廣西柳州市柳江中學2020_2021學年高二物理上學期期中檢測試題含解析

1、廣西柳州市柳江中學2020-2021學年高二物理上學期期中檢測試題（含解析）考試范圍：選修3-1第一、二章；考試時間：60分鐘一、選擇題（1-5為單選題，6-8為多選題，每題6分，選不全3分，錯選0分，共48分）1. 如圖所示的電路中，電源電動勢為5v，當開關s接通后，燈泡l1和l2都不亮，用電壓表測得各部分電壓是uab5v，uac5v，ucd0v，由此可判定（）a. l1和l2的燈絲都燒斷了b. l2的燈絲燒斷了c. l1的燈絲燒斷了d. 變阻器r斷路【答案】c【解析】【詳解】據(jù)題可知說明c點經(jīng)變阻器r到b點的電路和b點經(jīng)電源到a點的電路是通的；說明d點經(jīng)燈泡l2到c點的可能短路，或a點經(jīng)燈

2、泡l1到d點的電路可能斷路，所以l1的燈絲燒斷了，故a、b、d錯誤，c正確；故選c。2. 一根粗細均勻的金屬絲，當其兩端所加電壓為u時，通過其中的電流為i?，F(xiàn)將金屬絲均勻地拉長為原長的4倍，在其兩端電壓為2u的情況下，通過的電流為（）a. 16ib. 8ic. id. i【答案】c【解析】【詳解】將金屬絲拉長4倍，則橫截面積同時也會變成原來的，根據(jù)金屬絲的電阻變成原來的16倍；電壓變?yōu)?u情況下，根據(jù)歐姆定律，則故選c。3. 電動勢為e、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻r1、r2及滑動變阻器r連接成如圖所示的電路，當滑動變阻器的滑片由中點滑向a端時，下列說法正確的是a. 電壓表和電流表讀數(shù)都增大b.

3、電壓表和電流表讀數(shù)都減小c. 電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小d. 電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大【答案】b【解析】【分析】由題意可知考查電路動態(tài)分析問題，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可得【詳解】滑動變阻器的滑片由中點滑向a端時，滑動變阻器連入電路部分電阻變小，外電阻變小，整個回路電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知回路中的電流增大，內(nèi)阻不變，說明內(nèi)電壓增大，外電壓減小，電壓表測得是外電壓，故電壓表讀數(shù)變小，通過r1的電流增大，兩端電壓增大，因總的外電壓減小，故r2兩端電壓減小，通過r2的電流減小，電流表讀數(shù)減小【點睛】閉合電路動態(tài)分析時，要先從局部電阻入手，分析電阻變化情況，推測回路總的電阻變化情況，

4、根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流變化情況，先分析不變電阻電流、電壓變化關系，根據(jù)電流電壓關系再間接分析變化電阻電流、電壓變化情況4. 如圖所示的實驗裝置中，極板a與靜電計外殼相連，平行板電容器的極板b與靜電計相接。將a極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電量q、電容c、兩極間的電壓u，電容器兩極板間的場強e的變化情況是（）a. q變小，c不變，u不變，e變小b. q變小，c變小，u不變，e不變c. q不變，c變小，u變大，e不變d. q不變，c變小，u變大，e變小【答案】c【解析】【分析】先根據(jù)電容的決定式，分析電容如何變化，抓住電容器的電荷量不變，由電容的定義式，分析板間電壓

5、的變化，由分析板間場強的變化；對于電容器動態(tài)分析問題，關鍵要掌握電容的決定式，電容的定義式和板間場強公式，結合電荷不變的條件進行分析?！驹斀狻慨斣龃箅娙萜鲀蓸O板間距離時，電容器所帶的電量q不變，根據(jù)電容的決定式分析得知電容c變小；由電容的定義式分析得知板間電壓u變大；由因q、s、均不變，所以板間場強e不變，故c正確，abd錯誤。故選c。5. 如圖所示，某一導體的形狀為長方體,其長、寬、高之比為abc=321。在此長方體的上下、左右四個面上分別通過導線引出四個接線柱1、2、3、4。在1、2兩端加上恒定電壓，導體的電阻為r1；在3、4兩端加上恒定電壓，導體的電阻為r2，則r1r2為a. 11b.

6、19c. 49d. 14【答案】b【解析】【詳解】根據(jù)電阻定律，當在1、2兩端加上恒定電壓u時阻值為：當在3、4兩端加上恒定的電壓時阻值為：可得：故b符合題意，acd不符合題意。6. 兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶電粒子以某一速度從圖中a點進入電場，其運動軌跡為圖中實線所示，若粒子只受靜電力作用，則下列關于帶電粒子的判斷正確的是（）a 帶負電b. 速度先增大后減小c. 經(jīng)過a點的加速度大于經(jīng)過c點時的加速度d. 經(jīng)過b點和d點時的速度大小相同【答案】ad【解析】【詳解】a根據(jù)兩個固定的等量異種點電荷所形成電場的等勢面的特點可知，該圖中的等勢面中，正電荷在上方，負

7、電荷在下方，從粒子運動軌跡看出，軌跡向上彎曲，可知帶電粒子受到了向上的力的作用，所以粒子帶負電，a正確；b粒子從過程中，電場力做負功；過程中，電場力做正功，在整個運動過程中，電場力先做負功后做正功，粒子速度先減小后增大，b錯誤；c圖中a點處的等勢面比c處的等勢面稀疏，可知c處的電場強度大，則帶電粒子在c點受到的電場力大，所以粒子在c處的加速度大，c錯誤；d由該圖可知，b、d兩點都在5v的等勢面上，所以粒子在從b到d的過程中，電場力做功為零，由此b、d兩點的動能是相等的，所以在b點和d點時的速度大小相同，d正確。故選ad。7. 一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，在豎直平面內(nèi)，從靜止開

8、始由b沿直線運動到d，則bd與豎直方向所夾的銳角為45，則下列結論正確的是（ ）a. 此液滴帶負電b. 液滴的加速度等于零c. 合外力對液滴做的總功等于零d. 液滴的電勢能和動能之和是增加的【答案】ad【解析】【詳解】a.據(jù)題帶電液滴沿直線b運動到d，帶電液滴所受重力與電場力的合力一定與其運動方向在同一直線上，對液滴進行受力分析可知，電場力方向一定水平向右，與場強方向相反，所以該液滴帶負電故a正確；b.液滴受力分析圖，如圖所示：由圖可得物體所受合力物體的加速度：故b錯誤c.由于液滴從靜止開始做加速運動，故合力的方向與運動的方向相同，故合外力對物體做正功，總功不為零，故c錯誤d.因液滴的重力做正

9、功，重力勢能減小，故液滴的電勢能與動能之和是增加的，故d正確8. 圖中r1=4，r2=9，r3=18通電后 （ ） a. 經(jīng)r1和r3的電流之比i1：i3=3：1b. r1兩端的電壓和r3兩端的電壓之比u1：u3=4：9c. 三個電阻消耗的電功率之比p1：p2：p3=2：1：2d. 三個電阻消耗的電功率之比p1：p2：p3=2： 2：1【答案】ad【解析】【詳解】因 i2+i3=i1；又：；由兩式得：i1：i3=3：1，故a正確；r2與r3的并聯(lián)值；則，故b錯誤；功率之比p1：p2：p3=，故c錯誤，d正確故選ad二、實驗題（第9題6分，第10題10分，共16分）9. 如圖所示電路中，小量程電

10、流表的內(nèi)阻rg100，滿偏電流ig=1ma，r1=900，r2= （1）當s1和s2均斷開時，改裝成的是_表，最大量程是_（2）當s1和s2均閉合時，改裝成的是_表，最大量程是_【答案】 (1). 電壓 (2). 1v (3). 電流 (4). 1a【解析】【詳解】第一空：由電路圖可知，當和均斷開時，與串聯(lián)，改裝所成的表是電壓表，第二空：量程為v第三空：由電路圖可知，當和均閉合時，與并聯(lián)，改裝所成的表是電流表，第四空：量程為:a10. 某同學通過實驗測定一個阻值約為5的電阻rx的阻值。（1）現(xiàn)有電源（4v，內(nèi)阻可不計）、滑動變阻器（050，額定電流2a）、開關和導線若干，以及下列電表：a電流表

11、（03a，內(nèi)阻約0.025）b電流表（006a，內(nèi)阻約0.125）c電壓表（03v，內(nèi)阻約3k）d電壓表（015v，內(nèi)阻約15k）為減小測量誤差，在實驗中，電流表應選用_，電壓表應選用_（選填器材前的字母）；實驗電路采用如圖所示電路。（2）下圖是測量rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線。請根據(jù)在(1)問中電路圖，補充完成圖中實物間的連線_。（3）接通開關，改變滑動變阻器滑片p的位置，并記錄對應的電流表示數(shù)i、電壓表示數(shù)u。某次電表示數(shù)如下圖所示，可得該電阻的測量值rx=_。（保留2位有效數(shù)字）（4）本實驗所用電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是_。（選填選項前的字母）a電流表測量值小于流經(jīng)rx的電

12、流值b電流表測量值大于流經(jīng)rx的電流值c電壓表測量值小于rx兩端的電壓值d電壓表測量值大于rx兩端電壓值【答案】 (1). b (2). c (3). (4). 5.2 (5). b【解析】【詳解】（1）1 由于電源電動勢為4v，所以電壓表應選c；根據(jù)歐姆定律可知，通過待測電阻的最大電流為所以電流表應選b；2 電壓表應選c；（2）3 實物間的連線如下（3）4 電流表的讀數(shù)為i=0.50a，電壓表的讀數(shù)為u=2.60v，所以待測電阻為（4）5 據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知，采用如圖電路時，由于電壓表的分流作用，導致電流表的測量值大于流經(jīng)rx的電流，所以產(chǎn)生誤差的主要原因是b，故選b。三、計算題11

13、. 如圖所示，電源的電動勢e=110v，電阻r1=21，電動機繞組的電阻r0=0.5，電鍵s1始終閉合當電鍵s2斷開時，電阻r1的電功率是525w；當電鍵s2閉合時，電阻r1的電功率是336w，求：（1）電源的內(nèi)電阻；（2）當電鍵s2閉合時流過電源的電流和電動機的輸出功率【答案】（1）1（2）1606w【解析】【詳解】設s2斷開時r1消耗的功率為p1，則代入數(shù)據(jù)可以解得，設s2閉合時r1兩端的電壓為u，消耗的功率為p2，則解得，u=84v由閉合電路歐姆定律得，代入數(shù)據(jù)，得流過r1的電流為i1，流過電動機的電流為i2，a而電流關系:所以由代入數(shù)據(jù)得，12. 如圖，一質(zhì)量m=110-6kg，帶電量

14、q= -210-8c的微粒以初速度v0豎直向上從a點射入一水平向右的勻強電場，當微粒運動到比a高20cm的b點時速度大小也是v0，且方向水平向左，且ab兩點的連線與水平方向的夾角為45，g取10m/s2，求：（1）ab兩點間的電勢差uab；（2）勻強電場的場強e的大??；（3）該微粒初速度v0多大；（4）該過程中帶電微粒的最小速度為多少?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）；（4）【解析】【詳解】（1）從a點到b點，根據(jù)動能定理得代入數(shù)據(jù)解得（2）ab兩點的連線與水平方向的夾角為45，則有，場強e的大小為（3）由豎直方向，根據(jù)運動學公式，可得（4）由（1）可知，電場力等于重力，從a點到b點，在豎直方向

15、，微粒做勻減速直線運動，其速度為在水平方向微粒做初速度為零的勻加速直線運動，其速度為則任意一點的速度大小為化簡得由數(shù)學知識可知，二次函數(shù)在對稱軸處取得最值，即取得，可得13. 在如圖甲所示的電路中，、均為定值電阻，且，阻值未知，是一滑動變阻器，當其滑片從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電流的變化圖線如圖乙所示，其中、兩點是滑片在變阻器的左右兩個不同端點得到的值求：（1）定值電阻的阻值（2）電源的電動勢和內(nèi)阻（3）當滑動變阻器取何值時電源的輸出功率最大？最大輸出功率是多少？【答案】（1）5 （2）20v 20 （3）17.6 5w【解析】【詳解】(1）當p滑到的右端時，電路參數(shù)對應乙圖中的b

16、點，只有電阻接入電路，由圖乙所示圖象可知：v，a 則定值電阻的阻值為：（2）將乙圖中ab線延長，交u軸于20v處，所以電源的電動勢為v圖象斜率表示內(nèi)阻為：（3）當?shù)幕瑥淖钭蠖嘶阶钣叶藭r，外電路總電阻從小于電源內(nèi)阻r變至大于r，當外阻和內(nèi)阻相等時，電源輸出功率最大，則有： 代入：解得： 其值為；w14. 如圖所示，a、b是位于豎直平面內(nèi)、半徑r=0.5m的圓弧形的光滑絕緣軌道，其下端點b與水平絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在豎直向下的勻強電場中，電場強度n/c。今有一質(zhì)量為m=0.1kg、帶電荷量c的小滑塊（可視為質(zhì)點）從a點由靜止釋放。若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)，取g=10m/s2，求：(1)小滑塊經(jīng)過圓弧形軌道最低點b時對b點的壓力；(2)小滑塊在水平軌道上離開b點的最遠距離?！敬鸢浮?1)4.2n；(2)10m【解析】【詳解】（1）滑塊從a到b的過程中，滑塊受豎直向下的重力，豎直向