高三高考物理一輪期末復(fù)習(xí)錯題集專題系列：機械運動、機械波

1、機械運動、機械波錯題集一、主要內(nèi)容本章內(nèi)容包括機械振動、回復(fù)力、振幅、周期、頻率、簡諧振動、受迫振動、共振、機械波、 波長、波速、橫波、 縱波、波的干涉和衍射等基本概念， 以及單擺振動的周期規(guī)律、簡諧運動的圖像、 簡諧運動中的能量轉(zhuǎn)化規(guī)律、 波的圖像、 波長和頻率與波速之間的關(guān)系等規(guī)律。二、基本方法本章中所涉及到的基本方法有：由于振動和波動的運動規(guī)律較為復(fù)雜，且限于中學(xué)數(shù)學(xué)知識的水平， 因此對于這部分內(nèi)容不可能像研究直線運動、平拋、圓周運動那樣從運動方向出發(fā)描述和研究物體的運動，而是利用圖象法對物體做簡諧運動的運動規(guī)律及振動在介媒中的傳播過程進行描述與研究。圖像法具有形象、 直觀等優(yōu)點， 其中

2、包含有豐富的物理信息，在學(xué)習(xí)時同學(xué)們要注意加以體會；另外， 在研究單擺振動的過程中， 對于單擺所受的回復(fù)力特點的分析，采取了小擺角的近似的處理，這是一種理想化物理過程的方法。三、錯解分析在本章知識應(yīng)用的過程中，初學(xué)者常犯的錯誤主要表現(xiàn)在：對于諸如機械振動、簡諧運動、受迫振動、共振、阻尼振動、等幅振動等眾多的有關(guān)振動的概念不能深刻的理解，從而造成混淆； 不能從本質(zhì)上把握振動圖象和波的圖象的區(qū)別和聯(lián)系，這主要是由于振動的圖象與波的圖象形式上非常相似，一些學(xué)生只注意圖象的形狀，而忽略了圖象中坐標(biāo)軸所表示的物理意義， 因此造成了將兩個圖象相混淆。另外，由于一些學(xué)生對波的形成過程理解不夠深刻，導(dǎo)致對于波

3、在傳播過程中時間和空間的周期性不能真正的理解和把握；由于干涉和衍射的發(fā)生條件、 產(chǎn)生的現(xiàn)象較為抽象，所以一些學(xué)生不能準(zhǔn)確地把握相關(guān)的知識內(nèi)容，表現(xiàn)為抓不住現(xiàn)象的主要特征、產(chǎn)生的條件混淆不清。例 1一個彈簧振子，第一次被壓縮x 后釋放做自由振動，周期為T1，第二次被壓縮2x 后釋放做自由振動，周期為T2，則兩次振動周期之比T1T2 為A11B12C2 1C14【錯解】壓縮 x 時，振幅為x，完成一次全振動的路程為4x。壓縮 2x 時，振幅即為 2x，完成一次全振動的路程為8x。由于兩種情況下全振動的路程的差異，第二次是第一次的 2 倍。所以，第二次振動的周期一定也是第一次的2 倍，所以選B。1/

4、15【錯解原因】上述解法之所以錯誤是因為把振子的運動看成是勻速運動或加速度恒定的勻加速直線運動了。用了勻速或勻加速運動的規(guī)律。說明這些同學(xué)還是沒有掌握振動的特殊規(guī)律?！痉治鼋獯稹渴聦嵣?，只要是自由振動，其振動的周期只由自身因素決定，對于彈簧振子而言， 就是只由彈簧振子的質(zhì)量m和彈簧的勁度系數(shù)k 決定的， 而與形變大小、 也就是振幅無關(guān)。所以只要彈簧振子這個系統(tǒng)不變（m，k 不變），周期就不會改變，所以正確答案為 A。【評析】 本題給出的錯解是初學(xué)者中最常見的錯誤。產(chǎn)生這一錯誤的原因是習(xí)慣于用舊的思維模式分析新問題，而不善于抓住新問題的具體特點，這反映了學(xué)習(xí)的一種思維定勢。只有善于接受新知識、新

5、方法，并將其運用到實際問題中去，才能開闊我們分析、解決問題的思路，防止思維定勢。例 2一個單擺， 如果擺球的質(zhì)量增加為原來的4 倍，擺球經(jīng)過平衡位置時的速度減為原來的 1 ，則單擺的2A頻率不變，振幅不變B 頻率不變，振幅改變C頻率改變，振幅不變D 頻率改變，振幅改變【錯解】錯解一： 因為單擺的周期 （頻率） 是由擺長 l 和當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭 決定的，所以頻率是不變的，而從動能公式上看：Ek1 mv2 ，質(zhì)量變?yōu)樵瓉淼?4 倍，速度變?yōu)樵?來的 1 ，結(jié)果動能不變，既然動能不變（指平衡位置動能也就是最大動能），由機械能守2恒可知，勢能也不變。所以振幅也不變，應(yīng)選A。錯解二：認(rèn)為速度減為原來的1

6、 ，即運動得慢了，所以頻率要變，而振幅與質(zhì)量、速2度無關(guān)（由上述理由可知）所以振幅不變，應(yīng)選C。錯解三：認(rèn)為頻率要改變，理由同錯解二。而關(guān)于振幅的改變與否，除了錯解一中所示理由外，即總能量不變，而因為重力勢能EP=mgh， EP 不變， m變?yōu)樵瓉淼? 倍， h 一定變小了，即上擺到最高點的高度下降了，所以振幅要改變，應(yīng)選D?！惧e解原因】此題主要考查決定單擺頻率（周期）和振幅的是什么因素，而題中提供了兩個變化因素， 即質(zhì)量和最大速度， 到底頻率和振幅與這兩個因素有沒有關(guān)系。若有關(guān)系，有什么關(guān)系，是應(yīng)該弄清楚的。2/15而錯解二和錯解三中都認(rèn)為頻率不變，這是因為為不清楚決定單擺的因素是擺長l 和

7、當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭，而與擺球質(zhì)量及運動到最低點的速度無關(guān)。錯解二中關(guān)于頻率不變的判斷是正確的，錯誤出現(xiàn)在后半句的結(jié)論上。判斷只從能量不變?nèi)タ?，?dāng)E 總 不變時， EP=mgh，m變大了， h 一定變小。說明有些同學(xué)考慮問題還是不夠全面?！痉治鼋獯稹浚?）實際上，通過實驗我們已經(jīng)了解到，決定單擺周期的是擺長及當(dāng)l地重力加速度，并進一步找到周期公式：T2，單擺的周期與質(zhì)量無關(guān)，與單擺的g運動速度也無關(guān)。當(dāng)然，頻率也與質(zhì)量和速度無關(guān)，所以不能選C， D。（2）決定振幅的是外來因素。反映在單擺的運動中，可以從能量去觀察，從上面分析我們知道，在平衡位置（即最低點）時的動能Ek1mv2 。當(dāng) m增為原來的

8、4 倍，速度減為原來的 1 時，動能不變， 最高點的重力勢能也不變。2但是由于第二次擺的質(zhì)量增大了（實2際上單擺已經(jīng)變成另一個擺動過程了），勢能EP=mgh不變， m大了， h 就一定變小了，也就是說，振幅減小了。因此正確答案應(yīng)選B?！驹u析】本題的分析解答提醒我們，一是考慮要全面，本題中m， v 兩因素的變化對確定的單擺振動究竟會產(chǎn)生怎樣的影響，要進行全面分析； 二是分析問題要有充分的理論依據(jù)，如本題中決定單擺振動的頻率的印度應(yīng)由周期公式11gf2為依據(jù)，而不能Tl以速度判斷振動的快慢。振幅應(yīng)從1 mv2Ek EPmgh 為依據(jù)。2例 3如圖 6-1 所示， 光滑圓弧軌道的半徑為R，圓弧底部中

9、點為O，兩個相同的小球分別在 O正上方 h 處的 A 點和離 O很近的軌道 B 點，現(xiàn)同時釋放兩球， 使兩球正好在 O點相碰。問 h 應(yīng)為多高？【錯解】 對 B 球，可視為單擺，延用單擺周期公式可求B 球到達 O點的時間：3/15對 A 球，它做自由落體運動，自h 高度下落至O點2hR要求兩球相碰，則應(yīng)有tAtB 。即2解得 hR 。8g2g【錯解原因】上述答案并沒有完全錯，分析過程中有一點沒有考慮，即是振動的周期性，因為B 球在圓形軌道上自B 點釋放后可以做往復(fù)的周期性運動，除了經(jīng)過TB 時間可4能與 A 相碰外，經(jīng)過 T + T，T+T，11T +T 即 n T + T （n=0,1,2

10、）的時間都2442424可以與 A 相碰。所以上述解答漏掉一些解，即上述解答只是多個解答中的一個。對 B 球振動周期到達 O點的時間為2h2n1R要求兩球相碰，則應(yīng)有tAtB 。即g2g4/152n122 R（ n=0,1,2 ）解得 h8顯然，前面的解僅僅是當(dāng)n=0 時的其中一解而已。2n 12正確答案為 h2 R（ n=0,1,2 ）8【評析】 在解決與振動有關(guān)的問題時，要充分考慮到振動的周期性，由于振動具有周期性，所以此類問題往往答案不是一個而是多個。例 4水平彈簧振子，每隔時間t ，振子的位移總是大小和方向都相同，每隔t 的時2間，振子的動量總是大小相等，方向相反，則有A. 彈簧振子的

11、周期可能小于t2B. mgl (1cos )1 mv2 ， v2 gl (1 cos )C. 每隔 t2的時間，振子的動能總是相同的2D. 每隔 t的時間，彈簧的長度總是相同的2【錯解】1 首先排除 A，認(rèn)為 A 是不可能的。理由是：水平彈簧振子的運動軌跡可簡化為如圖 6-2 ， O為平衡位置，假設(shè)計時開始時，振子位于A 點，每隔時間t ，振子的位移總是大小和方向都相同，所以t 就是一個周期，所以，振子的周期不可能小于t 。2. 每隔 t2的時間，振子的動能總是大小相等，方向相反，即在A，B之間非 A即 B點，2而這兩點距平衡位置都等于振幅，所以加速度都等于最大加速度amk A ，所以 B 是

12、對的。m3.既然每隔t 的時間振子的動量大小相等， 又因為振子質(zhì)量一定， 所以振子的動能總2是相同的，所以選C是對的。4. 因為每隔 t 的時間，振子的位置非 A 即 B，所以彈簧的長度總是相同的，都等于振2幅，所以D是對的。綜上所述，應(yīng)選B，C， D。5/15【錯解原因】錯解 1 是排除 A，之所以產(chǎn)生錯誤，是因為在頭腦中形成思維定勢，認(rèn)為在時間t 內(nèi)，振子只能在一個周期內(nèi)振動。很多學(xué)生在解決振動和波的問題時，習(xí)慣上把所有問題都限定在一個周期內(nèi)，而沒有考慮到在時間t 內(nèi)，振子可能已經(jīng)完成多個全振動了。錯解 2 的產(chǎn)生主要是對加速度的矢量性認(rèn)識不夠或頭腦中根本就沒有這個概念，認(rèn)為位置對稱，加速

13、度大小一樣就是加速度相同。3選擇 C是對的。4對彈簧振子這樣一個物理模型認(rèn)識不全面，所謂水平彈簧振子的彈簧是哪段沒弄清楚?！痉治鼋獯稹? 由題意可知，t=nt ， n 可以是 1， 2，3 ，選項 A 是正確的。2.因為加速度是矢量，由題意可知，每隔t 的時間，振子的動量方向相反，且對稱于2平衡位置，所以加速度的方向是相反的。3同錯解3。4水平彈簧振子的彈簧應(yīng)為如圖6 3a 或 6 3b 的樣子。當(dāng)振子的位置在平衡位置兩側(cè)時，彈簧長度是不同的。所以選項D 不對。另外，符合題意條件的不一定非選最大位移處的兩點，也可以選其他的點分析，如圖6-4P ， Q兩點，同樣可以得出正確結(jié)論。所以此題的正確答

14、案為A， C。例 5一個做簡諧運動的彈簧振子，周期為T，振幅為 A ，設(shè)振子第一次從平衡位置運動到 XAt1，第一次從最大正位移處運動到 XAt 2，處所經(jīng)最短時間為所經(jīng)最短時間為22關(guān)于 t1 與 t2 ，以下說法正確的是：A t1 t2B t1 t2C t1 t2D無法判斷6/15【錯解】錯解一：因為周期為T，那么，從平衡位置到 XA處，正好是振幅的一TT2半，所以時間為t1，同理， t2，所以選 A 。22錯解二：振子從平衡位置向XA處移動，因為回復(fù)力小，所以加速度也小，而從最2大位移處（即A處移動時，回復(fù)力大，加速度也大，因而時間短，所以t 1X=A ）向 X2 t 2，應(yīng)選 C。錯解

15、三：因為這是一個變加速運動問題，不能用勻速運動或勻變速運動規(guī)律求解，因而無法判斷t 1 和 t 2 的大小關(guān)系，所以選D?！惧e解原因】主要是對簡諧運動的特殊運動規(guī)律不清楚，只記住了周期公式，沒注意分析簡諧運動的全過程， 沒能深入地理解和掌握這種運動形式的特點。 因而解題時錯誤地沿用了勻速或勻變速運動的規(guī)律， 選擇 A 的同學(xué)就是用勻速運動規(guī)律去解， 而選擇 C 的同學(xué)用了勻變速運動規(guī)律去解，因而錯了。事實上，簡諧運動的過程有其自身的許多規(guī)律，我們應(yīng)該用它的特殊規(guī)律去求解問題，而不能用勻速或勻變速運動規(guī)律去求解。【分析解答】方法一：用圖象法，畫出x-t圖象，從圖象上，我們可以很直觀地看出： t

16、1 t 2，因而正確答案為：B。方法二：從圖象為正弦曲線和數(shù)學(xué)知識可寫出位移隨時間的函數(shù)關(guān)系式，物理學(xué)上稱為振動方程，從平衡位置開始，振子的振動方程為：X A sin t A sin 2t ，當(dāng) XA ，最短時間 t 1，即：T27/15解得： t1T12A而振子從最大位移處運動到X處最短時間為t2，即2解得： t2T?？梢缘贸鼋Y(jié)論 t1 t2，選 B 。6【評析】以上兩種方法，第一種方法是定性分析，在選擇題練習(xí)時，是要重點掌握的。第二種方法可以進行定量計算，但由于要涉及振動方程，所以不做統(tǒng)一要求。A另外，由于振動具有周期性。從平衡位置計時，振子到達X處的時間可以表達為2t nT t1 ，從最

17、大位移處到達XAt=nT+t 2。此處，為了題目簡處的時間可以表達為2明起見， 題文中用了“第一次”和“最短時間”等字樣。否則就無法比較兩個過程所用時間的長短。例 6圖 6-6 中實線是一列簡諧波在某一時刻的波形圖線，虛線是 0.2s 后它的波形圖線。這列波可能的傳播速度是_。【錯解】從圖上可以看出波長 =4m，而從兩次的波形圖可知：t 0.2s1 T ，所以 T=0.8s4由波速公式：v，代入數(shù)據(jù)Tv=5m/s【錯解原因】1（1）在沒有分析出此波的傳播方向前，就認(rèn)定T0.2s ，是不全面的。實際上，只4有當(dāng)波向右（沿x 正方向）傳播時，上述關(guān)系才成立。8/151T 后的波形如虛線所示。（2）

18、沒有考慮到波的傳播過程的周期性。也就是說，不僅411T ， 2 1T 后的波形均與1 T 后的波形相同。444【分析解答】從圖上可以看出 =4m。當(dāng)波沿 x 正方向傳播時，兩次波形之間間隔的時間為：1 T ， 1 1 T ， 2 1 T4n 1T4444而 4n1T0.2sT40.2 s44n1由波速公式： v，代入數(shù)據(jù)T解得： v4n 1 m / s(20 n5)m / s （ n=0， 1， 2 ）0.2當(dāng)波沿 x 正方向傳播時，兩次波形之間間隔的時間為：3 T ， 1 3 T ， 2 3 T4n 3 T4444而 4n3T0.2sT40.2s44n3由波速公式： v，代入數(shù)據(jù)T解得： v

19、 4n3 m / s(20 n15)m / s （ n=0， 1， 2 ）0.2此題的答案為：（20n+5） m/s 和（ 20m+15） m/s，（ n=0，1， 2， ）【評析】對于這種已知條件較為含糊的波的問題，要從波的傳播方向、時間和空間的周期性等方面進行全面周到的分析，這也是解決機械波問題時，初學(xué)者經(jīng)常忽略的問題。例 7一簡諧波的波源在坐標(biāo)原點o 處，經(jīng)過一段時間振動從o 點向右傳播20cm到 Q點，如圖6-7 所示， P 點離開 o 點的距離為30cm，試判斷P 質(zhì)點開始振動的方向?！惧e解】從圖6-7 看， P 點距 Q點相差 1 ，則波再向前傳播1 就傳到 P 點，所以畫出22如

20、圖 6-8 所示的波形圖。因為波源在原點，波沿x 軸正方向傳播，所以可判定，P 點開始振動的方向是沿y 軸正方向（即向上）。【錯解原因】主要原因是把機械波的圖象當(dāng)成機械振動的圖象看待。而薄的形成是質(zhì)點依次帶動的結(jié)果，在波向前傳播1 的同時，前面的波形也變化了。2【分析解答】因為原圖中的波形經(jīng)歷了半個周期的波形如圖6-9 所示，在此波形基礎(chǔ)上， 向前延長半個波形即為P 點開始振動時的波形圖，因為波源在原點處，所以介質(zhì)中的每個質(zhì)點都被其左側(cè)質(zhì)點帶動，所以 P 點在剛開始時的振動方向沿y 軸負(fù)方向 （即向下） 從9/15另外一個角度來看， 原圖中 Q點開始振動時是向下的， 因為所有質(zhì)點開始振動時的情

21、況均相同，所以 P 點開始振動的方向應(yīng)是向下的?！驹u析】本題中的錯解混淆了振動圖象與波的圖象，那么這兩個圖象有什么不同呢？（ 1）首先兩個圖象的坐標(biāo)軸所表示的物理意義不同：振動圖象的橫坐標(biāo)表示時間，而波動圖象的橫坐標(biāo)表示介質(zhì)中各振動質(zhì)點的平衡位置。（2）兩個圖象所描述的對象不同：振動圖象描述的是一個質(zhì)點的位移隨時間的變化情況，而波的圖象描述的是介質(zhì)中的一群質(zhì)點某一時刻各自振動所到達的位置情況。通俗地說： 振動圖象相當(dāng)于是在一般時間內(nèi)一個質(zhì)點運動的“錄像”，而波的圖象則是某一時刻一群質(zhì)點振動的“照片”。（3）隨著時間的推移， 振動圖象原來的形狀（即過去質(zhì)點不同時刻所到達的位置不再發(fā)生變化，而波的

22、圖象由于各質(zhì)點總在不斷地振動，因此隨著時間的推移，原有的圖象將發(fā)生周期性變化。例 8圖 6-10 是某時刻一列橫波在空間傳播的波形圖線。已知波是沿 x 軸正方向傳播，波速為 4m/s，試計算并畫出經(jīng)過此時之后1.25s 的空間波形圖?！惧e解】錯解一：由圖可以看出， 波長8cm ，由 T可知 T=2s。經(jīng)過 1.25s ，波向右傳播了 1.255v個波長，波長如圖 6-11 。2810/15錯解二：波長8cm,T8s2s，經(jīng)過 1.25s ，波向左傳播了5 個波長， 波長v48如圖 6-12 。0.08s 0.02s ，經(jīng)過 1.25s ，波向右傳播了1.25錯解三：由 T62.5 個波長，v4

23、0.02其波形如圖6-13 。【錯解原因】錯解一、錯解二沒有重視單位的一致性，在此題中波長從圖中只能得出 =8cm，而波速給出的卻是國際單位4m/s 。因此，求周期時，應(yīng)先將波長的單位統(tǒng)一到國際單位制上來。錯解三雖然計算對了，但是，在波向前 （沿 x 軸正方向） 傳播了 62.5 個波長時的波形，應(yīng)是在原來的波形基礎(chǔ)上向x 正方擴展62.5 個波長?！痉治鼋獯稹坑刹ㄐ螆D已知0.08m ，由 T0.08 s 0.02s 經(jīng)過 t=1.25s ，即v4相等于經(jīng)過1.2562.5 個周期，而每經(jīng)過一個周期，波就向前傳播一個波長。經(jīng)過62.50.02個周期，波向前傳播了62.5 個波長。據(jù)波的周期性，

24、當(dāng)經(jīng)過振動周期的整數(shù)倍時，波只是向前傳播了整數(shù)倍個波長， 而原有的波形不會發(fā)生變化，就本題而言， 可以先畫出經(jīng)過1 周2期后的波形，如圖 6-14 。再將此圖向前擴展62 個波長即為題目要求，波形如圖6-15 。11/15【評析】波形圖反映了波在傳播過程中某時刻在波的傳播方向上各質(zhì)點離開平衡位置的位移情況， 由于波只能以有限的速度向前傳播，所以離振源遠的質(zhì)點總要滯后一段時間，滯后的時間與傳播的距離成正比，即滯后一個周期。兩個質(zhì)點之間的平衡位置距離就是一個波長， 經(jīng)過多少個周期，波就向前傳播了多少個波長，而振源就做了多少次全振動，這就是此類問題的關(guān)鍵所在。例 9如圖 6-16 所示，一列簡諧橫波

25、沿x 軸正方向傳播，從波傳到x=5m的 M點時開始計時，已知P 點相繼出現(xiàn)兩個波峰的時間間隔為0.4s ，下面說法中正確的是A這列波的波長是 4mB這列波的傳播速度是10m/sC質(zhì)點 Q（ x=9m）經(jīng)過0.5s 才第一次到達波峰D M點以后各質(zhì)點開始振動時的方向都是向下【錯解】錯解一： 由題中說 P 點相繼出現(xiàn)兩個波峰的時間間隔為0.4s ，所以間隔一個波峰的時間為0.4 s，即 0.2s ，所以 T=0.2s ，由波速公式 v=420( m / s) ，所以2T0.2B 不對。錯解二：質(zhì)點Q（ x=9m），經(jīng)過0.4s （此處用了正確的周期結(jié)果即B 選項做對了）波傳到它，又經(jīng)過1 T4（

26、0.1s ）Q點第一次到達波峰，所以C 對。錯解三： M點以后各質(zhì)點的振動有的向上，有的向下，所以D 不對。【錯解原因】錯解一對“相繼出現(xiàn)兩個波峰”理解有誤。錯解二對質(zhì)點Q（ x=9m）處，當(dāng)波傳到它以后，該點應(yīng)如何振動不會分析，實際上也就是對波的傳播原理不明白。不知道波的傳播是機械振動在介質(zhì)中傳遞的過程，質(zhì)點要依次被帶動形成波。同理，錯解三對M點以后各點運動情況分析有誤，實際上M點以后各點運動情況向上還是向下取決于波的傳播方向。【分析解答】（ 1）從圖 6-16 上可以看出波長為4m，選 A。12/15（ 2）實際上“相繼出現(xiàn)兩個波峰”應(yīng)理解為，出現(xiàn)第一波峰與出現(xiàn)第二個波峰之間的時間間隔。

27、因為在一個周期內(nèi)， 質(zhì)點完成一次全振動， 而一次全振動應(yīng)表現(xiàn)為“相繼出現(xiàn)兩個波峰”，即 T=0.4s 。則 v=10 （ m/s），所以選項B 是對的。T（3）質(zhì)點 Q（ x=9m）經(jīng)過 0.4s 開始振動，而波是沿x 軸正方向傳播，即介質(zhì)中的每一個質(zhì)點都被它左側(cè)的質(zhì)點所帶動，從波向前傳播的波形圖6-17 可以看出， 0.4s波傳到 Q時，其左側(cè)質(zhì)點在它下方，所以 Q點在 0.5s 時處于波谷。 再經(jīng)過 0.2ss 即總共經(jīng)過0.7s 才第一次到達波峰，所以選項C 錯了。（4）從波的向前傳播原理可以知道， M以后的每個質(zhì)點都是先向下振動的。所以選項D是對的。此題正確答案為A，B， D。【評析】

28、例 10如圖 6 18 所示，一根張緊的水平彈性長繩上的a，b 兩點，相距14.0m， b點在 a 點的右方，當(dāng)一列簡諧橫波沿此長繩向右傳播時，若a 點的位移達到正最大時，b 點的位移恰為零且向下運動。經(jīng)過 1.00s 后 a 點的位移為零， 且向下運動， 而 b 點的位移恰達到負(fù)最大，則這簡諧波的波速可能等于A.4.67m/sB.6m/sC.10m/sD.4m/s【錯解】由對題目的分析可以知道，a，b 之間間隔 3，所以314.044=14.0m3m4而 1 T =1.00sT=4.00s4由波速公式 v代入數(shù)據(jù)解得T13/15v=4.67m/s 選擇 A。但此題可能多選，考慮到 a，b 之間滿足條件的情況還可以為狀態(tài)與第二狀態(tài)之間間隔時間為11T 或 1T44即當(dāng) 13=14.0m，14.0 4 m47而 1 1 T =1.00s ， T4.00 s