2020年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力仿真模擬卷一

1、金版教程 大二輪物理（創(chuàng)新版）仿真模擬卷2020年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試 理科綜合能力仿真模擬卷一物理部分第1卷（選擇題，共48分）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選 項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求,第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。 全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14.如圖是氫原子的能級(jí)圖，一個(gè)氫原子從n = 5能級(jí)直接躍遷到n=2能級(jí), 則（）8 04 -0.853-1.5123.4113,6A.放出某一頻率的光子B.放出一系列頻率的光子C.吸收某一頻率的光子D.吸收一系列頻率的光子答案 A解析 由較高能級(jí)向較低能級(jí)躍遷

2、，放出光子的能量：hkEmEn, 一個(gè)氫 原子從n= 5能級(jí)直接躍遷到n = 2能級(jí)只能夠放出某一頻率的光子，A正確。15 .（2019廣西欽少卜|三模）某空降兵從直升機(jī)上跳下，8 s后打開降落傘，并始 終保持豎直下落。在012 s內(nèi)其下落速度隨時(shí)間變化的v-t圖象如圖所示。則 （）A.空降兵在08 s內(nèi)下落的高度為4v2B.空降兵（含降落傘）在08 s內(nèi)所受阻力可能保持不變C.8 s時(shí)空降兵的速度方向改變，加速度方向保持不變D.812 s內(nèi)，空降兵（含降落傘）所受合力逐漸減小答案 D解析 由v-t圖象可知，v-t圖象與t軸包圍的面積表示位移，則空降兵在0 ，一、，一 18 s內(nèi)下降的圖度大于

3、 寵V2X8 = 4v2,故A錯(cuò)塊；由v-t圖象可知，在08 s內(nèi)，v-t 圖象的斜率越來越小，即加速度越來越小，由受力分析可得：mgf=ma,故所受 的阻力越來越大，B錯(cuò)誤；由v-t圖象可知，在8 s時(shí)，空降兵的速度開始減小，但 是方向不變，圖象的斜率的正負(fù)發(fā)生了改變，可知加速度的方向發(fā)生了改變，變 為豎直向上，故C錯(cuò)誤；812 s內(nèi)，空降兵的加速度方向豎直向上，受力分析得： F合=ma,由圖象可知，斜率越來越小，即空降兵的加速度越來越小，所以空降兵 （含降落傘）所受合力逐漸減小，D正確。16 .（2019福建寧彳t二模）2019年4月10日21時(shí)，人類首張黑洞照片在全球 六地的視界望遠(yuǎn)鏡發(fā)

4、布會(huì)上同步發(fā)布。該黑洞半徑為R,質(zhì)量M和半徑R的關(guān)系 2滿足：M= 2G（其中c為光速，G為引力常量）。若天文學(xué)家觀測(cè)到距黑洞中心距 離為r的大體以速度v繞該黑洞做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則（）、e 山 h 白，v2r A.該黑洞的質(zhì)量為彳 2G、 m 口 , 2v2rB.該黑洞的質(zhì)量為下 G、,.2v2rC.該黑洞的半徑為2v2"v2rD.該黑洞的半徑為22答案 C解析 天體受到黑洞的萬有引力提供天體做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，則有：Mmv c B2q2R2核射出時(shí)的向心加速度大，A錯(cuò)誤；Ekm = 2mvmi= 2ml ,因?yàn)闅夂说馁|(zhì)量較小，則獲得的動(dòng)能和速度大，B正確，C錯(cuò)誤；由"

5、=港="21日可知,氣核動(dòng)能增大，其偏轉(zhuǎn)半徑的增量要改變，D錯(cuò)誤。 18.（2019湖南岳陽高三二模）如圖甲為一種門后掛鉤的照片，相鄰掛鉤之間 的距離為7 cm,圖乙中斜挎包的寬度約為21 cm,在斜挎包的質(zhì)量一定的條件下, 為了使懸掛時(shí)背包帶受力最小，下列措施正確的是（）v2rGp=m7，得乂 =豆，故A、B錯(cuò)誤；設(shè)黑洞的半徑為 R,質(zhì)量M和半徑R的關(guān)系滿足：M=E 聯(lián)立解得R：2y,故C正確，D錯(cuò)誤。 R 2Gc17 .（2019山東濰坊二模）中核集團(tuán)研發(fā)的“超導(dǎo)質(zhì)子回旋加速器”，能夠?qū)?一一 一. 一 質(zhì)子加速至光速的2,促進(jìn)了我國醫(yī)療事業(yè)的發(fā)展。若用如圖所示的回旋加速器 分別

6、加速氣、笊兩種靜止的原子核，不考慮加速過程中原子核質(zhì)量的變化，以下 判斷正確的是（）A.笊核射出時(shí)的向心加速度大B.氣核獲得的速度大C.笊核獲得的動(dòng)能大D.氣核動(dòng)能增大,其偏轉(zhuǎn)半徑的增量不變答案 B22 2cvm B q R 葭言，可知上2解析 由qvB=m詈得：速度vm = q-,向心加速度 rm甲乙A.隨意掛在一個(gè)鉤子上B.使背包帶跨過兩個(gè)掛鉤C.使背包帶跨過三個(gè)掛鉤D.使背包帶跨過四個(gè)掛鉤答案 DQ根據(jù)平衡條件可得2Fcos4解析 設(shè)懸掛后背包帶與豎直方向的夾角為mg;解得背包帶的拉力F = 2忽在斜挎包的質(zhì)量一定的條件下,為了使懸掛時(shí) 2cos背包帶受力最小，則cosO最大，由于相鄰掛

7、鉤之間的距離為7 cm,圖乙中斜挎包 的寬度約為21 cm,故使背包帶跨過四個(gè)掛鉤時(shí) g 0, cos8= 1,此時(shí)背包帶受力 最小，故D正確。19.（2019福建寧彳t二模）如圖甲為電動(dòng)汽車無線充電原理圖，M為受電線圈, N為送電線圈。圖乙為受電線圈M的示意圖，線圈匝數(shù)為n,電阻為r,橫截面積 為S, a、b兩端連接車載變流裝置，磁場(chǎng)平行于線圈軸線向上穿過線圈。下列說 法正確是（）A.當(dāng)線圈N接入恒定電流時(shí)，不能為電動(dòng)汽車充電B.當(dāng)線圈N接入正弦式交變電流時(shí)，線圈M兩端產(chǎn)生恒定電壓C.當(dāng)線圈M中的磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，有電流從a端流出D.充電時(shí)，N時(shí)間內(nèi)線圈M中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增加AB,則M兩

8、端電壓nS出At答案 AC解析當(dāng)送電線圈N接入恒定電流時(shí)，產(chǎn)生的磁場(chǎng)不變化，受電線圈M中的磁通量不發(fā)生變化，故無法產(chǎn)生感應(yīng)電流，不能為電動(dòng)汽車充電，故A正確；當(dāng) 線圈N接入正弦式交變電流時(shí)，受電線圈M中的磁通量按正弦式變化，故M兩 端產(chǎn)生正弦式電壓，B錯(cuò)誤；穿過線圈M的磁感應(yīng)強(qiáng)度增加，根據(jù)楞次定律，如 果線圈閉合，感應(yīng)電流的磁通量向下，故感應(yīng)電流方向從b向a,即電流從a端流 出，C正確；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,有：E=n=nS1,設(shè)受電線圈外接電 路的電阻為R,由閉合電路的歐姆定律得 M兩端的電壓：U = rR=：SRBR , D 錯(cuò)誤。20.（2019湖南衡陽三模）如圖所示，粗糙絕緣的水平面

9、附近存在一平行于水 平面的電場(chǎng)，其中某一區(qū)域的電場(chǎng)線與x軸平行，在x軸上的電勢(shì) 小與坐標(biāo)x的 關(guān)系如圖中曲線所示，曲線過（0.1,4.5）和（0.15,3）兩點(diǎn)，圖中虛線為該曲線過點(diǎn) （0.15,3）的切線。現(xiàn)有一質(zhì)量為0.20 kg、電荷量為+ 2.0X10-8 C的滑塊P（可視為 質(zhì)點(diǎn)），從x=0.10 m處由靜止釋放，其與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.02,取重力加 速度g=10 m/s2。則下列說法中正確的是（）.r/iriA.滑塊P運(yùn)動(dòng)過程中的電勢(shì)能先減小后增大B.滑塊P運(yùn)動(dòng)過程中的加速度先減小后增大C.x=0.15 m處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 2.0X106 N/CD.滑塊P運(yùn)動(dòng)的最大速度為0

10、.1 m/s答案 BCD解析 由電勢(shì)小與位移x圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度可知，電場(chǎng)方向未變，滑 塊運(yùn)動(dòng)的過程中，電場(chǎng)力始終做正功，電勢(shì)能逐漸減小，故A錯(cuò)誤；電勢(shì)小與位_5 AA3X 10移x圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，則x=0.15 m處的場(chǎng)強(qiáng)為：E=; = 03_015 V/m=2X 106 V/m =2.0X 106 N/C,此時(shí)滑塊受到的電場(chǎng)力為：F = qE=2X108X2X106 N = 0.04 N,滑動(dòng)摩擦力大小為：f=mg0.02X2 N = 0.04 N,在到達(dá) x = 0.15 m前，電場(chǎng)力大于摩擦力，做加速運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小，到達(dá)x=0.15 m 后電場(chǎng)力小于摩擦力，做減速運(yùn)動(dòng)

11、，力口速度逐漸增大，故B、C正確；到達(dá)x=0.15一一11m時(shí)，滑塊受到的電場(chǎng)力等于摩擦力，速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理得，qUfx=2 mv2,因?yàn)?.10 m和0.15 m處的電勢(shì)差大約為1.5X105 V,代入求解，可得最大速 度為0.1 m/s,故D正確。21.（2019貴州畢節(jié)二模）如圖甲所示，兩個(gè)彈性球A和B放在光滑的水平面 上處于靜止?fàn)顟B(tài)，質(zhì)量分別為m1和m2,其中m=1 kg。現(xiàn)給A球一個(gè)水平向右 的瞬時(shí)沖量，使A、B球發(fā)生彈性碰撞，以碰撞初始時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，兩球的速度 隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖示信息可知（）A.B球的質(zhì)量m2=2 kgB.A球和B球在相互擠壓過程中產(chǎn)生的最大

12、彈性勢(shì)能為4.5 JC.t3時(shí)刻兩球的動(dòng)能之和小于 0時(shí)亥ij A球的動(dòng)能D.在t2時(shí)刻兩球動(dòng)能之比為 EkA ： EkB = 1 ： 8答案 AD解析 A球和B球在碰撞過程中動(dòng)量守恒,因此由miv = （mi + m2）v共，代入 題圖所給數(shù)據(jù)有m2=2 kg, A正確；A球和B球在共速的時(shí)候彈性形變達(dá)到最大，1 c 1c 9 3J=3 J, B錯(cuò)誤;,則0時(shí)亥【J A球 小球滿足動(dòng)量守廣生的彈性勢(shì)能取大，因此Epmax= 2m1v2 2（m1 + m2）v2一2 因?yàn)槭菑椥耘鲎?，兩個(gè)小球組成的系統(tǒng)在分離前后沒有能量損失 的動(dòng)能與t3時(shí)刻兩球動(dòng)能之和相等，C錯(cuò)誤；從碰撞到t2時(shí)刻,1cle

13、1恒止律和機(jī)械能守恒止律 ,因此有 mIv= mV1+m2V2, 2m1v2= 2m1v2 + 2m2v2,聯(lián) 立解得V2 = 2 m/s, vi=- 1 m/s,故t2時(shí)刻兩球的動(dòng)能之比 EkA : EkB= 1 ： 8, D正 確。第R卷(非選擇題，共62分)三、非選擇題：共62分，第2225題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。 第3334題為選考題，考生根據(jù)要求作答。(一)必考題：共47分。22.(2019成都高新區(qū)一模)(6分)某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)用如圖甲所示的裝置測(cè)量 滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)圈每次滑塊都從斜面上由靜止開始下滑，測(cè)出滑塊每次下滑時(shí)遮光板到光電門所在位置的距離L及相應(yīng)遮光時(shí)

14、間t的值。0510152()乙(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光板的寬度d,如圖乙所示，則d=cm=(2)為測(cè)出滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)出本實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)出或知道的物理量是(K下例J序號(hào))。A.滑塊和遮光板的總質(zhì)量mB.斜面的傾角9C.當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭(3)實(shí)驗(yàn)中測(cè)出了多組L和t的值，若要通過線性圖象來處理數(shù)據(jù)求46,則應(yīng)作出的圖象為。1 。1一A.t2-L圖象 B.t2-L圖象C 1一 .CC.L2-圖象 D.L2-t圖象(4)在(3)作出的線性圖象中，若直線的斜率為k,則關(guān)于小值的表達(dá)式為 嚴(yán) 。(可用以上物理量的符號(hào)表示), ,、d2答案(1)0.225 (2)BC (3)B (4)tan 9-2

15、kg金版教程 大二輪物理（創(chuàng)新版）解析(1)主尺示數(shù)為2 mm,游標(biāo)尺上刻度線5和主尺上某一刻度對(duì)齊,所 以游標(biāo)尺讀數(shù)為：5X0.05 mm=0.25 mm,故所測(cè)寬度為：2 mm+0.25 mm=2.25 mm = 0.225 cm。(2)遮光板運(yùn)動(dòng)到光電門處滑塊的速度v = ；，由動(dòng)能定理有：(mgsin 81 21d 21gLsin 0 2v gLsin 0 2i2Rmcos肌= 2mv2,可得尸 gLcos0 = gLcos0=tan2gLcos912，故需要測(cè)量斜面傾角和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋珺、C正確。d2cd21 c 1 一，一由尸的-2gLC0S，可以得到：12 = 2gsinA3

16、se 口即或圖象是1 .一條過原點(diǎn)的直線，可作12L線性圖象處理數(shù)據(jù)求N值，B正確。.2.2(4)圖象的斜率為k,則由k=-,解得 尸1an9-女工2g sin 9-os 92kgcos 923.(2019福建高中畢業(yè)班3月質(zhì)檢)(9分)某同學(xué)用內(nèi)阻Rg=20。滿偏電流Ig=5 mA的毫安表制作了一個(gè)簡(jiǎn)易歐姆表，電路如圖甲，電阻刻度值尚未標(biāo)注。甲 乙(1)該同學(xué)先測(cè)量圖甲中電源的電動(dòng)勢(shì) E,實(shí)驗(yàn)步驟如下：將兩表筆短接，調(diào)節(jié)R。使毫安表指針滿偏；將阻值為200。的電阻接在兩表筆之問，此時(shí)毫安表指針位置如圖乙所示該示數(shù)為 mA;計(jì)算得電源的電動(dòng)勢(shì)E =Vo(2)接著，他在電流刻度為5.00 mA的

17、位置標(biāo)上0 Q,在電流亥U度為2.00 mA 的位置標(biāo)上 Q并在其他位置標(biāo)上相應(yīng)的電阻刻度值。(3)該歐姆表用久后，電池老化造成電動(dòng)勢(shì)減小、內(nèi)阻增大，但仍能進(jìn)行歐姆 調(diào)零，則用其測(cè)得的電阻值 (M “大于” “等于”或“小于”)真實(shí)值。(4)為了減小電池老化造成的誤差，該同學(xué)用一電壓表對(duì)原電阻刻度值進(jìn)行修正。將歐姆表的兩表筆短接調(diào)節(jié) R0使指針滿偏；再將電壓表接在兩表筆之問， 此時(shí)電壓表示數(shù)為1.16 V歐姆表示數(shù)為1200 Q則電壓表的內(nèi)阻為 Q 原電阻刻度值300。應(yīng)修改為 Q答案 （1）3.001.5450 （3）大于（4）1160 290解析（1）由于毫安表的量程為5 mA,分度值為0

18、.1 mA,所以圖乙中的示 數(shù)為 3.00 mA;E設(shè)歐姆表的內(nèi)阻為R,由閉合電路歐姆定律得：滿偏時(shí)，5.0X 10 3A=R, 接入 200。的電阻時(shí)，3.0X103 A= ° Ec 聯(lián)立解得：R= 300 Q E=1.5 V。R十 200 L2（2）電流刻度為2.00 mA時(shí)的總電阻為R總=Q=750 Q所以此時(shí)2.00X 10外接電阻為（750 300）合450 Q（3）由閉合電路歐姆定律得：1 =3宗=三喔=5,由于電動(dòng)勢(shì)變小，則 R 十 Rx R 十 Rx / Rx1+RR=Eg變小，所以測(cè)同一電阻Rx時(shí)，電流1變小，所以電阻總的測(cè)量值變大，大于 真實(shí)值。歐姆表示數(shù)為120

19、0 Q由閉合電路歐姆定律得:1.53I = 1200+ 300 A=10 A,116一一 一.一所以電壓表的內(nèi)阻為Rv=13 Q= 1160 Q原電阻刻度值300 Q即歐姆表內(nèi)阻R的大小，設(shè)電動(dòng)勢(shì)降為E'時(shí)，調(diào)零后的內(nèi)阻為R',則E' =IgR。對(duì)于電壓 表接入的閉合電路，有E' = U + IR',聯(lián)立解得R'Ig I1.16 V_ 3_ 3 =5.0X 10 3 A-10 3 A290 Q故原300。電阻刻度應(yīng)改為290 Q24.（2019福建泉少卜|二模）（12分）華裔科學(xué)家丁肇中負(fù)責(zé)的 AMS項(xiàng)目，是通過 “太空粒子探測(cè)器”探測(cè)高能宇宙射

20、線粒子，尋找反物質(zhì)。某學(xué)習(xí)小組設(shè)想了一 個(gè)探測(cè)裝置，截面圖如圖所示。其中輻射狀加速電場(chǎng)的內(nèi)、外邊界為兩個(gè)同心圓， 圓心為O,外圓電勢(shì)為零，內(nèi)圓電勢(shì) Q -45 V,內(nèi)圓半徑R=1.0 m。在內(nèi)圓內(nèi)有 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B = 9X10 5 T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)內(nèi)有一圓形 接收器，圓心也在。點(diǎn)。假設(shè)射線粒子中有正電子，先被吸附在外圓上（初速度為 零），經(jīng)電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)，并被接收器接收。已知正電子質(zhì)量m=9X 10 31 kg, 電荷量q=1.6X 10 19 C,不考慮粒子間的相互作用。求正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率 v和半徑r；(2)若正電子恰好能被接收器接收，求接收器的半徑R&#

21、39;答案(1)4X 106 m/s 0.25 m (2) 174- 1 m解析(1)電場(chǎng)內(nèi)，內(nèi)外邊界的電勢(shì)差大小為U = 0小=45 V,在加速正電子的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得qU=2mv2-0,代入數(shù)據(jù)解得v = 4X106 m/s, 正電子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由向心力公式可得：qvB=mv",解得 r = 0.25 m。(2)正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，當(dāng)正電子運(yùn)動(dòng)的軌跡與接收器相切時(shí)，正電子恰好能被接收器接收，由幾何關(guān)系可得：R +r)2=r2+R2,解彳導(dǎo)R'm。詬 1金版教程 大二輪物理（創(chuàng)新版）25.(2019四川成者B二診)(20分)用如圖所示的裝置

22、,可以模擬貨車在水平路 面上的行駛，進(jìn)而研究行駛過程中車廂里的貨物運(yùn)動(dòng)情況。已知模擬小車(含遙控電動(dòng)機(jī))的質(zhì)量M = 7 kg,車廂前、后壁間距L = 4 m,木板A的質(zhì)量mA=1 kg,長 度La= 2 m,木板上可視為質(zhì)點(diǎn)的物體B的質(zhì)量mB=4 kg, A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù) 尸0.3,木板與車廂底部(水平)間的動(dòng)摩擦因數(shù) w=0.32, A、B緊靠車廂前壁。現(xiàn) “司機(jī)”遙控小車從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一定時(shí)間，A、B同時(shí)與車廂后壁碰撞。設(shè)小車運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣和地面總的阻力恒為F阻=16 N,重力加速度大小g=10 m/s2,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。后壁» 前空=|p

23、R(1)從小車啟動(dòng)到A、B與后壁碰撞的過程中，分別求A、B的加速度大小；(2)A、B與后壁碰撞前瞬間，求遙控電動(dòng)機(jī)的輸出功率；(3)若碰撞后瞬間，三者速度方向不變，小車的速率變?yōu)榕銮暗?0%, A、B的 速率均變?yōu)榕銮靶≤嚨乃俾?，且“司機(jī)”立即關(guān)閉遙控電動(dòng)機(jī)，求從開始運(yùn)動(dòng)到 A相對(duì)車靜止的過程中，A與車之間由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能。答案 (1)4 m/s2 3 m/s2 (2)670 W (3)40 J解析(1)由題意，從小車啟動(dòng)到A、B與后壁碰撞的過程中，三者間有相對(duì) 滑動(dòng)，三者受力如圖所示，對(duì) B: fAB= pnBg= 12 N由牛頓第二定律有：fAB= mBaB代入數(shù)據(jù)解得：aB=3 m/s

24、2,方向向前，做勻加速運(yùn)動(dòng)對(duì) A: F 車 a= w(mA+mB)g= 16 N, fAB=fBA由牛頓第二定律：F車A fBA= mAaA代入數(shù)據(jù)解得：aA= 4 m/s2,方向向前，做勻加速運(yùn)動(dòng)。(2)A、B同時(shí)到達(dá)后壁，有sa sb = %At2gaBt2 = La121.2.且：s車一SB=2a 車t 2aBt =L解得：t=2 s, a 車=5 m/S2對(duì)車，由牛頓第二定律有：F 牽一w（mA+ mB）g F 阻=Ma 車解得：F牽=67 N電動(dòng)機(jī)輸出功率為P=F牽v碰撞前瞬間的車速為：v = a車t聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得：v=10 m/s,P = 670 W。碰撞后瞬間，v車=

25、0.8v=8 m/s, A、B的速率為v,因產(chǎn)出 所以碰后三者之間仍有相對(duì)滑動(dòng)，三者受力如圖所示，對(duì)B: aB' =aB = 3 m/s2,方向向后，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)對(duì)A： aA' =aA = 4 m/s2,方向向后，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)對(duì)車：F牽=5阻一Fa車=0,因此車做勻速直線運(yùn)動(dòng)v v設(shè)經(jīng)時(shí)間t' , A與車相對(duì)靜止，則：t' =vv-=0.5 sA與車間相對(duì)滑動(dòng)的距離為：匣=sa' s車'=（vt' 2aA' t' 2）v 車't'得：bs= 0.5 mA相對(duì)車通過的總路程：As總=As+ 2A與車之

26、間由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能：E=F車a As總 代入數(shù)據(jù)解得：E = 40 Jo則按所（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答。如果多做 做的第一題計(jì)分。33.物理一一選彳3 3（15分）（1）（2019廣東高三月考）（5分）一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始,經(jīng)歷三個(gè)過 程ab、bc、ca回到原狀態(tài)，其p-V圖象如圖所示，由圖象可知：a、b、c三個(gè)狀 態(tài)中，狀態(tài)的分子平均動(dòng)能最??；b和c兩個(gè)狀態(tài)比較，b狀態(tài)中容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)較 ;若經(jīng)歷ca過程氣體 的內(nèi)能減少了 20 J,則該過程氣體放出的熱量為 J（2）（2019南昌三模）（10分）農(nóng)藥噴霧器的原理如圖所示，

27、儲(chǔ)液筒與打氣筒用 軟細(xì)管相連，先在筒內(nèi)裝上藥液，再擰緊筒蓋并關(guān)閉閥門K,用打氣筒給儲(chǔ)液筒充氣增大儲(chǔ)液筒內(nèi)的氣壓，然后再打開閥門，儲(chǔ)液筒的液體就從噴霧頭噴出。已 知儲(chǔ)液筒容器為10 L（不計(jì)儲(chǔ)液筒兩端連接管體積），打氣筒每打一次氣能向儲(chǔ)液 筒內(nèi)壓入空氣200 mL,現(xiàn)在儲(chǔ)液筒內(nèi)裝入8 L的藥液后關(guān)緊筒蓋和噴霧頭閥門 K,再用打氣筒給儲(chǔ)液筒打氣。（設(shè)周圍大氣壓包為1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，打氣過程中 儲(chǔ)液筒內(nèi)氣體溫度與外界溫度相同且保持不變）求：筒蓋噴霧頭廠H工打氣筒儲(chǔ)液筒要使儲(chǔ)液筒內(nèi)藥液上方的氣體壓強(qiáng)達(dá)到3 atm,打氣筒活塞需要循環(huán)工作的次數(shù)；打開噴霧頭開關(guān) K直至儲(chǔ)液筒的內(nèi)外氣壓相同，儲(chǔ)液筒內(nèi)剩余藥液

28、的體 積。答案 (1)a多 120 (2)204 L解析（1）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pV= C,可知a狀態(tài)的p、V乘積最小，則溫度最低，分子平均動(dòng)能最小；b和c兩個(gè)狀態(tài)比較，p、V乘積相同,則溫度相同,分 子平均速率相同，b狀態(tài)壓強(qiáng)較大，體積小，分子數(shù)密度較大，則b狀態(tài)中容器壁 單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)較多；ca過程外界對(duì)氣體做功：W= pAV=0.5X 10。（填正確答案標(biāo)號(hào)。選對(duì)1個(gè)得2分，選又t 2個(gè)得4分，選又t 3個(gè)得5 分。每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分）X（3 1）X 10 3 J=100 J；則由 AU = W+ Q 可得 Q=AU W= 20 J- 100 J

29、= 120 J,則該過程氣體放出的熱量為 120 Jo（2）設(shè)需打氣的次數(shù)為n,每次打入的氣體體積為V0,儲(chǔ)液筒藥液上方的氣 體體積為V,則開始打氣前：儲(chǔ)液筒液體上方氣體的壓強(qiáng)： p1 = p0=1 atm,氣體 的體積為：V1 = V+nV。打氣完畢時(shí)，儲(chǔ)液筒內(nèi)藥液上方的氣體體積為：V2=V,壓強(qiáng)為 p2 = 3 atm打氣過程為等溫變化，所以由玻意耳定律得：p1V1 = p2 V2代入數(shù)據(jù)解得：n = 20。打開噴霧頭閥門K直至儲(chǔ)液筒內(nèi)外氣壓相同時(shí)，設(shè)儲(chǔ)液筒上方氣體的體 積為V3,此過程為等溫變化，所以由玻意耳定律得：p3V3=p1V1,代入數(shù)據(jù)解得：V3 = 3V1 = 6 L所以噴出的藥液的體積V' =V3V=4 L,剩余的藥液的體積為8 L-4 L = 4 Lo34.物理一一選彳3 4（15分）（1）（2019江西九校重點(diǎn)中學(xué)協(xié)作體高三第一次聯(lián)考）（5分）甲、乙兩位同學(xué)利 用假期分別在兩個(gè)地方做“用單擺測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)”，回來后共同繪制了T2-L圖象，如圖甲中A、B所示，此外甲同學(xué)還順便利用其實(shí)驗(yàn)的單擺探究了受 迫振動(dòng)，并繪制了單擺的共振曲線，