3）按照下列步驟調(diào)節(jié)此報(bào)警系統(tǒng)：電路接通前，需將電阻箱調(diào)到一固定的阻值，根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求，這一阻值為 ;滑 動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于 （填“或"b/端附近，不能置于另一端的原因是將開關(guān)向 （填“瞰”4端閉合，緩慢移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，直

17、至（4）保持滑動(dòng)變阻器滑片的位置不變，將開關(guān)向另一端閉合，報(bào)警系統(tǒng)即可正常使用。11 播警器電源腎己W上b 卜口 開.（ 變嬴-1（2）尾（3）650.0, b,接通電源后，流過報(bào)警器的電流會(huì)超過20mA,報(bào)警器可能損壞c,報(bào)警器開始報(bào)警【解析】熱敏電阻工作溫度達(dá)到 60 C時(shí)，報(bào)警器報(bào)警。故需通過調(diào)節(jié)電阻箱使其電阻為60 C時(shí)的熱敏電阻的阻值，即調(diào)節(jié)到阻值650.0 Q光使報(bào)警器能正常報(bào)警，電路圖如上圖UU 18V ,當(dāng)通過報(bào)警器的電流10mA Ic 20mA ,故電路中總電阻 R 丁， I c900 R 1800 ,故滑動(dòng)變阻器選 R。熱敏電阻為650.0時(shí)，報(bào)警器開始報(bào)警，模擬熱敏電阻的

18、電阻器阻值也應(yīng)為650.0為防止通過報(bào)警器電流過大，造成報(bào)警器燒壞，應(yīng)使滑動(dòng)變阻器的滑片置于 b端.【考點(diǎn)】滑動(dòng)變阻器在電路中的作用及其規(guī)格選擇、串并聯(lián)電路相關(guān)計(jì)算、等效替代思想【難點(diǎn)】獲取題中信息并轉(zhuǎn)化為解題所需條件、理解電路設(shè)計(jì)原理、理解調(diào)節(jié)電阻箱和滑動(dòng)變阻器的意義24. （14 分）如圖，兩固定的絕緣斜面傾角均為，上沿相連。兩細(xì)金屬棒ab （僅標(biāo)出a端）和cd （僅標(biāo)出c端）長度均為L,質(zhì)量分別為2m和m；用兩根不可伸長的柔軟輕導(dǎo)線將它們連成閉合回路abdca,并通過固定在斜面上沿的兩光滑絕緣小定滑輪跨放在斜面上，使兩金屬棒水平。右斜面上存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B ,方向垂直于斜面

19、向上。已知兩根導(dǎo)線剛好不在磁場中，回路電阻為R,兩金屬棒與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度大小為g 。已知金屬棒ab勻速下滑。求（1）作用在金屬棒ab上的安培力的大小;（2）金屬棒運(yùn)動(dòng)速度的大小?！窘馕觥浚?）由ab、cd棒被平行于斜面的導(dǎo)線相連，故做勻速直線運(yùn)動(dòng)；選cd為研究對(duì)象，受力分析如圖：由于cd勻速，其受力平衡，沿斜面方向受力平衡方程:Ncd Gcd cos垂直于斜面方向受力平衡方程：fcd Gcd sin T且fcdNcd ,聯(lián)立可得：T mg cos mg sin選ab為研究對(duì)象，受力分析如圖： 其沿斜面方向受力平衡：T' fab F 安 Gab sin垂直于斜面方向受

20、力平衡：Nab Gab CoS且fabNab, T與T'為作用力與反作用力：T' T,聯(lián)立可得：F安 mgsin 3 mg cos（2）設(shè)感應(yīng)電動(dòng)勢為 E ,由電磁感應(yīng)定律:由閉合電路歐姆定律，回路中電流： IBLvR棒中所受的安培力:7 BIL2 2BLvRE BLv與聯(lián)立可得：v mgR(sin 2 23 cos)B L25. (18 分)如圖，一輕彈簧原長為2R,其一端固定在傾角為 37的固定直軌道 AC的底端A處，另一端位于直軌道上B處，彈簧處于自然狀態(tài)。直軌道與一半徑為 5R的光滑圓弧軌道相切于 C點(diǎn),6AC 7R, A、B、C、D均在同一豎直平面內(nèi)。質(zhì)量為m的小物塊

21、P自C點(diǎn)由靜止開始下滑，最低到達(dá)E點(diǎn)(未畫出)隨后 P沿軌道被彈回，最高到達(dá) F點(diǎn)，AF 4R。已知P與134直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)彳，重力加速度大小為 9。(取sin37 5 , cos37 石)(1)求P第一次運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度的大小。(2)求P運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢能。(3)改變物塊P的質(zhì)量，將P推至E點(diǎn)，從靜止開始釋放。已知 P自圓弧軌道的最高點(diǎn) D處水平飛出后,恰好通過 G點(diǎn)。G點(diǎn)在C點(diǎn)的左下方,C點(diǎn)水平相距-R,豎直相距2R,求P運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)速度的大小和改變后 P的質(zhì)量。DA【解析】(1)選P為研究對(duì)象，受力分析如圖：設(shè)P加速度為a,其垂直于斜面方向受力平衡：Gcos沿斜面方向，由牛

22、屯第二定律得：Gsin f ma且f N ,可得：對(duì)CB段過程，由代入數(shù)據(jù)得B點(diǎn)速度:2 a g sin g cos g522vtVo2asVb 2 gRQ mg cos(7R2xR)由|Q| Ep| ,聯(lián)立、解得:x1 ；研究P從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)過程重力做功：Wgmg sin(5RxR)摩擦力做功：Wfmg cos (5RxR)動(dòng)能變化量：Ek0J由動(dòng)能定理：WGWfW單Ek(2) P從C點(diǎn)出發(fā)，最終靜止在 F ,分析整段過程;由C到F ,重力勢能變化量：Epmg 3Rsin減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。設(shè)E點(diǎn)離B點(diǎn)的距離為xR ,從C到F ,產(chǎn)熱：代入得:12mgRWW彈，到E點(diǎn)時(shí)彈性勢能E

23、彈為12m史5（3）其幾何關(guān)系如下圖一.2可知：OQ -R, CQ31R 2由幾何關(guān)系可得， G點(diǎn)在D左下方，豎直高度差為5_-R,水平距離為3R。2設(shè)P從D點(diǎn)拋出時(shí)速度為V。，到G點(diǎn)時(shí)間為其水平位移:豎直位移:3R v0t51 ,一 R gt22解得:V03,5gR研究P從E點(diǎn)到5D點(diǎn)過程，設(shè)P此時(shí)質(zhì)量為重力做功:3Wg'm'g(-R26Rsin摩擦力做功:Wf 'm'g6Rcos彈力做功:動(dòng)能變化量:Ek' 1m'V00J由動(dòng)能定理：將代入，可得:2Wg ' Wf '此過程中:)m', 51m'gR 106-m

24、'gREk'L 12 rE 彈 一 mgR 59m'gR10m'（二）選考題33.物理一一選彳3-3 （ 15分）。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì) 1個(gè)（1） （5分）關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是得2分，選對(duì)2個(gè)彳導(dǎo)4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分） A.氣體吸熱后溫度一定升高B.對(duì)氣體做功可以改變其內(nèi)能C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個(gè)系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個(gè)系統(tǒng)達(dá)到熱平衡，那么這兩個(gè)系統(tǒng)彼此之間也必 定達(dá)到熱平衡【答案】BDE【解析】氣體內(nèi)能的改變 U Q W ,故對(duì)氣體做功可改變氣體內(nèi)

25、能，B選項(xiàng)正確；氣體吸熱為Q ,但不確定外界做功 W的情況，故不能確定氣體溫度變化，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；理想氣體等壓膨脹， W 0,由理想氣體狀態(tài)方程 PV nRT, P不變，V增大，氣體 溫度升高，內(nèi)能增大。由 U Q W,氣體過程中一定吸熱，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；由熱力學(xué)第二定律，D選項(xiàng)正確；根據(jù)平衡性質(zhì)，E選項(xiàng)正確；【考點(diǎn)】理想氣體狀態(tài)方程，熱力學(xué)第一定律，熱力學(xué)第二定律，熱平衡的理解?！倦y點(diǎn)】等壓膨脹氣體溫度升高，內(nèi)能增大；氣體又對(duì)外做功，所以氣體一定吸熱。p與氣泡半(2) (10分)在水下氣泡內(nèi)空氣的壓強(qiáng)大于氣泡表面外側(cè)水的壓強(qiáng)，兩壓強(qiáng)差，一、一、一、，2.一 . .徑之間的關(guān)系為p 一，其中 0.0

26、70N/m ?，F(xiàn)讓水下10m處一半徑為0.50cm的氣泡533緩慢上升。已知大氣壓強(qiáng)P0 1.0 10 Pa,水的密度 1.0 10 kg/m ,重力加速度大小2g 10m/s。(i)求在水下10m處氣泡內(nèi)外的壓強(qiáng)差；(ii)忽略水溫隨水深的變化，在氣泡上升到十分接近水面時(shí)，求氣泡的半徑與其原來半徑之 比的近似值。水下10m處氣泡的壓強(qiáng)差是28Pa,氣泡在接近水面時(shí)的半徑與原來半徑之比為【解析】 由公式 P 2-得，P 2 0.0730 Pa=28Pa r5 10水下10m處氣泡的壓強(qiáng)差是 28Pa。(ii)忽略水溫隨水深的變化，所以在水深10m處和在接近水面時(shí)氣泡內(nèi)溫度相同。由理想氣體狀態(tài)方

27、程 PV nRT,得PV PV234 3V2 上3由于氣泡內(nèi)外的壓強(qiáng)差遠(yuǎn)小于水壓，氣泡內(nèi)壓強(qiáng)可近似等于對(duì)應(yīng)位置處的水壓，所 以有535P P0gh 1 105 Pa+1 103 10 10 2 105Pa=2F0F2 Pc將帶入得，2P0 4 R3 P0 4 r23332r13 rr 3 2 1.3 r1【考點(diǎn)】理想氣體狀態(tài)方程【難點(diǎn)】當(dāng)氣體內(nèi)部壓強(qiáng)遠(yuǎn)大于氣泡內(nèi)外壓強(qiáng)差時(shí)，計(jì)算氣體內(nèi)部壓強(qiáng)時(shí)可忽略掉壓強(qiáng)差，即氣體壓強(qiáng)等于對(duì)應(yīng)位置的水壓。34.物理選彳3-4 (15分)(1) (5分)某同學(xué)漂浮在海面上，雖然水面波正平穩(wěn)地以1.8m/s的速率向著海灘傳播，但他并不向海灘靠近。1同學(xué)發(fā)現(xiàn)從第1個(gè)波

28、峰到第10個(gè)波峰通過身下的時(shí)間間隔為 15s。下列說法正確的是 。(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì) 1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選 對(duì)3個(gè)得5分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A.水面波是一種機(jī)械波B.該水面波的頻率為 6HzC.該水面波的波長為 3mD.水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，是因?yàn)椴▊鞑r(shí)能量不會(huì)傳遞出去E.水面波沒有將該同學(xué)推向岸邊，是因?yàn)椴▊鞑r(shí)振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)并不隨波遷移【答案】ACE【解析】水面波是種典型機(jī)械波,A對(duì)；從第一個(gè)波峰到第十個(gè)波峰中經(jīng)歷了九個(gè)波形,間間隔為15515秒，所以其振動(dòng)周期為 T s -s,頻率為0.6Hz, B錯(cuò)；其波長93vT51.8m/s 3s 3m , C對(duì)；

29、波中的質(zhì)點(diǎn)都上下振動(dòng)，不隨波遷移，但是能傳遞能量，D錯(cuò)E對(duì)。（2） （10分）如圖，在注滿水的游泳池的7底有一點(diǎn)光源 A,它到池邊的水平距離為3.0m 。從點(diǎn)光源A射向池邊的光線 AB與豎直方向的夾角恰好等于全反射的臨界角,4-O3水的折射率為（i）求池內(nèi)的水深；（ii）一救生員坐在離池邊不遠(yuǎn)處的高凳上，他的眼睛到池面的高度為 方的點(diǎn)光源A時(shí)，他的眼睛所接受的光線與豎直方向的夾角恰好為池邊的水平距離（結(jié)果保留1位有效數(shù)字）。2.0m45 。O當(dāng)他看到正前下求救生員的眼睛到【解析】（i）光由A射向B發(fā)生全反射，光路如圖:由反射公式可知：sin n 13得：sin 一；4由|AO 3m,由幾何關(guān)系可得：AB 4m, BO 幣m所以水深J7m 0（ii）光由A點(diǎn)射入救生員眼中光路圖如圖:由折射率公式：咂竺可知：sinsin 3 2 8，tan設(shè) BE| x m323AQ 33、刃23帶入數(shù)據(jù)得:QE 73 161 23，2.珈1M由幾何關(guān)系得，救生員到池邊水平距離為35.物理選彳3-5 （15分）（1） （5分）現(xiàn)用某一光電管