（科學(xué)備考 必考）高考物理大二輪復(fù)習(xí) 牛頓運動定律（含試題）.doc

（科學(xué)備考 必考）2015高考物理大二輪復(fù)習(xí) 牛頓運動定律（含2014試題） 物理1.(2014江蘇，8，3分)如圖所示,a、b兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m,靜止疊放在水平地面上。a、b間的動摩擦因數(shù)為,b與地面間的動摩擦因數(shù)為。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,重力加速度為g。現(xiàn)對a施加一水平拉力f,則()a.當f3mg時,a相對b滑動d.無論f為何值,b的加速度不會超過g答案 1.bcd解析 1.對a、b整體,地面對b的最大靜摩擦力為mg,故當mgf3mg時,a相對b才能滑動,故c對。當f=mg時,a、b相對靜止,對整體有:mg-3mg=3ma,a=g,故b正確。無論f為何值,b所受最大的動力為a對b的最大靜摩擦力2mg,故b的最大加速度abm=g,可見d正確。2.(2014重慶，5，6分)以不同初速度將兩個物體同時豎直向上拋出并開始計時,一個物體所受空氣阻力可忽略,另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比,下列用虛線和實線描述兩物體運動的v-t圖像可能正確的是()答案 2.d解析 2.受空氣阻力作用的物體,上升過程:mg+kv=ma,得a=g+v,v減小,a減小,a錯誤。到達最高點時v=0,a=g,即兩圖線與t軸相交時斜率相等,故d正確。3.(2014四川，7，6分)如圖所示,水平傳送帶以速度v1勻速運動,小物體p、q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩相連,t=0時刻p在傳送帶左端具有速度v2,p與定滑輪間的繩水平,t=t0時刻p離開傳送帶。不計定滑輪質(zhì)量和摩擦,繩足夠長。正確描述小物體p速度隨時間變化的圖像可能是()答案 3.bc解析 3.若v2v1且mqgmpg,則mpg-mqg=(mp+mq)a1,當p加速運動速度達到v1后,與皮帶一起勻速運動,直到離開傳送帶(也可能加速過程中就離開傳送帶),所以b項正確。若v2mpg,則p先勻減速到零再反向加速到離開傳送帶(也可能減速過程中就離開傳送帶);若v2v1,且mqgv1且mqgmpg,滿足mqg+mpg=(mp+mq)a2,中途減速至v1,以后滿足mqg-mpg=(mp+mq)a3,以a3先減速到零再以相同的加速度返回直到離開傳送帶(也可能減速過程中就離開傳送帶),故c正確,a、d錯誤。4.(2014福建，18，6分)如圖,兩根相同的輕質(zhì)彈簧,沿足夠長的光滑斜面放置,下端固定在斜面底部擋板上,斜面固定不動。質(zhì)量不同、形狀相同的兩物塊分別置于兩彈簧上端?，F(xiàn)用外力作用在物塊上,使兩彈簧具有相同的壓縮量;若撤去外力后,兩物塊由靜止沿斜面向上彈出并離開彈簧,則從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過程,兩物塊()a.最大速度相同b.最大加速度相同c.上升的最大高度不同d.重力勢能的變化量不同答案 4.c解析 4.物塊在剛撤去外力時加速度最大,由牛頓第二定律得:kx-mg sin =ma,即a=-g sin ,由于兩物塊k、x、均相同,m不同,則a不同,b錯誤。當mg sin =kx0即x0=時,速度最大,如圖,設(shè)兩物塊質(zhì)量m1m2,其平衡位置分別為o1、o2,初始位置為o,則從o至o2的過程中,由w彈-wg=ek及題意知,w彈相同,wg1ek2,即v1v2,而此時m2的速度v2已達最大,此后,m1的速度將繼續(xù)增大直至最大,而m2的速度將減小,故一定是質(zhì)量小的最大速度大,a錯誤。從開始運動至最高點,由ep=mgh及題意知重力勢能的變化量ep=mgh相同,m不同,h也不同,故c正確,d錯誤。5.(2014福建，15，6分)如右圖,滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面,從頂端下滑,直至速度為零。對于該運動過程,若用h、s、v、a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小,t表示時間,則下列圖象最能正確描述這一運動規(guī)律的是()答案 5.b解析 5.設(shè)斜面傾角為,滑塊沿斜面下滑時,由牛頓第二定律有mg sin -mg cos =ma,a=g sin -g cos ,因此滑塊下滑時加速度不變,選項d錯誤;滑塊加速下滑時的位移s=v0t+at2,選項b正確;滑塊下降高度h=ssin =v0 sin t+a sin t2,選項a錯誤;滑塊下滑時的速度v=v0+at,選項c錯誤。6.(2014山東，15，6分)一質(zhì)點在外力作用下做直線運動,其速度v隨時間t變化的圖像如圖。在圖中標出的時刻中,質(zhì)點所受合外力的方向與速度方向相同的有()a.t1b.t2c.t3d.t4答案 6.ac解析 6.v-t圖像中,縱軸表示各時刻的速度,t1、t2時刻速度為正,t3、t4時刻速度為負,圖線上各點切線的斜率表示該時刻的加速度,t1、t4時刻加速度為正,t2、t3時刻加速度為負,根據(jù)牛頓第二定律,加速度與合外力方向相同,故t1時刻合外力與速度均為正,t3時刻合外力與速度均為負,a、c正確,b、d錯誤。7.(2014北京，19，6分)伽利略創(chuàng)造的把實驗、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法,有力地促進了人類科學(xué)認識的發(fā)展。利用如圖所示的裝置做如下實驗:小球從左側(cè)斜面上的o點由靜止釋放后沿斜面向下運動,并沿右側(cè)斜面上升。斜面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸降低的材料時,小球沿右側(cè)斜面上升到的最高位置依次為1、2、3。根據(jù)三次實驗結(jié)果的對比,可以得到的最直接的結(jié)論是()a.如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚co點等高的位置b.如果小球不受力,它將一直保持勻速運動或靜止狀態(tài)c.如果小球受到力的作用,它的運動狀態(tài)將發(fā)生改變d.小球受到的力一定時,質(zhì)量越大,它的加速度越小答案 7.a解析 7.根據(jù)實驗結(jié)果,得到的最直接的結(jié)論是如果斜面光滑,小球?qū)⑸仙脚co點等高的位置,a項正確。而小球不受力時狀態(tài)不變,小球受力時狀態(tài)發(fā)生變化,是在假設(shè)和邏輯推理下得出的結(jié)論,不是實驗直接結(jié)論,所以b和c選項錯誤。而d項不是本實驗所說明的問題,故錯誤。8.(2014北京，18，6分)應(yīng)用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象,可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入。例如平伸手掌托起物體,由靜止開始豎直向上運動,直至將物體拋出。對此現(xiàn)象分析正確的是()a.手托物體向上運動的過程中,物體始終處于超重狀態(tài)b.手托物體向上運動的過程中,物體始終處于失重狀態(tài)c.在物體離開手的瞬間,物體的加速度大于重力加速度d.在物體離開手的瞬間,手的加速度大于重力加速度答案 8.d解析 8.物體由靜止開始向上運動時,物體和手掌先一起加速向上,物體處于超重狀態(tài),之后物體和手掌分離前,應(yīng)減速向上,物體處于失重狀態(tài),故a、b均錯誤。當物體和手分離時,二者速度相同,又因均做減速運動,故分離條件為a手a物,分離瞬間物體的加速度等于重力加速度,則手的加速度大于重力加速度,選項d正確,c錯誤。9.(2014課標全國卷，17，6分)如圖,一質(zhì)量為m的光滑大圓環(huán),用一細輕桿固定在豎直平面內(nèi);套在大環(huán)上質(zhì)量為m的小環(huán)(可視為質(zhì)點),從大環(huán)的最高處由靜止滑下。重力加速度大小為g。當小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時,大環(huán)對輕桿拉力的大小為()a.mg-5mgb.mg+mgc.mg+5mgd.mg+10mg答案 9.c解析 9.解法一以小環(huán)為研究對象,設(shè)大環(huán)半徑為r,根據(jù)機械能守恒定律,得mg2r=mv2,在大環(huán)最低點有fn-mg=m,得fn=5mg,此時再以大環(huán)為研究對象,受力分析如圖,由牛頓第三定律知,小環(huán)對大環(huán)的壓力為fn=fn,方向豎直向下,故f=mg+5mg,由牛頓第三定律知c正確。解法二設(shè)小環(huán)滑到大環(huán)最低點時速度為v,加速度為a,根據(jù)機械能守恒定律mv2=mg2r,且a=,所以a=4g,以整體為研究對象,受力情況如圖所示。f-mg-mg=ma+m0所以f=mg+5mg,c正確。10.（2014重慶一中高三下學(xué)期第一次月考理綜試題，5）如題5所示，水平傳送帶ab距離地面的高度為h，以恒定速率v0順時針運行。甲、乙兩相同滑塊（視為質(zhì)點）之間夾著一個壓縮輕彈簧（長度不計），在ab的正中間位置輕放它們時，彈簧瞬間恢復(fù)原長，兩滑塊以相同的速率分別向左、右運動。下列判斷正確的是（ ） a甲、乙滑塊不可能落在傳送帶的左右兩側(cè)b甲、乙滑塊可能落在傳送帶的左右兩側(cè)，但距釋放點的水平距離一定相等c甲、乙滑塊可能落在傳送帶的同一側(cè)，但距釋放點的水平距離一定不相等d若甲、乙滑塊能落在同一點，則摩擦力對甲乙做的功一定相等答案 10.5d解析 10.：設(shè)v大于v0。彈簧立即彈開后，甲物體向左做初速度為v，加速度為a的勻減速運動；乙物體向向右做初速度為v，（若v大于v0），則乙也做加速度為a的勻減速運動；若甲乙都一直做勻減速運動，兩個物體落地后，距釋放點的水平距離相等，若甲做勻減速運動，乙先做勻減速后做運動，則水平距離不等，故ab錯誤。若v小于v0，彈簧立即彈開后，甲物體向左做初速度為v，加速度為a的勻減速運動, 速度為零后可以再向相反的方向運動，整個過程是做初速度為v，加速度和皮帶運動方向相同的減速運動；乙物體做初速度為v，加速度為a的勻加速運動，運動方向和加速度的方向都和皮帶輪的運動方向相同，甲乙到達b點時的速度相同，落地的位置在同一點，此過程摩擦力對甲乙做的功一定相等。故c錯誤，d正確。11.（2014重慶一中高三下學(xué)期第一次月考理綜試題，4）如題4所示，在傾角為30的光滑斜面上端系有一勁度系數(shù)為200n/m的輕質(zhì)彈簧，彈簧下端連一個質(zhì)量為2kg的小球，球被一垂直于斜面的擋板a擋住，此時彈簧沒有形變?nèi)魮醢錫以4m/s2的加速度沿斜面向下做勻加速運動，取m/s2，則（ ）a小球從一開始就與擋板分離b小球速度最大時與擋板分離c小球向下運動0.01 m時與擋板分離d小球向下運動0.02m時速度最大答案 11.4c解析 11.：設(shè)球與擋板分離時位移為x，經(jīng)歷的時間為t，從開始運動到分離的過程中，m受豎直向下的重力，垂直斜面向上的支持力fn，沿斜面向上的擋板支持力f1和彈簧彈力f。根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin30-kx-f1=ma，保持a不變，隨著x的增大，f1減小，當m與擋板分離時，f1減小到零，則有mgsin30-kx=ma，解得xm0.01m，即小球向下運動0.01m時與擋板分離，故a錯誤，c正確；球和擋板分離前小球做勻加速運動；球和擋板分離后做加速度減小的加速運動，當加速度為零時，速度最大，故b錯誤；球和擋板分離后做加速度減小的加速運動，當加速度為零時，速度最大，此時物體所受合力為零，即kxm=mgsin30，解得xm=m0.05m，由于開始時彈簧處于原長，所以速度最大時小球向下運動的路程為0.05m, 故d錯誤。12.（2014天津薊縣第二中學(xué)高三第一次模擬考試理科綜合試題，1）兩輛質(zhì)量不同的汽車在路面情況相同的公路上直線行駛，下面關(guān)于兩車車速、動能、動量、慣性、質(zhì)量和滑行路程的討論，正確的是（ ）a、車速越大車，它的慣性越大b、質(zhì)量越大車，它的慣性越大c、動量越大的車，剎車后滑行的路程越長d、動能大的車，剎車后滑行的路程越長，所以慣性越大答案 12.1b解析 12.解析：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度，與物體的運動狀態(tài)無關(guān)，質(zhì)量越大，汽車越大，故a錯誤，b正確；根據(jù)動能定理得：-fs=0-mv2，則得：s=，又動量p=mv，聯(lián)立得：s=，可知車剎車后滑行的路程與車的初動量、質(zhì)量和阻力有關(guān)，動量越大，剎車后滑行的路程不一定越大，故c錯誤；由上題s=，可知動能大的車，剎車后滑行的路程越長，但質(zhì)量不一定越大，慣性不一定越大，故d錯誤。13.（2014天津薊縣邦均中學(xué)高三模擬理科綜合能力測試，6）如圖所示，一名消防隊員在模擬演習(xí)訓(xùn)練中，沿著長為12m的豎立在地面上的鋼管住下滑。已知這名消防隊員的質(zhì)量為60，他從鋼管頂端由靜止開始先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時速度恰好為零。如果他加速時的加速度大小是減速時的2倍，下滑的總時間為3， g取10ms2，那么該消防隊員（ ）a下滑過程中的最大速度為4 msb加速與減速過程的時間之比為12c加速與減速過程中所受摩擦力大小之比為17d加速與減速過程的位移之比為14答案 13.解析 13.：設(shè)下滑過程中的最大速度為v，則消防隊員下滑的總位移x=t1+t2=t，得到v=m/s=8m/s，故a錯誤；設(shè)加速與減速過程的時間分別為t1、t2，加速度大小分別為a1、a2，則v=a1t1，v=a2t2，得到t1：t2=a2：a1=1：2，故b正確；由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1=8m/s2，a2=4m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：加速過程：mg-f1=ma1，f1=mg-ma1=2m，減速過程：f2-mg=ma2，f2=mg+ma2=14m ，所以f1：f2=1：7，故c正確；加速與減速過程的平均速度相同，時間之比為1：2，故位移之比為1：2，故d錯誤。14.（2014山東濰坊高三3月模擬考試理科綜合試題，15）如圖所示，兩相同小球a、b用輕彈簧a、b連接并懸掛在天花板上保持靜止，水平力f作用在a上并緩慢拉a，當b與豎直方向夾角為60o時，a、b伸長量剛好相同若a、b的勁度系數(shù)分別為k1、k2，則以下判斷正確的是（ ） a b c撤去f的瞬間，a球的加速度為零 d撤去f的瞬間，b球處于失重狀態(tài)答案 14.15b解析 14.：先對b球受力分析，受重力和拉力，根據(jù)平衡條件，有：f1=mg再對a、b球整體受力分析，受重力、拉力和彈簧的拉力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：f2=4mg，根據(jù)胡克定律，有：f1=k1x，f2=k2x，故，故a錯誤，b正確；球a受重力、拉力和兩個彈簧的拉力，撤去拉力f瞬間，其余3個力不變，故加速度一定不為零，故c錯誤；球b受重力和拉力，撤去f的瞬間，重力和彈力都不變，故加速度仍然為零，處于平衡狀態(tài)，故d錯誤。15.（2014江西重點中學(xué)協(xié)作體高三年級第一次聯(lián)考，20）如圖甲所示，一可視為質(zhì)點的物塊在外力f的作用下由靜止沿光滑斜面向上運動（斜面足夠長），0t秒內(nèi)，力f做功為w，t秒末撤去外力f，已知該物塊從零時刻出發(fā)，在2t時刻恰好返回出發(fā)點，其圖像如圖乙所示。則下列說法正確的是（ ）a物塊在0t與t2t時間內(nèi)的位移相同b物塊在1.5t秒末離出發(fā)點最遠c物塊返回出發(fā)點時動能為wd0t與t2t時間內(nèi)的加速度大小之比為1: 3答案 15.20cd解析 15.：0t與t2t時間內(nèi)的初、末位置恰好相反，故位移方向相反，故a錯誤；當速度為零時，質(zhì)點離出發(fā)點最遠，顯然與圖象矛盾，故b錯誤；根據(jù)動能定理可得w=ek, 故物塊返回出發(fā)點時動能為w，c正確；設(shè)t時刻速度為v1，2t時刻速度為v2，0t與t2t時間內(nèi)的位移相反，故：tt，解得v2=-2v1 ，0t時間內(nèi)的加速度為a1，t2t時間內(nèi)的加速度為：a2，故1: 3，故d正確。16.（2014江蘇南通高三2月第一次調(diào)研測試物理試題，6）如圖所示，斜面abc中ab段光滑，bc段粗糙一小物塊由a點靜止釋放，沿斜面下滑到c點時速度恰好為零若物塊運動的速度為v，加速度為a，位移為x，物體所受合外力為f，運動時間為t，以沿斜面向下為正方向，則下列圖象中可能正確的是（ ）答案 16.6ab解析 16.：由于ab段光滑，物體在ab段受重力和斜面支持力做加速度運動，物體加速度為：a1gsin，bc段粗糙，故物體比ab段多一個沿斜面向上的摩擦力，由于一小物塊由a點靜止釋放，沿斜面下滑到c點時速度恰好為零，可知物體先做加速后減速，故可知bc段加速度向上，其大小為：a2gsin，故a正確，b正確；物體在ab段受重力和斜面支持力做加速度運動，其位移為：xa1t2，可知位移時間圖象應(yīng)該是開口向上的拋物線，故c錯誤；ab和bc段的受力都是恒定的，故d錯誤。17.（2014吉林實驗中學(xué)高三年級第一次模擬，14）兩物體甲和乙在同一直線上運動，它們在00.4s時間內(nèi)的vt圖象如圖所示。若僅在兩物體之間存在相互作用力，則物體甲與乙的質(zhì)量之比和圖中時間分別為（ ） a和0.28sb3和0.28s c和0.30sd3和0.30s答案 17.14d解析 17.：根據(jù)三角形相似得：，得t1=0.3s根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，得到甲的加速度大小為a甲=m/s2，乙的加速度大小為a乙=m/s2=10m/s2，據(jù)題，僅在兩物體之間存在相互作用，根據(jù)牛頓第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛頓第二定律f=ma得兩物體的加速度與質(zhì)量成反比，則有質(zhì)量之比為m甲：m乙=a乙：a甲=3：1，故d正確。18.(武漢市2014屆高中畢業(yè)生二月調(diào)研測試) 如圖所示，傾斜傳送帶沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，在傳送帶的a端無初速度放置一物塊。選擇b端所在的水平面為參考平面，物塊從a端運動到b端的過程中，其機械能e與位移x的關(guān)系圖象可能正確的是：答案 18.20bd解析 18.設(shè)物塊在傳送帶上運動位移為x，下落高度h，物體從a到b運動過程中，機械能：e=ek+ep=（mgcos+mgsin）x+mgh=（mgcos+mgsin）x+mgxsin，若物塊放上后一直加速，且到b點速度仍小于v，則物塊機械能一直增大，但e與x不成正比，故a錯誤，b正確；若物塊在到達b點之前，速度達到v，則物塊將和傳送帶一起勻速運動，但重力勢能減小，故機械能減小，故c錯誤，d正確。19.(湖北省八校2014屆高三第二次聯(lián)考) 如圖所示，傾斜的傳動帶以恒定的速度v2向上運動，一個小物塊以初速度v1從底端沖上傳動帶，且v1大于v2，小物塊從傳動帶底端到達頂端的過程中一直做減速運動，則a小物塊到達頂端的速度可能等于零b小物塊到達頂端的速度不可能等于v2c小物塊的機械能一直在減小d小物塊所受的合外力一直做負功答案 19.21ad解析 19.小物塊以初速度v1從底端沖上傳動帶，且v1大于v2，所以物塊在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做勻減速運動，當速度減為v2后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物體繼續(xù)減速，到達頂端時，速度正好減為零，故a正確；小物塊從傳動帶底端到達頂端的過程中一直做減速運動，減到頂端時速度剛好與傳送帶速度相等，故b錯誤；除重力以外的力做的功等于機械能的變化量，剛開始v1大于v2，摩擦力方向向下，做負功，機械能減小，當速度減為v2后，再減速時，摩擦力方向向上，做正功，機械能增大，故c錯誤；根據(jù)動能定理可知，w合=ek，因為物體一直做減速運動，速度動能一直減小，合外力一直做負功，故d正確。20.（河南省豫東豫北十所名校2014屆高中畢業(yè)班階段性測試（四）一根輕繩跨過一光滑的定滑輪，質(zhì)量為m的人抓著輕繩的一端，輕繩另一端系著一個質(zhì)量為m的物體。已知重力加速度為g，若人相對于輕繩勻速向上爬時，物體上升的加速度為 a . g bg cg dg答案 20.17b解析 20.人相對于輕繩勻速上爬時，則相對于地面有向下的加速度，與物體的加速度大小相同。根據(jù)牛頓第二定律有：mg-t=ma，對物體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，t-mgma，解得a=g，故b正確，a、c、d錯誤。21.（桂林中學(xué)2014屆三年級2月月考）a、b兩物體疊放在一起, 放在光滑水平面上, 如圖甲, 它們從靜止開始受到一個變力f的作用, 該力與時間的關(guān)系如圖乙所示, a、b始終相對靜止. 則 ：a. 在時刻，a、b兩物體速度最大b. 在時刻，a、b兩物體間的靜摩擦力最大c. 在時刻，a、b兩物體的速度最大d. 在時刻，a、b兩物體又回到了出發(fā)點答案 21.14a解析 21.以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律分析得知，0、2t0時刻整體所受的合力最大，加速度最大，再以a為研究對象，分析可知，a受到的靜摩擦力最大，故b錯誤；整體在0-t0時間內(nèi)，做加速運動，在t0-2t0時間內(nèi)，向原方向做減速運動，則t0時刻，a、b速度最大，在2t0時刻兩物體速度為零，速度最小，故a正確、c錯誤；2t0時刻，整體做單向直線運動，位移逐漸增大，則2t0時刻，a、b位移最大，故d錯誤。22.(河北省石家莊市2014屆高中畢業(yè)班教學(xué)質(zhì)量檢測（二）) 一質(zhì)量為0.6kg的物體以20m/s的初速度豎直上拋，當物體上升到某一位置時，其動能減少了18j，機械能減少了3j。整個運動過程中物體所受阻力大小不變，重力加速度g=10m/s2，則下列說法正確的是a物體向上運動時加速度大小為12m/s2b物體向下運動時加速度大小為9m/s2c物體返回拋出點時的動能為40jd物體返回拋出點時的動能為114j答案 22.17a解析 22.物體從開始到上升到高處某一位置時，受重力和空氣阻力，根據(jù)動能定理，有-mglab-flab=ekb-eka=-18j 機械能的減小量等于克服空氣阻力做的功flab=eb-ea=3j 由可解得：lab=2.5m，f=1.2n；物體上升過程根據(jù)牛頓第二定律有a=12m/s2，方向與初速度方向相反，故a正確；下落時，根據(jù)牛頓第二定律：a=8m/s2，故b錯誤；因為物體的初速度為v0=20m/s，初動能ek0=mv02=0.6202=120j，當該物體經(jīng)過斜面上某一點時，動能減少了18j，機械能減少了3j，所以當物體到達最高點時動能減少了120j，機械能減少了20j，所以物體上升過程中克服摩擦力做功是20j，全過程摩擦力做功w=-40j；從出發(fā)到返回底端，重力不做功，設(shè)回到出發(fā)點的動能為ek，由動能定理可得：w=ek-ek0 ，得 ek=80j，故cd錯誤。23.(河北衡水中學(xué)2013-2014學(xué)年度下學(xué)期二調(diào)考試) 如圖（甲）所示，靜止在水平地面上的物塊a，收到水平拉力f的作用，f與時間t的關(guān)系如圖（乙）所示。設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力ffm的大小與滑動摩擦力大小相等，則t1t2時間內(nèi)（）a t1時刻物塊的速度為零 b t2時刻物塊的加速度最大c t3時刻物塊的動能最大 d t1t3時間內(nèi)f對物塊先做正功后做負功答案 23.19abc解析 23.t1時刻前，推力小于最大靜摩擦力，物體靜止不動，位移為0，所以t1速度為零，故a正確；物塊做加速運動，根據(jù)牛頓第二定律得，a=，隨著拉力f的增大而增大，t2時刻，拉力f最大，則合力最大，加速度最大，故b正確；t3之后合力向后，物體由于慣性減速前進，故t3時刻a的速度最大，動能最大，故c正確；t1t3時間內(nèi)速度方向沒有改變，力f方向也沒變，所以f對物塊a一直做正功，故d錯誤。24.(汕頭市2014年普通高考模擬考試試題) 如圖，物塊p和m疊放在一起，且質(zhì)量mp l，lb lbla l，lb l，lb ldla l答案 26.14d解析 26.靜止時a、b長度為l，知滑塊處于平衡，若兩彈簧開始處于伸長狀態(tài)，該裝置加速向右運動，滑塊的合力向右，則b彈簧的形變量增大，a彈簧的形變量減小，則lal，lbl；若彈簧開始處于壓縮狀態(tài)，該裝置加速向右運動，滑塊的合力向右，則a彈簧彈力變大，b彈簧彈力變小，a彈簧的形變量增大，b彈簧的形變量減小，則lal，lbl，故d項正確。若彈簧開始處于原長，該裝置加速向右運動，滑塊的合力向右，b彈簧伸長，a彈簧壓縮，則lal，lbl；故d正確，a、b、c錯誤27.(甘肅省蘭州一中2014屆高三上學(xué)期期末考試) 如圖所示，三角體由兩種材料拼接而成，bc界面平行底面de，兩側(cè)面與水平面夾角分別為30和60已知物塊從a由靜止下滑，加速至b勻速至d；若該物塊仍能由靜止沿另一側(cè)面ace下滑，則有aab段的運動時間小于ac段的運動時間b通過c點的速率大于通過b點的速率c將加速至c勻速至ed一直加速運動到e，但ac段的加速度比ce段大答案 27.18bd解析 27.物體從傾角為的斜面滑下，根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin-mgco=ma，解得a=gsin-gco 根據(jù)運動學(xué)公式，有=at2 由得到ac段的運動時間小于ab段的運動時間，故a錯誤；物體從傾角為的斜面滑下，根據(jù)動能定理，有mgh-mgco=mv2，得mgh-mghcot=mv2，可見，通過c點的速率大于通過b點的速率，故b正確；由式可知，物體將一直加速滑行到e點，但ac段的加速度比ce段大，故c錯誤，d正確。28.(2014年福州市高中畢業(yè)班質(zhì)量檢測) 如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端固定在粗糙斜面的擋板o點，另一端固定一個小物塊。小物塊從p1位置（此位置彈簧伸長量為零）由靜止開始運動，運動到最低點p2位置，然后在彈力作用下上升運動到最高點p3位置(圖中未標出) 。在此兩過程中，下列判斷正確的是a下滑和上滑過程彈簧和小物塊系統(tǒng)機械能守恒b下滑過程物塊速度最大值位置比上滑過程速度最大位置高c下滑過程彈簧和小物塊組成系統(tǒng)機械減小量比上升過程小d下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值比上滑過程克服重力和摩擦力做功總值小答案 28.18b解析 28.下滑和上滑過程小物塊要克服摩擦力做功，故彈簧和小物塊系統(tǒng)機械能不守恒，項錯；下滑過程中，當小物塊受到的合力為零時，其速度達到最大值，即，上滑過程中，當小物塊受到的合力為零時，其速度再次達到最大值，即，比較上述兩式可得下滑過程物塊速度最大值位置比上滑過程速度最大位置高，正確；下滑和上滑過程小物塊要克服摩擦力做功相等，故下滑過程彈簧和小物塊組成系統(tǒng)機械減小量與上升過程相同，錯；根據(jù)功能關(guān)系可知下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值即為該過程中重力做功的值；上滑過程克服重力和摩擦力做功總值即為該過程中彈力做功的值，故下滑過程克服彈簧彈力和摩擦力做功總值比上滑過程克服重力和摩擦力做功總值大，錯。29.(2014年安徽省江南十校高三聯(lián)考) 2013年6月20日上午10時，我國首次太空授課在神州十號飛船中由女航天員王亞平執(zhí)教，在太空中王亞平演示了一些奇特的物理現(xiàn)象，授課內(nèi)容主要是使青少年了解微重力環(huán)境下物體運動的特點。如圖所示是王亞平在太空倉中演示的懸浮的水滴。關(guān)于懸浮的水滴，下列說法正確的是a環(huán)繞地球運行時的線速度一定大于7.9 km/sb水滴處于平衡狀態(tài)c水滴處于超重狀態(tài)d水滴處于失重狀態(tài)答案 29.14d解析 29.7.9km/s是衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運動的最大速度，運行的半徑最小，所以神州十號飛船的線速度要小于7.9km/s故a錯誤；水滴隨飛船繞地球做勻速圓周運動，水滴的吸引力完全用來提供向心加速度，所以是與飛船一起處于完全的失重狀態(tài)，故bc錯誤，d正確。30.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 從地面上以初速度v0豎直上拋一質(zhì)量為m的小球，若運動過程中受到的空氣阻力與其速率成正比，小球運動的速率隨時間變化的規(guī)律如圖所示，t1時刻到達最高點，再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經(jīng)做勻速運動，則下列說法正確的是a小球加速度在上升過程中逐漸減小，在下降過程也逐漸減小b小球拋出瞬間的加速度大小為c小球被拋出時的加速度值最大，到達最高點的加速度值最小d小球上升過程的平均速度小于答案 30.12abd解析 30.上升過程，小球受重力和阻力，合力向下，根據(jù)牛頓第二定律，有：f+mg=ma，解得a=g+g；由于是減速上升，阻力逐漸減小，故加速度不斷減小；下降過程，受重力和阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg-f=ma，解得：agg；由于速度變大，阻力變大，故加速度變小；即上升和下降過程，加速度一直在減小；故a正確，c錯誤；空氣阻力與其速率成正比，最終以v1勻速下降，有：mg=kv1；小球拋出瞬間，有：mg+kv0=ma0 ；聯(lián)立解得小球拋出瞬間a0(1+) g，故b正確；速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移，從圖象可以看出，位移小于陰影部分面積，而陰影部分面積是勻減速直線運動的位移，勻減速直線運動的平均速度等于，故小球上升過程的平均速度小于，故d正確；故選項d正確。31.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 在動摩擦因數(shù)0.2的水平面上有一個質(zhì)量為m2kg的物塊，物塊與水平輕彈簧相連，并由一與水平方向成45角的拉力f拉著物塊，如圖所示，此時物塊處于靜止平衡狀態(tài)，且水平面對物塊的彈力恰好為零。取g10m/s2，以下說法正確的是a此時輕彈簧的彈力大小為20nb當撤去拉力f的瞬間，物塊的加速度大小為8m/s2，方向向左c若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度大小為8m/s2，方向向右d若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度為0答案 31.10ab解析 31.物塊處于靜止平衡狀態(tài)時對物塊受力分析如右甲所示。豎直方向：f sin=mg, 水平方向：f cos=，解得輕彈簧的彈力大小為=mg cot=20n , a項正確；若剪斷彈簧，則剪斷的瞬間物塊的加速度由牛頓第二定律可得解得a=10m/s2，c、d兩項錯；當撤去拉力f的瞬間，對物塊受力分析如圖乙所示。由牛頓第二定律可得，解得物塊的加速度m/s2，方向向左，b項正確。32.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 一質(zhì)量m0.6kg的物體以v020m/s的初速度從傾角為30的斜坡底端沿斜坡向上運動。當物體向上滑到某一位置時，其動能減少了ek18j，機械能減少了e3j，不計空氣阻力，重力加速度g10m/s2，則a物體向上運動時加速度的大小為6m/s2b物體向下運動時加速度的大小為6m/s2c物體返回斜坡底端時的動能為40jd物體返回斜坡底端時的動能為0j答案 32.8a解析 32.（1）物體從開始到經(jīng)過斜面上某一點時，受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)動能定理，有-mglabsin-flab=ekb-eka=-18j 機械能的減小量等于克服摩擦力做的功：flab=eb-ea=3j 由可解得lab=5m，f=0.6n因為物體的初速度為v0=20m/s，初動能ek00.6202j=120j滑上某一位置時動能減少了ek=18j，則此時動能ek=102j=mv2，可得v2=340m2/s2物體在斜坡底端向上運動時受重力、支持力和摩擦力作用，物體做勻減速運動，根據(jù)勻變速直線運動的速度位移關(guān)系有：a=m/s2=-6m/s2（負號表示方向與初速度方向相反），故項正確；物體在斜坡底端向下運動時，由牛頓第二定律可得，項錯；當該物體經(jīng)過斜面上某一點時，動能減少了18j，機械能減少了3j，所以當物體到達最高點時動能減少了120j，機械能減少了20j，所以物體上升過程中克服摩擦力做功是20j，全過程摩擦力做功w=-40j 從出發(fā)到返回底端，重力不做功，設(shè)回到出發(fā)點的動能為ek，由動能定理可得w=ek-ek0 得ek=80j，故兩項錯。33.(浙江省金麗衢十二校2014屆高三第一次聯(lián)考) 航天員王亞平在天宮一號處于完全失重狀態(tài)，她在太空授課所做的實驗：長為l的細線一端系著質(zhì)量為m的小球，另一端系在固定支架上，小球原來靜止，給小球一個初速度，小球繞著支架上的固定點做勻速圓周運動。天宮一號處的重力加速度為gt，下列說法正確的是a小球靜止時細線的拉力為mgtb小球做勻速圓周的速度至少為c小球做勻速圓周運動時，在任何位置細線的拉力可以小于mgtd若小球做勻速圓周運動時細線斷裂，則小球做拋體運動答案 33.4c解析 33.小球處于完全失重狀態(tài)，故小球靜止時細線的拉力為0，a項錯；小球做勻速圓周運動的速度未知，故任何位置細線的拉力可以小于mgt，亦可大于等于mgt，c項 正確；由可知小球做勻速圓周的速度可以大于，亦可大于等于，b項錯；若小球做勻速圓周運動時細線斷裂，則小球做勻速直線運動，d項錯。34.(四川省成都市2014屆高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測) 如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物體(物體與彈簧不連接) ，初始時物體處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)用豎直向上的拉力f作用在物體上，使物體開始向上做勻加速直線運動，拉力f與物體位移x的關(guān)系如圖乙所示(g=10m/s2) ，則下列結(jié)論正確的是( )a. 物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)b. 物體的質(zhì)量為3 kgc. 物體的加速度大小為5 m/s2d. 彈簧的勁度系數(shù)為7.5 n/cm答案 34.5c解析 34.物體與彈簧分離時，彈簧恢復(fù)原長，故a錯誤；剛開始物體處于靜止狀態(tài)，重力和彈力二力平衡，有mg=kx 拉力f1為10n時，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有f1+kx-mg=ma 物體與彈簧分離后，拉力f2為30n，根據(jù)牛頓第二定律，有f2-mg=ma 代入數(shù)據(jù)解得m=2kg，k=5n/cm，a=5m/s2，故c正確，bd錯誤。35.(四川省成都市2014屆高中畢業(yè)班第一次診斷性檢測) 下列說法正確的是( )a. 對運動員“大力扣籃” 過程進行技術(shù)分析時，可以把運動員看做質(zhì)點b. “和諧號” 動車組行駛313 km從成都抵達重慶，這里的“313 km 指的是位移大小c. 高臺跳水運動員騰空至最高位置時，處于超重狀態(tài)d. 繞地球做勻速圓周運動且周期為24 h的衛(wèi)星，不一定相對于地面靜止答案 35.2. d解析 35.對運動員“大力扣籃” 過程進行技術(shù)分析時，運動員的自身大小不可忽略，a項錯；“和諧號” 動車組行駛313 km從成都抵達重慶，這里的“313 km 指的是路程，b項錯；高臺跳水運動員騰空至最高位置時，處于失重狀態(tài)，c項錯；繞地球做勻速圓周運動且周期為24 h的衛(wèi)星，其軌道所在平面不一定與赤道平面重合，故不一定是地球同步衛(wèi)星，d項正確。36.(山東省濟南市2014屆高三上學(xué)期期末考試) 三角形傳送帶以1m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動，兩邊的傳送帶長都是2m且與水平方向的夾角均為37?，F(xiàn)有兩個小物塊a、b從傳送帶頂端都以lm/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)都是0.5，g取10m/s2，sin370.6，cos370.8。下列判斷正確的是a物塊a先到達傳送帶底端b物塊a、b同時到達傳送帶底端c傳送帶對物塊a、b均做負功d物塊a下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量小于b下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量答案 36.11bcd解析 36.根據(jù)題意可知物塊a、b均沿傳送帶加速下滑，對a、b受力分析并根據(jù)牛頓第二定律可得，物塊a、b沿傳動帶下滑的過程中，由得，故b項正確，a項錯；物塊a、b沿傳動帶下滑的過程中，物塊a、b受到沿傳送帶向上的滑動摩擦力作用，故傳送帶對物塊a、b均做負功，c項正確；物塊沿傳送帶下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量分別為，由于，故有物塊a下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量小于b下滑過程系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量，d項正確。37.(山東省濟南市2014屆高三上學(xué)期期末考試) 2013年6月20日，在中國迄今最高“講臺” 天宮一號上，女航天員王亞平向地面的千萬名師生進行了太空授課。在演示如何在太空中測量物體質(zhì)量時，她讓“助教” 聶海勝固定在儀器上，啟動機械臂拉他由靜止開始向艙壁運動，假設(shè)儀器測出聶海勝受到機械臂的恒定拉力為f，經(jīng)時間t時測速儀測出他運動的速率為v，則聶海勝的質(zhì)量為abcd答案 37.5b解析 37.聶海勝由靜止開始做勻加速直線運動，v=at, 由牛頓第二定律可得f=ma, 解得聶海勝的質(zhì)量m=, b 項正確。38.(2014年沈陽市高中三年級教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(一) 如圖甲所示，為測定物體沖上粗糙斜面能達到的最大位移x與斜面傾角的關(guān)系，將某一物體每次以不變的初速率沿足夠長的斜面向上推出，調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角，實驗測得x與斜面傾角的關(guān)系如圖乙所示，g取，根據(jù)圖象可求出 a物體的初速率=3ms b物體與斜面間的動摩擦因數(shù) c取不同的傾角，物體在斜面上能達到的位移x的最小值 d當某次時，物體達到最大位移后將沿斜面下滑答案 38.10bc解析 38.當時，物體做豎直上拋運動，由圖知最大高度為：xm=1.8m由0-=-2gxm解得：v0=6m/s, a項錯；當=0時，xm=2.4m，物體沿水平方向做勻減速運動，根據(jù)動能定理得：-mgxm=0-, 解得：=0.75, b 項正確；對某一角度，物體上向滑行過程中，mgsin+mgcos=ma，加速度a=g（sin+cos）；上行的最大距離為x=；根據(jù)輔助角公式：asin+bcos=sin（+），其中tan=，可以得到：tan=，和sin+cos=sin（+）；當sin（+30）=1時，x=最小，代入v和的值，x=1.44m最小，d項正確。39.(2014年沈陽市高中三年級教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(一) 在光滑的水平面上，一物塊在水平方向的外力f作用下做初速度為的運動，其速度時間圖象如圖所示，則下列判斷正確的是a在0內(nèi)，物體在做曲線運動b在0內(nèi)，外力f不斷增大c在0內(nèi)，外力f不斷減小d在0內(nèi)，物體的速度方向時刻改變答案 39.1b解析 39.a、在速度-時間圖象中，切線代表該位置的加速度，由圖象可知，物體的加速度越來越大，速度越來越小，所以物體做加速度越來越大的減速直線運動，故a錯誤；在0內(nèi)，力的方向與速度方向相反，根據(jù)a=知力f不斷增大，b項正確，c項錯；在0內(nèi)，物體作直線運動，其速度方向不變，d項錯。40.(江西省七校2014屆高三上學(xué)期第一次聯(lián)考) 為了節(jié)省能量，某商場安裝了智能化的電動扶梯無人乘行時，扶梯運轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速運轉(zhuǎn)一顧客乘扶梯上樓，恰好經(jīng)歷了這兩個過程，如圖所示那么下列說法中正確的是（）a顧客始終受到三個力的作用b顧客始終處于超重狀態(tài)c顧客對扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下d顧客對扶梯作用力的方向先指向右下方，再豎直向下答案 40.15c解析 40.在慢慢加速的過程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因而顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛頓第三定律，它的反作用力即人對電梯的作用方向指向向左下，由于加速向右上方，處于超重狀態(tài)；在勻速運動的過程中，顧客處于平衡狀態(tài)，只受重力和支持力，顧客與電梯間的摩擦力等于零，顧客對扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下，故c項正確。41.(江蘇省蘇北四市2014屆高三上期末統(tǒng)考) 將一質(zhì)量為m的小球靠近墻面豎直向上拋出，圖甲是向上運動的頻閃照片，圖乙是下降時的頻閃照片，o是運動的最高點，甲、乙兩次的閃光頻率相同。重力加速度為g，假設(shè)小球所受阻力大小不變，則可估算小球受到的阻力大小約為a bc d答案 41.4b解析 41.小球拋出后上升過程做勻減速直線運動，有，根據(jù)牛頓第二定律有；下降過程做勻加速直線運動，有，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立以上各式可得小球受到的阻力為，b項正確。42.(江蘇省南京市、鹽城市2014屆高三第一次模擬考試) 如圖所示，兩個物體a、b疊放在一起，接觸面粗糙。現(xiàn)將它們同時以相同的速度水平拋出，不計空氣阻力。在運動的過程中，物體ba只受重力b受重力和a對它的壓力c受重力和a對它的摩擦力d受重力、a對它的壓力和摩擦力答案 42.1a解析 42.物體a、b水平拋出后均處于完全失重狀態(tài)，故它們只受到重力作用，a項正確。43.(湖北省