2025年外研銜接版必修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版必修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，圖甲為水平傳送帶，圖乙為傾斜傳送帶，兩者長度相同，均沿順時針方向轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動速度大小相等，將兩個完全相同的物塊分別輕放在圖甲、乙傳送帶上的A端，兩物塊均由靜止開始做勻加速運動，到B端時均恰好與傳送帶速度相同，則下列說法正確的是（）

A.圖甲中物塊運動時間小于圖乙中物塊運動時間B.圖甲、乙中傳送帶和物塊間因摩擦產(chǎn)生的熱量相等C.圖甲、乙中傳送帶對物塊做的功都等于物塊動能的增加量D.圖甲、乙中傳送帶對物塊做的功都等于物塊機械能的增加量2、“”表示直線電流方向垂直紙面向里，“⊙”表示直線電流方向垂直紙面向外，下列圖形中能正確描繪直線電流周圍磁感線的是A.B.C.D.3、過量的電磁輻射對人體是有害的，按照規(guī)定，工作場所受到的電磁輻射強度（單位時間垂直單位面積的電磁輻射能量）不得超過某一臨界值W0。已知某一種手機的電磁輻射功率為P，若手機的電磁輻射在各個方向上是均勻的，則符合規(guī)定的安全區(qū)域到手機的距離至少為（）A.B.C.D.4、一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經(jīng)B、C運動到D點，其v-t圖像如圖所示。分析圖像；下列說法正確的是（）

A.A處的電場強度大于C處的電場強度B.B、D兩點的電場強度和電勢一定都為零C.帶正電粒子在A處的電勢能大于在C處的電勢能D.A、C兩點間的電勢差大于B、D兩點間的電勢差5、一正電荷在電場中僅受電場力作用，從A點運動到B點，速度隨時間變化的圖象如圖所示，tA、tB分別對應電荷在A、B兩點的時刻；則下列說法中正確的是（）

A.A處的場強一定小于B處的場強B.A處的電勢一定低于B處的電勢C.電荷在A處的電勢能一定大于在B處的電勢能D.從A到B的過程中，電場力對電荷做正功6、圖為科技館里一個趣味體驗項目的照片和簡化圖；核心裝置為一個金屬球，在干燥的空氣里，體驗者雙腳站在絕緣凳上，手按在金屬球上，并與周圍其他物體保持遠離。一條特殊傳送帶（圖中未畫出）給金屬球不斷地輸送電荷，過一段時間后，體驗者的頭發(fā)便會四處散開，甚至倒立，十分有趣。若將一個接地空腔導體靠近金屬球放置，空腔里面無電荷，在靜電平衡后，下列物理量中不等于零的是（）

A.導體腔內(nèi)任意點的場強B.導體腔內(nèi)任意點的電勢C.導體腔外表面的電荷量D.導體腔內(nèi)表面的電荷量7、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強電場，在勻強電場中有一根長為L的絕緣細線，細線一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量為m的帶電小球。小球靜止時細線與豎直方向成角，此時讓小球獲得初速度且恰能繞O點在豎直平面內(nèi)沿逆時針方向做圓周運動，重力加速度為g；不考慮空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.勻強電場的電場強度B.小球做圓周運動過程中動能的最小值為C.小球運動至圓周軌跡的最高點時機械能最小D.小球從初始位置開始，在豎直平面內(nèi)運動一周的過程中，其電勢能先減小后增大8、一浴霸的額定功率P=1.1kW、額定電壓U=220V。則如果浴霸連續(xù)正常工作1小時，消耗（）A.1.98×106度電B.1.1×103度電C.1.1度電D.2.42×105度電9、某興趣小組用鐵釘與漆包線繞制成電磁鐵，通電后其正上方的小磁針的N極立即轉(zhuǎn)向右側(cè)，如圖所示，則此時（）

A.導線A端接電源正極B.鐵釘內(nèi)磁場方向向右C.鐵釘左端為電磁鐵的N極D.小磁針所在位置的磁場方向水平向左評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、如圖所示，電池的電動勢為E，內(nèi)阻為r，電阻滑動變阻器的總阻值為電表為理想電表，在滑動變阻器的滑動片P由a向b滑動的過程中；下列判斷正確的是（）

A.電壓表示數(shù)最大值為B.電源的輸出功率一直減小C.電源的效率先增大后減小D.電流表示數(shù)在間變化11、如圖，電荷量分別為＋Q和－Q（Q>0）的點電荷固定在正四面體的兩個頂點a、b上，c、d是四面體的另外兩個頂點，E、F、G、H分別是ab、bc、ca、cd的中點，選無窮遠處為零電勢點。則（）

A.E點的電場強度為零B.E、H兩點的電勢均為零C.c、d兩點的電場強度大小相等、方向相同D.將一檢驗正電荷從G點移到F點，電荷的電勢能增大12、P、Q兩電荷的電場線分布如下圖所示，a、b、c、d為電場中的四點，c、d關于PQ連線的中垂線對稱。一個離子從a運動到b(不計重力)；軌跡如圖所示，則下列判斷正確的是（）

A.P帶正電B.c、d兩點的電場強度相同C.離子在運動過程中受到P的吸引力D.離子從a到b，電場力做正功13、空間存在一勻強電場，勻強電場的方向平行于正三角形所在的平面，其邊長若為x方向，則由B到C電勢變化如圖2所示，若規(guī)定為y方向，則由A到C電勢變化如圖3所示；下列說法正確的是（）

A.勻強電場的大小為B.勻強電場的大小為C.方向電場強度大小為方向由D.方向電場強度大小為方向由14、如圖所示，平行板電容器兩極板水平放置，現(xiàn)將其與二極管串聯(lián)接在電動勢為E的直流電源上，電容器下極板接地，靜電計所帶電量可忽略，二極管具有單向?qū)щ娦?。閉合開關S，一帶電油滴恰好靜止于兩板間的P點；則下列說法正確的是（）

A.在兩板間放入陶瓷片，平行板電容器的電容將變大B.在兩板間放入與極板等大的金屬片，靜電計指針張角變小C.現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，帶電油滴的電勢能將減少D.現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，油滴將向下運動15、如圖所示，在兩個等量負點電荷形成的電場中，o點是兩電荷連線的中點，a、b是該線上的兩點，c、d是兩電荷連線中垂線上的兩點，acbd為一菱形。若將一負粒子（不計重力且不影響原電場分布）從c點勻速移動到d點。電場強度用E，電勢用來表示。則下列說法不正確的是：（）

A.一定小于一定大于B.Ea一定大于Eo，Eo一定大于EcC.負粒子的電勢能一定先增大后減小D.施加在負粒子上的外力一定先減小后增大評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖所示，在邊長為L的正方形四個頂點A、B、C、D上依次放置電荷量為＋q、＋q、＋q和－q的點電荷，則正方形中心O點的電場強度大小為______，方向為________．

17、磁感線。

（1）定義：在磁場中畫出一些有方向的曲線，曲線上每一點的________都跟這點磁場的方向一致；這樣的曲線就叫作磁感線。

（2）特點。

①磁感線的________表示磁場的強弱。磁場強的地方，磁感線________；磁場弱的地方，磁感線____________

②磁感線某點的________表示該點磁場的方向。18、如圖所示，游標卡尺的示數(shù)為___________cm；螺旋測微器的示數(shù)為___________mm。

19、勻強電場的方向平行于平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示；三點的電勢分別為10V；17V、26V。完成下列填空：

（1）坐標原點處的電勢為___________V；

（2）電子從b點運動到c點，電場力做功為___________eV；

（3）電子在a點的電勢能比在b點的高___________eV；

（4）電場強度的大小為___________V/cm。

20、平行金屬板與水平面成θ角放置，板間有勻強電場，一個帶電量為q、質(zhì)量為m的液滴以速度v0垂直于電場線方向射入兩板間，如圖所示，射入后液滴沿直線運動，已知重力加速度為g，則兩板間的電場E=___________。若粒子恰好能飛出極板，則金屬板長度L=___________。

21、如圖所示直線a為某電源的路端電壓隨電流的變化圖線，直線b為電阻R兩端的電壓隨電流的變化圖線，用該電源和該電阻組成的閉合電路，電源的輸出功率為___________W，內(nèi)阻為___________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)22、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

23、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)24、圖1為陶瓷圓筒，外面鍍有一層很薄的合金薄膜。為測定薄膜的厚度，某同學先用刻度尺測出陶瓷圓筒長度為L，又用螺旋測微器測得筒外徑d，最后用多用電表粗測其電阻Rx。并在電工手冊查得薄膜的電阻率為ρ。

（1）該同學用螺旋測微器測得筒外徑d如圖2所示，則筒外徑d=_______mm，用多用電表歐姆擋的“×100”擋粗測薄膜電阻值時，表盤上指針如圖3所示，則電阻R為________Ω。

（2）該同學利用所測得的及查表的數(shù)據(jù)，求薄膜厚度表達式D=_________；就可計算出薄膜的厚度。

（3）為更精確地測量薄膜的電阻Rx；該同學從實驗室中找到如下實驗器材∶

A.電流表V（量程6mA，電阻RA約為300Ω）

B.電壓表A（量程5V，電阻Rv=5kΩ）

C.滑動變阻器R（0~20Ω；額定電流1A）

D.電源（12V；內(nèi)阻約為10Ω）

E.定值電阻R0=10kΩ

F.開關一只；導線若干。

①為更加準確的測量出薄膜電阻，根據(jù)上述器材在方框內(nèi)畫出測電阻的最佳方案的電路圖。（______）

②所測薄膜電阻的表達式Rx=______；____________（寫出各符號的物理意義）評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)25、如圖所示，水平放置的兩平行金屬板，板長為10cm，兩板相距2cm。一束電子以v0＝4.0×107m/s的初速度從兩板中央水平射入板間，然后從板間飛出射到距板右端L為45cm、寬D為20cm的熒光屏上。(不計電子重力，熒光屏中點在兩板間的中線上，電子質(zhì)量m＝9.0×10－31kg，電荷量e＝1.6×10－19C)求：

（1）電子飛入兩板前所經(jīng)歷的加速電場的電壓；

（2）為使帶電粒子能射到熒光屏的所有位置；兩板間所加電壓的取值范圍？

26、如圖所示，一個電子由靜止開始經(jīng)加速電場加速后，又沿中心軸線從O點垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，并從另一側(cè)射出打到熒光屏上的P點，O′點為熒光屏的中心。已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e，加速電場電壓為U0，偏轉(zhuǎn)電場電壓為U，極板的長度為L1，板間距離為d，極板的末端到熒光屏的距離為L2；（忽略電子所受重力）。求:

（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場時的初速度v0大小；

（2）電子離開偏轉(zhuǎn)電場時豎直方向位移y的大?。▊?cè)移量）；

（3）電子打在熒光屏上的P點到O′點的距離h。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

試題分析：設傳送帶長度為L，速度為v．根據(jù)知相等，所以時間t相等，故A錯誤；物體與傳送帶間的相對位移可知相對位移大小相等．由知加速度大小相等．根據(jù)牛頓第二定律得：甲圖中有乙圖中有可得摩擦生熱所以乙中傳送帶和物塊間因摩擦產(chǎn)生的熱量較大，故B錯誤；圖甲中只有摩擦力對物體做功，由動能定理知，傳送帶對物塊做的功等于物塊動能的增加量，乙中傳送帶重力都對物塊做的功，且重力做負功，由動能定理知，乙中傳送帶對物塊做的功大于物塊動能的增加量，故C錯誤；根據(jù)功能原理可知，圖甲；乙傳送帶對物塊做的功都等于物塊機械能的增加量，故D正確．

考點：功能關系；機械能守恒定律。

【名師點睛】解決本題的關鍵要根據(jù)物體的運動情況，判斷加速度關系、摩擦力關系．要注意研究摩擦生熱，要根據(jù)相對位移．2、B【分析】【詳解】

根據(jù)安培定則；右手握住直導線，大拇指所指方向為電流方向，四指彎曲方向為電流周圍的磁場方向．所以方向向里的電流周圍的磁場方向為順時針方向．根據(jù)安培定則方向向外的電流周圍的磁場方向為逆時針方向；

A．該圖與結(jié)論不相符；選項A錯誤；

B．該圖與結(jié)論相符；選項B正確；

C．該圖與結(jié)論不相符；選項C錯誤；

D．該圖與結(jié)論不相符；選項D錯誤；

故選B.3、A【分析】【分析】

【詳解】

設規(guī)定的安全區(qū)域距離為R，則球的面積為

則在t秒內(nèi)球面獲得的能量為

在球面上單位時間，單位面積上的電磁輻射能量

由于工作場所受到的電磁輻射強度（單位時間內(nèi)垂直通過單位面積的電磁輻射能量）不得超過W0，即

求得

所以，符合規(guī)定的安全區(qū)域到手機的距離至少為故選A。

【點睛】

根據(jù)幾何關系，列出球體面積公式再結(jié)合電磁輻射強度的定義分析求解。4、A【分析】【詳解】

A．因為v-t線的斜率等于物體的加速度，在A處的加速度大于C處的加速度，A處的電場強度大于C處的電場強度；A正確；

B．從B點到D點，根據(jù)動能定理得

解得

所以B、D兩點的電勢不可能都為零；B錯誤；

C．根據(jù)動能定理

因為電場力做負功，電勢能增加，所以帶正電粒子在A處的電勢能小于在C處的電勢能；C錯誤；

D．根據(jù)動能定理可知

由圖線可知

則A、C兩點的電勢差小于B、D兩點間的電勢差；D錯誤。

故選A。5、B【分析】【詳解】

A、由圖象知A處的加速度大于B處的加速度，A處的場強一定大于B處的場強；A錯；

B、根據(jù)電荷的電性，能判斷電場線的方向，也就判斷電勢的高低，即A處的電勢一定低于B處的電勢知B正確；

CD、由功能關系及動能和電勢能之和守恒，C、D錯．6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于靜電屏蔽作用；導體的外殼就會對它的內(nèi)部起到“保護”作用，使它的內(nèi)部不受外部電場的影響，所以導體腔內(nèi)任意點的場強等于零，A錯誤；

B．導體腔的外殼接地；整個導體腔是大地的遠端，可以看作無窮遠處，電勢是零，而這是個等勢體，于是導體腔內(nèi)任意點的電勢都是零，B錯誤；

CD．導體腔靠近帶電金屬球時；帶電金屬球?qū)⒋蟮氐呐c金屬球異種的電荷吸引到導體腔的外表面，因為導體腔上的電荷相互排斥，所以只能在導體腔外表面有電荷，C正確，D錯誤。

故選C。7、B【分析】【詳解】

A．小球靜止時細線與豎直方向成角；對小球進行受力分析，如圖所示。

由平衡關系可知

解得

故A錯誤；

B．小球靜止時細線與豎直方向成角，則A點為小球繞O點在豎直平面內(nèi)沿逆時針方向做圓周運動的等效最高點。

A點時小球的速度最小，動能最小，由牛頓第二定律可知

動能

聯(lián)立解得

故B正確；

C．由機械能守恒定律可知，機械能的變化量等于除重力和彈簧彈力之外的其他力做的功，此處即電場力做的功。由題意可知，當小球運動到最左邊與O點等高時；電場力做負功最多，機械能最小，故C錯誤；

D．小球從初始位置開始；在豎直平面內(nèi)運動一周的過程中，電場力先做負功后做正功，所以電勢能先變大后變小，故D錯誤。

故選B。8、C【分析】【詳解】

根據(jù)公式，可知

所以；浴霸連續(xù)正常工作1小時，消耗1.1度電。

故選C。9、C【分析】【詳解】

通電后其正上方的小磁針的N極立即轉(zhuǎn)向右側(cè)，可知小磁針所在位置的磁場方向水平向右，則右側(cè)是電磁鐵的S極，左端為N極，鐵釘內(nèi)磁場方向向左，根據(jù)右手螺旋定則可知，電流從B端流入，即導線B端接電源正極；選項ABD錯誤，C正確。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)10、A:C:D【分析】【詳解】

A．外電路是滑動變阻器兩部分并聯(lián)再與定值電阻串聯(lián)，當滑片位于a、b時，外電路阻值最小為R，內(nèi)外電阻相等，電源輸出功率最大，電流表示數(shù)最大為電壓表示數(shù)最大為故A正確；

BCD．當滑動變阻器被滑片分成阻值相等的兩個電阻時，外電路阻值最大為干路電流最小為所以在滑動變阻器的滑片P由a向b滑動過程中，隨著總外阻先變大后變小，電源的效率先增大后減小，電壓表示數(shù)和電流表示數(shù)先減小后增大，而外電阻始終比電源內(nèi)阻大，由圖象，知電源輸出功率先減小后增大。電流表示數(shù)變化范圍為故B錯誤，CD正確。

故選ACD。11、B:C【分析】【詳解】

A．在E點，＋Q和－Q的場強方向均由a點指向b點；故合場強不為零，A錯誤；

B．過中點E且與＋Q和－Q連線垂直的平面為等勢面，H點也在該等勢面上，且零電勢點在無窮遠處，E、H兩點的電勢均為零；B正確；

C．因正四面體的邊長均相等，故＋Q和－Q獨自在c、d兩點產(chǎn)生的場強大小相等，進一步分析知，在c、d兩點，＋Q和－Q的場強方向的夾角均為120°，由平行四邊形定則可得：c、d兩點的合場強大小相等、方向均平行于ab向右；C正確。

D．因G點電勢高于F點，故將檢驗正電荷從G點移到F點；電勢能減小，D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由電場線的方向可知P帶正電；Q帶負電，A正確；

B．c、d兩點場強大小相同；但方向不同，B錯誤；

C．離子所受電場力的方向應該指向曲線的凹側(cè)；故可以判斷出離子在運動過程中受到P電荷的吸引力，C正確；

D．離子從a到b；電場力的方向和離子速度方向的夾角大于90°，電場力做負功，D錯誤。

故選AC。13、A:C【分析】【詳解】

CD．電勢隨距離的圖像，圖線斜率等于電場強度，則沿BC方向的場強分量為

方向由

沿AC方向的場強分量為

方向由

C正確；D錯誤；

AB．在BC邊上取中點D，則D點電勢為2V，由A到D，電勢由4V變?yōu)?V，由幾何關系可知，AD距離為

則AD方向的場強分量大小為

由于AD與BC垂直，則兩場強分量垂直，勻強電場的場強的大小為

A正確；B錯誤。

故選AC。14、A:C【分析】【詳解】

A．平行板電容器的電容決定式

當兩板間放入陶瓷片時，ε增大，則C增大；故A正確；

B．如圖所示，在兩板間放入與極板等大的金屬片，相當于減小兩平行板的間距d，根據(jù)電容決定式可知，電容C增大；電容器的電壓不變，電荷量增加，靜電計兩端的電壓不變，靜電計指針張角不變，故B錯誤；

CD．剛開始油滴恰好靜止于兩板間的P點，則油滴帶負電；將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，電容C減小，電容器上的電荷本該減少，但因為二極管的單向?qū)щ娦?，電容器上的電荷未能回流，所以電容器上的電荷量Q不變，則電容器中的場強

則兩極板間的電場強度E不變，則油滴所受電場力不變，仍保持靜止，而P點的電勢為

P點到下極板的距離增大，則P點的電勢升高，因為油滴帶負電，所以油滴在P點的電勢能將減少；故C正確，D錯誤。

故選AC。15、A:B:D【分析】【詳解】

A．兩個等量負點電荷形成的電場如圖所示，負點電荷的電場線方向是從無限遠處指向負電荷，由沿電場線方向電勢降低可知，一定小于一定小于A錯誤，符合題意；

B．等量同種電荷連線中點場強是零，中垂線上，從中點到兩側(cè)場強先增大后減小，所以Ea一定大于Eo，Eo一定小于Ec；B錯誤，符合題意；

C．負粒子在電勢高的地方電勢能小，所以負粒子從c點勻速移動到d點時；電勢能一定先增大后減小，C正確，不符合題意；

D．等量同種電荷連線中點場強是零，中垂線上，從中點到兩側(cè)場強先增大后減小，負粒子受電場力方向與電場線方向相反，負粒子受力平衡，負粒子從c點勻速移動到中點O，施加在負粒子上的外力先增大后減小，從中點O勻速移動到d點時，電場力方向與運動方向相同，電場力先增大后減小，施加在負粒子上的外力一定反方向先增大后減小，所以從c點勻速移動到d點；施加在負粒子上的外力一定先增大后減小，D錯誤，符合題意。

故選ABD。三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

A、C兩點上的電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反，正好抵消，最終的場強為B、D兩點電荷在O點產(chǎn)生場強的合場強．則O點的場強：E=EB+ED＝方向沿OD連線由O指向D．

【點睛】

解決本題的關鍵掌握點電荷的場強公式，以及點電荷的場強方向，會根據(jù)平行四邊形定則進行場強的疊加．【解析】方向沿OD連線由O指向D17、略

【解析】①.切線方向②.疏密③.較密④.較疏⑤.切線方向18、略

【分析】【詳解】

[1]圖甲所示是20分度游標卡尺，示數(shù)為

[2]螺旋測微器的示數(shù)為【解析】1.3456.79019、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]在勻強電場中，沿同一方向前進同樣的距離，電勢變化相同，由此知

解得，原點電勢

（2）[2]電子從b點運動到c點，電場力做功為

（3）[3]電子在a點的電勢能比在b點的高

（4）[4]設d點坐標為（0,2cm），則d點電勢

設x軸上存在一點e，且e點電勢為4V，則

解得

根據(jù)幾何關系O點到線段de的垂直距離為

電場強度的大小為【解析】①.1②.9③.7④.2.520、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由題液滴做直線運動；合力與該直線在同一直線上，則電場力方向應垂直于虛線向上，液滴所受的合力方向沿虛線向下。如圖所示：

根據(jù)平衡條件，有：qE=mgcosα

解得

[2]因電場力與位移方向垂直，不做功，若粒子恰好能飛出極板，則v=0，根據(jù)動能定理得

解得【解析】21、略

【分析】【詳解】

[1]由交點坐標知工作電壓為U=2V，工作電流為I=2A，則輸出功率為P出=UI=2×2=4W

[2]由縱截距知電源的電動勢為E=3V

由橫截距知電源短路電流為I0=6A

電源的內(nèi)阻【解析】40.5四、作圖題(共2題，共20分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析23、略

【分析】【詳解