浙江省杭州市五校聯(lián)盟高二物理下學(xué)期第一次統(tǒng)考試卷（含解析）.docVIP

2014-2015學(xué)年浙江省杭州市五校聯(lián)盟高二（下）第一次統(tǒng)考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（共8小題，每題3分，共24分）1（3分）（2015青浦區(qū)一模）如圖所示是一個(gè)網(wǎng)球沿豎直方向運(yùn)動(dòng)時(shí)的頻閃照片，由照片可知（）a網(wǎng)球正在上升b網(wǎng)球正在下降c網(wǎng)球的加速度向上d網(wǎng)球的加速度向下2（3分）（2015哈爾濱校級(jí)二模）我國(guó)研制的深海載人潛水器“蛟龍”號(hào)在馬里亞納海溝創(chuàng)造了下潛7062米的載人深潛紀(jì)錄，它在海水中下落最終會(huì)達(dá)到一個(gè)恒定的速度，稱之為收尾速度“蛟龍”號(hào)質(zhì)量為m，完全入水后從靜止開始無動(dòng)力下潛，最后“蛟龍”號(hào)的收尾速度為v，若“蛟龍”號(hào)在水中所受浮力保持不變恒為f，重力加速度為g，下列說法正確的是（）a“蛟龍”號(hào)從靜止至達(dá)到收尾速度的過程中所受海水阻力應(yīng)為恒力b若測(cè)得某時(shí)“蛟龍”號(hào)的加速度大小為a，則“蛟龍”號(hào)此時(shí)受到的水的阻力為m（a+g）fc若測(cè)得“蛟龍”號(hào)從靜止至達(dá)到收尾速度所用時(shí)間為t，則“蛟龍”號(hào)的位移為d若測(cè)得“蛟龍”號(hào)下落t時(shí)間，通過的位移為y，則該過程的平均速度一定為3（3分）（2015煙臺(tái)一模）一個(gè)質(zhì)量為m的鐵塊以初速度v1沿粗糙斜面上滑，經(jīng)過一段時(shí)間又返回出發(fā)點(diǎn)，整個(gè)過程鐵塊速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）a鐵塊上滑過程處于超重狀態(tài)b鐵塊上滑過程與下滑過程的加速度方向相反c鐵塊上滑過程與下滑過程滿足v1t1=v2（t2t1）d鐵塊上滑過程損失的機(jī)械能為mv124（3分）（2015春杭州月考）為了科學(xué)研究的需要，常常將質(zhì)子（帶有一個(gè)正的元電荷，質(zhì)量為一個(gè)原子質(zhì)量單位）和粒子（帶有兩個(gè)正的元電荷，質(zhì)量為四個(gè)原子質(zhì)量單位）等帶電粒子貯存在圓環(huán)狀空腔中，圓環(huán)狀空腔置于一個(gè)與圓環(huán)平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，帶電粒子在其中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（如圖）如果質(zhì)子和粒子分別在兩個(gè)完全相同的圓環(huán)狀空腔中做圓周運(yùn)動(dòng)，且在同樣的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，比較質(zhì)子和粒子在圓環(huán)狀空腔中運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能eh和e，運(yùn)動(dòng)的周期th和t的大小，有（）aeh=e，th=tbehe，th=tceh=e，thtdehe，tht5（3分）（2015山東一模）如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)p原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器r4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）a電壓表讀數(shù)減小b電流表讀數(shù)減小c質(zhì)點(diǎn)p將向上運(yùn)動(dòng)dr3上消耗的功率逐漸增大6（3分）（2012烏魯木齊一模）如圖所示，一圓形線圈放置在水平桌面上，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直桌面豎直向下，過線圈上a點(diǎn)做切線oo，oo與線圈在同一平面上在線圈以oo為軸翻轉(zhuǎn)180的過程中，線圈中電流流向（）a始終由abcab始終由acbac先由acba再由abcad先由abca再由acba7（3分）（2015春松滋市校級(jí)月考）一質(zhì)點(diǎn)在015s內(nèi)豎直向上運(yùn)動(dòng)，其加速度時(shí)間圖象如圖所示，若取豎直向下為正，g取10m/s2，則下列說法正確的是（）a質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能不斷增加b在05s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能增加c在1015s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能一直增加d在t=15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能大于t=5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能8（3分）（2015湖南模擬）如圖所示，斜劈a靜止放置在水平地面上，木樁b固定在水平地面上，彈簧k把物體與木樁相連，彈簧與斜面平行質(zhì)量為m的物體和人在彈簧k的作用下沿斜劈表面向下運(yùn)動(dòng)，此時(shí)斜劈受到地面的摩擦力方向向左則下列說法正確的是（）a若剪斷彈簧，物體和人的加速度方向一定沿斜面向下b若剪斷彈簧，物體和人仍向下運(yùn)動(dòng)，a受到的摩擦力方向可能向右c若人從物體m離開，物體m仍向下運(yùn)動(dòng)，a受到的摩擦力可能向右d若剪斷彈簧同時(shí)人從物體m離開，物體m向下運(yùn)動(dòng)，a可能不再受到地面摩擦力二、不定項(xiàng)選擇（共4小題，每題4分，共16分）9（4分）（2015春杭州月考）均勻?qū)Ь€制成的單匝正方形閉合線框abcd，每邊長(zhǎng)為l，總電阻為r，總質(zhì)量為m將其置于磁感強(qiáng)度為b的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方h處線框由靜止自由下落，線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且cd邊始終與水平的磁場(chǎng)邊界平行當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，有（）a感應(yīng)電流的方向?yàn)閍bcdabcd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小為blcab邊消耗的電功率為d若此時(shí)線框加速度恰好為零，線框下落的高度應(yīng)為10（4分）（2015青浦區(qū)一模）如圖所示，小物體p放在水平圓盤上隨圓盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)，下列關(guān)于小物體所受摩擦力f的敘述正確的是（）af的方向總是指向圓心b圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)f=0c在物體與軸o的距離一定的條件下，f跟圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度成正比d在轉(zhuǎn)速一定的條件下，f跟物體到軸o的距離成正比11（4分）（2015咸陽三模）環(huán)形對(duì)撞機(jī)是研究高能粒子的重要裝置，其工作原理的示意圖如圖所示正、負(fù)離子由靜止經(jīng)過電壓為u的直線加速器加速后，沿圓環(huán)切線方向射入對(duì)撞機(jī)的真空環(huán)狀空腔內(nèi)，空腔內(nèi)存在著與圓環(huán)平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b兩種帶電粒子將被局限在環(huán)狀空腔內(nèi)，沿相反方向做半徑相等的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從而在碰撞去迎面相撞為維持帶電粒子在環(huán)狀空腔中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（）a對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度b越大b對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度b越小c對(duì)于給定的帶電粒子，加速電壓u越大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期越小d對(duì)于給定的帶電粒子，不管加速電壓u多大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期都不變12（4分）（2015普寧市校級(jí)一模）如圖，在點(diǎn)電荷q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，將兩個(gè)帶正電的試探電荷q1、q2分別置于a、b兩點(diǎn)，虛線為等勢(shì)線取無窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，若將q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，則下列說法正確的是（）aa點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)ba、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等cq1的電荷量小于q2的電荷量dq1在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于q2在b點(diǎn)的電勢(shì)能三、填空題（共5題，每題4分，共20分）13（4分）（2014秋福州期中）一列車的質(zhì)量是5.0105kg，在平直的軌道上以額定功率3000kw加速行駛，當(dāng)速度由10m/s加速到所能達(dá)到的最大速率30m/s時(shí)，共用了2min，若阻力保持不變，則列車受到的阻力為n，在這段時(shí)間內(nèi)列車前進(jìn)的距離是m14（4分）（2008秋宣州區(qū)校級(jí)期末）在如圖實(shí)驗(yàn)裝置中，充電后的平行板電容器的a極板與靈敏的靜電計(jì)相接，b極板接地（1）若極板b稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，則將觀察到靜電計(jì)指針偏角（填“變大”或“變小”），此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容隨而增大；（2）若極板b稍向左移動(dòng)一點(diǎn)，則將觀察到靜電計(jì)指針偏角（填“變大”或“變小”），此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容隨而增大15（4分）（2005上海）如圖，帶電量為+q的點(diǎn)電荷與均勻帶電薄板相距為2d，點(diǎn)電荷到帶電薄板的垂線通過板的幾何中心若圖中a點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，根據(jù)對(duì)稱性，帶電薄板在圖中b點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向（靜電力恒量為k）16（4分）（2012秋渭濱區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，虛線框內(nèi)空間中同時(shí)存在著勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線豎直向上，電場(chǎng)強(qiáng)度e=6104伏/米，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感線未在圖中畫出一帶正電的粒子按圖示方向垂直進(jìn)入虛線框空間中，速度v=2105米/秒如要求帶電粒子在虛線框空間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)中磁感線的方向是，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為特（粒子所受重力忽略不計(jì)）17（4分）（2014滕州市校級(jí)二模）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為r的圓弧軌道，半徑oa水平、ob豎直，一個(gè)質(zhì)量為m的小球自a的正上方p點(diǎn)由靜止開始自由下落，小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)b時(shí)恰好對(duì)軌道沒有壓力已知ap=3r，重力加速度為g，則小球從p到b的運(yùn)動(dòng)過程中，合外力做功，摩擦力做功為四、解答題（共4題，每題10分，共40分）18（10分）（2015海南模擬）實(shí)驗(yàn)室購買了一捆標(biāo)稱長(zhǎng)度為100m的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定其實(shí)際長(zhǎng)度該同學(xué)首先測(cè)得導(dǎo)線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7108m，再利用圖甲所示電路測(cè)出銅導(dǎo)線的電阻rx，從而確定導(dǎo)線的實(shí)際長(zhǎng)度可供使用的器材有：電流表：量程0.6a，內(nèi)阻約0.2；電壓表：量程3v，內(nèi)阻約9k；滑動(dòng)變阻器r1：最大阻值5；滑動(dòng)變阻器r2：最大阻值20；定值電阻：r0=3；電源：電動(dòng)勢(shì)6v，內(nèi)阻可不計(jì)；開關(guān)、導(dǎo)線若干回答下列問題：（1）實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填“r1”或“r2”），閉合開關(guān)s前應(yīng)將滑片移至端（填“a”或“b”）（2）在實(shí)物圖中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)電流表的讀數(shù)為0.50a時(shí)，電壓表示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為v（4）導(dǎo)線實(shí)際長(zhǎng)度為m（保留2位有效數(shù)字）19（10分）（2015哈爾濱校級(jí)二模）某校物理興趣小組決定舉行遙控賽車比賽，比賽路徑如圖所示可視為質(zhì)點(diǎn)的賽車從起點(diǎn)a出發(fā)，沿水平直線軌道運(yùn)動(dòng)l后，由b點(diǎn)進(jìn)入半徑為r的光滑豎直半圓軌道，并通過半圓軌道的最高點(diǎn)c，才算完成比賽b是半圓軌道的最低點(diǎn)，水平直線軌道和半圓軌道相切于b點(diǎn)已知賽車質(zhì)量m=0.5kg，通電后以額定功率p=2w工作，進(jìn)入豎直圓軌道前受到的阻力恒為ff=0.4n，隨后在運(yùn)動(dòng)中受到的阻力均可不計(jì)，l=10.00m，r=0.32m，（g取10m/s2）求：（1）要使賽車完成比賽，賽車在半圓軌道的b點(diǎn)對(duì)軌道的壓力至少多大？（2）要使賽車完成比賽，電動(dòng)機(jī)至少工作多長(zhǎng)時(shí)間t？（3）若電動(dòng)機(jī)工作時(shí)間為t0=5s，當(dāng)r為多少時(shí)賽車既能完成比賽且飛出的水平距離又最大，水平距離最大是多少？20（10分）（2015德陽模擬）如圖所示，一質(zhì)量為m=0.5kg，電荷量為q=+0.2c的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），放在離地面高度為h=5m的水平放置、厚度不計(jì)的絕緣圓盤邊緣，并隨圓盤一起繞中心轉(zhuǎn)軸順時(shí)針做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓盤的角速度為=2rad/s，半徑為r=1m，圓盤和小物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.5以圓盤左側(cè)垂直于紙面的切面和過圓盤圓心o點(diǎn)與空間中a點(diǎn)的豎直平面為界（兩平面平行），將空間分為、三個(gè)空間區(qū)域，當(dāng)小物塊轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，區(qū)域出現(xiàn)隨時(shí)間均勻增大的電場(chǎng)e（圖中未畫出），電場(chǎng)方向是豎直方向當(dāng)e增大到e1時(shí)，小物塊剛好從空間中的a點(diǎn)離開圓盤，且垂直于、區(qū)域邊界進(jìn)入?yún)^(qū)域，此時(shí)，區(qū)域和區(qū)域立即出現(xiàn)一豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)e2（圖中未畫出），e2=25n/c，且區(qū)域有一垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)寬度為l=4m，g=10m/s2求：（1）e1的大小和方向；（2）若小物塊在磁場(chǎng)寬度范圍內(nèi)落地，則磁感應(yīng)強(qiáng)度b的取值范圍是多少？（3）現(xiàn)將磁感應(yīng)強(qiáng)度b取某一值，當(dāng)小物塊離開a后一小段時(shí)間，緊貼圓盤圓心o點(diǎn)下方以速度v0=m/s水平拋出一木制小球，最終兩者在磁場(chǎng)寬度范圍內(nèi)的地面上相遇，則從小物塊離開a點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，拋出木制小球的時(shí)刻t為多少？21（10分）（2015懷化二模）如圖所示，兩條金屬導(dǎo)軌相距l(xiāng)=1m，水平部分處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)b1中，其中mn段平行于pq段，位于同一水平面內(nèi)，nn0段與qq0段平行，位于與水平面成傾角37的斜面內(nèi)，且mnn0與pqq0均在豎直平面內(nèi)在水平導(dǎo)軌區(qū)域和傾斜導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)分別有垂直于水平面和斜面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)b1和b2，且b1=b2=0.5t；ab和cd是質(zhì)量均為m=0.2kg、電阻分別為rab=0.5和rcd=1.5的兩根金屬棒，ab置于水平導(dǎo)軌上，與水平導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5，cd置于光滑的傾斜導(dǎo)軌上，均與導(dǎo)軌垂直且接觸良好從t=0時(shí)刻起，ab棒在水平外力f1作用下由靜止開始以a=2m/s2的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，cd棒在平行于斜面方向的力f2的作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)不計(jì)導(dǎo)軌的電阻水平導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，ab棒始終在水平導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)，已知sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2求：（1）t=5s時(shí)，cd棒消耗的電功率；（2）從t=0時(shí)刻起，2.0s內(nèi)通過ab棒的電荷量q；（3）規(guī)定圖示f1、f2方向作為力的正方向，分別求出f1、f2隨時(shí)間t變化的函數(shù)關(guān)系；（4）若改變f1和f2的作用規(guī)律，使ab棒的運(yùn)動(dòng)速度v與位移x滿足v=0.4x，cd棒仍然靜止在傾斜軌道上，求ab棒從靜止開始到x=5m的過程中，f1所做的功2014-2015學(xué)年浙江省杭州市五校聯(lián)盟高二（下）第一次統(tǒng)考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（共8小題，每題3分，共24分）1（3分）（2015青浦區(qū)一模）如圖所示是一個(gè)網(wǎng)球沿豎直方向運(yùn)動(dòng)時(shí)的頻閃照片，由照片可知（）a網(wǎng)球正在上升b網(wǎng)球正在下降c網(wǎng)球的加速度向上d網(wǎng)球的加速度向下考點(diǎn)：加速度；自由落體運(yùn)動(dòng)；豎直上拋運(yùn)動(dòng)專題：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題分析：網(wǎng)球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性特點(diǎn)可正確解答解答：解：網(wǎng)球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)時(shí)，到達(dá)最高點(diǎn)返回時(shí)運(yùn)動(dòng)具有對(duì)稱性，從該點(diǎn)上升的時(shí)間和返回的時(shí)間相同，在該點(diǎn)速度大小相等，因此無法判斷網(wǎng)球是上升還是下降，故ab錯(cuò)誤；網(wǎng)球上升過程中只受重力作用，因此其加速度豎直向下，大小為g，故c錯(cuò)誤，d正確故選d點(diǎn)評(píng)：豎直上拋運(yùn)動(dòng)是高中所學(xué)的一種重要的運(yùn)動(dòng)形式，要明確其運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)并能應(yīng)用其特點(diǎn)解答問題2（3分）（2015哈爾濱校級(jí)二模）我國(guó)研制的深海載人潛水器“蛟龍”號(hào)在馬里亞納海溝創(chuàng)造了下潛7062米的載人深潛紀(jì)錄，它在海水中下落最終會(huì)達(dá)到一個(gè)恒定的速度，稱之為收尾速度“蛟龍”號(hào)質(zhì)量為m，完全入水后從靜止開始無動(dòng)力下潛，最后“蛟龍”號(hào)的收尾速度為v，若“蛟龍”號(hào)在水中所受浮力保持不變恒為f，重力加速度為g，下列說法正確的是（）a“蛟龍”號(hào)從靜止至達(dá)到收尾速度的過程中所受海水阻力應(yīng)為恒力b若測(cè)得某時(shí)“蛟龍”號(hào)的加速度大小為a，則“蛟龍”號(hào)此時(shí)受到的水的阻力為m（a+g）fc若測(cè)得“蛟龍”號(hào)從靜止至達(dá)到收尾速度所用時(shí)間為t，則“蛟龍”號(hào)的位移為d若測(cè)得“蛟龍”號(hào)下落t時(shí)間，通過的位移為y，則該過程的平均速度一定為考點(diǎn)：牛頓第二定律；平均速度；摩擦力的判斷與計(jì)算專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：利用牛頓第二定律，分析蛟龍?zhí)柕氖芰η闆r，再由運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)點(diǎn)確定位移和速度的關(guān)系解答：解：a、“蛟龍”號(hào)的收尾速度為v，即開始時(shí)做變速運(yùn)動(dòng)最后做勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì)蛟龍?zhí)柺芰Ψ治?，受重力和浮力及海水阻力，由牛頓第二定律得：mgff=ma，而重力mg，浮力f恒定，最后物體又勻速運(yùn)動(dòng)，a=0，故阻力f變化，故a錯(cuò)誤；b、對(duì)蛟龍?zhí)柺芰Ψ治?，受重力和浮力及海水阻力，由牛頓第二定律得：mgff=ma，解得：f=mgmaf，故b錯(cuò)誤；c、根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，可知，在勻變速運(yùn)動(dòng)中：x=，但“蛟龍”號(hào)從靜止至達(dá)到收尾速度所用時(shí)間為t的過程中，阻力是變化的，加速度變化不是勻變速運(yùn)動(dòng)，故c錯(cuò)誤；d、根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，可知，故d正確；故選：d點(diǎn)評(píng)：本題是在蛟龍?zhí)柕谋尘跋?，考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式等常規(guī)公式和知識(shí)點(diǎn)，合理利用規(guī)律和公式應(yīng)用場(chǎng)景3（3分）（2015煙臺(tái)一模）一個(gè)質(zhì)量為m的鐵塊以初速度v1沿粗糙斜面上滑，經(jīng)過一段時(shí)間又返回出發(fā)點(diǎn)，整個(gè)過程鐵塊速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）a鐵塊上滑過程處于超重狀態(tài)b鐵塊上滑過程與下滑過程的加速度方向相反c鐵塊上滑過程與下滑過程滿足v1t1=v2（t2t1）d鐵塊上滑過程損失的機(jī)械能為mv12考點(diǎn)：功能關(guān)系；牛頓第二定律分析：由圖象可知道，物體在0t1內(nèi)減速上升，在t1t2內(nèi)勻加速下降，加速度始終向下；超重加速度向上；vt圖象面積可以表示位移知速度關(guān)系；由能量是守恒的知機(jī)械能的損失解答：解：ab、上滑過程勻減速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑過程勻加速下降則加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑過程加速度方向相同，物體都處于失重狀態(tài)，故ab錯(cuò)誤；c、速度時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，由圖可知，上滑的位移為：v1t1，下滑的位移為v2（t2t1），經(jīng)過一段時(shí)間又返回出發(fā)點(diǎn)說明v1t1=v2（t2t1），故c正確；d、根據(jù)能量守恒知上滑損失機(jī)械能為e=ek1mgh=mmgh，故d錯(cuò)誤；故選：c點(diǎn)評(píng)：圖象簡(jiǎn)潔明了，能夠直接得出物體各過程的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和功能關(guān)系求解，綜合性較強(qiáng)4（3分）（2015春杭州月考）為了科學(xué)研究的需要，常常將質(zhì)子（帶有一個(gè)正的元電荷，質(zhì)量為一個(gè)原子質(zhì)量單位）和粒子（帶有兩個(gè)正的元電荷，質(zhì)量為四個(gè)原子質(zhì)量單位）等帶電粒子貯存在圓環(huán)狀空腔中，圓環(huán)狀空腔置于一個(gè)與圓環(huán)平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，帶電粒子在其中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（如圖）如果質(zhì)子和粒子分別在兩個(gè)完全相同的圓環(huán)狀空腔中做圓周運(yùn)動(dòng)，且在同樣的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，比較質(zhì)子和粒子在圓環(huán)狀空腔中運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能eh和e，運(yùn)動(dòng)的周期th和t的大小，有（）aeh=e，th=tbehe，th=tceh=e，thtdehe，tht考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；向心力分析：束縛粒子在圓環(huán)狀空腔中的力是磁場(chǎng)施加的洛倫茲力使粒子在空腔中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，即滿足qvb=m，由此列式討論可得解答：解：設(shè)質(zhì)子的質(zhì)量為m則粒子的質(zhì)量為4m；粒子在空腔中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故滿足qvb=m得：v=，動(dòng)能為：e=mv2=由題知，r相同，b相同，故有：=，即有eh=e；據(jù)周期公式有：t=，知b相同，則：=，則tpt故選：c點(diǎn)評(píng)：粒子能儲(chǔ)存在空腔中，主要是在磁場(chǎng)力束縛下使粒子在空腔中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，正確的根據(jù)f洛=f向列式求解，注意向心力的不同表述5（3分）（2015山東一模）如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)p原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器r4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）a電壓表讀數(shù)減小b電流表讀數(shù)減小c質(zhì)點(diǎn)p將向上運(yùn)動(dòng)dr3上消耗的功率逐漸增大考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律專題：壓軸題；恒定電流專題分析：由圖可知電路結(jié)構(gòu)，由滑片的移動(dòng)可知電路中電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化及電容器兩端的電壓變化；再分析質(zhì)點(diǎn)的受力情況可知質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況解答：解：由圖可知，r2與滑動(dòng)變阻器r4串聯(lián)后與r3并聯(lián)后，再由r1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與r3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時(shí)r1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減??；由歐姆定律可知流過r3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；故b錯(cuò)誤；因并聯(lián)部分電壓減小，而r2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故a正確；因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力，合力向下，電荷向下運(yùn)動(dòng)，故c錯(cuò)誤；因r3兩端的電壓減小，由p=可知，r3上消耗的功率減小； 故d錯(cuò)誤；故選a點(diǎn)評(píng)：解決閉合電路歐姆定律的題目，一般可以按照整體局部整體的思路進(jìn)行分析，注意電路中某一部分電阻減小時(shí)，無論電路的連接方式如何，總電阻均是減小的6（3分）（2012烏魯木齊一模）如圖所示，一圓形線圈放置在水平桌面上，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直桌面豎直向下，過線圈上a點(diǎn)做切線oo，oo與線圈在同一平面上在線圈以oo為軸翻轉(zhuǎn)180的過程中，線圈中電流流向（）a始終由abcab始終由acbac先由acba再由abcad先由abca再由acba考點(diǎn)：楞次定律專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：由磁通量的定義可求得最大磁通量的位置與最小磁通量的位置，然后判定磁通量的變化情況；解答：解：當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，線圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角為0度，則=0當(dāng)線圈與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，穿過線圈平面的磁通量變大圖中的情況是磁場(chǎng)與線圈垂直，所以開始時(shí)的磁通量最大，轉(zhuǎn)過90時(shí)的磁通量最小所以在線圈由圖示位置繞轉(zhuǎn)軸oo轉(zhuǎn)動(dòng)180的過程中，向里穿過線圈的磁通量先減小，后增大向里穿過線圈的磁通量減小時(shí)，根據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向是abca，轉(zhuǎn)過角度大于90后，向里的磁通量增大，楞次定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向仍然是abca故選：a點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握磁通量的公式，知道當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)，磁通量為0，當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，磁通量最大7（3分）（2015春松滋市校級(jí)月考）一質(zhì)點(diǎn)在015s內(nèi)豎直向上運(yùn)動(dòng)，其加速度時(shí)間圖象如圖所示，若取豎直向下為正，g取10m/s2，則下列說法正確的是（）a質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能不斷增加b在05s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能增加c在1015s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能一直增加d在t=15s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能大于t=5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能考點(diǎn)：功能關(guān)系分析：物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功或只受重力，即物體的加速度等于g，則機(jī)械能不變，若向上減速的加速度小于g，說明物體受到了向上的外力作用，機(jī)械能增加，反之向上減速的加速度大于g則機(jī)械能減小解答：解：a、由圖象可以看出05s內(nèi)的加速度等于g，510s內(nèi)的加速度小于g，1015s內(nèi)的加速度大于g，故物體的機(jī)械能先不變，后增加，再減小，故a錯(cuò)誤；b、在05s內(nèi)，物體速度向上，加速度方向向下，加速度與速度方向相反，則物體減速，速度減小，則動(dòng)能減小，故b錯(cuò)誤；c、在510s內(nèi)，物體向上減速的加速度大于g，說明物體受到了方向向下的外力，做負(fù)功，機(jī)械能減少，故c錯(cuò)誤；d、根據(jù)牛頓第二定律，05s內(nèi)，mgf=ma，得：f=2m，方向向上，做正功，物體機(jī)械能增加；510s內(nèi)，mg+f=ma，得f=2m，方向向下，物體機(jī)械能減少；物體一直向上做減速運(yùn)動(dòng)，而510s內(nèi)的速度小于05s內(nèi)的速度，則510s內(nèi)的位移小于05s內(nèi)的位移，故fs05fs10，則510s內(nèi)物體機(jī)械能增加的多，減小的少，故質(zhì)點(diǎn)在t=15s時(shí)的機(jī)械能大于t=5s時(shí)的機(jī)械能，d正確；故選：d點(diǎn)評(píng)：本題考查機(jī)械能守恒守恒定律的應(yīng)用，要注意明確機(jī)械能的變化量等于重力以外的力做的功，重力以外的力做正功則機(jī)械能增加，重力以外的力做負(fù)功則機(jī)械能減少8（3分）（2015湖南模擬）如圖所示，斜劈a靜止放置在水平地面上，木樁b固定在水平地面上，彈簧k把物體與木樁相連，彈簧與斜面平行質(zhì)量為m的物體和人在彈簧k的作用下沿斜劈表面向下運(yùn)動(dòng)，此時(shí)斜劈受到地面的摩擦力方向向左則下列說法正確的是（）a若剪斷彈簧，物體和人的加速度方向一定沿斜面向下b若剪斷彈簧，物體和人仍向下運(yùn)動(dòng)，a受到的摩擦力方向可能向右c若人從物體m離開，物體m仍向下運(yùn)動(dòng)，a受到的摩擦力可能向右d若剪斷彈簧同時(shí)人從物體m離開，物體m向下運(yùn)動(dòng)，a可能不再受到地面摩擦力考點(diǎn)：摩擦力的判斷與計(jì)算專題：摩擦力專題分析：先對(duì)斜面分析，受重力、地面的支持力和靜摩擦力、滑塊的滑動(dòng)摩擦力和壓力，將滑塊的滑動(dòng)摩擦力和壓力合成，當(dāng)作一個(gè)力處理，根據(jù)平衡條件得到該力的方向情況；然后對(duì)人和滑塊整體分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷其運(yùn)動(dòng)情況解答：解：a、剪斷彈簧前，對(duì)斜面分析，受重力、地面的支持力和靜摩擦力、滑塊對(duì)斜面體的力（滑塊對(duì)斜面體的滑動(dòng)摩擦力和壓力的合力），斜劈受到地面的摩擦力方向向左，故根據(jù)平衡條件，滑塊對(duì)斜面體的力向右下方；根據(jù)牛頓第三定律，斜面對(duì)滑塊的力向左上方；若剪斷彈簧，滑塊和人整體還要受重力，故合力偏左，根據(jù)牛頓第二定律，加速度是沿斜面向下，故a正確；b、若剪斷彈簧，物體和人仍向下運(yùn)動(dòng)，故物體和人整體對(duì)斜面體的力不變，故斜面體受力情況不變，故地面摩擦力依然向左，故b錯(cuò)誤；c、若人從物體m離開，由于慣性，物體m仍向下運(yùn)動(dòng)；動(dòng)摩擦因素是不變的，故滑塊對(duì)斜面體壓力和滑動(dòng)摩擦力正比例減小，故壓力和滑動(dòng)摩擦力的合力依然向右下方，故地面對(duì)斜面體的靜摩擦力依然向左，故c錯(cuò)誤；d、若剪斷彈簧同時(shí)人從物體m離開，由于慣性，物體m仍向下運(yùn)動(dòng)；動(dòng)摩擦因素是不變的，故滑塊對(duì)斜面體壓力和滑動(dòng)摩擦力正比例減小，故壓力和滑動(dòng)摩擦力的合力依然向右下方，故地面對(duì)斜面體的靜摩擦力依然向左，故d錯(cuò)誤；故選：a點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是對(duì)斜面體和滑塊分別受力分析后運(yùn)用平衡條件和牛頓第二定律分析，技巧在于判斷滑塊與斜面體間的彈力和摩擦力的合力的方向，同時(shí)注意彈力和滑動(dòng)摩擦力按比例變化，故滑塊與斜面體間的彈力和摩擦力的合力的方向是不變的二、不定項(xiàng)選擇（共4小題，每題4分，共16分）9（4分）（2015春杭州月考）均勻?qū)Ь€制成的單匝正方形閉合線框abcd，每邊長(zhǎng)為l，總電阻為r，總質(zhì)量為m將其置于磁感強(qiáng)度為b的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方h處線框由靜止自由下落，線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且cd邊始終與水平的磁場(chǎng)邊界平行當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，有（）a感應(yīng)電流的方向?yàn)閍bcdabcd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小為blcab邊消耗的電功率為d若此時(shí)線框加速度恰好為零，線框下落的高度應(yīng)為考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：由右手定則可以判定出感應(yīng)電流方向；由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的水的圍觀公式求出線框速度，然后由e=blv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由歐姆定律可以求出電勢(shì)差；由安培力公式求出安培力，由牛頓第二定律求出h解答：解：a、由右手定則可知，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流方向?yàn)閍dcba，故a錯(cuò)誤；b、線框進(jìn)入磁場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，由機(jī)械能守恒定律得：mgh=mv2，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：e=blv，解得：e=bl；此時(shí)線框中電流為：i=，cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差：u=i=bl；故b正確；c、四條邊相同，所以四條邊上的電阻值也相等，則ab邊消耗的電功率為=故c正確；d、線框受到的安培力安培力：f=bil=，根據(jù)牛頓第二定律有：mgf=ma，由a=0解得下落高度滿足：h=；故d正確故選：bcd點(diǎn)評(píng)：本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)相結(jié)合的題目，分析清楚線框運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用右手定則、勻變速運(yùn)動(dòng)的速度位移公式、e=blv、安培力公式、牛頓第二定律即可正確解題10（4分）（2015青浦區(qū)一模）如圖所示，小物體p放在水平圓盤上隨圓盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)，下列關(guān)于小物體所受摩擦力f的敘述正確的是（）af的方向總是指向圓心b圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)f=0c在物體與軸o的距離一定的條件下，f跟圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度成正比d在轉(zhuǎn)速一定的條件下，f跟物體到軸o的距離成正比考點(diǎn)：向心力；牛頓第二定律專題：牛頓第二定律在圓周運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用分析：木塊p隨圓盤一起繞過o點(diǎn)的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，p受到的靜摩擦力提供向心力，根據(jù)向心力公式研究靜摩擦力方向，及大小與半徑、角速度的關(guān)系解答：解：a、p放在水平圓盤上隨圓盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)，若圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，p受到的靜摩擦力f提供向心力，沿po方向指向圓心若圓盤變速運(yùn)動(dòng)，f不指向圓心，故a錯(cuò)誤b、木塊p隨圓盤一起繞過o點(diǎn)的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，p受到的靜摩擦力提供向心力，p受到的靜摩擦力不可能為零故b錯(cuò)誤c、由f=m2r得，在p點(diǎn)到o點(diǎn)的距離一定的條件下，p受到的靜摩擦力的大小跟圓盤勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度的平方成正比故c錯(cuò)誤d、根據(jù)向心力公式得到f=m（2n）2r，轉(zhuǎn)速n一定時(shí)，f與r成正比，即p受到的靜摩擦力的大小跟p點(diǎn)到o點(diǎn)的距離成正比故d正確故選：d點(diǎn)評(píng)：本題中由靜摩擦力提供木塊所需要的向心力，運(yùn)用控制變量法研究f與其他量的關(guān)系11（4分）（2015咸陽三模）環(huán)形對(duì)撞機(jī)是研究高能粒子的重要裝置，其工作原理的示意圖如圖所示正、負(fù)離子由靜止經(jīng)過電壓為u的直線加速器加速后，沿圓環(huán)切線方向射入對(duì)撞機(jī)的真空環(huán)狀空腔內(nèi)，空腔內(nèi)存在著與圓環(huán)平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b兩種帶電粒子將被局限在環(huán)狀空腔內(nèi)，沿相反方向做半徑相等的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從而在碰撞去迎面相撞為維持帶電粒子在環(huán)狀空腔中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是（）a對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度b越大b對(duì)于給定的加速電壓，帶電粒子的比荷越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度b越小c對(duì)于給定的帶電粒子，加速電壓u越大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期越小d對(duì)于給定的帶電粒子，不管加速電壓u多大，粒子運(yùn)動(dòng)的周期都不變考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：帶電粒子被加速后進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式和周期公式判斷荷質(zhì)比與磁感強(qiáng)度的關(guān)系，周期和磁感強(qiáng)度的關(guān)系解答：解：a、b、環(huán)形空腔的半徑保持不變，當(dāng)電壓不變時(shí)，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度相同，根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式：r=，荷質(zhì)比越大，b應(yīng)該越小，故a錯(cuò)誤，b正確；c、d、當(dāng)帶電粒子確定后，加速電壓越大，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)速度越大，荷質(zhì)比確定，所以磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)該越大，根據(jù)周期公式t=，可得磁感應(yīng)強(qiáng)度的增大會(huì)使周期變小，故c正確，d錯(cuò)誤；故選：bc點(diǎn)評(píng)：本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和周期，判斷三個(gè)變化量之間的關(guān)系應(yīng)有一個(gè)量保持不變12（4分）（2015普寧市校級(jí)一模）如圖，在點(diǎn)電荷q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，將兩個(gè)帶正電的試探電荷q1、q2分別置于a、b兩點(diǎn)，虛線為等勢(shì)線取無窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，若將q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，則下列說法正確的是（）aa點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)ba、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等cq1的電荷量小于q2的電荷量dq1在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于q2在b點(diǎn)的電勢(shì)能考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)能專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：將兩個(gè)帶正電的試探電荷q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做功，說明q帶負(fù)電，即可判斷a、b電勢(shì)高低；由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式e=k分析場(chǎng)強(qiáng)的大??；由圖分析可知：a與無窮遠(yuǎn)間的電勢(shì)差大于b與無窮遠(yuǎn)間的電勢(shì)差，根據(jù)電場(chǎng)力做功公式w=qu，分析電荷量的大??；根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系，即可判斷q1在a點(diǎn)的電勢(shì)能與q2在b點(diǎn)的電勢(shì)能的大小解答：解：a、由題，將兩個(gè)帶正電的試探電荷q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做功，則知q與兩個(gè)試探電荷之間存在引力，說明q帶負(fù)電，電場(chǎng)線方向從無窮遠(yuǎn)處指向q，則a點(diǎn)電勢(shì)小于b點(diǎn)電勢(shì)故a錯(cuò)誤b、由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式e=k分析可知，a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)故b錯(cuò)誤c、由圖分析可知：a與無窮遠(yuǎn)間的電勢(shì)差大于b與無窮遠(yuǎn)間的電勢(shì)差，將q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，根據(jù)電場(chǎng)力做功公式w=qu，得知，q1的電荷量小于q2的電荷量故c正確d、將q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等，兩個(gè)試探電荷電勢(shì)能的變化量相等，無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)能為零，則q1在a點(diǎn)的電勢(shì)能等于q2在b點(diǎn)的電勢(shì)能故d錯(cuò)誤故選：c點(diǎn)評(píng)：本題根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系分析電勢(shì)能的大小，根據(jù)公式e=k分析場(chǎng)強(qiáng)的大小等等，都是常用的思路三、填空題（共5題，每題4分，共20分）13（4分）（2014秋福州期中）一列車的質(zhì)量是5.0105kg，在平直的軌道上以額定功率3000kw加速行駛，當(dāng)速度由10m/s加速到所能達(dá)到的最大速率30m/s時(shí)，共用了2min，若阻力保持不變，則列車受到的阻力為1.0105n，在這段時(shí)間內(nèi)列車前進(jìn)的距離是1600m考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；牛頓第二定律分析：汽車勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度最大，此時(shí)汽車的牽引力與阻力平衡由功率求出阻力f當(dāng)速度由10m/s加速到最大速率30m/s時(shí)，牽引力做正功為pt，阻力做負(fù)功fs，根據(jù)動(dòng)能定理求出列車前進(jìn)的距離解答：解：當(dāng)汽車的速度最大時(shí)，牽引力與阻力平衡，即有f=f由p=fvm得：f=f=運(yùn)用動(dòng)能定理研究汽車速度由10m/s加速到最大速率30m/s過程，得：ptfs=代入解得：s=1600m答：（1）運(yùn)動(dòng)過程中列車所受阻力是大小為150000n（2）這段時(shí)間內(nèi)火車前進(jìn)的距離是2000m故答案為：1.0105，1600點(diǎn)評(píng)：本題是汽車的啟動(dòng)問題，抓住汽車速度最大的條件是關(guān)鍵對(duì)功率一定的變速運(yùn)動(dòng)，往往由w=pt求功14（4分）（2008秋宣州區(qū)校級(jí)期末）在如圖實(shí)驗(yàn)裝置中，充電后的平行板電容器的a極板與靈敏的靜電計(jì)相接，b極板接地（1）若極板b稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，則將觀察到靜電計(jì)指針偏角變大（填“變大”或“變小”），此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容隨極板正對(duì)面積增大而增大；（2）若極板b稍向左移動(dòng)一點(diǎn)，則將觀察到靜電計(jì)指針偏角變大（填“變大”或“變小”），此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容隨板間距離減小而增大考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析專題：實(shí)驗(yàn)題；電容器專題分析：（1）若極板b稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式，分析電容的變化電容器的電量不變，由電容的定義式分析板間電壓的變化，再判斷靜電計(jì)指針偏角的變化（2）若極板b稍向左移動(dòng)一點(diǎn)，再用同樣的思路進(jìn)行分析解答：解：（1）若極板b稍向上移動(dòng)一點(diǎn)，極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式可知，電容c變小電容器的電量q不變，由電容的定義式得到，板間電壓u變大此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容隨極板正對(duì)面積增大而增大；（2）若極板b稍向左移動(dòng)一點(diǎn)，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式可知，電容c變小電容器的電量q不變，由電容的定義式得到，板間電壓u變大此實(shí)驗(yàn)說明平行板電容器的電容隨極板減小而增大故答案為：（1）變大；極板正對(duì)面積增大 （2）變大；板間距離減小點(diǎn)評(píng)：本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析的問題，根據(jù)電容的決定式和電容的定義式綜合分析，是常用思路15（4分）（2005上海）如圖，帶電量為+q的點(diǎn)電荷與均勻帶電薄板相距為2d，點(diǎn)電荷到帶電薄板的垂線通過板的幾何中心若圖中a點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，根據(jù)對(duì)稱性，帶電薄板在圖中b點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，方向水平向左（或垂直薄板向左）（靜電力恒量為k）考點(diǎn)：電場(chǎng)的疊加；電場(chǎng)強(qiáng)度；點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)專題：計(jì)算題；壓軸題分析：由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式可得出q在a點(diǎn)形成的場(chǎng)強(qiáng)，由電場(chǎng)的疊加原理可求得薄板在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向；由對(duì)稱性可知薄板在b點(diǎn)形成的場(chǎng)強(qiáng)；解答：解；q在a點(diǎn)形成的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為e1=，方向向左；因a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，故薄板在a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向向右，大小也為，由對(duì)稱性可知，薄板在b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)也為，方向向左；故答案為：，水平向左；點(diǎn)評(píng)：題目中要求的是薄板形成的場(chǎng)強(qiáng)，看似無法解決； 但注意a點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由薄板及點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加而成，故可求得薄板在a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，而薄板兩端的電場(chǎng)是對(duì)稱的，故由對(duì)稱性可解16（4分）（2012秋渭濱區(qū)校級(jí)期末）如圖所示，虛線框內(nèi)空間中同時(shí)存在著勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線豎直向上，電場(chǎng)強(qiáng)度e=6104伏/米，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感線未在圖中畫出一帶正電的粒子按圖示方向垂直進(jìn)入虛線框空間中，速度v=2105米/秒如要求帶電粒子在虛線框空間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)中磁感線的方向是垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.3特（粒子所受重力忽略不計(jì)）考點(diǎn)：帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)分析：根據(jù)勻速直線運(yùn)動(dòng)，處于平衡狀態(tài)，則有電場(chǎng)力與洛倫茲力大小相等，方向相反，由左手定則，即可確定磁場(chǎng)的方向，由平衡方程，即可求解磁場(chǎng)的大小解答：解：由題意可知，粒子受到電場(chǎng)力與洛倫茲力，兩者相平衡，則有：qe=bqv； 解得：b=t=0.3t；根據(jù)受力平衡可知，帶正電的粒子的洛倫茲力的方向豎直向下，由左手定則可知，磁場(chǎng)的方向：垂直紙面向外；故答案為：垂直紙面向外，0.3點(diǎn)評(píng)：考查受力分析與平衡方程的應(yīng)用，掌握左手定則的應(yīng)用，注意粒子帶正電，及重力不計(jì)17（4分）（2014滕州市校級(jí)二模）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一半徑為r的圓弧軌道，半徑oa水平、ob豎直，一個(gè)質(zhì)量為m的小球自a的正上方p點(diǎn)由靜止開始自由下落，小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)b時(shí)恰好對(duì)軌道沒有壓力已知ap=3r，重力加速度為g，則小球從p到b的運(yùn)動(dòng)過程中，合外力做功，摩擦力做功為考點(diǎn)：功的計(jì)算；摩擦力的判斷與計(jì)算專題：功的計(jì)算專題分析：由牛頓第二定律求出到達(dá)b的速度，由動(dòng)能定理求出合外力做功；由動(dòng)能定理求出克服摩擦力做功解答：解：小球在b點(diǎn)對(duì)軌道恰好沒有壓力，小球只受重力，由牛頓第二定律得：mg=m，解得：vb=，從p到b由動(dòng)能定理的w=；mg2rwf=wf=故摩擦力做功為故答案為：，點(diǎn)評(píng)：分析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用牛頓第二定律、動(dòng)能定理規(guī)律即可正確解題，注意過程的選取四、解答題（共4題，每題10分，共40分）18（10分）（2015海南模擬）實(shí)驗(yàn)室購買了一捆標(biāo)稱長(zhǎng)度為100m的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定其實(shí)際長(zhǎng)度該同學(xué)首先測(cè)得導(dǎo)線橫截面積為1.0mm2，查得銅的電阻率為1.7108m，再利用圖甲所示電路測(cè)出銅導(dǎo)線的電阻rx，從而確定導(dǎo)線的實(shí)際長(zhǎng)度可供使用的器材有：電流表：量程0.6a，內(nèi)阻約0.2；電壓表：量程3v，內(nèi)阻約9k；滑動(dòng)變阻器r1：最大阻值5；滑動(dòng)變阻器r2：最大阻值20；定值電阻：r0=3；電源：電動(dòng)勢(shì)6v，內(nèi)阻可不計(jì)；開關(guān)、導(dǎo)線若干回答下列問題：（1）實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選r2（填“r1”或“r2”），閉合開關(guān)s前應(yīng)將滑片移至a端（填“a”或“b”）（2）在實(shí)物圖中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，當(dāng)電流表的讀數(shù)為0.50a時(shí)，電壓表示數(shù)如圖乙所示，讀數(shù)為2.3v（4）導(dǎo)線實(shí)際長(zhǎng)度為94m（保留2位有效數(shù)字）考點(diǎn)：伏安法測(cè)電阻專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題分析：（1）本實(shí)驗(yàn)采用限流法測(cè)電阻，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值應(yīng)為r0和rx總阻值的4倍以上，閉合開關(guān)s前應(yīng)將滑片移至阻值最大處；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，連接實(shí)物圖；（3）根據(jù)圖乙讀出電壓，注意估讀；（4）根據(jù)歐姆定律及電阻定律即可求解解答：解：（1）本實(shí)驗(yàn)采用限流法測(cè)電阻，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值應(yīng)為r0和rx總阻值的4倍以上，r0=3，所以滑動(dòng)變阻器選r2，閉合開關(guān)s前應(yīng)將滑片移至阻值最大處，即a處；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，連接實(shí)物圖，如圖所示：（3）電壓表量程為3v，由圖乙所示電壓表可知，其分度值為0.1v所示為：2.30v；（4）根據(jù)歐姆定律得：r0+rx=4.6，則rx=1.6由電阻定律：rx=可知：l=，代入數(shù)據(jù)解得：l=94m；故答案為：（1）r2，a；（2）如