寧陽(yáng)縣實(shí)驗(yàn)中學(xué)2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理

寧陽(yáng)縣實(shí)驗(yàn)中學(xué)2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考試卷物理班級(jí)_ 座號(hào)_ 姓名_ 分?jǐn)?shù)_一、選擇題1 右圖中a、b為真空中豎直向上的電場(chǎng)線(xiàn)上的兩點(diǎn)，一帶電質(zhì)點(diǎn)在a點(diǎn)由靜止釋放，沿電場(chǎng)線(xiàn)向上運(yùn)動(dòng)，到b點(diǎn)恰好速度為零。下列說(shuō)法中正確的是（ ）A.帶電質(zhì)點(diǎn)在a、b兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力都是豎直向上B.a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高C.a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大D.帶電質(zhì)點(diǎn)在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的電勢(shì)能小【答案】ABC2 +CBQP如圖所示，一個(gè)不帶電的表面絕緣的導(dǎo)體P正在向帶正電的小球Q緩慢靠近，但不接觸，也沒(méi)有發(fā)生放電現(xiàn)象，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）AB端的感應(yīng)電荷為負(fù)電荷 B導(dǎo)體內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)越來(lái)越大CC點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)D導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)始終大于在B點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)【答案】D3 如圖所示，兩個(gè)小球從水平地面上方同一點(diǎn)O分別以初速度、水平拋出，落在地面上的位置分別是A、B，O是O在地面上的豎直投影，且OA:AB =1:3。若不計(jì)空氣阻力，則兩小球A拋出的初速度大小之比為1:4B落地速度大小之比為1:3C落地速度與水平地面夾角的正切值之比為4：1D通過(guò)的位移大小之比為1: 【答案】AC4 如圖所示，滑塊穿在水平橫桿上并可沿桿左右滑動(dòng)，它的下端通過(guò)一根細(xì)線(xiàn)與小球相連，小球受到水平向右的拉力F的作用，此時(shí)滑塊與小球處于靜止?fàn)顟B(tài)保持拉力F始終沿水平方向，改變F的大小，使細(xì)線(xiàn)與豎直方向的夾角緩慢增大，這一過(guò)程中滑塊始終保持靜止，則（ ）A. 滑塊對(duì)桿的壓力增大B. 滑塊受到桿的摩擦力不變C. 小球受到細(xì)線(xiàn)的拉力大小增大D. 小球所受各力的合力增大【答案】C【解析】5 圖示為一電場(chǎng)的的電場(chǎng)線(xiàn)圖，關(guān)于A(yíng)、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法正確的是A. A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B. A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C. B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度度方向向左，A點(diǎn)的向右D. 負(fù)電荷在B點(diǎn)受到的電場(chǎng)力向左【答案】B【解析】電場(chǎng)線(xiàn)的疏密代表場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱，根據(jù)圖象可知，在電場(chǎng)的A點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)較密，所以在A(yíng)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度要比B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，故A錯(cuò)誤，B正確；電場(chǎng)線(xiàn)的方向就是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，由圖可知B點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)的方向向左，A點(diǎn)沿著該點(diǎn)切線(xiàn)方向，指向左方，故C錯(cuò)誤；負(fù)電荷在B點(diǎn)受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，所以受到向右的電場(chǎng)力，故D錯(cuò)誤。所以B正確，ACD錯(cuò)誤。6 （2018南寧高三摸底考試）中國(guó)北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（BDS）是中國(guó)自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)軌系統(tǒng)，是繼美國(guó)全球定位系統(tǒng)（GPS）、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)（GLONASS）之后第三個(gè)成熟的衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。預(yù)計(jì)2020年左右，北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)將形成全球覆蓋能力。如圖所示是北斗導(dǎo)航系統(tǒng)中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做圓周運(yùn)動(dòng)，a是地球同步衛(wèi)星，則（ ）A衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度B衛(wèi)星a的加速度大于b的加速度C衛(wèi)星a的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度D衛(wèi)星b的周期等于24 h【答案】 AD【解析】【命題意圖】本題考查萬(wàn)有引力定律和衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)、第一宇宙速度及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn)。所以衛(wèi)星a的向心加速度等于b的向心加速度，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由G=m可得線(xiàn)速度與半徑的關(guān)系：v=，軌道半徑r越大，速率v越小。而第一宇宙速度為軌道半徑等于地球半徑是環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星速度，所以衛(wèi)星a的運(yùn)行速度一定小于第一宇宙速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由G=mr（）2，可得周期T=2，而衛(wèi)星a的軌道半徑與衛(wèi)星b的軌道半徑相等，所以衛(wèi)星b的周期等于同步衛(wèi)星的運(yùn)行周期，即等于地球自轉(zhuǎn)周期24h，選項(xiàng)D正確。7 （多選）如圖所示，一個(gè)圓形框架以豎直的直徑為轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在框架上套著兩個(gè)質(zhì)量相等的小球A、B，小球A、B到豎直轉(zhuǎn)軸的距離相等，它們與圓形框架保持相對(duì)靜止，則下列說(shuō)法正確的是：A小球A的合力小于小球B的合力B小球A與框架可能沒(méi)有摩擦力C小球B與框架可能沒(méi)有摩擦力D增大圓形框架的角速度，小球B受到的摩擦力可能增大【答案】CD【解析】 8 如圖，一小球放置在木板與豎直墻壁之間，設(shè)墻面對(duì)球的壓力大小為,球?qū)δ景宓膲毫Υ笮?，以木板與墻連接點(diǎn)所形成的水平直線(xiàn)為軸，將木板從圖示位置開(kāi)始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置。不計(jì)摩擦，在此過(guò)程中 A、始終減小，始終增大B、始終減小，始終減小C、先增大后減小，始終減小D、先增大后減小，先減小后增大【答案】B【解析】 9 如圖所示，一均勻帶電+Q細(xì)棍，在過(guò)中點(diǎn)c垂直于細(xì)棍的直線(xiàn)上有a、b、c三點(diǎn)，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處有一電荷量為q（q0）的固定點(diǎn)電荷已知點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，則d點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小為（k為靜電力常量）A B C D 【答案】B10（多選）有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在赤道表面上隨地球一起轉(zhuǎn)動(dòng)，b是近地軌道衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測(cè)衛(wèi)星，它們均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，各衛(wèi)星排列位置如圖所示，則（ ）A.a的向心加速度等于重力加速度g B在相同時(shí)間內(nèi)b轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)最長(zhǎng)Cc在2小時(shí)內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是 Dd的運(yùn)動(dòng)周期有可能是20小時(shí)【答案】BC【解析】 11如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，上端固定，下端連一質(zhì)量為m的物塊A，A放在質(zhì)量也為m的托盤(pán)B上，以N表示B對(duì)A的作用力，x表示彈簧的伸長(zhǎng)量。初始時(shí)，在豎直向上的力F作用下系統(tǒng)靜止，且彈簧處于自然狀態(tài)（x=0）?，F(xiàn)改變力F的大小，使B以的加速度勻加速向下運(yùn)動(dòng)（g為重力加速度，空氣阻力不計(jì)），此過(guò)程中N或F隨x變化的圖象正確的是 ABCD【答案】D【解析】設(shè)物塊和托盤(pán)間的壓力為零時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為，則有：，解得：；在此之前，根據(jù)可知，二者之間的壓力N由開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的線(xiàn)性減小到零，而力F由開(kāi)始時(shí)的線(xiàn)性減小到；此后托盤(pán)與物塊分離，力F保持不變，故選項(xiàng)ABC錯(cuò)誤，D正確?！久麕燑c(diǎn)睛】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答。12質(zhì)點(diǎn)做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移x與時(shí)間t的關(guān)系為x=5t+t2（各物理量均采用國(guó)際單位），則該質(zhì)點(diǎn)（ ）A. 第1s內(nèi)的位移是5m B. 前2s內(nèi)的平均速度是6m/sC. 任意相鄰的1s 內(nèi)位移差都是1m D. 任意1s內(nèi)的速度增量都是2m/s【答案】D132007年10月24日，“嫦娥一號(hào)”成功發(fā)射，11月5日進(jìn)入38萬(wàn)公里以外的環(huán)月軌道，11月24日傳回首張圖片，這是我國(guó)航天事業(yè)的又一成功?！版隙鹨惶?hào)”圍繞月球的運(yùn)動(dòng)可以看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力常量已知，如果在這次探測(cè)工程中要測(cè)量月球的質(zhì)量，則需要知道的物理量有（ ）A“嫦娥一號(hào)”的質(zhì)量和月球的半徑B “嫦娥一號(hào)”繞月球運(yùn)動(dòng)的周期和軌道半徑C月球的半徑和“嫦娥一號(hào)”繞月球運(yùn)動(dòng)的周期D“嫦娥一號(hào)”的質(zhì)量、月球的半徑和“嫦娥一號(hào)”繞月球運(yùn)動(dòng)的周期【答案】B【解析】 14一條形磁鐵靜止在斜面上，固定在磁鐵中心的豎直上方的水平導(dǎo)線(xiàn)中通有垂直紙面向里的恒定電流，如圖所示，若將磁鐵的N極位置與S極位置對(duì)調(diào)后，仍放在斜面上原來(lái)的位置，則磁鐵對(duì)斜面的壓力F和摩擦力的變化情況分別是A. F增大， 減小B. F減小， 增大C. F與都減小D. F與都增大【答案】D【解析】在磁鐵的N極位置與S極位置對(duì)調(diào)前,根據(jù)左手定則判斷可以知道,導(dǎo)線(xiàn)所受的安培力方向斜向下,由牛頓第三定律得知,磁鐵所受的安培力方向斜向上,設(shè)安培力大小為,斜面的傾角為,磁鐵的重力為G,由磁鐵的受力平衡得:斜面對(duì)磁鐵的支持力: ,摩擦力: ,在磁鐵的N極位置與S極位置對(duì)調(diào)后,同理可以知道,斜面對(duì)磁鐵的支持力： ,摩擦力: 可見(jiàn),F、f都增大，故D正確；綜上所述本題答案是：D15如圖，平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線(xiàn)通過(guò)電容器，則在此過(guò)程中，該粒子（ ）A.所受重力與電場(chǎng)力平衡B.電勢(shì)能逐漸增加C.動(dòng)能逐漸增加D.做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)【答案】BD二、填空題16在“探究小車(chē)速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，除了電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、復(fù)寫(xiě)紙、小車(chē)、一端附有光滑定滑輪的長(zhǎng)木板級(jí)兩根導(dǎo)線(xiàn)外，還有下列器材供選擇：A.天平， B.彈簧秤， C.鉤碼， D.秒表， E.刻度尺， F.蓄電池， G.交流電源（1）其中電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的作用是_；（2）將實(shí)驗(yàn)所需的器材前面的字母代號(hào)填在橫線(xiàn)上_；（3）如圖為某次實(shí)驗(yàn)中記錄的紙帶，測(cè)得s1=2.60cm，s2=4.10cm，s3=5.60cm，s4=7.10cms5=8.60cm。圖中每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則小車(chē)做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的加速度a=_m/s2，其中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打D點(diǎn)時(shí)，小車(chē)的瞬時(shí)速度vD=_m/s，在DF段平均速度_m/s（電源為220V，50Hz，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】 記錄小車(chē)的位置及對(duì)應(yīng)時(shí)間 CEG 1.5 0.64 0.79 （1）電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的作用是打點(diǎn)并記錄所用的時(shí)間；（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器還需要交流電源，而蓄電池是直流電；鉤碼的質(zhì)量與重力不需要測(cè)量，但長(zhǎng)度需要刻度尺來(lái)測(cè)量，最后打點(diǎn)計(jì)時(shí)器具有計(jì)時(shí)作用，不需要秒表故選CEG；（3）每?jī)蓚€(gè)記數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)振針留下的點(diǎn)跡未畫(huà)出，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，由紙帶的數(shù)據(jù)得出相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的位移之差相等，即x=1.5cm，根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，得： ，根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過(guò)程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度大小.在DF段平均速度 17mmmm如圖所示，在以O(shè)點(diǎn)為圓心、r為半徑的圓形區(qū)域內(nèi)，在磁感強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，a、b、c為圓形磁場(chǎng)區(qū)域邊界上的3點(diǎn)，其中aob=boc=600，一束質(zhì)量為m，電量為e而速率不同的電子從a點(diǎn)沿ao方向射人磁場(chǎng)區(qū)域，其中從bc兩點(diǎn)的弧形邊界穿出磁場(chǎng)區(qū)的電子，其速率取值范圍是 【答案】 （4分）三、解答題18 如圖所示，一質(zhì)量M=3.0 kg、足夠長(zhǎng)的木板B放在光滑的水平面上，其上表面放置質(zhì)量m=1.0 kg的小木塊A，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.30，且最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等?，F(xiàn)給木塊A施加一隨時(shí)間t變化的水平力F=kt（k=2.0 N/s），取g=10 m/s。 （1）若木板B固定，則經(jīng)過(guò)多少時(shí)間木塊A開(kāi)始滑動(dòng)；（2）若木板B固定，求t2=2.0 s時(shí)木塊A的加速度大??；（3）若木板B不固定，求t1=2.0 s時(shí)木塊A受到的摩擦力大小?！敬鸢浮浚?）1.5 s （2）1 m/s2 （3）3 N【解析】（1）當(dāng)木板固定時(shí)，A開(kāi)始滑動(dòng)瞬間，水平力F與最大靜摩擦力大小相等，則：F=f=mg，設(shè)經(jīng)過(guò)t1時(shí)間A開(kāi)始滑動(dòng)，則：F=kt1，解得；（2）t=2s時(shí)，有：F=kt=22 N=4 N，有牛頓第二定律有：Fmg=ma，解得；（3）若木板B不固定，假設(shè)A、B間摩擦達(dá)到最大靜摩擦，此時(shí)兩物體的加速度相同，由B應(yīng)用牛頓第二定律有：，解得，再對(duì)AB整體應(yīng)用牛頓第二定律有：F=（m+M）a=4 N，由F=kt可知，當(dāng)t1=2.0 s時(shí)F=4 N，即此時(shí)AB相對(duì)靜止，所以木塊A受到的摩擦為最大靜摩擦力即為3 N。19由于地球自轉(zhuǎn)的影響，地球表面的重力加速度會(huì)隨緯度的變化而有所不同已知地球表面兩極處的重力加速度大小為，在赤道處的重力加速度大小為，地球自轉(zhuǎn)的周期為，引力常量為假設(shè)地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體求：（1）質(zhì)量為的物體在地球北極所受地球?qū)λ娜f(wàn)有引力的大?。?）地球的半