安徽獅遠(yuǎn)縣民族中學(xué)2019-2020學(xué)年高一物理下學(xué)期6月月考試題（含解析）

1、安徽省定遠(yuǎn)縣民族中學(xué)2019-2021學(xué)年高一物理下學(xué)期6月月考試題（含解析）一、選擇題1.如圖所示，在光滑的水平地面上，質(zhì)量為m1的物塊和質(zhì)量為m2的小球通過輕彈簧連接，在力F的作用下一起沿水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)（物塊在地面上，小球在空中），已知力F與水平方向的夾角為，則下列說法正確的是（ ）A. 物塊的加速度為B. 物塊受到地面的支持力大小為m1gFsinC. 彈簧的彈力大小等于拉力F和小球重力的合力D. 如果在物塊上再固定一個(gè)質(zhì)量為m1的物體，則它們的加速度不變【答案】A【解析】【分析】直接對m1、m2、彈簧整體受力分析，即可以知道m(xù)1受到的支持力和摩擦力，注意在對整體分析時(shí)，要注意彈簧的

2、彈力為內(nèi)力，不予考慮【詳解】將m1、m2、彈簧看作整體，受力分析如圖所示：根據(jù)平衡條件并采用正交分解法，得：（m1+m2）a=Fcos ；所以：故A正確；豎直方向：N+Fsin （m1+m2）g=0，解得：N=（m1+m2）gFsin 故B錯(cuò)誤；小球的加速度不為0，即小球受到的三個(gè)力的合力不為0，所以彈簧的彈力大小不等于拉力F和小球重力的合力故C錯(cuò)誤；如果在物塊上再固定一個(gè)質(zhì)量為m1的物體，則它們的加速度： ，可知加速度減小故D錯(cuò)誤故選A.【點(diǎn)睛】本題是牛頓第二定律的應(yīng)用中已知受力求加速度的情況，關(guān)鍵是采用整體法并結(jié)合正交分解法列式求解；隔離法與整體法：整體法：以幾個(gè)物體構(gòu)成的整個(gè)系統(tǒng)為研究對

3、象進(jìn)行求解在許多問題中用整體法比較方便，但整體法不能求解系統(tǒng)的內(nèi)力隔離法：從系統(tǒng)中選取一部分（其中的一個(gè)物體或兩個(gè)物體組成的整體，少于系統(tǒng)內(nèi)物體的總個(gè)數(shù)）進(jìn)行分析隔離法的原則是選取受力個(gè)數(shù)最少部分的來分析通常在分析外力對系統(tǒng)作用時(shí)，用整體法；在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的相互作用時(shí)，用隔離法有時(shí)在解答一個(gè)問題時(shí)要多次選取研究對象，需要整體法與隔離法交叉使用2.如圖甲所示，足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A。木板B受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí)，用傳感器測出木板B的加速度a，得到如圖乙所示的aF圖像，g取10m/s2 ， 則（）A. 滑塊A的質(zhì)量為4kgB. 木板B的質(zhì)量為1kgC

4、. 當(dāng)F=6N時(shí)木板B加速度為0D. 滑塊A與木板B間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1【答案】B【解析】【詳解】ABD由圖知，當(dāng)F=8N時(shí)，加速度：a=2m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有：F=（mA+mB）a代入數(shù)據(jù)解得mA+mB=4kg當(dāng)F大于8N時(shí)，A、B發(fā)生相對滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：對B有由圖示圖象可知，圖線的斜率 解得mB=1kg mA=3kg將a=0時(shí)，F(xiàn)=6N代入解得=0.2故AD錯(cuò)誤，B正確。C根據(jù)F=6N8N時(shí)，滑塊與木板相對靜止，由圖像可知B的加速度不為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。故選B。3.一位網(wǎng)球運(yùn)動(dòng)員以拍擊球，使網(wǎng)球沿水平方向飛出，第一只球落在自己一方場地的B點(diǎn)，彈跳起來后，剛好從C點(diǎn)

5、擦網(wǎng)而過，落到A點(diǎn)，第二只球從C點(diǎn)擦過后也落在A點(diǎn)，設(shè)球與地面的碰撞過程沒有能量損失，且運(yùn)動(dòng)過程不計(jì)空氣阻力，則兩只球飛過球網(wǎng)C處時(shí)水平速度之比為（）A. 1：1B. 1：3C. 3：1D. 1：9【答案】B【解析】【詳解】兩球拋出時(shí)的高度相同，根據(jù)可知，球從O到A的時(shí)間等于從O到B的時(shí)間，又第一只球落到B點(diǎn)時(shí)的水平位移與第二只落到A點(diǎn)的球的水平位移之比為1：3，根據(jù)可知，兩只球的水平初速度之比為1：3，則兩只球飛過球網(wǎng)C處時(shí)水平速度之比為1：3。故選B。4.2016年2月11日，美國科學(xué)家宣布探測到引力波，證實(shí)了愛因斯坦100年前的預(yù)測，彌補(bǔ)了愛因斯坦廣義相對論中最后一塊缺失的“拼圖”。雙星

6、的運(yùn)動(dòng)是產(chǎn)生引力波的來源之一，假設(shè)宇宙中有一雙星系統(tǒng)由a、b兩顆星體組成，這兩顆星繞它們連線的某一點(diǎn)在萬有引力作用下作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測得a星的周期為T，a、b兩顆星的距離為l、a、b兩顆星的軌道半徑之差為r（a星的軌道半徑大于b星的），則（）A. b星的周期為 TB. a星的線速度大小為 C. a、b兩顆星的軌道半徑之比為 D. a、b兩顆星的質(zhì)量之比為 【答案】B【解析】【詳解】A雙星系統(tǒng)靠相互間的萬有引力提供向心力，角速度大小相等，則周期相等，所以b星的周期為T，故A錯(cuò)誤；BC題意可知ra+rb=lra-rb=r解得則a星線速度大小為兩顆星的軌道半徑之比為 ，故B正確，C錯(cuò)誤。D雙星系統(tǒng)靠

7、相互間的萬有引力提供向心力，角速度大小相等，向心力大小相等，則有mara2mbrb2解得質(zhì)量之比為 則D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，一根跨過一固定的水平光滑細(xì)桿的輕繩兩端拴有兩個(gè)小球，球a置于水平地面上，球b被拉到與細(xì)桿同一水平的位置，把繩拉直后，由靜止釋放球b，當(dāng)球b擺到O點(diǎn)正下方時(shí)，球a對地面的壓力大小為其重力的 ，已知圖中Ob段的長度小于Oa段的長度，不計(jì)空氣阻力，則（）A. 球b下擺過程中處于失重狀態(tài)B. 球b下擺過程中向心加速度變小C. 當(dāng)球b擺到O點(diǎn)正下方時(shí)，球b所受的向心力為球a重力的D. 兩球質(zhì)量之比ma：mb=9：2【答案】D【解析】【詳解】A球b下落過程中，做圓周運(yùn)動(dòng)，速度

8、不斷增大，而豎直方向的速度先增大后減小，即豎直加速度先向下后向上，小球處于先失重后超重，故A錯(cuò)誤；Bb球速度增大，根據(jù)可知，向心加速度增大，故B錯(cuò)誤；C當(dāng)球b擺到O點(diǎn)正下方時(shí)，球a對地面的壓力大小為其重力的，則F+FN=mag解得Fmag球b所受的向心力為F向=F-mbg=magmbg故C錯(cuò)誤；D設(shè)Ob繩長為l，在下落過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可知?jiǎng)t聯(lián)立解得ma：mb=9：2故D正確。故選D。6.如圖所示，一足夠長的水平傳送帶以恒定的速度運(yùn)動(dòng)，每隔時(shí)間T在A端輕輕放上相同的物塊，當(dāng)物塊與傳送帶相對靜止后，相鄰兩物塊的間距大?。?）A. 與物塊和傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)的大小有關(guān)B. 與物塊的質(zhì)量大小有關(guān)

9、C. 恒為vTD. 由于物塊放上傳送帶時(shí)，前一物塊的速度不明確，故不能確定其大小【答案】C【解析】【詳解】物塊輕放在水平傳送帶上，先做初速度為零勻加速直線運(yùn)動(dòng)，與物塊與傳送帶相對靜止后，以速度v做勻速直線運(yùn)動(dòng)；設(shè)物體的速度達(dá)到v用時(shí)間t，則物體的位移相鄰的物體運(yùn)動(dòng)位移為兩物體的間距故選C。7.兩位同學(xué)分別在塔的不同高度，用兩個(gè)輕重不同的球做自由落體運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)，已知甲球重力是乙球重力的兩倍，釋放甲球處的高度是釋放乙球處高度的兩倍，不計(jì)空氣阻力，則（）A. 甲、乙兩球下落的加速度相等B. 甲球下落的加速度是乙球的2倍C. 甲、乙兩球落地時(shí)的速度相等D. 甲、乙兩球各下落1s時(shí)的速度相等【答案】AD【

10、解析】【詳解】AB甲乙兩物體都做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度都為g，故A正確，B錯(cuò)誤。C根據(jù)v2=2gh知兩球的高度不同，則落地的速度不等，故C錯(cuò)誤。D根據(jù)v=gt知經(jīng)過1s時(shí)兩球的速度相等，故D正確。故選AD。8.如圖所示，質(zhì)量為M的半球形物體A放在粗糙水平地面上，一端固定在最高點(diǎn)處的水平細(xì)線另一端拉住一質(zhì)量為m的光滑球BA、B兩球的球心連線與豎直方向成30角，B球均勻帶正電，電荷量為q，處在電場強(qiáng)度為E，與水平面成60斜向下的勻強(qiáng)電場中，整體靜止，則下列說法正確的是( ) A. A對地面的壓力等于B. 地面對A的摩擦力方向向左，大小為C. 細(xì)線對小球的拉力大小為D. B對A的壓力大小為【答案】BC

11、【解析】【詳解】AB對球和半球形絕緣體整體分析，受重力、支持力、電場力和摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：N=(M+m)g+qEsin60=(M+m)g+qE；f=qEcos60=qE，向左根據(jù)牛頓第三定律,A對地面的壓力大小為(M+m)g+qEA對地面的摩檫力方向水平向右,大小為qE ；故A錯(cuò)誤，B正確；CD對球受力分析，受重力、支持力、拉力和電場力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：T=Nsin30+qEsin30Ncos30=mg+qEcos30聯(lián)立解得：T=N=mg+qE根據(jù)牛頓第三定律，壓力為mg+qE，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示為豎直平面內(nèi)的兩個(gè)半圓軌道，在B點(diǎn)平滑連接，兩半圓的圓

12、心O1、O2在同一水平線上，小半圓半徑為R，大半圓半徑為2R，一滑塊從大的半圓一端A點(diǎn)以一定的初速度向上沿著半圓內(nèi)壁運(yùn)動(dòng)，且剛好能通過大半圓的最高點(diǎn)，滑塊從小半圓的左端向上運(yùn)動(dòng)，剛好能到達(dá)大半圓的最高點(diǎn)，大半圓內(nèi)壁光滑，則（ ）A. 滑塊在A的初速度為 B. 滑塊在B點(diǎn)對小半圓的壓力為6mgC. 滑塊通過小半圓克服摩擦做的功力為mgRD. 增大滑塊在A點(diǎn)的初速度，則滑塊通過小半圓克服摩擦力做的功不變【答案】BC【解析】【詳解】A由于滑塊恰好能通過大的半圓的最高點(diǎn)，只有重力提供向心力，即,解得，以AB面為參考面，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得，求得，故A錯(cuò)誤B滑塊在B點(diǎn)沿半徑方向只有支持類提供向心力，由

13、牛頓第三定律可知滑塊時(shí)對小圓軌道的壓力為：，故B正確C設(shè)滑塊在O1點(diǎn)的速度為v，則：，在小的半圓中運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)動(dòng)能定理，故C正確D增大滑塊在A點(diǎn)的初速度，則物塊在小的半圓中各個(gè)位置速度都增大，物塊對半圓軌道的平均壓力增大，由滑動(dòng)摩擦力公式增大，因此克服摩擦力做的功增多，故D錯(cuò)誤故選BC10.美國在2016年2月11日宣布“探測到引力波的存在”天文學(xué)家通過觀測雙星軌道參數(shù)的變化來間接驗(yàn)證引力波的存在，證實(shí)了GW150914是兩個(gè)黑洞并合的事件該事件中甲、乙兩個(gè)黑洞的質(zhì)量分別為太陽質(zhì)量的36倍和29倍，假設(shè)這兩個(gè)黑洞，繞它們連線上的某點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，且這兩個(gè)黑洞的間距緩慢減小若該黑洞系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)過程

14、中各自質(zhì)量不變且不受其它星系的影響，則關(guān)于這兩個(gè)黑洞的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（ ）A. 甲、乙兩個(gè)黑洞運(yùn)行的線速度大小之比為36：29B. 甲、乙兩個(gè)黑洞運(yùn)行的角速度大小始終相等C. 隨著甲、乙兩個(gè)黑洞的間距緩慢減小，它們運(yùn)行的周期也在減小D. 甲、乙兩個(gè)黑洞做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小始終相等【答案】BC【解析】A、雙星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)具有相同的角速度，根據(jù)，得，因?yàn)橘|(zhì)量大的黑洞和質(zhì)量小的黑洞質(zhì)量之比為，則軌道半徑之比為，根據(jù)知，因?yàn)橘|(zhì)量大的黑洞和質(zhì)量小的黑洞半徑之比為，角速度相等，則線速度之比為，故A錯(cuò)誤，B正確；C、根據(jù)可得，根據(jù)可得，所以當(dāng)不變時(shí)，L減小，則T減小，即雙星系統(tǒng)運(yùn)行周期會(huì)隨間

15、距減小而減小，故C正確；D、根據(jù)知，因?yàn)橘|(zhì)量大黑洞和質(zhì)量小的黑洞半徑之比為，角速度相等，則向心加速度之比為，故D錯(cuò)誤點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，應(yīng)用萬有引力定律與牛頓第二定律即可正確解題11.如圖所示，裝置豎直放置，上端是光滑細(xì)圓管圍成圓周軌道的一部分，半徑為R（圓管內(nèi)徑R），軌道下端各連接兩個(gè)粗糙的斜面，斜面與細(xì)圓管相切于C，D兩點(diǎn)，斜面與水平面夾角為53，兩個(gè)斜面下端與半徑為0.5R的圓形光滑軌道連接，并相切于E，F(xiàn)兩點(diǎn)。有一質(zhì)量m=1kg的滑塊（滑塊大小略小于管道內(nèi)徑），從管道的最高點(diǎn)A靜止釋放該滑塊，滑塊從管道左側(cè)滑下，物塊與粗糙的斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5

16、，（g=10m/s2 ， sin53=0.8，cos53=0.6），則（）A. 釋放后滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)達(dá)到的最高點(diǎn)高出O1點(diǎn)0.6RB. 滑塊經(jīng)過最低點(diǎn)B的壓力最小為18NC. 滑塊最多能經(jīng)過D點(diǎn)4次D. 滑塊最終會(huì)停在B點(diǎn)【答案】AB【解析】【詳解】A設(shè)CE=FD=L，由幾何知識(shí)可得：L=0.5Rtan53=R設(shè)釋放后滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)達(dá)到的最高點(diǎn)高出O1點(diǎn)h。由動(dòng)能定理得：mg（R-h）-2mgcos53L=0解得 h=0.6R即釋放后滑塊在軌道上運(yùn)動(dòng)達(dá)到的最高點(diǎn)高出O1點(diǎn)0.6R，故A正確。BD滑塊在斜面上滑動(dòng)時(shí)機(jī)械能不斷減少，最終滑塊在EF間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，從E到F的過程，由機(jī)械能守恒定律得在

17、B點(diǎn)，由牛頓第二定律得聯(lián)立解得 N=18N由牛頓第三定律得：滑塊經(jīng)過最低點(diǎn)B的壓力最小值 N=N=18N，故B正確，D錯(cuò)誤。C設(shè)滑塊在兩個(gè)斜面上滑行的總路程為S，對整個(gè)過程（從A到E或到F的過程），運(yùn)用動(dòng)能定理得mg（R+Rcos53+Lsin53）-mgcos53S=0解得因?yàn)榧吹盟曰瑝K最多能經(jīng)過D點(diǎn)5次，故C錯(cuò)誤。故選AB。12.如圖所示，有三個(gè)斜面a、b、c，底邊的長分別為L、L、2L，高度分別為2h、h、h某物體與三個(gè)斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都相同，這個(gè)物體分別沿三個(gè)斜面從頂端由靜止開始下滑到底端三種情況相比較，下列說法正確的是（）A. 物體減少的重力勢能Ea=2Eb=2EcB. 物體到達(dá)

18、底端的動(dòng)能Eka=2Ekb=2EkcC. 因摩擦產(chǎn)生的熱量2Qa=2Qb=QcD. 因摩擦產(chǎn)生的熱量4Qa=2Qb=Qc【答案】AC【解析】【詳解】A重力勢能的減少量等于重力做的功，所以，即，A正確；B設(shè)斜面和水平方向夾角為，斜面長度為X，則物體下滑過程中克服摩擦力做功為：，即為底邊長度；物體下滑，除重力外有摩擦力做功，根據(jù)能量守恒，損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化成摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，由圖可知a和b底邊相等且等于c的一半，故摩擦生熱關(guān)系為：，設(shè)物體滑到底端時(shí)的速度為v，根據(jù)動(dòng)能定理得：，根據(jù)圖中斜面高度和底邊長度可知滑到底邊時(shí)動(dòng)能大小關(guān)系為：，B錯(cuò)誤；CD克服摩擦力所做功等于因摩擦產(chǎn)生熱量，所以C正確，D錯(cuò)誤。

19、故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題（共2小題，每小空2分，共16分） 13.圖1為“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖砂和砂桶的總質(zhì)量為m，小車和砝碼的總質(zhì)量為M實(shí)驗(yàn)中用砂和砂桶總重力的大小作為細(xì)線對小車?yán)Φ拇笮　?（1）實(shí)驗(yàn)中，為了使細(xì)線對小車的拉力等于小車所受的合外力，先調(diào)節(jié)長木板一端滑輪的高度，使細(xì)線與長木板平行接下來還需要進(jìn)行的一項(xiàng)操作是_ A將長木板水平放置，讓小車連著已經(jīng)穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電，調(diào)節(jié)m的大小，使小車在砂和砂桶的牽引下運(yùn)動(dòng)，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運(yùn)動(dòng) B將長木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨?，讓小車連著已經(jīng)穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，撤去砂和砂桶，給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電，輕推小

20、車，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運(yùn)動(dòng) C將長木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨?，撤去紙帶以及砂和砂桶，輕推小車，觀察判斷小車是否做勻速運(yùn)動(dòng)（2）使小車質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn) _砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量（填“大于”或“小于”） （3）右圖2為某次實(shí)驗(yàn)得到紙帶，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如圖，圖中相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度大小為_m/s2 （4）該同學(xué)把砝碼和砝碼的總重量作為小車的拉力，并依次測出了小車的加速度然后畫出了如圖3所示的圖象，該圖象雖是一條直線，但不通過坐標(biāo)原點(diǎn)原因是：_【答案】 (1). B (2). 大于 (3). 0.51 (4). 沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解析】【詳解】（1）1實(shí)驗(yàn)

21、前將長木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨鹊哪康氖瞧胶饽Σ亮Γ瑸榱耸辜?xì)線對小車的拉力等于小車所受的合外力，先調(diào)節(jié)長木板一端滑輪的高度，使細(xì)線與長木板平行接下來還需要進(jìn)行的一項(xiàng)操作是將長木板的一端墊起適當(dāng)?shù)母叨?，讓小車連著已經(jīng)穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，撤去砂和砂桶，給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電，輕推小車，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運(yùn)動(dòng)，即平衡摩擦力，故選B （2）2當(dāng)小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于砝碼與砝碼盤的總質(zhì)量時(shí)，可以近似認(rèn)為小車所受的拉力等于砝碼與砝碼盤的重力 （3）3相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，則計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔t=0.025=0.1s由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論：x=at2可知，加速度：a=0.51m/s2小車向左做

22、加速運(yùn)動(dòng)，則加速度的方向向左；（4）4由圖3所示圖象可知，aF圖象在F軸上有截距，即當(dāng)拉力大到一定值時(shí)才產(chǎn)生加速度，說明小車所受合力小于砝碼與砝碼盤的重力，這由于沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足造成的。14.利用圖甲裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)。除帶夾子的重錘、紙帶、鐵架臺(tái)（含鐵夾）、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、交流電源、導(dǎo)線及開關(guān)外，在下列器材中，還必須使用的一種器材是_；A.游標(biāo)卡尺 B.刻度尺 C.天平（含砝碼） D.彈簧秤實(shí)驗(yàn)中，先接通電源，再釋放重物，得到圖乙所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測得它們到起始點(diǎn)O的距離分別為hA、hB、hC 。 己知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點(diǎn)

23、計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的周期為T，設(shè)重物的質(zhì)量為m。從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過程中，重物的重力勢能減少量Ep=_， 動(dòng)能增加量Ek=_。 某同學(xué)想用圖像來研究機(jī)械能是否守恒，在紙帶上選取多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，測量各點(diǎn)到起始點(diǎn)O的距離h，計(jì)算對應(yīng)計(jì)數(shù)點(diǎn)的重物速度v，描繪v2h圖像，則下列說法正確的是_。A.可以利用公式v=gt計(jì)算重物在各點(diǎn)速度B.可以利用公式v= 計(jì)算重物在各點(diǎn)的速度C.圖像是一條直線就說明機(jī)械能一定守恒D.只有圖像近似是一條過原點(diǎn)的直線且斜率接近2g才能說明機(jī)械能守恒。【答案】 (1). B (2). mghB (3). (4). D【解析】【詳解】.1驗(yàn)證機(jī)械能守恒，即驗(yàn)證動(dòng)能的增加量和重力勢能的減小

24、量是否相等，質(zhì)量可以約去，不需要測量重錘的質(zhì)量，所以不需要天平、彈簧秤；實(shí)驗(yàn)中需要用刻度尺測量點(diǎn)跡間的距離，從而求解重力勢能的減小量和動(dòng)能的增加量，不需要游標(biāo)卡尺，故B正確，ACD錯(cuò)誤故選B23從打O點(diǎn)到打B點(diǎn)的過程中，重物的重力勢能減少量Ep=mghBB點(diǎn)的瞬時(shí)速度則動(dòng)能的增加量4AB求解各點(diǎn)的速度，運(yùn)用某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求解，不能根據(jù)v=gt，或根據(jù)求解，否則就是運(yùn)用機(jī)械能守恒驗(yàn)證機(jī)械能守恒，失去驗(yàn)證的意義，故AB錯(cuò)誤C如果v2-h圖象為直線，僅表示合力恒定，與機(jī)械能是否守恒無關(guān)，比如：阻力恒定，合外力一定，加速度一定，v2-h圖象也可能是一條過原點(diǎn)的傾斜的直線，故

25、C錯(cuò)誤D根據(jù)mghmv2得v2=2gh可知只有圖象近似是一條過原點(diǎn)的直線且斜率接近2g才能說明機(jī)械能守恒故D正確故選D四、計(jì)算題（共3小題，共36分） 15.急救車是人民生命的保護(hù)神，熱愛生命、珍惜生命，社會(huì)車輛要主動(dòng)避讓救護(hù)車。某急救車正以18m/s的速度火速前進(jìn)，到達(dá)一路口時(shí)遇到堵車不得不急剎車等候。若路口長81m，剎車的加速度大小為6m/s2， 車正好在路口停止線處停住，停止后又等候了2分鐘，再以8m/s2的加速度啟動(dòng)，但該車最大時(shí)速不得超過72km/h。求：(1)開始剎車到停止的位移； (2)本次堵車耽誤的時(shí)間?！敬鸢浮?1)27m；(2)122.3s【解析】【詳解】（1）根據(jù)速度位移公式得，剎車到停止的位移（2）剎車速度減為零的時(shí)間速度達(dá)到最大速度經(jīng)歷的時(shí)間速度達(dá)到最大經(jīng)歷的位移 速度達(dá)到最大后繼續(xù)勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間若該段過程不剎車，經(jīng)歷的時(shí)間本次堵車耽誤的時(shí)間t=t1+t2+t3+120-t4=3+2.5+2.8+120-6s=122.3s16.如圖所示，將小砝碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，砝碼的移動(dòng)很小，幾乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為m1和m2，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為重力加速度為g（1）當(dāng)紙板相對砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí)，求紙板所受摩擦力大??；（2）要使紙