2019春山東省日照市高一(下)期末物理試卷(解析版)

1、2019 春山東省日照市高一（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共8 小題，共24.0 分）1.下列關(guān)于點(diǎn)電荷的說(shuō)法，正確的是（）A. 只有體積很小的帶電體才可看成點(diǎn)電荷B. 體積很大的帶電體一定不是點(diǎn)電荷C. 任何帶電體 ,都可以看成是電荷全部集中于球心的點(diǎn)電荷D. 當(dāng)兩個(gè)帶電體的形狀和大小對(duì)相互作用力的影響可忽略時(shí),這兩個(gè)帶電體可看成點(diǎn)電荷2.避雷針能夠避免建筑物被雷擊的原因是（）A. 云層中的電荷被避雷針通過(guò)導(dǎo)線導(dǎo)入大地B. 云層與避雷針發(fā)生摩擦 ,避雷針上產(chǎn)生的電荷被導(dǎo)入大地C. 避雷針的尖端向云層放電 ,中和了云層中的電荷D. 以上說(shuō)法都不對(duì)3.使用多用表的歐姆檔測(cè)導(dǎo)體電阻時(shí)，如果兩

2、手同時(shí)分別接觸兩表筆的金屬桿，則造成測(cè)量值（）A. 比真實(shí)值大B. 比真實(shí)值小C. 與真實(shí)值相等D. 可能比真實(shí)值大 ,也可能小4.關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)，下面敘述正確的是（）A. 變速運(yùn)動(dòng)一定是曲線運(yùn)動(dòng)B. 曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng)C. 物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí) ,所受外力的合力可能與速度方向在同一條直線上D. 物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí) ,所受外力的合力一定是變力5.如圖所示，把物體從高為H 的桌面上方h 處自由釋放，取桌面為零勢(shì)能面，當(dāng)物體落地時(shí)的機(jī)械能是（）A. mghB.C.D.6. 兩個(gè)點(diǎn)電荷相距為 d，相互作用力大小為 F；保持兩點(diǎn)電荷電荷量不變，改變它們之間的距離，使之相互作用力大小變?yōu)?F，則兩點(diǎn)電荷之間

3、的距離應(yīng)變?yōu)椋ǎ〢. 4dB. 2dC.D.7. 一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時(shí)其速度為1m/s從此刻開(kāi)始滑塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加一水平面作用 F ，力 F 和滑塊的速度 v 隨時(shí)間的變化規(guī)律分別如圖a 和圖 b 所示設(shè)在第1 秒內(nèi)、第2 秒內(nèi)、第 3 秒內(nèi)力 F 對(duì)滑塊做的功分別為W1、 W2、 W3，則以下關(guān)系正確的是（）A.B.C.ABCD.RABC8. 如圖所示，三個(gè)輪組成傳動(dòng)裝置，輪間不打滑，、三點(diǎn)比較，已知：3： 4，則：R ：R =2（）A. 線速度之比： 3：4B. 角速度之比：4： 3第1頁(yè)，共 11頁(yè)C. 周期之比 ：1： 1D. 向心加速度之比： ：23二、多選題（本

4、大題共6 小題，共18.0 分）9. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 適用于任何電場(chǎng)B.C.D.適用于任何電場(chǎng)適用于真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng),E 是矢量 ,所以 U 也是矢量10.把電流表改裝成電壓表時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.B.C.改裝的原理是串聯(lián)電阻有分壓作用改裝后使用時(shí) ,加在原電流表兩端的電壓的最大值不可能增大改裝后原電流表自身的電阻也增大了D. 改裝成電壓表后 ,原電流表本身允許通過(guò)的最大電流值也隨著變大了11.下列關(guān)于運(yùn)動(dòng)的分解的說(shuō)法中正確的是（）A. 一個(gè)在平面上的曲線運(yùn)動(dòng)可以分解成兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)B. 沿斜面向上的運(yùn)動(dòng)可以分解為一個(gè)水平方向的運(yùn)動(dòng)和一個(gè)豎直向上的運(yùn)動(dòng)C. 可將斜向下速度為的運(yùn)

5、動(dòng)分解成兩個(gè)速度分別為和的勻速運(yùn)動(dòng)D. 初速度不為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),可以分解成一個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)與一個(gè)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)12. 下列說(shuō)法中正確的是（）A. 據(jù)可知 ,當(dāng)通過(guò)導(dǎo)體的電流不變時(shí) ,加在電阻兩端的電壓變?yōu)樵瓉?lái)的2 倍時(shí) ,導(dǎo)體的電阻也變?yōu)樵瓉?lái)的 2倍B. 據(jù)可知 ,通過(guò)導(dǎo)體的電流改變,加在電阻兩端的電壓也改變,但導(dǎo)體的電阻不變C. 據(jù)可知 ,導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積RS成正比 ,與導(dǎo)體的長(zhǎng)度 l 成反比D. 導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的長(zhǎng)度l,橫截面積S、導(dǎo)體的電阻R 皆無(wú)關(guān)13. 在如圖所示的電路中， 電源電動(dòng)勢(shì)為 E、內(nèi)電阻為 r，C 為電容器， R0 為定值電阻

6、，R 為滑動(dòng)變阻器開(kāi)關(guān)閉合后，燈泡L 能正常發(fā)光當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是（）A. 燈泡 L 將變暗B. 燈泡 L 將變亮C. 電容器 C 的電荷量減小D. 電容器 C 的電荷量增大14.如圖所示，實(shí)線是電場(chǎng)線，虛線是帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b 點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡，則（）A. 帶電粒子一定帶正電B. 帶電粒子在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能小 ,動(dòng)能大C. 帶電粒子在 a 點(diǎn)的電勢(shì)一定低于 b 點(diǎn)的電勢(shì)D. 帶電粒子在 a 點(diǎn)的加速度一定大于在 b 點(diǎn)的加速度三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共 2 小題，共 16.0 分）15. 利用氣墊導(dǎo)軌探究動(dòng)能定理，實(shí)驗(yàn)裝置圖所示。實(shí)驗(yàn)步驟如下：調(diào)整水平

7、桌面上的氣墊導(dǎo)軌至水平；測(cè)量擋光條的寬度 l，兩光電門(mén)間的中心間距 s，用天平稱(chēng)出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M，托盤(pán)和砝碼第2頁(yè)，共 11頁(yè)的總質(zhì)量m；將滑塊移至光電門(mén) 1 左側(cè)某位置，由靜止釋放滑塊，從計(jì)時(shí)器中分別讀出擋光條通過(guò)兩光電門(mén)的時(shí)間 t1、 t2。用測(cè)量的物理量求解下列物理量：（ 1）滑塊通過(guò)光電門(mén)1 和 2 時(shí)瞬時(shí)速度分別為v1 =_， v2=_。（ 2）滑塊通過(guò)光電門(mén)1 和 2 時(shí)，系統(tǒng)（包括滑塊、 擋光條、托盤(pán)和砝碼）的總動(dòng)能分別為 E=_，E=_ 。外力對(duì)系統(tǒng)做的功為 W=_ 。（ 3）實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證動(dòng)能定理是否成立的關(guān)系式為_(kāi)。16.用伏安法測(cè)一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E 和內(nèi)電阻r ，

8、所給器材有：A電壓表V： 0 315V；B電流表A： 0 0.6 3A：C滑動(dòng)變阻器R1（總電阻20）；D 滑動(dòng)變阻器 R2（總電阻 100）；E開(kāi)關(guān) S 和導(dǎo)線若干。（ 1）電流表應(yīng)選用 _量程：電壓表應(yīng)選用 _量程， 滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用總阻值為_(kāi) 的。（ 2）如圖所示， U -I 圖上是由實(shí)驗(yàn)測(cè)得的 7 組數(shù)據(jù)標(biāo)出的點(diǎn)，請(qǐng)你在答題卡中完成圖線，并由圖線求出 E=_V， r=_ 。四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共 42.0 分）17. 真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、 Q2，相距 18cm，已知 Q1 是正電荷，其電荷量為1.8 10-12C，它們之間的引力大小為 F=1.0 10-12N，求 Q2

9、的電荷量及帶電性質(zhì)18. 若某歐姆表表頭的滿偏電流為5mA1.5V，那么該歐姆表的內(nèi)阻為多少歐？，內(nèi)接一節(jié)干電池， 電動(dòng)勢(shì)為待測(cè)電阻接入紅、黑表筆之間時(shí)，若指針轉(zhuǎn)至滿刻度的處，則待測(cè)電阻的阻值為多少歐？19.如圖所示，在高度h=0.8m 的水平光滑桌面上，有一輕彈簧左端固定，質(zhì)量為m=1 kg 的小球在外力作用下使彈簧處于壓縮狀態(tài)由靜止釋放小球，將小球水平彈出，小球離開(kāi)彈簧時(shí)的速度為v1=3m/s，如圖所示，不計(jì)空氣阻力，求：第3頁(yè)，共 11頁(yè)（ 1）彈簧的彈力對(duì)小球所做的功為多少？（ 2）小球落地時(shí)速度2v2 的大小（ g 取 10m/s ）20. 靜電噴漆技術(shù)具有效率高、浪費(fèi)少、質(zhì)量好、有

10、利于工人健康等優(yōu)點(diǎn)，其裝置原理圖如圖所示 A、 B 為兩塊平行金屬板，間距 d=0.40m，兩板間有方向由 B 指向 A、場(chǎng)強(qiáng)E=1.0 103 N/C 的勻強(qiáng)電場(chǎng)在A 板的中央放置一個(gè)安全接地的靜電油漆噴槍P，油漆噴槍的半圓形噴嘴可向各個(gè)方向均勻地噴出帶電油漆微粒，油漆微粒的初速度-15-16v0=2.0m/s，質(zhì)量 m=5.0 10kg，電荷量q=-2.0 10C，微粒的重力和所受空氣阻力均不計(jì)，油漆微粒最后都落在金屬板B 上試求：（ 1）油漆微粒打在B 板上時(shí)的動(dòng)能（ 2）油漆微粒最后落在B 板上所形成的圖形形狀及其面積的大?。ńY(jié)果保留兩位有效數(shù)字）第4頁(yè)，共 11頁(yè)答案和解析1.【答案

11、】 D【解析】解：A、電荷的形狀、體積和電荷量對(duì)分析的問(wèn)題的影響可以忽略時(shí)，就可以看成是點(diǎn)電荷，所以體積很小的帶電體不一定能看成是點(diǎn)電荷，故A 錯(cuò)誤；B、電荷的形狀、體積和電荷量對(duì)分析的問(wèn)題的影響可以忽略時(shí)，就可以看成是點(diǎn)電荷，所以體積很大的帶電體也有可能看成是點(diǎn)電荷，故B 錯(cuò)誤；C、當(dāng)帶電體之間的距離不是很大時(shí)，帶電球體就不能看作電荷全部集中在球心的點(diǎn)電荷，因?yàn)榇藭r(shí)帶電體之間的電荷會(huì)影響電荷的分布，故C 錯(cuò)誤；D、當(dāng)兩個(gè)帶電體的形狀和大小對(duì)相互作用力的影響可忽略時(shí)，這兩個(gè)帶電體可看成點(diǎn)電荷，故D 正確；故選： D。帶電體看作點(diǎn)電荷的條件，當(dāng)一個(gè)帶電體的形狀及大小對(duì)它們間相互作用力的影響可忽略

12、時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，是由研究問(wèn)題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無(wú)具體關(guān)系本題是基礎(chǔ)的題目，考查了帶電體看作點(diǎn)電荷的條件及其特點(diǎn)，在平時(shí)要注意多積累2.【答案】 C【解析】解：當(dāng)帶電云層靠近建筑物時(shí)，避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會(huì)通過(guò)針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊。其原理為尖端放電。故C 正確， ABD 錯(cuò)誤；故選： C。雷電是云層與大地之間或云層之間的放電現(xiàn)象，在高大的建筑物上安裝避雷針，可使云層所帶電荷通過(guò)避雷針進(jìn)入大地，從而保護(hù)建筑物不受雷擊。本題考查了避雷針的原理，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。3.【答案】 B【解析】解：人體是導(dǎo)體，測(cè)電阻時(shí)如果兩手同時(shí)分別接觸兩表筆的金屬桿，則人

13、體與電阻并聯(lián)，總阻值減小，電阻測(cè)量值小于真實(shí)值。故選： B。根據(jù)歐姆表使用過(guò)程中的注意事項(xiàng)可知，使用歐姆表測(cè)電阻時(shí)要選擇合適的擋位，同時(shí)，手不要接觸兩表筆的金屬桿。本題考查了用歐姆表測(cè)電阻的方法和注意事項(xiàng)；對(duì)多用電表測(cè)量電阻值時(shí)，最好把待測(cè)電阻拆下來(lái)，同時(shí)手不要接觸兩表筆的金屬桿。4.【答案】 B【解析】 解：A、變速運(yùn)動(dòng)也可以是平時(shí)所學(xué)的勻加速直線運(yùn)動(dòng)或勻減速直線運(yùn)動(dòng)，并不一定是曲線運(yùn)動(dòng)，所以 A 錯(cuò)誤；B、無(wú)論是物體速度的大小變了，還是速度的方向變了，都說(shuō)明速度是變化的，都是變速運(yùn)動(dòng)，做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的速度方向在時(shí)刻改變，所以曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng)，所以B 正確；C、物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是

14、合力與速度不在同一條直線上，但合外力方向、大小不一定變化，所以C 錯(cuò)誤；D、物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上，但合外力不一定變化，加速度也不一定變化，可以是勻變速運(yùn)動(dòng)，如平拋運(yùn)動(dòng)。所以D 錯(cuò)誤。故選： B。物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，但合外力方向、大小不一定變化；既然是曲線運(yùn)動(dòng)，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運(yùn)動(dòng)一定是變速運(yùn)動(dòng)變加速運(yùn)動(dòng)是指加速度變化的運(yùn)動(dòng)，曲線運(yùn)動(dòng)的加速度可以不變第5頁(yè)，共 11頁(yè)本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，還有對(duì)勻變速運(yùn)動(dòng)的理解，但只要掌握了物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，本題基本上就可以解決了5.【答案】 A【解析】

15、解：小球在最高點(diǎn)的機(jī)械能為mgh，因?yàn)樾∏驒C(jī)械能守恒，所以落地時(shí)小球的機(jī)械能為mgh，故A 正確， BCD 錯(cuò)誤；故選： A。小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，即落地時(shí)的機(jī)械能個(gè)整個(gè)過(guò)程的任意位置機(jī)械能一樣；知道機(jī)械能守恒的條件，知道重力勢(shì)能表達(dá)式的高度是相對(duì)于零勢(shì)能面的高度；6.【答案】 C【解析】解：當(dāng)距離為d 時(shí)有： F=k當(dāng)距離變化后依據(jù)題意有：4F=k聯(lián)立可得r= ，故 ABD 錯(cuò)誤， C 正確。故選： C。對(duì)于這兩種情況下分別根據(jù)庫(kù)侖定律列方程即可求解正確理解庫(kù)侖定律公式以及公式中各個(gè)物理量的含義是解本題關(guān)鍵，由于公式涉及物理量較多，因此常用兩式相比的方法進(jìn)行求解7.【答案】 B【解

16、析】解：由速度圖象可知，第1s、 2s、3s 內(nèi)的位移分別為0.5m、 0.5m、1m，由 F -t 圖象及功的公式w=Fscos 可求知： W1=0.5J， W2=1.5 J， W3=2J故本題中ACD 錯(cuò)， B 正確。故選： B。根據(jù)功的公式W=FL 可知，知道F 的大小，再求得各自時(shí)間段內(nèi)物體的位移即可求得力F 做功的多少本題考查的是學(xué)生對(duì)功的理解，根據(jù)功的定義可以分析做功的情況8.【答案】 B【解析】解：A、三個(gè)輪組成傳動(dòng)裝置，輪間不打滑，輪子接觸點(diǎn)的線速度的大小相同。故有：vA =vB=vC知： v1： v2： v3=1： 1： 1，故 A 錯(cuò)誤；B、由角速度和線速度的關(guān)系式v=R

17、可得： =知： ： ： ： ：=： ：=6： 4： 3，故 B 正確；123=C、由角速度和周期的關(guān)系可知：T=所以 TA： TB： TC=2： 3： 4，故 C 錯(cuò)誤；D、根據(jù) a=v可得： aa： ab： ac=6 ： 4： 3，故 D 錯(cuò)誤。故選： B。三個(gè)輪組成傳動(dòng)裝置，輪間不打滑，輪子接觸點(diǎn)的線速度的大小相同，根據(jù)線速度、角速度、周期、向心加速度的關(guān)系即可求解。解決傳動(dòng)類(lèi)問(wèn)題要分清是摩擦傳動(dòng) （包括皮帶傳動(dòng)， 鏈傳動(dòng)， 齒輪傳動(dòng)， 線速度大小相同） 還是軸傳動(dòng) （角速度相同）。第6頁(yè)，共 11頁(yè)9.【答案】 AC【解析】解：A電場(chǎng)強(qiáng)度E= 是用比值定義法得出的物理量，是從力角度研究電

18、場(chǎng)的物理量，適用于任意電場(chǎng)，故A 正確B E= 僅適合勻強(qiáng)電場(chǎng)，故B 錯(cuò)誤C點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式E=k是由電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式和庫(kù)侖定律聯(lián)立得到，反映了點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中任意一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與該點(diǎn)的空間位置和場(chǎng)源電荷的電荷量的關(guān)系，只適用于真空中的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)；故 C 正確；D U 為電勢(shì)差是標(biāo)量不是矢量，E 是矢量，故D 錯(cuò)誤。故選： AC。根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式、勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系公式、點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)公式和電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差關(guān)系公式；結(jié)合物理公式得出的過(guò)程進(jìn)行分析即可熟記電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式和決定式，知道點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的求解公式；知道電壓U 為電勢(shì)差，是標(biāo)量；10.【答案

19、】 AB【解析】解： A、利用串聯(lián)電阻的分壓作用，將電流表和電阻串聯(lián)，改裝成電壓表。故A 正確。B、改裝成電壓表后，原電流表本身允許通過(guò)的最大電流值不變，則加在原電流表兩端的電壓的最大值不變，故 B 正確。C、改裝后原電流表自身的電阻不變，改裝后整個(gè)電表的電阻增大，故C 錯(cuò)誤D、改裝成電壓表后，原電流表本身允許通過(guò)的最大電流值不變。故D 錯(cuò)誤故選： AB。電流表、電壓表都是由小量程的電流表改裝而成的。利用串聯(lián)電阻的分壓作用，將靈敏電流表G 和電阻串聯(lián)，改裝成電壓表。本題考查電表改裝的原理，要理解串聯(lián)電阻的分壓作用，知道改裝后電表的結(jié)構(gòu)。11.【答案】 ABD【解析】解：A、一個(gè)在平面上的曲線運(yùn)

20、動(dòng)可以分解成兩個(gè)直線運(yùn)動(dòng)，如平拋運(yùn)動(dòng)。故A 正確；B、沿斜面向上的運(yùn)動(dòng)可以分解為一個(gè)水平方向的運(yùn)動(dòng)和一個(gè)豎直方向上的運(yùn)動(dòng)。故B 正確；C、根據(jù)平行四邊形定則可知，9 m/s 的運(yùn)動(dòng)不能分解成兩個(gè)速度分別為3 m/s 和 5 m/s 的勻速運(yùn)動(dòng)， 故 C 錯(cuò)誤；D、根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，初速度不為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，可以分解成一個(gè)勻速直線運(yùn)動(dòng)與一個(gè)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。故D 正確。故選： ABD。當(dāng)合速度的方向與合加速度的方向在同一條直線上，合運(yùn)動(dòng)是直線運(yùn)動(dòng)，不在同一條直線上，合運(yùn)動(dòng)是曲線運(yùn)動(dòng)。解決本題的關(guān)鍵掌握判斷合運(yùn)動(dòng)是直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)的方法，關(guān)鍵看合速度的方向與合加速度的方向，及

21、平行四形定則的內(nèi)容。12.【答案】 BD【解析】解： A、B、電阻的定義式R= ，用比值定義的物理量，與定義式中的各物理量無(wú)關(guān)，即電阻R 與導(dǎo)體兩端的電壓和通過(guò)的電流I 均無(wú)關(guān)。無(wú)論通過(guò)導(dǎo)體的電流如何、加在導(dǎo)體兩端的電壓如何，導(dǎo)體的電阻并不改變。故A 錯(cuò)誤、 B 正確。第7頁(yè)，共 11頁(yè)C、 D、導(dǎo)體的電阻率是由材料本身決定的物理量，與導(dǎo)體的長(zhǎng)度l，橫截面積S、導(dǎo)體的電阻R 皆無(wú)關(guān)，故 C錯(cuò)誤、 D正確。故選： BD 。電阻的定義式R= ，用比值定義的物理量，反映的是物質(zhì)或運(yùn)動(dòng)的某一屬性，與定義式中的各物理量無(wú)關(guān)，即電阻 R 與導(dǎo)體兩端的電壓和通過(guò)的電流I 均無(wú)關(guān)在溫度不變時(shí)，同種材料的導(dǎo)體，

22、其電阻與導(dǎo)體的長(zhǎng)度成正比，與導(dǎo)體的橫截面積成反比，并與構(gòu)成它的材料有關(guān)，這個(gè)規(guī)律叫電阻定律，用公式表示為R=，其中 R， L ，S 分別表示導(dǎo)體的電阻、導(dǎo)體的長(zhǎng)度和橫截面積，是與導(dǎo)體的材料有關(guān)的物理量叫電阻率電阻R 由于導(dǎo)體的長(zhǎng)度L 成正比，與導(dǎo)體的橫截面成反比而電阻率由導(dǎo)體材料本身決定，與導(dǎo)體的長(zhǎng)度l，橫截面積S、導(dǎo)體的電阻R 皆無(wú)關(guān)本題要知道R= 是電阻的定義式，是比值定義法定義的物理量，而R=是電阻的決定式，其中電阻率由導(dǎo)體材料本身決定，與導(dǎo)體的長(zhǎng)度l，橫截面積S、導(dǎo)體的電阻R 皆無(wú)關(guān)13.【答案】 AD【解析】解：A、B 由題 R 增大，電流I=減小，燈泡L 將變暗。故A 正確， B

23、錯(cuò)誤。C、 D 路端電壓 U =E-Ir 增大，則電容器電量Q=CU 增大。故C 錯(cuò)誤， D 正確。故選： AD 。燈泡 L 和滑動(dòng)變阻器R 串聯(lián)、電容器C 和定值電阻R0 串聯(lián)后兩條支路再并聯(lián)當(dāng)電路穩(wěn)定后，電容器這一路沒(méi)有電流，相當(dāng)于開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，對(duì)另一路沒(méi)有影響電容器的電壓等于路端電壓當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電流和路端電壓的變化，分析燈泡亮度和電容器電量的變化本題關(guān)鍵的要抓住電容器的特點(diǎn)：當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，和電容器串聯(lián)的電路沒(méi)有電流，電容器電壓等于這一串聯(lián)電路兩端的電壓14.【答案】 BD【解析】解：A、因虛線是運(yùn)動(dòng)軌跡，帶電粒子所受的電場(chǎng)力偏向左，

24、帶電粒子由a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 b 點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，帶電粒子的電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，故帶電粒子在a 點(diǎn)的電勢(shì)能小，動(dòng)能大，但由于電場(chǎng)線方向不知，則帶電粒子的電性也不能確定，故A 錯(cuò)誤， B 正確。C、由于電場(chǎng)線方向不清，則無(wú)法確定電勢(shì)的高低，故C 錯(cuò)誤。D、電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，等差等勢(shì)線越密，場(chǎng)強(qiáng)越大，則知a 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于b 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，由牛頓第二定律得qE =ma，則 粒子在 a 點(diǎn)的加速度一定大于在b 點(diǎn)的加速度，故D 正確。故選： BD 。因虛線是電場(chǎng)線，先由帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向，判斷出帶電粒子所受電場(chǎng)力的大體方向，即帶電粒子受到的電場(chǎng)力大體向左，由電場(chǎng)線的疏密分析場(chǎng)強(qiáng)

25、的變化，從而判斷加速度的變化。根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)，可判斷電勢(shì)能如何變化。本題是電場(chǎng)中粒子的軌跡問(wèn)題，首關(guān)鍵要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，注意電場(chǎng)線時(shí)受力沿電場(chǎng)線所在直線上，而如果是等勢(shì)線則受力要垂直于等勢(shì)線，同時(shí)要知道電場(chǎng)線的疏密和等差等勢(shì)線的疏密均表示場(chǎng)強(qiáng)的大小。15.【答案】 mgs mgs= （ M+m）（22）-（） 第8頁(yè)，共 11頁(yè)【解析】解：（ 1）依據(jù)中時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，則滑塊到達(dá)光電門(mén)的速度為：v1= ，v2 =（ 2）滑塊通過(guò)光電門(mén)1 和 2 時(shí)，系統(tǒng)的總動(dòng)能分別為：，鉤碼的重力對(duì)系統(tǒng)做的功：W=mgs（ 3）系統(tǒng)獲得的動(dòng)能： = （ M+m

26、） （ ） 2-（ ）2；因此要驗(yàn)證物理做功與動(dòng)能的關(guān)系，只需要驗(yàn)證：mgs= （ M+m） （） 2-（） 2即可；故答案為：（ 1） ， ；（ 2） ， ， mgs（ 3） mgs= （M +m） （ ） 2-（ ） 2（ 1）依據(jù)平均速度等于中時(shí)刻的瞬時(shí)速度，并結(jié)合加速度公式，即可求解；（ 2）根據(jù)動(dòng)能的定義式求出動(dòng)能，由做功得公式求出重力做的功；（ 3）在該過(guò)程中鉤碼的重力對(duì)系統(tǒng)做功， 只需要驗(yàn)證系統(tǒng)獲得的動(dòng)能等于鉤碼的重力對(duì)鉤碼做的功即可，由此寫(xiě)出表達(dá)式。本題考查游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，要注意分析精度，掌握讀數(shù)方法，并注意有效位數(shù)的確定，掌握運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的內(nèi)容，理解-x 圖象斜率的含義。1

27、6.0 3V 20 1.52 0.55【答案】 0 0.6A【解析】解：（ 1）因電源電動(dòng)勢(shì)為 1.5V，所以電壓表應(yīng)選用 0 3V，因?yàn)殡姵夭辉试S通過(guò)大電流，所以電流表應(yīng)選用 0 0.6A；電流表讀數(shù)時(shí)電流不能少于總電流的三分之一，則由閉合電路歐姆定律可知電路中最大電阻為： R =7.5 20max=，所以變阻器選。（ 2）圖線如圖所示，由U=E-Ir 可知， E=1.52V，r = =0.55 故答案為：（1） 00.6A， 0 3V， 20；（ 2） 1.52，0.55待測(cè)電池應(yīng)用舊電池，所以不允許通過(guò)大電流，否則電池很快發(fā)熱而導(dǎo)致測(cè)量不準(zhǔn)，從而若用選取電流表和電壓表的量程；由電流表的讀數(shù)要求結(jié)合閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻，從而可選出變阻器；根據(jù)U=E-Ir 可知斜率和截距的含義，從而根據(jù)求出U-I 圖象可求出E 和 r 。本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)儀表選擇以及數(shù)據(jù)處理的方法，要注意明確利用圖象分析電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的方法。17.【答案】解：由庫(kù)侖定律F=k，第9頁(yè)，共 11頁(yè)解得： Q2=1.1 10-11C；由于兩個(gè)電荷之間的作用力是引力，說(shuō)明Q1 與 Q2 是異種電荷， Q1