2025年粵教新版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版高三物理上冊階段測試試卷282考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、神舟九號與天宮一號對接前，天宮一號要由距地面較高的運行軌道，逐漸變化到距地面較低的交會對接軌道．在變軌過程中需對天官一號的運行進行監(jiān)測，若每次測量中天宮一號的運動均可近似看作勻速圓周運動，某次測量天宮一號的軌道半徑為r1，后一次測量天宮一號的．半徑變?yōu)閞2（r1＞r2），以E、E表示天宮一號在這兩個軌道上的動能，T1、T2表示天宮一號在這兩上軌道上繞地運動的周期，則（）A.E＜E，T2＞T1B.E＜E，T2＞T1C.E＞E，T2＜T1D.E＞E，T2＞T12、在如圖的勻強電場中，若一個點電荷從P點由靜止釋放，則以下說法中正確的是（）A.該點電荷受到的電場力逐漸增大B.該點電荷一定向右且做勻速運動C.該點電荷一定做勻加速直線運動D.該點電荷一定做勻減速直線運動3、為研究鋼球在液體中運動時所受阻力的大小，讓鋼球從某一高度豎直落下進入某種液體中運動，用閃光照相的方法拍攝鋼球在不同時刻的位置，如圖所示．已知鋼球在液體中所受浮力為F??；運動時受到的阻力與速度大小成正比，即F=kv，閃光照相機的閃光頻率為f，圖中刻度尺的最小分度為d，鋼球的質量為m，則阻力常數(shù)k的表達式是（）

A.

B.

C.

D.

4、某一探測器因射線照射，內(nèi)部氣體電離，在時間t內(nèi)有n個二價正離子到達陰極，有2n個電子到達探測器的陽極，則探測器電路中的電流為().A.0B.2ne/tC.3ne/tD.4ne/t5、【題文】如圖所示；在半徑為R圓形區(qū)域有垂直于紙面向里；磁感應強度為B的勻強磁場，從A點沿著AO方向垂直磁場射入大量帶正電、電荷量為q、質量為m、速率不同的粒子，不計粒子間的相互作用力和重力，關于這些粒子在磁場中的運動以下說法正確的是（）

A.這些粒子出射方向的反向延長線不一定過O點B.速率越大的粒子在磁場中通過的弧長越長，時間也越長C.這些粒子在磁場中的運動時間相同D.若粒子速率滿足v=qBR/m，則粒子出射方向與入射方向垂直6、地球表面重力加速度為g0，若地球自轉角速度逐漸增大到某一定值ω0，當赤道上某質量為m的物體剛好脫離地面，則地球的質量是（已知引力常量為G）（）A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、（2010秋?湖州校級月考）如圖所示為一物體運動的v-t圖線，則0-10s物體運動的加速度大小為____m/s2，10s內(nèi)物體的位移為____m．8、在火星上，某物體做自由落體運動，2s內(nèi)的位移為16m；則火星上的重力加速度為____m/s2；物體在自由下落前2s內(nèi)的位移為____m?9、一臺電動機的額定輸出功率為10kW，用這臺電動機豎直向上提升質量為2.5×102kg的貨物，上升的最大速度為____m/s．（取g=10m/s2）10、圖中A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=9V、φB=3V、φC=-3V，由此可得D點電勢φD=____V；在上圖中畫出電場線．11、用一輕質彈簧懸掛一本書，靜止時，彈簧伸長4cm．將書放在水平面上，用該彈簧水平桌面上水平拉書勻速前進時，彈簧伸長2cm，動摩擦因數(shù)為____．12、如圖所示，兩條間距為L的光滑平行導電導軌MN、PQ與水平面成θ角放置，上端跨接定值電阻R，一長也為L、電阻不計的金屬棒擱在導軌上，在導軌所在處有三個勻強磁場區(qū)和一個無磁場區(qū)，磁場邊界均平行于金屬棒，磁場寬均為L，磁場方向如圖且均垂直于導軌平面，磁感應強度B2=2B1，無磁場區(qū)寬也為L，金屬棒從導軌上方距最上方的磁場的上邊界L處靜止起下滑，進入最上方磁場時恰好做勻速運動，且每次到達一個磁場的下邊界前都已達到勻速運動，圖中已畫出金屬棒穿過第一個磁場區(qū)過程中的電流（以a→b為正方向）隨下滑距離x變化的圖象，請畫出金屬棒穿過后兩個磁場區(qū)過程中的電流隨下滑距離x變化的圖象．13、（2011秋?寶山區(qū)校級期末）如圖所示裝置中，A物體質量為20kg，B物體質量為10kg．不計滑輪與繩子間的摩擦，兩物體在空中運動時，A物體的加速度為____m/s2．14、（2013?福建模擬）一電子具100eV的動能、從A點垂直電場線方向飛入勻強電場，當從B點飛出時與場強方向恰成150°，如圖所示，則A、B兩點間的電勢差為____V．15、（2011秋?吉林期中）A、B、C三個小分隊進行代號為“獵狐”的軍事演習，指揮部通過現(xiàn)代通信設備，在熒屏上觀察到三個小分隊的行軍路線如圖所示，三個小分隊同時從同處O出發(fā)，最后同時捕“狐”，則它們行走的路程sA、sB、sC關系是____，它們通過的位移xA、xB、xC關系是____．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、電場力大的地方電場強度一定大．____．（判斷對錯）17、作用在物體上的合外力減小時，速度也隨之減?。甠___（判斷對錯）18、分子的動能和分子勢能的和叫做這個分子的內(nèi)能．____．（判斷對錯）19、物體的速度為零時，它的機械能一定為零．____（判斷對錯）20、重心就是物體上最重的一點．____．評卷人得分四、推斷題(共3題，共9分)21、氧化鉻rm{(Cr_{2}O_{3})}主要用于冶煉金屬鉻、有機化學合成的催化劑等。工業(yè)上是以鉻鐵礦rm{[}主要成份為rm{Fe(CrO_{2})_{2}}還含有rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}等雜質rm{]}為主要原料進行生產(chǎn)；其主要工藝流程如下：

rm{(1)}亞鉻酸亞鐵rm{[Fe(CrO_{2})_{2}]}中rm{Cr}的化合價是___________。rm{(2)}焙燒時的主要反應為：rm{4FeO隆隴Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{賂脽脦脗}{=}8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}其中被氧化的元素為______，每產(chǎn)生rm{4FeO隆隴Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{賂脽脦脗}{=}

8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}轉移電子的數(shù)目為_______。該步驟不能使用陶瓷容器，原因是_____________________________。rm{32gFe_{2}O_{3}}操作rm{(3)}包括過濾與洗滌，簡述實驗室中洗滌沉淀的操作：___________。rm{I}硫磺在與鉻酸鈉的反應中轉化為硫代硫酸鈉，反應的離子方程式為__________。濾渣中除rm{(4)}外還有__________rm{Al(OH)_{3}}填化學式rm{(}rm{)}也有一定毒性，會污染水體，常溫下要除去廢液中多余的rm{(5)Cr^{3+}}調(diào)節(jié)rm{Cr^{3+}}至少為_______，才能使鉻離子沉淀完全rm{pH}在溶液中濃度為rm{(Cr^{3+}}時，視為完全沉淀rm{1.0隆脕10^{-5}}已知rm{)}的溶度積為rm{Cr(OH)_{3}}rm{1.0隆脕10^{-32}}22、合成藥物rm{X}rm{Y}和高聚物rm{Z}可以用烴rm{A}為主要原料，采用以下路線。

已知：rm{I.}反應rm{壟脵}反應rm{壟脷}的原子利用率均為rm{100%}反應rm{I.}反應rm{壟脵}的原子利用率均為rm{壟脷}rm{100%}

．

rm{II}．

rm{II}請回答下列問題：的結構簡式為_____________。

rm{(1)A}的結構簡式為_____________。中的官能團名稱為____________，反應rm{(1)A}的條件為______________．

rm{(2)Z}中的官能團名稱為____________，反應rm{壟脹}的條件為______________．關于藥物rm{(2)Z}rm{壟脹}的說法正確的是____________。

rm{(3)}關于藥物rm{Y(}藥物rm{(3)}與足量的鈉反應可以生成rm{Y(}氫氣

rm{)}的說法正確的是____________。rm{)}的分子式為A.rm{1mol}藥物rm{Y}與足量的鈉反應可以生成rm{33.6L}氫氣rm{1mol}rm{Y}rm{33.6L}B.藥物rm{Y}的分子式為rm{C}

rm{Y}rm{C}中rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}三處rm{{,!}_{8}}的活潑性由強到弱的順序是rm{O}

rm{O}rm{{,!}_{4}}藥物，能使酸性高錳酸鉀溶液褪色與C.藥物rm{Y}中rm{壟脼}rm{壟脽}rm{壟脿}三處rm{-OH}的活潑性由強到弱的順序是rm{壟脿>壟脼>壟脽}rm{Y}rm{壟脼}rm{壟脽}和rm{壟脿}

rm{-OH}rm{壟脿>壟脼>壟脽}反應的反應類型是___________。反應D.rm{1mol}藥物rm{Y}與rm{H}的化學方程式_____________。

rm{1mol}rm{Y}符合下列條件的rm{H}的同分異構體共有_____________種。rm{{,!}_{2}}遇、濃溴水中的rm{Br}溶液可以發(fā)生顯色反應；且是苯的二元取代物；

rm{Br}能發(fā)生銀鏡反應和水解反應；

寫出其中一種核磁共振氫譜有rm{{,!}_{2}}個峰的結構簡式______________________。反應，最多消耗分別為rm{4mol}和rm{2mol}參考上述流程以rm{4mol}和rm{2mol}為起始原料，其它無機試劑任選設計合成的線路。rm{(4)}反應rm{E隆煤F}的反應類型是___________。反應rm{F隆煤X}的化學方程式_____________。23、rm{[}化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎rm{]}下圖為有機物之間的轉化關系。已知：rm{E}屬于芳香族化合物；rm{F}的核磁共振氫譜為三組峰，且面積比為rm{6}rm{1}rm{1}請回答下列問題：rm{(1)B}的結構簡式為__________。rm{F}的名稱為__________，rm{(2)C}中官能團的名稱為__________，rm{G隆煤J}的反應類型_________，發(fā)生反應rm{壟脵}的條件是_______________。rm{(3)}反應rm{B隆煤C}的化學方程式為__________。rm{(4)E}的一種同系物rm{X}比rm{E}的相對分子質量大rm{14}rm{X}同分異構體有很多種。rm{壟脵}若rm{X}的同分異構體為芳香族化合物，它與rm{E}具有相同的官能團，則符合此條件的rm{X}的同分異構體有__________種。rm{壟脷}若rm{X}的同分異構體能與新制氫氧化銅懸濁液反應，生成磚紅色沉淀，也能使rm{FeCl_{3}}溶液顯紫色，且苯環(huán)上的一元取代物有兩種，則rm{X}的這種同分異構體的結構簡式為__________。評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)24、（1）如圖所示給出是用螺旋測微器測量一小鋼球的直徑時的示數(shù)，此讀數(shù)應是____毫米．

（2）用20分度的游標卡尺測量鋼球的直徑，示數(shù)如圖所示，則鋼球直徑為____毫米．

25、使用電磁打點計時器（接50Hz的電源上）時；回答下列問題？

①電磁打點計時器的工作電壓為____v；

②紙帶上每打出兩個相鄰點所經(jīng)歷的時間都是____s；

③電磁打點計時器應接在____（填“交流”或“直流”）電壓；

④電源頻率不穩(wěn)，影響是____；

⑤振針與復寫紙距離太近，影響是____．26、（1）在使用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗中，已知實驗用的重錘質量m=0.02kg．重錘自由下落，在紙帶上打下一系列的點，如圖1所示，相鄰計數(shù)點的時間間隔為0.02s，長度單位是cm，g取9.8m/s2．則：（計算結果均保留兩位有效數(shù)字）

①打點計時器打下計數(shù)點B時，物體的速度vB=____m/s；

②從打下計數(shù)點O到打下計數(shù)點B的過程中，重錘的重力勢能的減少量△Ep=____J

（2）圖2為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖．圖中打點計時器的電源為50Hz的交流電源；打點的時間間隔用△t表示．在小車質量未知的情況下，某同學設計了一種方法用來研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”．

㈠完成下列實驗步驟中的填空：

①平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列____的點．

②按住小車；在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼．

③打開打點計時器電源；釋放小車，獲得帶有點列的紙袋，在紙袋上標出小車中砝碼的質量m．

④按住小車；改變小車中砝碼的質量，重復步驟③．

⑤在每條紙帶上清晰的部分，每5個間隔標注一個計數(shù)點．測量相鄰計數(shù)點的間距s1，s2；．

求出與不同m相對應的加速度a．

⑥以砝碼的質量m為橫坐標1/a為縱坐標，在坐標紙上做出1/a-m關系圖線．若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則1/a與m處應成____關系（填“線性”或“非線性”）．

㈡完成下列填空：

⑦本實驗中，為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿足的條件是____．

⑧設紙帶上三個相鄰計數(shù)點的間距為s1、s2、s3．a(chǎn)可用s1、s3和△t表示為a=____．

⑨圖4為所得實驗圖線的示意圖．設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為____，小車的質量為____．

27、如圖所示；圖甲為熱敏電阻的R-t圖象，圖乙為用此熱敏電阻R和繼電器組成的一個簡單恒溫箱控制電路，繼電器線圈的電阻為150Ω，．當線圈中的電流大于或等于20mA時，繼電器的銜鐵被吸合．為繼電器供電的電池的電動勢E=6V，內(nèi)阻不計．圖中的“電源”是恒溫箱加熱器的電源，R為熱敏電阻．

（1）應該把恒溫箱的加熱器接在____端（填“AB”或“CD”）．

（2）如果要使恒溫箱內(nèi)的溫度保持150℃，可變電阻R′的值應調(diào)節(jié)為____Ω，此時熱敏電阻的阻值為____Ω．評卷人得分六、作圖題(共1題，共4分)28、如圖中；用力的圖示法把水平向右F=30N的力，分解到虛線方向上，并在圖中標出兩個分力的大?。?/p>

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】要求衛(wèi)星的線速度與軌道半徑之間的關系，可根據(jù)==mr表示出線速度和周期來求解；【解析】【解答】解：人造地球衛(wèi)星在繞地球做圓周運動時地球對衛(wèi)星的引力提供圓周運動的向心力==mr

解得v=T=2π

顯然軌道半徑r越大，衛(wèi)星運動的周期越大，軌道半徑r越大，線速度越小，動能越?。訣k2＞Ek1，T2＜T1．

故A；B、D錯誤；C正確．

故選：C．2、C【分析】【分析】點電荷在勻強電場中受到電場力作用，電場力是恒力，點電荷將從靜止開始沿電場力方向做勻加速直線運動．【解析】【解答】解：A；點電荷在勻強電場中受到電場力作用；電場力F=qE，E恒定，電場力是恒力．故A錯誤．

B；C、D點電荷只受電場力作用；電場力是恒力，根據(jù)牛頓第二定律得知點電荷的加速度將保持不變，則得該點電荷將從靜止開始沿電場力方向做勻加速直線運動．故C正確，BD錯誤．

故選C3、B【分析】

當小球在液體中勻速運動時；設速度大小為v，則阻力大小為：

f阻=kv

由圖得到：v==2df

則：f阻=kv=2kdf

根據(jù)平衡條件得：

mg=F浮+f阻

代入解得：

k=

故選B

【解析】【答案】由圖可知；最后小球做勻速直線運動，求出小球在液體中勻速運動時的速度，得到阻力與速度的關系式，此時小球受到重力；浮力和阻力三力平衡，根據(jù)平衡條件求出k．

4、D【分析】【解析】在t時間內(nèi)通過電路橫截面積的總電荷量為所以產(chǎn)生的電流為所以D正確，思路分析：根據(jù)公式計算試題【解析】【答案】D5、D【分析】【解析】

試題分析：粒子從A點進，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，從圓周上面的B點出，設圓周運動圓心為半徑為則AB為公共弦長，弦的垂直平分線過圓心，既過O點又過根據(jù)幾何關系可得所以粒子出磁場的速度沿圓形磁場的半徑方向，出射方向的反向延長線一定過O點，選項A錯。粒子圓周運動的圓心角設為則有粒子做圓周運動的周期根據(jù)洛倫茲力提供向心力即得速度越大的粒子，半徑越大，那么轉過的圓心角越小，運動時間越短，選項BC錯。若粒子速率滿足v=qBR/m，則圓周運動半徑轉過圓心角所以速度偏向角等于即出射方向與入射方向垂直，選項D對。

考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動【解析】【答案】D6、A【分析】解：設地球的半徑為R，地球表面的物體重力等于萬有引力，有：G=mg0

物體剛好脫離地面，萬有引力提供物體做圓周運動的向心力，有：G=mRω02

聯(lián)立解得：M=故A正確BCD。

故選：A。

根據(jù)地球表面重力等于萬有引力；物體剛好脫離地面，萬有引力提供物體做圓周運動的向心力，分別列式可求解；

本題關鍵抓住萬有引力提供向心力和地球表面重力等于萬有引力列方程求解?！窘馕觥緼二、填空題(共9題，共18分)7、10500【分析】【分析】在速度-時間圖象中，圖線的斜率表示加速度，圖象與坐標軸圍成的面積表示位移．根據(jù)數(shù)學知識求解．【解析】【解答】解：0-10s物體運動的加速度大小為a===-10m/s2，加速度大小為10m/s2．10s內(nèi)物體的位移為x=m=500m

故答案為：10、500．8、816【分析】【分析】（1）物體在星球表面做自由落體運動，加速度即為火星上的重力加速度，根據(jù)自由落體運動的位移公式h=gt2求解．

（2）根據(jù)位移公式h=gt2，即可求解前2s內(nèi)的位移．【解析】【解答】解：假設火星上的重力加速度大小為g，根據(jù)自由落體運動公式有：h=gt2；

得：g==m/s2=8m/s2

前2s內(nèi)的位移為：h=gt2=×8×22=16m

故答案為：8，16．9、4【分析】【分析】當牽引力等于重力時，上升的速度最大，根據(jù)v=即可求解．【解析】【解答】解：當牽引力等于重力時；上升的速度最大，則有：

F=mg=2.5×102×10=2.5×103N；

則最大速度為：

v=

故答案為：410、3【分析】【分析】連接AC，在AC上找出與B點等電勢點，作出等勢線，再過D作出等勢線，在AC線上找出與D等勢點，再確定D點的電勢．根據(jù)電場線與等勢面的關系作出電場線．【解析】【解答】解：勻強電場中，由公式U=Ed知沿著任意方向每前進相同的距離，電勢差都相等，故連接AC，AC連線的中點為E，則E點的電勢為φE==V=3V

連接BE，則BE為一條等勢線，D點在BE連線上，所以D點電勢UD=3V．

過A點作出垂直于BE的有向線段；由高電勢點A直線BE，如圖中紅線所示，即為電場線．

故答案為：3V．電場線如圖所示．11、0.5【分析】【分析】（1）根據(jù)胡克定律求出彈簧的勁度系數(shù)．

（2）在水平面上運動時，根據(jù)胡克定律求出彈簧的拉力，從而得出滑動摩擦力的方向，根據(jù)滑動摩擦力的公式求出動摩擦因數(shù)．【解析】【解答】解：根據(jù)胡克定律得，k==．

彈簧的彈力F=kx′=×0.02N=0.5mg．

根據(jù)平衡知；摩擦力的大小為f=μmg=0.5mg．

則動摩擦因數(shù)μ=0.5．

故答案為：0.5．12、略

【分析】

（1）在0到L段勻速運動，金屬棒受力平衡：B1I1L=G1

可以得到電流表達式：

L到2L段，感應電流為：

安培力為：

又由：B2I2v=4G1

得：

由右手定則知電流方向與I1方向相反；

在這段位移X2內(nèi)產(chǎn)生的平均動生電動勢為：

產(chǎn)生的電熱為：

Q=U2I2t

=B2△XI2L

又由能量守恒知；這段位移內(nèi)能量轉化為：重力勢能轉化為電熱．

mgh=B2△XI2L

整理得到：

可知這段位移內(nèi)電流與位移成反比，初始電流為4A，方向與I1方向相反．

又題目告知：到達下邊界金屬棒達到勻速，說明在下邊界安培力等于G1；則在下邊界的電流為2A．

故這段時間內(nèi)的圖象如圖．

（2）2L到3L這段無磁場；故電流為零．

（3）與0到L段同理，可知3L到4L這段位移內(nèi)的電流和位移的關系也是反比，末電流也是2A，方向與I1方向相同．

其初始速度應為它經(jīng)2L到3L這段無磁場區(qū)加速后的速度：

v=v+gsinθ?t

由于平均速度比v大，而初始區(qū)域的平均速度為：故其時間應該小于在初始區(qū)域的運動時間的一半，兩者加速度相等，都是gsinθ，故其速度的增加應小初速度的．即其初速度應小于2.5v．

又由可知感應電流與速度成正比，所以在這段位移的初始電流應小于2.5A．故圖象的起始點應在電流為2.5A稍下方．

則這段圖象如圖．

綜上可以得到最終的I--X圖象如圖：

【解析】【答案】在0到L段勻速運動；金屬棒受力平衡，可以得到電流表達式．

L到2L段；由于磁場強度增大一倍，金屬棒受的安培力大于重力向下的分力，故金屬棒做勻減速直線運動．由公式可知其大小為0到L段的兩倍．

由電磁感應可以求的L到2L的平均感應電動勢；由電功表達式可以求得這段位移的電功，再由能量守恒可以求得這段位移的電流與位移成反比．

又在L到2L的下邊界又變成勻速運動；可知在下邊界的電流與0到L段的電流相等．所以可以做出L到2L的I-L圖象．

2L到3L這段沒有磁場；故沒有電流。

3L到4這段同理可以得到圖象．

13、【分析】【分析】對A、B組成的系統(tǒng)研究，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓簩、B組成的系統(tǒng)研究，根據(jù)牛頓第二定律得，a=．

故答案為：．14、-300【分析】【分析】電子垂直進入勻強電場中，做類平拋運動，作出電子經(jīng)過B點時速度的分解圖，求出經(jīng)過B點時的速度，根據(jù)動能定理求解A、B兩點間的電勢差．【解析】【解答】解：將電子經(jīng)過B點的速度進行分解可知：

vBcos60°=v0

解得：vB=2v0

由Ek=，可得經(jīng)過B點時電子的動能為EkB=4Ek0=400eV

又根據(jù)動能定理得：-eUAB=-4Ek0=300eV

故UAB=-300V

故答案為：-300．15、sA＞sC＞sBxA=xB=xC【分析】【分析】根據(jù)軌跡的長度直接比較路程的大?。晃灰迫Q于初、末位置，與路徑無關．【解析】【解答】解：由圖看出，A軌跡的長度最大，路程最大，B軌跡的長度最小，路程最小，則它們行走的路程sA＞sC＞sB．

由圖看出，A、B、C三個小分隊起點與終點都相同，則位移相同，xA=xB=xC．

故答案為：sA＞sC＞sB，xA=xB=xC．三、判斷題(共5題，共10分)16、×【分析】【分析】根據(jù)電場強度的定義式E=變形得到F與E的關系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)電場強度的定義式E=得：F=qE

可知電場力與電場強度和電荷量都有關；則電場力大的地方電場強度不一定大，故該判斷是錯的．

故答案為：×．17、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當加速度方向與速度方向相同，做加速運動，當加速度方向與速度方向相反，做減速運動．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結合速度與加速度的關系可知；當加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運動動能、分子間相互作用勢能的總和，是大量分子的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：物體內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則運動所具有的動能和分子勢能的總和；注意是物體的內(nèi)能，不是分子的內(nèi)能；

故答案為：×19、×【分析】【分析】機械能包括動能和重力勢能，速度為零說明動能為零．【解析】【解答】解：物體的速度為零時；則動能為零，但重力勢能不一定為零，所以機械能不一定為零，故錯誤．

故答案為：×20、×【分析】【分析】重心是物體的等效作用點，不是物體上最重的一點，重心可以在物體上，也可以不在物體上．【解析】【解答】解：重心是物體所受重力的等效作用點；不是物體上最重的一點；有的物體重心根本不在物體上，如玻璃杯，圓環(huán)，皮球等等，故說法錯誤．

故答案為：×四、推斷題(共3題，共9分)21、rm{(1)+3}

rm{(2)Cr}rm{Fe}rm{2.8N_{A;;;;;;}}陶瓷在高溫下會與rm{Na_{2}CO_{3}}反應

rm{(3)}將蒸餾水沿著玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸沒沉淀，待水流盡后，再重復操作rm{2隆蘆3}次

rm{(4)4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{(4)4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}

rm{H_{2}SiO_{3;;}}rm{(5)5.0}【分析】【分析】本題以工藝流程為載體，考查氧化還原反應、基本實驗操作和溶度積，側重考查學生分析問題和解決問題的能力，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}亞鉻酸亞鐵中鐵為rm{+2}價，根據(jù)正負化合價代數(shù)和為rm{0}則rm{Cr}的化合價為rm{+3}價，故答案為：rm{+3}rm{(2)}反應rm{4FeO隆隴Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{賂脽脦脗}{=}8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}中rm{4FeO隆隴Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{賂脽脦脗}{=}

8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}由亞鉻酸亞鐵中rm{Fe}價升高為rm{+2}中的rm{Fe_{2}O_{3}}價，rm{+3}由亞鉻酸亞鐵中的rm{Cr}價升高為rm{+3}中的rm{Na_{2}CrO_{4}}價，rm{+6}得電子化合價降低，故rm{O_{2}}得電子數(shù)為電子轉移數(shù)，根據(jù)方程式反應rm{O_{2}}即轉移rm{7molO_{2}}生成rm{28mole^{-}}則產(chǎn)生rm{320gFe_{2}O_{3}}轉移電子的物質的量rm{32gFe_{2}O_{3}}數(shù)目為rm{2.8mol}該步驟不能使用陶瓷容器，因純堿與陶瓷中的rm{2.8N_{A}}反應生成硅酸鈉，故答案為：rm{SiO_{2}}rm{Cr}rm{Fe}陶瓷在高溫下會與rm{2.8N_{A}}反應；rm{Na_{2}CO_{3}}洗滌沉淀的操作為：將蒸餾水沿著玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸沒沉淀，待水流盡后，再重復操作rm{(3)}次，故答案為：將蒸餾水沿著玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸沒沉淀，待水流盡后，再重復操作rm{2隆蘆3}次；rm{2隆蘆3}硫磺在與鉻酸鈉的反應中轉化為硫代硫酸鈉，硫元素有rm{(4)}價升高為硫代硫酸鈉的rm{0}價，有圖像可知鉻酸鈉中rm{+2}價的鉻化合價降低為rm{+6}價，離子方程式為：rm{4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}鉻鐵礦粉與純堿反應時，其中的二氧化硅與純堿反應生成硅酸鈉，rm{+3}與rm{4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}反應生成rm{Na_{2}SiO_{3}}故濾渣中還有rm{H_{2}SO_{4}}故答案為：rm{4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{H_{2}SiO_{3}}rm{H_{2}SiO_{3}}當rm{4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}在溶液中濃度為rm{H_{2}SiO3}時，視為完全沉淀，則此時rm{c(Cr^{3+})隆脕c^{3}(OH^{-})=1.0隆脕10^{-32}}rm{c(OH^{-})=sqrt[3]{dfrac{{K}_{sp}left[Cr{left(OHright)}_{3}right]}{cleft(C{r}^{3+}right)}}=sqrt[3]{dfrac{1.0隆脕{10}^{-32}}{1隆脕{10}^{-5}}}=10^{-9}}則rm{(5)}rm{Cr^{3+}}故答案為：rm{1.0隆脕10^{-5}}rm{c(Cr^{3+})隆脕

c^{3}(OH^{-})=1.0隆脕10^{-32}}【解析】rm{(1)+3}rm{(2)Cr}rm{Fe}rm{2.8N_{A;;;;;;}}陶瓷在高溫下會與rm{Na_{2}CO_{3}}反應rm{(3)}將蒸餾水沿著玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸沒沉淀，待水流盡后，再重復操作rm{2隆蘆3}次rm{(4)4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{(4)4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{H_{2}SiO_{3;;}}rm{(5)5.0}22、（1）CH≡CH

（2）酯基NaOH水溶液、加熱

（3）B、C

（4）取代反應（或酯化反應）

（5）6（或）

（6）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，充分利用轉化中有機物的結構與反應條件進行推斷，熟練掌握官能團的性質與轉化，較好的考查學生分析推理能力、知識遷移運用能力，難度較大。【解答】反應rm{壟脵}反應rm{壟脷}反應rm{壟脻}的原子利用率均為rm{100%}屬于加成反應，結合反應rm{壟脷}的產(chǎn)物，可知烴rm{A}為rm{HC隆脭CH}rm{B}為反應rm{壟脵}反應rm{壟脷}的原子利用率均為rm{壟脻}屬于加成反應，結合反應rm{100%}的產(chǎn)物，可知烴rm{壟脷}為rm{A}rm{HC隆脭CH}為rm{B}的相對分子質量為，而rm{G}的相對分子質量為rm{78}則rm{G}為則rm{G}為rm{78}可以發(fā)出催化氧化生成rm{G}rm{.C}可以發(fā)出催化氧化生成rm{D}rm{D}發(fā)生信息中rm{I}的反應，則反應rm{壟脹}為鹵代烴在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生的水解反應，則rm{C}為發(fā)生信息中rm{.C}的反應，則反應rm{D}為鹵代烴在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生的水解反應，則rm{D}為rm{I}為rm{壟脹}為rm{C}為，rm{D}為在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生消去反應得到rm{D}，rm{E}為由以上分析可知rm{E}為，rm{F}為，故答案為：rm{F}，rm{F}在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生消去反應得到rm{X}根據(jù)rm{F}的結構簡式可知rm{X}中的官能團名稱為酯基，反應rm{(1)}為鹵代烴在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生的水解反應，故答案為：酯基；rm{A}為rm{HC隆脭CH}水溶液、加熱；rm{A}．rm{HC隆脭CH}藥物rm{CH隆脭CH}與足量的鈉反應可以生成rm{(2)}氫氣，標況下氫氣體積為rm{Z}但氫氣不一定處于標況下，故A錯誤；B.rm{Z}中的官能團名稱為酯基的分子式為rm{Z}rm{壟脹}rm{NaOH}rm{(3)A}羥基、羧基能與鈉反應生成氫氣，rm{1mol}藥物rm{Y}與足量的鈉反應可以生成rm{1.5mol}氫氣，標況下氫氣體積為rm{33.6L}但氫氣不一定處于標況下，故A錯誤；rm{1mol}rm{Y}C.rm{1.5mol}中rm{33.6L}藥物rm{Y}的分子式為rm{C}rm{Y}三處rm{C}的電離程度由大到小的順序是rm{{,!}_{8}}故C正確；D.rm{H}藥物rm{H}與rm{{,!}_{8}}rm{0}rm{0}中酚羥基的鄰位能與濃溴水發(fā)生取代反應，rm{{,!}_{4}}消耗，含有醇羥基，能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，故B正確；羧基酸性最強，酚羥基酸性很弱，醇羥基表現(xiàn)為中性，藥物rm{Y}中rm{壟脼}rm{壟脽}rm{壟脿}三處rm{-OH}的電離程度由大到小的順序是rm{壟脿>壟脼>壟脽}故C正確；rm{Y}故答案為：rm{壟脼}rm{壟脽}rm{壟脿}rm{-OH}的化學方程式：rm{壟脿>壟脼>壟脽}取代反應苯環(huán)與氫氣發(fā)生加成反應，rm{1mol}藥物rm{Y}與rm{3molH}或酯化反應rm{1mol}rm{Y}的化學方程式故答案為：取代反應rm{3molH}或酯化反應rm{{,!}_{2}}加成，rm{Y}中酚羥基的鄰位能與濃溴水發(fā)生取代反應，rm{1molY}消耗rm{2molBr}rm{Y}rm{1molY}溶液可以發(fā)生顯色反應，則含有酚羥基，且是苯的二元取代物；rm{2molBr}能發(fā)生銀鏡反應和水解反應，則另一取代基為rm{{,!}_{2}}或，故D錯誤；分別有鄰間對rm{B}種結構，共rm{C}種同分異構體，其中rm{(4)}個峰的結構簡式為反應rm{E-F}的化學方程式：或rm{E-F}，故答案為：，為rm{(}或rm{)}；反應rm{F隆煤X}的化學方程式rm{F隆煤X}發(fā)生加成反應、酸性條件下水解得到rm{(}rm{)}rm{(5)壟脵}遇rm{FeCl_{3}}rm{壟脷}rm{HCOOCH_{2}CH_{2}-}故答案為：rm{HCOOCH(CH_{3})-}【解析】rm{(1)CH隆脭CH}rm{(2)}酯基rm{NaOH}水溶液、加熱rm{(3)B}rm{C}rm{(4)}取代反應rm{(}或酯化反應rm{)}rm{(5)6}rm{(}或rm{)}rm{(6)}23、rm{(1)}rm{2隆陋}丙醇。

rm{(2)}羥基加聚反應rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}加熱

rm{(3)}rm{+NaOH}rm{+NaCl}

rm{(4)壟脵4}

rm{壟脷}【分析】【分析】本題考查有機物推斷，根據(jù)物質分子式、反應條件、題給信息進行推斷，熟練掌握官能團的性質與轉化，側重考查學生分析推理能力，題目難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)已知信息rm{壟脵}結合rm{A隆煤B隆煤C隆煤D隆煤E}的反應條件可知，rm{A}為甲苯，rm{B}為結合rm{壟脵}的反應條件可知，rm{A隆煤B隆煤C隆煤D隆煤E}為甲苯，rm{A}為rm{B}為苯甲醇，，rm{C}為苯甲醇，rm{D}為苯甲醛，rm{E}為苯甲酸；根據(jù)已知信息rm{壟脷}結合rm{I隆煤F}rm{I隆煤G}的反應條件可知，rm{I}為rm{CH}為苯甲醛，rm{C}為苯甲酸；根據(jù)已知信息rm{D}結合rm{E}rm{壟脷}的反應條件可知，rm{I隆煤F}為rm{I隆煤G}rm{I}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHClCH}為rm{CHClCH}rm{{,!}_{3}}，rm{F}為rm{CH}rm{F}rm{CH}為rm{{,!}_{3}}rm{CHOHCH}rm{CHOHCH}rm{{,!}_{3}}，rm{G}為rm{CH}

rm{G}由以上可知rm{CH}為rm{{,!}_{2}}為rm{=CHCH}其名稱為rm{=CHCH}丙醇，故答案為：rm{{,!}_{3}}丙醇；。為苯甲醇，其官能團為羥基；rm{(1)}的反應類型為加聚反應；發(fā)生反應rm{B}的條件是rm{F}rm{CH_{3}CHOHCH_{3}}加熱，故答案為：羥基；加聚反應；rm{2隆陋}rm{2隆陋}加熱；rm{(2)C}rm{G隆煤J}的反應類型為加聚反應；發(fā)生反應rm{壟脵}的條件是的化學方程式為rm{G隆煤J}rm{壟脵}故答案為：rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}的同分異構體為芳香族化合物，它與rm{(3)}具有相同的官能團，含有羧基，可以是苯乙酸，可以含有甲基、反應rm{B隆煤C}的化學方程式為有鄰、間、對rm{B隆煤C}種，共有rm{+NaOH}種，故答案為：rm{+NaCl}rm{+NaOH}rm{+NaCl}的同分異構體能發(fā)生銀鏡反應，也能使rm{(4)壟脵}若rm{X}的同分異構體為芳香族化合物，它與rm{E}具有相同的官能團，含有羧基，可以是苯乙酸，可以含有甲基、rm{-COOH}有鄰、間、對rm{3}種，共有rm{4}種rm{X}的這種同分異構體的結構簡式故答案為：rm{E}【解析】rm{(1)}rm{2隆陋}丙醇。

rm{(2)}羥基加聚反應rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}加熱rm{(3)}rm{+NaOH}rm{+NaCl}rm{(4)壟脵4}

rm{壟脷}五、實驗題(共4題，共40分)24、8.60010.15【分析】【分析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．【解析】【解答】解：（1）螺旋測微器的固定刻度為8.5mm；可動刻度為10.0×0.01mm=0.100mm，所以最終讀數(shù)為8.5mm+0.100mm=8.600mm．

（2）20分度的游標卡尺；精確度是0