2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、從陰極射線管發(fā)射出的一束電子；通過(guò)圖示的磁場(chǎng)，以下各圖對(duì)電子偏轉(zhuǎn)情況所作的描繪中，正確的是（）

A.

B.

C.

D.

2、電子是原子的組成部分，一個(gè)電子帶有（）A.1.6×10-19C的正電荷B.1.6×10-19C的負(fù)電荷C.9.1×10-31C的正電荷D.9.1×10-31C的負(fù)電荷3、在干燥的日子，當(dāng)我們用塑料梳梳頭時(shí)，常常會(huì)發(fā)出劈啪的微弱聲，這種現(xiàn)象的原因是(

)

A.接觸起電B.摩擦起電C.感應(yīng)起電D.總電量增加4、如圖所示，一理想變壓器，當(dāng)原線圈兩端接U1=220V

的正弦式交變電壓時(shí)，副線圈兩端的電壓U2=55V.

對(duì)于該變壓器，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.原、副線圈的匝數(shù)之比等于41

B.原、副線圈的匝數(shù)之比等于14

C.原、副線圈的匝數(shù)之比等于21

D.原、副線圈的匝數(shù)之比等于12

5、地球人造衛(wèi)星A和B繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)速度分別vA和vB；兩個(gè)比荷相同的帶電粒子C和D，在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞同一圓心分別作勻速圓周運(yùn)動(dòng)（忽略重力，忽略?xún)蓭щ娏Ｗ娱g的靜電力），速度分別為vC和vD，下列說(shuō)法正確的是（）A.vA＞vB，vC＞vDB.vA＜vB，vC＜vDC.vA＞vB，vC＜vDD.vA＜vB，vC＞vD6、電荷量為+Q的點(diǎn)電荷和接地金屬板MN附近的電場(chǎng)線分布如圖所示，點(diǎn)電荷與金屬板相距為2d，圖中P點(diǎn)到金屬板和點(diǎn)電荷間的距離均為d．已知P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E0，則金屬板上感應(yīng)電荷在P點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為。

A.E=0B.C.D.7、如圖所示，在赤道的正上方有一電子垂直地面入射，若赤道的地球磁場(chǎng)是呈水平；則此電子因受到地磁作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)時(shí)，其落點(diǎn)應(yīng)該接近偏向（）A.aB.bC.cD.d8、在做光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，某金屬被光照射發(fā)生了光電效應(yīng)，實(shí)驗(yàn)測(cè)出了光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光的頻率的關(guān)系如圖所示，A、C兩點(diǎn)坐標(biāo)已知，由圖象可求()A.該金屬的逸出功B.該金屬的極限頻率C.單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)D.普朗克常量9、某交流電壓的瞬時(shí)值u=Umsin100πt，當(dāng)t=s時(shí)，u=5V，則從電壓表中讀得的數(shù)值為（）A.5VB.VC.10VD.10V評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)10、如圖所示為氫原子能級(jí)的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干個(gè)不同頻率的光，關(guān)于這些光，下列說(shuō)法正確的是（）A.波長(zhǎng)最大的光是由n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)產(chǎn)生的B.頻率最小的光是由n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)產(chǎn)生的C.這些氫原子總共可輻射出3種不同的頻率的光D.從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)電子動(dòng)能增加11、如圖，質(zhì)量為M

的物體P

靜止在光滑水平面上，另有一質(zhì)量為m

的物體Q

以水平速度v

正對(duì)P

滑動(dòng)，則它們碰撞后(

)

A.若m<M

則Q

物體一定被彈回B.若m>M

則Q

物體不可能靜止C.Q

物體不可能繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)D.若相碰后兩物體分離，則之后它們不可能再相碰12、如圖所示，T

為理想變壓器，原副線圈匝數(shù)比為5隆脙1A1A2

為理想交流電流表，V1V2

為理想交流電壓表，R1R2

為定值電阻，R3

為光敏電阻(

阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小)

原線圈兩端電壓u=2202sin314tV

以下說(shuō)法正確的是(

)

A.當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，電壓表V1

示數(shù)為442V

保持不變B.當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，電壓表V2

示數(shù)變大C.通過(guò)電流表A1

的電流方向每秒變化100

次D.當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，電流表A1A2

示數(shù)同時(shí)變大13、現(xiàn)有兩個(gè)邊長(zhǎng)不等的正方形ABDC

和abdc

，如圖所示，且Aa

、Bb

、Cc

、Dd

間距相等.

在AB

、AC

、CD

、DB

的中點(diǎn)分別放等量的點(diǎn)電荷，其中AB

、AC

中點(diǎn)放的點(diǎn)電荷帶正電，CD

、BD

的中點(diǎn)放的點(diǎn)電荷帶負(fù)電，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零.

則下列說(shuō)法中正確的是()

A.O

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均為零B.把一正點(diǎn)電荷沿著b

隆煤

d

隆煤

c

的路徑移動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做功為零C.同一點(diǎn)電荷在a

、d

兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力相同D.將一負(fù)點(diǎn)電荷由a

點(diǎn)移到A

點(diǎn)電勢(shì)能減小14、如圖所示，可視為點(diǎn)電荷的小物塊AB

分別帶負(fù)電和正電，B

固定，其正下方的A

靜止在絕緣斜面上，則A

受力個(gè)數(shù)可能為(

)

A.A

可能受到2

個(gè)力作用B.A

可能受到3

個(gè)力作用C.A

可能受到4

個(gè)力作用D.A

可能受到5

個(gè)力作用15、質(zhì)量為m

的物體以速度v

0

從地面豎直上拋(

不計(jì)空氣阻力)

到落回地面，在此過(guò)程中()A.上升過(guò)程和下落過(guò)程中動(dòng)量的變化量大小均為mv

0

但方向相反B.整個(gè)過(guò)程中重力的沖量為鈭?2

mv

0

C.整個(gè)過(guò)程中重力的沖量為0

D.上升過(guò)程沖量大小為mv

0

方向向下16、帶正電的微粒放在電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.

帶電微粒只在電場(chǎng)力的作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.微粒做往復(fù)運(yùn)動(dòng)B.微粒將沿著一條直線運(yùn)動(dòng)C.微粒在第1s

內(nèi)的位移與第3s

內(nèi)的位移相同D.微粒在0隆蘆1s

內(nèi)的加速度與1隆蘆2s

內(nèi)的加速度相同17、如圖甲所示，閉合線圈固定在小車(chē)上，總質(zhì)量為1kg

它們?cè)诠饣矫嫔希?0m/s

的速度進(jìn)入與線圈平面垂直、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的水平有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里.

已知小車(chē)運(yùn)動(dòng)的速度v

隨車(chē)的位移x

變化的v鈭?x

圖象如圖乙所示.

則()

甲乙A.線圈的長(zhǎng)度L

=15cm

B.磁場(chǎng)的寬度d

=25cm

C.線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為0.4m/s2

D.線圈通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為48J

評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、如圖，電動(dòng)機(jī)Q的內(nèi)阻為0.5Ω，當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)，A表讀數(shù)1A，當(dāng)S閉合時(shí)，A表讀數(shù)3A．則：電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率____；電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率____．

19、質(zhì)量為1kg的物體，從足夠高處自由落下，（g=10m/s2）下落3s內(nèi)重力對(duì)物體做功WG=____在下落第3s內(nèi)重力對(duì)物體做功的功率P=____.20、利用垃圾發(fā)電可減少垃圾堆放，消除細(xì)菌和減少傳染病傳播，減少大氣污染．中國(guó)第一座垃圾電站在深圳市，日處理垃圾300噸，發(fā)電功率500kW．當(dāng)采用10kV電壓輸電時(shí)，安裝在輸電線路起點(diǎn)的電度表和終點(diǎn)的電度表一晝夜讀數(shù)相差2400kW?h，則輸電線上的總電阻為_(kāi)_____Ω，若要使輸電線上損失的功率變?yōu)檩斔凸β实?.25%，則輸電電壓應(yīng)提高到______V．21、用游標(biāo)卡尺測(cè)定擺球的直徑；測(cè)量結(jié)果如圖1

所示，則該擺球的直徑為_(kāi)_____cm.

秒表讀數(shù)為_(kāi)_____s.

22、有一帶電荷量q=-3×10-6C的點(diǎn)電荷，從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，克服電場(chǎng)力做功6×10-4J，從B點(diǎn)移到C點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做功9×10-4J。則：（1）AB間電勢(shì)差BC間電勢(shì)差（2）如以B點(diǎn)電勢(shì)為零，則A點(diǎn)的電勢(shì)23、如圖所示；是工業(yè)生產(chǎn)中大部分光電控制設(shè)備用到的光控繼電器的示意圖，它由電源；光電管、放大器、電磁繼電器等幾部分組成．

（1）示意圖中，a端就是電源______極．

（2）光控繼電器的原理是：當(dāng)光照射光電管時(shí)，陰極K發(fā)射______，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M______，將銜鐵N吸??；無(wú)光照射光電管時(shí)，電路中無(wú)電流，N自動(dòng)離開(kāi)M．24、用如圖所示裝置來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律．質(zhì)量為mA的鋼球A用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，質(zhì)量為mB的鋼球B放在離地面高度為H的小支柱N上；O點(diǎn)到A球球心的距離為L(zhǎng)，使懸線在A球釋放前伸直，且線與豎直線夾角為α，A球釋放后擺到最低點(diǎn)時(shí)恰與B球正碰，碰撞后，A球把輕質(zhì)指示針OC推移到與豎直線夾角β處，B球落到地面上，地面上鋪有一張蓋有復(fù)寫(xiě)紙的白紙D，保持α角度不變，多次重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，白紙上記錄到多個(gè)B球的落點(diǎn)．(已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間)

(1)為驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒；應(yīng)測(cè)出數(shù)值的物理量有S以及____________．(用題中字母表示)

(2)用測(cè)得的物理量表示碰撞前后A球、B球的動(dòng)量：PA=____________，PA′=____________．PB=0，PB′=____________．25、(1)

如圖所示，桌面上放一10

匝的線圈，線圈中心上方一定高度處有一豎立的條形磁體。當(dāng)磁體豎直向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量將____(

選填“變大”或“變小”)

在上述過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量變化了1.0Wb

經(jīng)歷的時(shí)間為0.5s

則線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)___V

(2)

太陽(yáng)能是綠色能源，太陽(yáng)能發(fā)電已被廣泛應(yīng)用，某型號(hào)太陽(yáng)能電池組的電動(dòng)勢(shì)為43.2V

內(nèi)阻為6婁賂

給一個(gè)阻值為8.4婁賂

的電阻供電，則通過(guò)該電阻的電流為_(kāi)___A

該電阻兩端的電壓為_(kāi)___V

26、如圖所示，電場(chǎng)中有靜止的帶電粒子AB

其受電場(chǎng)力的方向如圖中箭頭所示，則A

帶______電，B

帶______電，當(dāng)它們所帶電荷量相等時(shí)，其所受的電場(chǎng)力大小FA

______FB(

選填“大于”、“等于”或“小于”)

評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共20分)27、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）28、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）29、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）30、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)31、在一次用單擺測(cè)定加速度的實(shí)驗(yàn)中，圖A的O點(diǎn)是擺線的懸掛點(diǎn)，如圖示，(3)擺長(zhǎng)L=m.。圖B為測(cè)量周期用的秒表，長(zhǎng)針轉(zhuǎn)一圈的時(shí)間為30s，表盤(pán)上部的小圓共15大格，每一大格為lmin，該單擺擺動(dòng)n=50次時(shí)，長(zhǎng)、短針位置如圖中所示，（4）所用時(shí)間t=____s．為了提高測(cè)量精度,需多次改變L的值并測(cè)得相應(yīng)的T值.現(xiàn)測(cè)得的六組數(shù)據(jù)標(biāo)示在以L為橫坐標(biāo)、T為縱坐標(biāo)的坐標(biāo)紙上,即圖中用“”表示的點(diǎn)。根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)點(diǎn)作出T2與L的關(guān)系圖線.若甲同學(xué)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)，忘記測(cè)擺球的半徑，則他用圖線法求得的重力加速度（5）____(填“偏大”或“偏小”或“準(zhǔn)確”）32、(14分)有一金屬電阻絲的阻值約為20現(xiàn)用以下實(shí)驗(yàn)器材測(cè)量其電阻率：A．電壓表(量程0～15V，內(nèi)阻約為15)B．電壓表(量程0～3V，內(nèi)阻約為3)C．電流表(量程0～0.3A，內(nèi)阻約為0.5)D．電流表(量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1)E．滑動(dòng)變阻器(阻值范圍0～1允許最大電流0.2A)F．滑動(dòng)變阻器(阻值范圍0～20允許最大電流1.0A)G．螺旋測(cè)微器H．電池組(電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)電阻約為0.5)I．開(kāi)關(guān)一個(gè)和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)決定采用分壓式接法調(diào)節(jié)電路．為了比較準(zhǔn)確地測(cè)量出電阻絲的電阻，電壓表選________，電流表選________，滑動(dòng)變阻器選________．(只需填寫(xiě)器材前面的字母)（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量該電阻絲的直徑，示數(shù)如圖甲所示，該電阻絲直徑的測(cè)量值＝________mm；（3）如圖乙所示，將電阻絲拉直后兩端分別固定在刻度尺兩端的接線柱和上，其間有一可沿電阻絲滑動(dòng)的觸頭觸頭的上端為接線柱．當(dāng)按下觸頭時(shí)，它才與電阻絲接觸，觸頭位置可在刻度尺上讀出．該同學(xué)測(cè)電阻絲電阻的實(shí)物連接如圖丙所示，在連接最后一根導(dǎo)線的左端到電池組正極之前，請(qǐng)指出其中僅有的2個(gè)不當(dāng)之處，并說(shuō)明如何改正．A．;B．________________________.（4）實(shí)驗(yàn)中改變觸頭與電阻絲接觸的位置，并移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，使電流表的示數(shù)保持不變，記錄對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)和接入電路的電阻絲的長(zhǎng)度．利用測(cè)量數(shù)據(jù)描點(diǎn)作出圖線，如圖丁所示，并求得圖線的斜率為．則用電阻絲的直徑電流和斜率表示電阻絲的電阻率＝________．評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共12分)33、用螺旋測(cè)微器（千分尺）測(cè)小球直徑時(shí)，示數(shù)如圖甲所示，這時(shí)讀出的數(shù)值是______mm；用游標(biāo)卡尺（卡尺的游標(biāo)有20等分）測(cè)量一支鉛筆的長(zhǎng)度，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，由此可知鉛筆的長(zhǎng)度是______cm．

34、（1）在DIS實(shí)驗(yàn)中通過(guò)測(cè)量遮光板的寬度以及用光電門(mén)測(cè)量遮光板通過(guò)光電門(mén)時(shí)遮光的時(shí)間的方法求得速度，該速度本質(zhì)上是______（選填“平均速度”或“瞬時(shí)速度”）．若運(yùn)動(dòng)物體是從同一位置開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，而遮光板的寬度不同，在下表中的四個(gè)速度中，哪個(gè)更接近于物體通過(guò)光電門(mén)瞬間的速度？______（選填（1）；（2）、（3）或（4））

。△S=0.020（m）

（1）△t=0.043101（s）

=0.4640（m/s）△S=0.015（m）

（2）△t=0.032640（s）

=0.4596（m/s）△S=0.010（m）

（3）△t=0.021869（s）

=0.4573m/s）△S=0.005（m）

（4）△t=0.011160（s）

=0.4480（m/s）

（2）“用DIS測(cè)定加速度”的實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)位移傳感器獲得小車(chē)運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖（a）所示．小車(chē)在AB區(qū)域內(nèi)可視為_(kāi)_____運(yùn)動(dòng)，此區(qū)域內(nèi)小車(chē)的加速度a=______m/s2．

（3）如圖（b）所示為測(cè)量作勻加速直線運(yùn)動(dòng)小車(chē)的加速度，將寬度均為b的擋光片A、B固定在小車(chē)上，測(cè)得二者間距為d．當(dāng)小車(chē)勻加速經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)，測(cè)得兩擋光片先后經(jīng)過(guò)的時(shí)間△t1和△t2，則小車(chē)加速度a=______．35、(1)

在“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)中：為了研究感應(yīng)電流的方向，圖中滑動(dòng)變阻器和電源的連線已經(jīng)畫(huà)出，請(qǐng)將圖中實(shí)物連成實(shí)驗(yàn)所需電路圖。(2)

連接好實(shí)驗(yàn)線路后，閉合開(kāi)關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)的指針向右偏，則在閉合開(kāi)關(guān)后，把螺線管A

插入螺線管B

的過(guò)程中，電流表的指針將向________偏轉(zhuǎn)(

填“向左”“向右”或“不”)

(3)

閉合開(kāi)關(guān)后，線圈A

放在B

中不動(dòng)，在滑動(dòng)變阻器的滑片P

向右滑動(dòng)的過(guò)程中，電流表指針將向________偏轉(zhuǎn)(

填“向左”“向右”或“不”)

(4)

閉合開(kāi)關(guān)后，線圈A

放在B

中不動(dòng)，在突然斷開(kāi)S

時(shí)，B

線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向與A

線圈中的電流方向________(

填“相同”或“相反”或“無(wú)電流”)

36、如圖，某同學(xué)利用驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)裝置．探究半徑相等的小球1和2的碰撞過(guò)程是否動(dòng)量守恒，用天平測(cè)出兩個(gè)小球的質(zhì)量分別為m1和m2，且m1＞m2；按下述步驟進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)：

安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；做好測(cè)量前的準(zhǔn)備，并記下重垂線所指的位置O第一步：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點(diǎn)由靜止?jié)L下，并落在地面上，重復(fù)10次，用盡可能小的圓把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置．

第二步：把小球2放在斜槽前端邊緣處；讓小球1從A點(diǎn)由靜止?jié)L下；使它們碰撞并落在地面上．重復(fù)10次，并使用與第一步同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置．

第三步：用刻度尺分別測(cè)量三個(gè)落地點(diǎn)的平均位置離O點(diǎn)的距離，即線段OD、OE、OF的長(zhǎng)度，分別為L(zhǎng)D、LE、LF．

（1）小球m1與m2發(fā)生碰撞后，m1的落點(diǎn)是圖中的______點(diǎn)，m2的落點(diǎn)是圖中的__________點(diǎn)．

（2）用測(cè)得的物理量來(lái)表示，只要滿(mǎn)足關(guān)系式______；則說(shuō)明兩小球的碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒．

（3）實(shí)驗(yàn)中有關(guān)操作和描述正確的是______．

A．用質(zhì)量大的球去碰質(zhì)量較小的球；目的是使被碰球飛行距離更遠(yuǎn)，可減小測(cè)量誤差。

B．調(diào)整斜槽末端水平；目的是使兩球能發(fā)生對(duì)心碰撞。

C．讓入射球認(rèn)同一位置釋放；目的是保障每次碰撞前小球的動(dòng)量都相同。

D．碰撞后兩球的動(dòng)能之和總會(huì)小于碰前入射球的動(dòng)能，是因?yàn)樾辈勰Σ亮ψ鲐?fù)功造成的．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】

如圖；電子束從陰極（-極）射出，根據(jù)左手定則判斷得知，電子所受的洛倫茲力方向向下，則電子束向下偏轉(zhuǎn)，故B正確．

故選B

【解析】【答案】電子從陰極射出；在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可確定電子束偏轉(zhuǎn)的方向．

2、B【分析】解：電子帶負(fù)電，電荷量大小為e=1.6×10-19C；故B正確，ACD錯(cuò)誤．

故選：B

電子帶負(fù)電，我們將電子或質(zhì)子所帶電量的絕對(duì)值稱(chēng)為元電荷，元電荷的電荷量為1.6×10-19C．

掌握好元電荷的含義，它指的是電子或質(zhì)子所帶的電荷量，注意電子帶負(fù)電．【解析】【答案】B3、B【分析】解：在干燥的日子；當(dāng)我們用塑料梳梳頭時(shí)，由于梳子與頭發(fā)相互摩擦而使梳子與頭發(fā)帶電，梳子與頭發(fā)帶電后，靠的很近，會(huì)放電，從而會(huì)發(fā)出劈啪的微弱聲；

故選B．

物體間相互摩擦可以使物體帶電；帶異種電荷的物體相互靠近時(shí)，物體要放電，發(fā)出劈啪聲．

使物體帶電的方式有三種，摩擦起電、感應(yīng)起電、接觸帶電，要知道各起電方式的原理．【解析】B

4、A【分析】解：由理想變壓器的變壓比：U1U2=n1n2=41

可得；原；副線圈的匝數(shù)之比41

故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A

理想變壓器的工作原理是原線圈輸入變化的電流時(shí)；導(dǎo)致副線圈的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).

而副線圈中的感應(yīng)電流的變化，又導(dǎo)致在原線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).

電壓比為：原副線圈電壓與匝數(shù)成正比.

且電流與電壓均是有效值．

理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)阻；二是沒(méi)有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象.

同時(shí)副線圈的電壓由原線圈電壓與原副線圈匝數(shù)決定，而原線圈的電流由副線圈決定【解析】A

5、C【分析】解：根據(jù)G解得v=半徑越大，線速度越小，故vA＞vB，洛倫茲力提供向心力qvB=解得v=因比荷一樣。故半徑越大，線速度越大，故vC＜vD；故C正確，ABD錯(cuò)誤；

故選：C。

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力；求出線速度的表達(dá)式，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出線速度的表達(dá)式，作比較即可。

解答此題的關(guān)鍵是弄清兩個(gè)模型，然后分析速度的有關(guān)物理量的變化情況進(jìn)而求解?！窘馕觥緾6、B【分析】【詳解】

+Q在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小方向水平向右；根據(jù)電場(chǎng)的疊加原理可得：解得金屬板上感應(yīng)電荷在P點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為故選B．7、A【分析】【解析】試題分析：赤道附近地球磁場(chǎng)是呈水平，由南向北，由左手定則可知電子向西偏轉(zhuǎn)。故選A考點(diǎn)：洛倫茲力的方向判斷【解析】【答案】A8、A|B|D【分析】試題分析：根據(jù)光電效應(yīng)方程知，圖線的斜率表示普朗克常量，根據(jù)圖線斜率可得出普朗克常量．橫軸截距表示最大初動(dòng)能為零時(shí)的入射光頻率，此時(shí)的頻率等于金屬的極限頻率，根據(jù)可求出逸出功．單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)無(wú)法從圖象中獲知，故A、B、D正確，C錯(cuò)誤。考點(diǎn)：考查了光電效應(yīng)【解析】【答案】ABD9、C【分析】解：

由題意可知：5=Umsin（100π×）t

解得：Um=10V

電壓表顯示的是交流電的有效值，故可知電壓表讀數(shù)為：U==10V；

故C正確．

故選：C．

電壓表顯示的是交流電的有效值；由題干給定的時(shí)間和對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)值可得最大值，進(jìn)而可知有效值．

該題關(guān)鍵要知道電流表和電壓表都顯示的是有效值，另外要知道最大值和有效值之間的關(guān)系Um=U．【解析】【答案】C二、多選題(共8題，共16分)10、BD【分析】解：A；由n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)產(chǎn)生的光；能量最大，頻率最大，波長(zhǎng)最短，故A錯(cuò)誤；

B；由n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)產(chǎn)生的光；能量最小，頻率最小，故B正確；

C、處于n=4能級(jí)的氫原子能發(fā)射N(xiāo)==6種頻率的光；故C錯(cuò)誤；

D、電子從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光子的能量，根據(jù)引力提供向心力，即=m可知，電勢(shì)能減小，但動(dòng)能增加，故D正確．

故選：BD．

根據(jù)玻爾理論和氫原子的能級(jí)公式分析輻射的光子的頻率與波長(zhǎng)關(guān)系；并根據(jù)庫(kù)侖引力提供向心力，從而確定躍遷過(guò)程中，電勢(shì)能與動(dòng)能的變化情況．

本題涉及氫原子的能級(jí)公式和躍遷，光子的發(fā)射，光子能量的計(jì)算，光電效應(yīng)等知識(shí)點(diǎn)，涉及面較廣，有一定的綜合性，比較全面考察了學(xué)生對(duì)近代物理掌握情況．【解析】【答案】BD11、BD【分析】解：A

若m<M

發(fā)生的是完全非彈性碰撞，則Q

物體繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．

B、若m>M

碰后Q

靜止，根據(jù)動(dòng)量守恒得，mv=Mv隆盲

解得v隆盲=mvM

碰撞前的總動(dòng)能Ek1=12mv2

碰撞后的總動(dòng)能Ek2=12Mv隆盲2=m2v22M

由于m>M

則Ek2>Ek1

碰撞后總動(dòng)能增加，違背了能量守恒，可知Q

物體不可能靜止，故B正確．

C；若發(fā)生的碰撞為完全非彈性碰撞；則碰撞后PQ

一起向右運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤．

D；若碰后兩物體分離；若M

和m

都向右運(yùn)動(dòng)，一定是物體P(M)

的速度大于Q(m)

的速度；或者物體P

向右運(yùn)動(dòng)，物體Q

向左運(yùn)動(dòng).

由于水平面是光滑的，不論哪一種情況，兩個(gè)物體都不會(huì)再次碰撞.

故D正確．

故選：BD

．

兩球滑塊在水平方向不受外力；故兩滑塊組成的系統(tǒng)水平方向的動(dòng)量守恒.

碰撞前后的動(dòng)量一定守恒，但是動(dòng)能不一定是守恒的，根據(jù)兩物體速度的可能的變化進(jìn)行分析．

一個(gè)物體與另一個(gè)靜止的物體發(fā)生碰撞，入碰物體的質(zhì)量小于被碰物體的質(zhì)量是入碰物體被彈回的必要條件，而不是充分必要條件，要注意該條件的差別.

該題屬于易錯(cuò)的題目．【解析】BD

12、CD【分析】原線圈兩端電壓有效值為220V

原副線圈匝數(shù)比為5隆脙1

所以副線圈的電壓有效值為44V

電壓表V1

示數(shù)為44V

保持不變，與電阻的變化無(wú)關(guān)，所以A錯(cuò)誤；當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，R

3

的電阻減小，總的電阻減小，所以電路的總電流要變大，R

1

的電壓變大，副線圈的總電壓不變，所以電壓表V2

示數(shù)變小，所以B錯(cuò)誤；交變電流的周期為T(mén)

=2婁脨婁脴=2婁脨314=150s

所以通過(guò)電流表A1

的電流方向每秒變化100

次，所以C正確；當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，R

3

的電阻減小，總的電阻減小，所以電路的總電流要變大，因此A1A2

的示數(shù)都要變大，故D正確．【解析】CD

13、BC【分析】略【解析】BC

14、AC【分析】解：首先物塊受重力和B

給的吸引力；若重力和吸引力恰好相等，則可以滿(mǎn)足受力平衡的條件，所以A

球可能受到2

個(gè)力的作用，A正確；

若向上的吸引力小于重力；則A

對(duì)斜面有壓力，會(huì)受到斜面的支持力，若要合力為0

處于平衡狀態(tài)必須還要受一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A

有可能受四個(gè)力的作用，C正確。

故選：AC

對(duì)A

物塊進(jìn)行受力分析；同時(shí)結(jié)合平衡條件進(jìn)行分析．

本題借助庫(kù)侖力考查了物體受力平衡的條件應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)題．【解析】AC

15、BD【分析】【分析】根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性求得落地的速度，然后結(jié)合動(dòng)量定理即可解答。本題考查了動(dòng)量定理、豎直上拋運(yùn)動(dòng)。該題結(jié)合沖量的計(jì)算與動(dòng)量定理考查豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性判定落地的速度大小也v0

方向豎直向下是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹扛鶕?jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可得落地的速度大小也v0

方向豎直向下.

上升過(guò)程和下落過(guò)程中只受到重力的作用；AD.

選取向上為正方向，上升過(guò)程動(dòng)量的變化量：鈻?P1=0鈭?mv0=鈭?mv0

下落過(guò)程中動(dòng)量的變化量：鈻?P2=鈭?mv0鈭?0=鈭?mv0

大小均為mv0

但方向相同.

故A錯(cuò)誤，D正確；BC.

整個(gè)過(guò)程中重力的沖量為：I=鈭?mv0鈭?mv0=鈭?2mv0

故B錯(cuò)誤，C正確。故選BD。【解析】BD

16、BC【分析】解：A

根據(jù)牛頓第二定律以及電場(chǎng)變化圖象可知，微粒先加速再減速，微粒在2s

末的速度：v=qE1t+qE2tmE1

和E2

大小相等方向相反，所以微粒在2s

末的速度恰好是0

即微粒第1s

做加速運(yùn)動(dòng).

第2s

做減速運(yùn)動(dòng)，然后再加速，再減速，一直持續(xù)下去.

微粒將沿著一條直線運(yùn)動(dòng).

A錯(cuò)誤，B正確；

C；微粒在第1s

內(nèi)與第3s

內(nèi)都是從速度為0

開(kāi)始加速；加速度相同，所以它們的位移也相同.

故C正確；

E；加速度的方向與粒子所帶的電場(chǎng)力的方向相同；所以微粒在0鈭?1s

內(nèi)的加速度與1鈭?2s

內(nèi)的加速度大小相同，方向相反.

故D錯(cuò)誤；

故選：BC

由圖象可知；電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與方向的變化，當(dāng)帶電粒子由靜止釋放僅在電場(chǎng)力作用下，根據(jù)運(yùn)動(dòng)與力的關(guān)系可確定運(yùn)動(dòng)情況．

本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，分析圖象變化規(guī)律，計(jì)算出微粒的運(yùn)動(dòng)具有對(duì)稱(chēng)性是問(wèn)題的關(guān)鍵，同時(shí)注意加速度是矢量，只有大小和方向均相同時(shí)，才是完全相同的．【解析】BC

17、BD【分析】【分析】閉合線圈在進(jìn)入和離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)；磁通量會(huì)發(fā)生改變，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈會(huì)受到安培力的作用；

線圈在進(jìn)入磁場(chǎng)之前；完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)以及出磁場(chǎng)之后做勻速直線運(yùn)動(dòng)；在進(jìn)入和離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)做減速直線運(yùn)動(dòng)；

結(jié)合乙圖可以知道；0鈭?5cm

是進(jìn)入之前的過(guò)程，5鈭?15cm

是進(jìn)入的過(guò)程，15鈭?30cm

是完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，30鈭?40cm

是離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，40cm

以后是完全離開(kāi)之后的過(guò)程；

線圈通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量等于克服安培力所做的功，可以通過(guò)動(dòng)能定理去求解。閉合線圈進(jìn)入和離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)磁通量發(fā)生改變，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，形成感應(yīng)電流，線圈會(huì)受到安培力的作用，做變速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)線圈完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)磁通量不變，不受安培力，做勻速運(yùn)動(dòng).

線圈通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量等于克服安培力所做的功，在這類(lèi)題目中求安培力所做的功經(jīng)常運(yùn)用動(dòng)能定理去求解。【解答】A.閉合線圈在進(jìn)入和離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的位移即為線圈的長(zhǎng)度；線圈進(jìn)入或離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)受安培力作用，將做減速運(yùn)動(dòng)，由乙圖可知，L=10cm

故A錯(cuò)誤；

B.磁場(chǎng)的寬度等于線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)到剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的位移，由乙圖可知，5鈭?15cm

是進(jìn)入的過(guò)程，15鈭?30cm

是完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，30鈭?40cm

是離開(kāi)磁場(chǎng)的過(guò)程，所以d=30cm鈭?5cm=25cm

故B正確；C.根據(jù)F=BIL

及得：因?yàn)関

是一個(gè)變量，所以F

也是一個(gè)變量，所以線圈不是勻加速運(yùn)動(dòng)，是變減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.線圈通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中運(yùn)用動(dòng)能定理得：由乙圖可知v1=10m/sv2=2m/s

帶入數(shù)據(jù)得：W擄虜=鈭?48J

所以克服安培力做功為48J

即線圈通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為48J

故D正確。故選BD?！窘馕觥緽D

三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】

當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)，電阻R===10Ω．當(dāng)S閉合時(shí)，通過(guò)R的電流為=1A，則通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為IM=I2-IR=3A-1A=2A，電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為P機(jī)=UIM-=10×2-22×0.5（W）=18W；電動(dòng)機(jī)的機(jī)械效率為η==90%．

故答案為：18W；90%．

【解析】【答案】當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)；A表讀數(shù)1A，求出電阻R．當(dāng)S閉合時(shí)，先求出通過(guò)R的電流，再求解通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流．電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率等于電功率與內(nèi)部發(fā)熱功率之差，求出機(jī)械功率及效率．

19、略

【分析】【解析】試題分析：物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以下落3s時(shí)下落的高度為故重力做功為前2s內(nèi)物體下落的高度為故第三秒內(nèi)下落的高度為故功率為考點(diǎn)：功功率的計(jì)算【解析】【答案】450焦，250瓦20、略

【分析】解：（1）輸電線上的電流可由I=

而輸電線損耗功率可由Pr=I2r計(jì)算，其中Pr=

因此可求得r=

（2）輸電線上損耗功率

原來(lái)Pr=100kW，現(xiàn)在要求Pr′=1.25%P=6.25kW；

計(jì)算可得輸電電壓應(yīng)調(diào)節(jié)為U′=40000V．

故答案為：40；40000

由起點(diǎn)與終點(diǎn)兩只電表的示數(shù)相差；可求出輸電效率．由損失的功率及相差的電壓從而能求出線路上的電流，進(jìn)而算出線路上的電阻．若提高輸電效率，則可通過(guò)提高輸送電壓來(lái)降低線路上的電流，從而實(shí)現(xiàn)提高效率．

輸電線上的損失功率與其電流的平方成正比，而與輸電線兩端的電壓的平方成反比．【解析】40；4000021、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為9mm

游標(biāo)部分對(duì)應(yīng)的格數(shù)為8

故最終讀數(shù)為9+8隆脕0.1=9.8mm=0.98cm

秒表分鐘讀數(shù)為1

分半刻度已經(jīng)過(guò)；故讀數(shù)為：60+39.8s=99.8s

故答案為：0.9899.8

游標(biāo)卡尺先讀出固定刻度部分；再讀出游標(biāo)尺讀數(shù)，然后求和；而秒表先讀出分針的示數(shù)，再讀出秒針?biāo)鶎?duì)應(yīng)的示數(shù)，二者取和．

游標(biāo)卡尺讀數(shù)時(shí)要注意游標(biāo)尺的分度，本題為10

分度，故精度為0.1mm

同時(shí)注意掌握機(jī)械秒表的讀數(shù)方法，注意半分鐘刻度是否已經(jīng)露出．【解析】0.9899.8

22、略

【分析】試題分析：電場(chǎng)力做功：所以從B點(diǎn)移到C點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做功所以所以：考點(diǎn)：電勢(shì)能和電勢(shì)差的關(guān)系，電勢(shì)和電勢(shì)差【解析】【答案】（1）200V，-300V（2）23、略

【分析】解：（1）電路中要產(chǎn)生電流；則a端接電源的正極，陰極K發(fā)射電子，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸住；無(wú)光照射光電管時(shí)，電路中無(wú)電流，N自動(dòng)離開(kāi)M．

（2）陰極K發(fā)射電子；電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸?。粺o(wú)光照射光電管時(shí)，電路中無(wú)電流，N自動(dòng)離開(kāi)M

故答案為：（1）正；（2）電子；磁化。

光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；根據(jù)光電效應(yīng)方程判斷光電子最大初動(dòng)能的變化．

解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件，以及掌握光電效應(yīng)方程，知道光電子的最大初動(dòng)能與什么因素有關(guān)．【解析】正；電子；磁化24、略

【分析】解：(1)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中需要求出兩小球碰撞前后的動(dòng)量，因此需要知道小球的質(zhì)量與速度，小球的速度可以由動(dòng)能定理與平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)求得，因此該實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量的物理量有：小球的質(zhì)量mA、mB，傾角α與β，球B飛出時(shí)的高度H，繩長(zhǎng)L；即需要測(cè)量的量有：mA、mB；α、β、H、L．

(2)小球從A處下擺過(guò)程只有重力做功；機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：

mAgL(1-cosα)=mAvA2-0，解得：vA=則PA=mAvA=mA

小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)；在A碰后到達(dá)最左端過(guò)程中，機(jī)械能再次守恒；

由機(jī)械能守恒定律得：-mAgL(1-cosβ)=0-mAvA′2，解得vA′=

PA′=mAvA′=mA

碰撞后B球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：S=vB′t，豎直方向H=gt2；

解得vB′=S則碰后B球的動(dòng)量PB′=mBvB′=mBS

故答案為：(1)mA、mB、α、β、H、L；(2)mAmAmBS．【解析】mA、mB、α、β、H、L;mAmAmBS25、（1）變大，20

（2）3；25.2

【分析】(1)(1)【分析】由磁通量的定義可知線圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而即可求解。本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用，題目較為簡(jiǎn)單，熟記法拉第電磁感應(yīng)定律即可求解?！窘獯稹吭诖朋w豎直向下落時(shí)；穿過(guò)線圈的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，故磁通量變大；

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：E=N?婁脮?t=10隆脕10.5V=20V

故填：變大，2

(2)

【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流，由歐姆定律求出電阻兩端的電壓。閉合電路歐姆定律和部分電路歐姆定律是電路部分重點(diǎn)知識(shí)，要能熟練運(yùn)用。

【解答】根據(jù)閉合電路歐姆定律得：通過(guò)該電阻的電流為。

I=ER+r=43.26+8.4A=3A

該電阻兩端的電壓為U=IR=3隆脕8.4V=25.2V

故填：325.2

【解析】(1)變大，2020(2)(2)325.2

26、負(fù)；正；大于【分析】解：根據(jù)電荷與電場(chǎng)力的關(guān)系可知；正電荷受到的電場(chǎng)力與電場(chǎng)線上該點(diǎn)的切線方向相同，負(fù)電荷則相反，由圖，A

受到的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)線的方向相反，所以A

一定帶負(fù)電；B

受到的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)線的方向相同，所以B

帶正電；

電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱；由圖可知，A

處的電場(chǎng)線密，所以A

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，所以當(dāng)它們所帶電荷量相等時(shí)，其所受的電場(chǎng)力大小FA

大于FB

．

故答案為：負(fù)；正；大于。

正電荷受到的電場(chǎng)力與電場(chǎng)線上該點(diǎn)的切線方向相同；負(fù)電荷則相反；電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小.

據(jù)此分析即可．

本題就是考查學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的掌握，加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，掌握住電場(chǎng)線的特點(diǎn)，并結(jié)合正電荷受到的電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度相同，負(fù)電荷則相反的原則，即可解決本題．【解析】負(fù)；正；大于四、判斷題(共4題，共20分)27、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．28、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．29、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．30、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)31、略

【分析】本題考查測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)。由刻度尺讀出數(shù)據(jù)0.9950m。有秒表讀出數(shù)據(jù)100.4秒。若甲同學(xué)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)，忘記測(cè)擺球的半徑，則他用圖線法求得的重力加速度準(zhǔn)確?！窘馕觥俊敬鸢浮浚?）0.9950m（4）100.4秒(5)準(zhǔn)確32、略

【分析】試題分析：（1）電源電壓為3V，所以電壓表選擇B;電路最大電流約為所以電流表選擇C，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器的范圍不能過(guò)大，應(yīng)選F；(2)由圖示螺旋測(cè)微器可知，固定刻度示數(shù)為0mm，可動(dòng)刻度示數(shù)為18.5×0.01mm=0.185mm，螺旋測(cè)微器示數(shù)為0mm+0.185mm=0.185mm．(3)電路在工作前開(kāi)關(guān)應(yīng)該處于斷開(kāi)狀態(tài)；為了保護(hù)用電器和電表，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該置于接入電路的有效阻值最大處，故不當(dāng)之處是:開(kāi)關(guān)應(yīng)該處于斷開(kāi)狀態(tài)、滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)當(dāng)滑到最右端.(4)根據(jù)歐姆定律得：根據(jù)電阻定律得：聯(lián)立解得：則斜率解得：考點(diǎn)：本題考查了測(cè)定金屬絲的電阻率、螺旋測(cè)微器讀數(shù)、實(shí)物圖連接、電阻定律、歐姆定律.【解析】【答案】（1）B（2分），C（2分），F(xiàn)（2分）（2）0.185（）（2分）（3）A:開(kāi)關(guān)應(yīng)該處于斷開(kāi)狀態(tài)（2分）B：滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)當(dāng)滑到最右端（2分）；（4）（2分）六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共12分)33、略

【分析】解：螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為8mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×47.30mm=0.473mm，所以最終讀數(shù)為：8mm+0.473mm=8.473mm，由于需要估讀因此在范圍8.472mm～8.474mm范圍內(nèi)都對(duì)；

游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為10m；游標(biāo)尺上第8個(gè)刻度與主尺上某一刻度對(duì)齊，因此游標(biāo)讀數(shù)為0.05×8mm=0.40mm=0.040cm，所以最終讀數(shù)為：10cm+0.040cm=10.040cm；

故答案為：8.473；10.040．

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法；螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀，注意兩種儀器讀數(shù)的不同．【解析】8.472；10.04034、略

【分析】解：（1）通過(guò)測(cè)量遮光板的寬度以及用光電門(mén)傳感器測(cè)量遮光板通過(guò)光電門(mén)時(shí)遮光的時(shí)間這一方法求得運(yùn)動(dòng)物體的速度；該速度本質(zhì)是平均速度．當(dāng)時(shí)間取得越短，平均速度越趨向于瞬時(shí)速度，可知第（4）個(gè)速度更接近光電門(mén)的瞬時(shí)速度．

（2）由圖可知圖象AB部分為傾斜的直線；因此物體在AB部分做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，圖象的斜率的大小等于物體的加速度，因此有：