2025年中圖版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、光滑水平面上有一質(zhì)量為2kg的物體，在五個恒定的水平共點(diǎn)力的作用下處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)同時撤去大小分別為8N和16N的兩個水平力而其余力保持不變，關(guān)于此后物體的運(yùn)動情況的說法中正確的是（）A.一定做勻變速直線運(yùn)動，加速度大小可能是4m/s2B.可能做勻減速直線運(yùn)動，加速度大小可能是2m/s2C.一定做勻變速運(yùn)動，加速度大小可能是10m/s2D.可能做勻速圓周運(yùn)動，向心加速度大小可能是8m/s22、下列說法不正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，并提出分子電流假說解釋磁現(xiàn)象B.電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置C.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許用扭秤實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量的數(shù)值，從而使萬有引力定律有了真正的使用價值D.T?m2與V?s能表示同一個物理量的單位3、【題文】如圖所示，質(zhì)量為M，半徑為R的光滑圓環(huán)靜止在光滑水平面上，有一質(zhì)量為m的小滑塊從與環(huán)心O等高處開始無初速下滑到達(dá)最低點(diǎn)時；滑塊發(fā)生的位移為（）

A.B.C.D.4、一質(zhì)點(diǎn)從靜止開始做勻加速運(yùn)動．從開始運(yùn)動起，通過連續(xù)三段位移所經(jīng)歷的時間依次為T、2T、3T，則這三段位移的大小之比為（）A.1：2：3B.1：3：5C.1：4：9D.1：8：275、如圖甲所示，水平面上質(zhì)量相等的兩木塊A、B用一輕彈簧相連接，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，現(xiàn)用一豎起向上的力F拉木塊A，使木塊A向上做勻加速直線運(yùn)動．研究從力F剛作用在木塊A的瞬間到木塊B剛離開地面的瞬間這個過程，并且選定這個過程中木塊A的起始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，則下列圖象中可以表示力F和木塊A的位移之間關(guān)系的是（）A.B.C.D.6、矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁感線的對稱軸勻速轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生的交變電流的最大值出現(xiàn)在（）A.線圈平面與磁感線平行時B.線圈平面與磁感線垂直時C.線圈平面與中性面重合時D.線圈平面與中性面成30°角時評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、一物體在光滑的水平桌面上運(yùn)動，在相互垂直的x方向和y方向上的分運(yùn)動速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示．關(guān)于物體的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A.物體做曲線運(yùn)動B.物體做直線運(yùn)動C.物體運(yùn)動的初速度大小是50m/sD.物體運(yùn)動的初速度大小是10m/s8、某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標(biāo)上，如圖中的a、b、c所示，根據(jù)圖線可知（）A.反映Pr變化的圖線是cB.電源電動勢為6vC.電源內(nèi)阻為1ΩD.當(dāng)電流為0.5A時，外電路的電阻為6Ω9、如圖所示；金屬線圈平面正對著條形磁鐵的S極，現(xiàn)將條形磁鐵迅速地靠近線圈，則（）

A.線圈中電流的方向是逆時針的（從左往右看）B.線圈中電流的方向是順時針的（從左往右看）C.線圈向右擺動D.線圈向左擺動10、一列簡諧橫波原來的波形如圖實(shí)線所示，經(jīng)過時間t后變成圖中虛線所示的波形．已知波向左傳播，時間t小于1個周期，圖中坐標(biāo)為（12，2）的質(zhì)點(diǎn)A，經(jīng)時間t后振動狀態(tài)傳到質(zhì)點(diǎn)B，則（）A.質(zhì)點(diǎn)B的坐標(biāo)為（3，2）B.質(zhì)點(diǎn)B的坐標(biāo)為（12，0）C.質(zhì)點(diǎn)A在時間t內(nèi)的路程為6cmD.質(zhì)點(diǎn)A在時間t內(nèi)的路程為4cm11、在下列核反應(yīng)方程中，X代表質(zhì)子的方程是（）A.2713Al+24He→3015P+XB.147N+42He→178O+XC.21H+γ→10n+XD.31H+X→42He+10n評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)12、（2015秋?福建校級月考）某學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)了一種粗測小物體質(zhì)量的方法．使用的器材有細(xì)繩；硬紙板、支架、刻度尺、鉛筆、白紙、自制小滑輪、已知質(zhì)量的小物塊和若干待測小物體等．

簡化的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，在A點(diǎn)固定一根細(xì)繩AP，以A為圓心、AP為半徑描出圓弧CD，直線AC水平，AD豎直．在B點(diǎn)固定小滑輪，一根細(xì)繩繞過小滑輪，一端懸掛小物塊（質(zhì)量m0已知）；另一端連接繩端P點(diǎn)．在結(jié)點(diǎn)P懸掛不同質(zhì)量的待測小物體m，平衡時結(jié)點(diǎn)P處在圓弧CD上不同的位置．利用學(xué)過的物理知識，可求出結(jié)點(diǎn)P在圓弧CD上不同的位置時對應(yīng)的待測物體的質(zhì)量值m，并標(biāo)在CD弧上．

（1）在圓弧CD上從C點(diǎn)至D點(diǎn)標(biāo)出的質(zhì)量值應(yīng)逐漸____（填寫“增大”或“減小”）；

（2）如圖所示，BP延長線交豎直線AD于P′點(diǎn)，用刻度尺量出AP′長為l1，PP′長為l2，則在結(jié)點(diǎn)P處標(biāo)出的質(zhì)量值應(yīng)為____．13、（2012秋?靜安區(qū)校級期末）如圖所示，讓物體分別同時從豎直圓上的P1、P2處由靜止開始下滑，沿光滑的弦軌道P1A、P2A滑到A處，P1A、P2A與豎直直徑的夾角分別為θ1、θ2．則物體沿P1A、P2A下滑加速度之比為____；沿P1A、P2A下滑的時間之比為____；到達(dá)A處的速度大小之比為____．14、地球繞太陽的運(yùn)動可以近似地看做勻速圓周運(yùn)動，其運(yùn)動的軌道半徑為r=1.5×1011m，周期為365天．流星的某碎塊質(zhì)量為10kg，高速向太陽運(yùn)動．當(dāng)其經(jīng)過地球軌道的某處A時，速度達(dá)到12km/s．則此流星碎塊在A處受到太陽的引力大小為____（若太陽與行星間的引力和太陽對流星碎塊的引力是同種性質(zhì)的力）15、兩顆人造衛(wèi)星A、B繞地球做圓周運(yùn)動，周期之比為TA：TB=1：27，則軌道半徑之比____．16、（2010?黑龍江校級模擬）如圖，交流電壓隨時間按正弦函數(shù)規(guī)律變化，則該交流電的電壓最大值為____V，有效值為____V．17、圖為懸掛畫框的情景．說到懸掛畫框，畫框上繩子的系法也體現(xiàn)了物理學(xué)知識的應(yīng)用．圖中懸掛同一幅畫框，繩子受拉力最大的情景是____；繩子受拉力最小的情景是____．（選填情景的代號“a”、“b”或“c”）

18、交流發(fā)電機(jī)工作時，電動勢瞬時值表達(dá)式為e=Emsinωt，若將電樞的轉(zhuǎn)速提高1倍，同時將電樞所圍面積減小一半，其他條件不變．則其電動勢瞬時值的表達(dá)式為____．19、（2013?金湖縣校級模擬）磁流體發(fā)電是一項(xiàng)新興技術(shù)，它可以把氣體的內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能．如圖是磁流體發(fā)電機(jī)的裝置：A、B組成一對平行電極，兩極間距為d，內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，現(xiàn)持續(xù)將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒，而整體呈中性）垂直噴射入磁場，每個離子的速度為v，電量大小為q，兩極之間的等效內(nèi)阻為r，穩(wěn)定時，磁流體發(fā)電機(jī)的電動勢E=____，設(shè)外電路電阻為R，則R上消耗的功率P=____．評卷人得分四、判斷題(共3題，共27分)20、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．21、一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)壓強(qiáng)不變而溫度由100℃上升到200℃時，其體積增加為原來的2倍．____．（判斷對錯）22、發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．____．（判斷對錯）評卷人得分五、解答題(共3題，共12分)23、某滑板愛好者在離地h=1.8m高的平臺上滑行，水平離開A點(diǎn)后落在水平地面的B點(diǎn)，其水平位移S1=3m，著地時由于存在能量損失，著地后速度變?yōu)関=4m/s，并以此為初速沿水平地面滑行S2=8m后停止．已知人與滑板的總質(zhì)量m=60kg．（空氣阻力忽略不計(jì)，取g=10m/s2）求：

（1）人與滑板在水平地面上滑行時受到的平均阻力的大小；

（2）人與滑板離開平臺時的水平初速度；

（3）人與滑板著地時速度大小和方向．24、一粗細(xì)均勻的J型玻璃管豎直放置；左端封閉，右端（足夠長）開口向上，左端封有一定質(zhì)量的理想氣體，初始狀態(tài)左右兩管水銀面相平，如圖所示．封閉氣體的溫度為27℃，大氣壓強(qiáng)為75cmHg．求：

①若沿右側(cè)管壁緩慢加入5cm長的水銀柱并與下方的水銀合為一體；為使封閉氣體保持原來的長度，應(yīng)使氣體的溫度變?yōu)槎嗌伲?/p>

②此過程封閉氣體分子的平均動能______（選填“增大”或“減小”）；氣體將______（選填“吸熱”或“放熱”）

25、如圖所示，半圓玻璃磚的半徑R=10cm，折射率為n=；直徑AB與水平面MN垂直并接觸于A點(diǎn)．激光a以入射角i=30°射向半圓玻璃磚的圓心O，結(jié)果在水平面MN上出現(xiàn)兩個光斑．求。

（1）激光在此玻璃磚內(nèi)傳播的速度。

（2）激光射出玻璃磚時的折射角；

（3）增大入射角，使水平面MN上只剩一個光斑，此光斑離A點(diǎn)的最長距離．評卷人得分六、推斷題(共3題，共15分)26、【化學(xué)rm{隆陋}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】鎮(zhèn)痙藥物rm{C}化合物rm{N}以及高分子樹脂的合成路線如下：rm{(1)A}的化學(xué)名稱為___________；rm{A}在催化劑作用下可與rm{H_{2}}反應(yīng)生成rm{B}rm{B}的式量為rm{108}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為__________。rm{(2)C}中官能團(tuán)的名稱為___________；rm{C}在堿性條件下水解的化學(xué)反應(yīng)方程式為____。rm{(3)A}與銀氨溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式為____。rm{(4)F}與甲醛合成高分子樹脂的反應(yīng)類型為____，rm{N}的結(jié)構(gòu)簡式為____。rm{(5)}扁桃酸的一種同分異構(gòu)體滿足下列條件：rm{壟脵}遇rm{FeCl_{3}}溶液不發(fā)生顯色反應(yīng)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，在酸性條件下水解產(chǎn)物之一能與rm{FeCl_{3}}溶液發(fā)生顯色反應(yīng)；rm{壟脹}分子中有rm{5}種不同化學(xué)環(huán)境的氫，核磁共振氫譜峰面積之比為：rm{1:2:2:2:1}寫出該同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式____。rm{(6)}寫出用乙醇為原料制備化合物rm{CH_{3}COCl}的合成路線____。合成路線流程圖示例如下：27、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】rm{H}是藥物合成中的一種重要中間體，下面是rm{H}的一種合成路線：

回答下列問題：rm{(1)X}的結(jié)構(gòu)簡式為_______，其中所含官能團(tuán)的名稱為______；rm{Y}生成rm{Z}的反應(yīng)類型為_______。rm{(2)R}的化學(xué)名稱是________。rm{(3)}由rm{Z}和rm{E}合成rm{F}的化學(xué)方程式為__________________。rm{(4)}同時滿足苯環(huán)上有rm{4}個取代基，且既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)的rm{Y}的同分異構(gòu)體有________種，其中核磁共振氫譜上有rm{4}組峰，峰面積之比為rm{1隆脙2隆脙2隆脙3}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式為________rm{(}一種即可rm{)}rm{(5)}參照上述合成路線，以乙醛和為原料rm{(}其他試劑任選rm{)}設(shè)計(jì)制備肉桂醛rm{(}rm{)}的合成路線。28、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷rm{(clopidogrel)}是一種用于抑制血小板聚集的藥物，該物質(zhì)的合成路線之一如圖所示：請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱為____，rm{F}中無氧官能團(tuán)的名稱為____。rm{(2)X}的結(jié)構(gòu)簡式為____，rm{D}的分子式為____。rm{(3)G隆煤}氯吡格雷的反應(yīng)類型為____。rm{(4)B隆煤C}的化學(xué)方程式為____。rm{(5)}同時滿足下列條件的rm{E}的同分異構(gòu)體有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜有rm{5}種吸收峰，且峰面積比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的結(jié)構(gòu)簡式是____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中存在與rm{F}相同的官能團(tuán)rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{(6)}參照上述合成路線和相關(guān)信息，設(shè)計(jì)一條由乙炔和乙醇為起始原料制備的合成路線rm{(}無機(jī)試劑任選rm{)}參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】撤去大小分別為5N和15N的兩個力，其余的力保持不變，則知其余力的合力范圍，由牛頓第二定律求出物體加速度的范圍．物體一定做勻變速運(yùn)動，當(dāng)撤去的兩個力的合力與原來的速度方向相同時，物體可能做勻減速直線運(yùn)動．恒力作用下不可能做勻速圓周運(yùn)動．【解析】【解答】解：根據(jù)平衡條件得知，余下力的合力與撤去的兩個力的合力大小相等、方向相反，則撤去大小分別為8N和16N的兩個力后，物體的合力大小范圍為8N≤F合≤24N，根據(jù)牛頓第二定律F=ma得，物體的加速度范圍為：，4m/s2≤a≤12m/s2．

A；若物體原來做勻速直線運(yùn)動；撤去的兩個力的合力方向與速度方向不在同一直線上時，物體可以做曲線運(yùn)動，故A錯誤．

B、撤去后合力方向可能與速度方向相反，則物體可能做勻減速直線運(yùn)動，但是加速度不可能等于2m/s2．故B錯誤．

C、物體的加速度一定是恒定的，做勻變速運(yùn)動，加速度大小可能等于10m/s2．故C正確．

D；物體在恒力作用下；不可能做勻速圓周運(yùn)動，故D錯誤．

故選：C．2、A【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解析】【解答】解：A；奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場；安培提出分子電流假說解釋磁現(xiàn)象，故A錯誤；

B；電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置；故B正確；

C；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律；卡文迪許用扭秤實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量的數(shù)值，從而使萬有引力定律有了真正的使用價值，故C正確；

D、根據(jù)Φ=BS和E=得T?m2與V?s能表示同一個物理量的單位；即磁通量的單位，故D正確；

本題選不正確的，故選：A．3、D【分析】【解析】略【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】要求連續(xù)的時間不等的三段時間內(nèi)的位移之比，就要分別求出這三段時間內(nèi)得位移，要求這三段位移，可以先求第一段的位移，再求前兩段的位移，再求前三段的位移，前兩段的位移減去第一段的位移，就等于第二段的位移，前三段的位移減去前兩段的位移就等于第三段的位移；【解析】【解答】解：根據(jù)x=at2可得物體通過的第一段位移為：x1=a×12

又前3s的位移減去前1s的位移就等于第二段的位移，故物體通過的第二段位移為：x2=

又前6s的位移減去前3s的位移就等于第三段的位移，故物體通過的第三段位移為：x3=

故位移比為：1：8：27

故選：D．5、A【分析】【分析】以木塊A為研究對象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律得出F與A位移x的關(guān)系式，再選擇圖象．【解析】【解答】解：設(shè)原來系統(tǒng)靜止時彈簧的壓縮長度為x0，當(dāng)木塊A的位移為x時，彈簧的壓縮長度為（x0-x），彈簧的彈力大小為k（x0-x）；根據(jù)牛頓第二定律得。

F+k（x0-x）-mg=ma

得到，F(xiàn)=kx-kx0+ma+mg；

又kx0=mg；

則得到F=kx+ma

可見F與x是線性關(guān)系；當(dāng)x=0時，kx+ma＞0，故A正確；

故選：A．6、A【分析】【分析】矩形線圈繞垂直于勻強(qiáng)磁場的對稱軸作勻速轉(zhuǎn)動時，經(jīng)過中性面時，磁通量最大，磁通量的變化率為零，感應(yīng)電動勢為零，線圈平面與磁場平行時，磁通量為零，磁通量的變化率最大，感應(yīng)電動勢最大．【解析】【解答】解：當(dāng)線圈與磁場平行時；磁通量為零，磁通量的變化率最大，則感應(yīng)電動勢最大．

故選：A．二、多選題(共5題，共10分)7、AC【分析】【分析】物體做曲線運(yùn)動的特征是加速度與速度不在同一直線上，分析合運(yùn)動的初速度方向與加速度方向關(guān)系，分析物體的運(yùn)動性質(zhì)；根據(jù)平行四邊形定則求解初速度大小．【解析】【解答】解：

A；B；由圖知，x方向的初速度沿x軸正方向，y方向的初速度沿y軸負(fù)方向，則合運(yùn)動的初速度方向不在y軸方向上；x軸方向的分運(yùn)動是勻速直線運(yùn)動，加速度為零，y軸方向的分運(yùn)動是勻變速直線運(yùn)動，加速度沿y軸方向，所以合運(yùn)動的加速度沿y軸方向，與合初速度方向不在同一直線上，物體做曲線運(yùn)動．故A正確，B錯誤．

C、D由圖知，x、y兩個方向的初速度大小為vx=30m/s，vy=40m/s，故根據(jù)平行四邊形定則得知，物體運(yùn)動的初速度大小v==50m/s．故C正確；D錯誤．

故選AC8、AD【分析】【分析】三種功率與電流的關(guān)系是：直流電源的總功率PE=EI，內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr=I2r，輸出功率PR=EI-I2r，根據(jù)數(shù)學(xué)知識選擇圖線．根據(jù)圖線a斜率求解電源的電動勢．由圖讀出電流I=2A時，發(fā)熱功率Pr=I2r，求出電源的內(nèi)阻．當(dāng)電流為0.5A時，讀出電源的功率，結(jié)合歐姆定律求出外電阻．【解析】【解答】解：A、根據(jù)直流電源的總功率PE=EI，內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr=I2r，輸出功率PR=EI-I2r，可知反映Pr變化的圖線是c，反映PE變化的是圖線a，反映PR變化的是圖線b．故A正確．

B、圖線a的斜率等于電源的電動勢，由得到E==4V．故B錯誤．

C、由圖，當(dāng)I=2A時，Pr=8W，由公式Pr=I2r得，r=2Ω．故C錯誤．

D、當(dāng)電流為0.5A時，由圖讀出電源的功率PE=2W．由PE=代入得到；R=6Ω．故D正確．

故選AD9、BC【分析】【分析】根據(jù)楞次定律來判定感應(yīng)電流方向，再結(jié)合右手螺旋定則及楞次定律的相對運(yùn)動角度來分析，即可求解．【解析】【解答】解：當(dāng)條形磁鐵S極迅速地靠近線圈；導(dǎo)致線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律與右手螺旋定則，則產(chǎn)生感應(yīng)電流方向順時針（從左往右看）；

并根據(jù)楞次定律的“來拒去留”；即可判定線圈向右擺動，故BC正確，AD錯誤；

故選：BC．10、BC【分析】【分析】機(jī)械波傳播的是振動的形式，波形勻速平移，但各個質(zhì)點(diǎn)僅僅在各自的平衡位置附近振動，并不隨波遷移．【解析】【解答】解：A；B、機(jī)械波傳播的是振動的形式；各個質(zhì)點(diǎn)僅僅在各自的平衡位置附近振動，從波形圖可以看出12m位置的質(zhì)點(diǎn)t時刻在平衡位置，故坐標(biāo)為：（12，0），故A錯誤，B正確；

C；D、時間t小于1個周期；故波傳播的距離小于1倍的波長，由于波形向左平移，故移動9m，質(zhì)點(diǎn)向下到達(dá)負(fù)的最大位移后又返回平衡位置，故路程是：3A=6cm，故C正確，D錯誤；

故選：BC．11、BC【分析】【分析】根據(jù)核反應(yīng)方程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，求出未知粒子的核電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)即可判斷粒子的種類．【解析】【解答】解：A；根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒得X的電荷數(shù)為0；質(zhì)量數(shù)為1，所以X是中子，故A錯誤；

B；同理X的電荷數(shù)為1；質(zhì)量數(shù)為1，所以X為質(zhì)子，故B正確；

C；X的電荷數(shù)為1；質(zhì)量數(shù)為1，所以X是質(zhì)子，故C正確；

D；X的電荷數(shù)為1；質(zhì)量數(shù)為2，所以X是氘核，故D錯誤．

故選：BC．三、填空題(共8題，共16分)12、增大【分析】【分析】先對物體m0分析，受重力和拉力，根據(jù)平衡條件求解PB繩子的拉力；再對結(jié)點(diǎn)P受力分析，受三個拉力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合合成法列式求解出各個力的表達(dá)式進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：（1）對物體m0分析；受重力和拉力，根據(jù)平衡條件，有：

T=m0g①

再對結(jié)點(diǎn)P受力分析；如圖所示：

圖中的力三角形與幾何三角形APP′相似；故：

=②

解得：

聯(lián)立①②解得：

m=m0=m0

越靠近D點(diǎn)；m增大；

故答案為：（1）增大；（2）m0．13、cosθ1：cosθ21：1cosθ1：cosθ2【分析】【分析】對物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出下滑的加速度．通過位移以及加速度，根據(jù)位移時間公式求出運(yùn)動的時間，從而得出末速度，然后進(jìn)行比較．【解析】【解答】解：物體受重力、支持力，根據(jù)牛頓第二定律得，a=cosθ，所以加速度大小之比為cosθ1：cosθ2．

物體的位移2Rcosθ，則2Rcosθ=at2，解得：t=，與夾角無關(guān)，知下滑時間之比為1：1．則v=at，知速度之比為cosθ1：cosθ2．

故答案為：cosθ1：cosθ2，1：1，cosθ1：cosθ214、5.9×10-2N【分析】【分析】地球做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解太陽的質(zhì)量；然后直接根據(jù)萬有引力定律列式求解太陽對流星碎塊的引力．【解析】【解答】解：地球繞太陽運(yùn)動時；萬有引力提供向心力，故：

G=m地（）2r

解得：

M==kg=2.0×1030kg

根據(jù)萬有引力定律；此流星碎塊在A處受到太陽的引力大小為：

F==N≈5.9×10-2N

故答案為：5.9×10-2N．15、1：9【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出軌道半徑和周期的關(guān)系，從而結(jié)合周期之比求出軌道半徑之比．【解析】【解答】解：根據(jù)得，r=，因?yàn)門A：TB=1：27，則軌道半徑之比rA：rB=1：9．

故答案為：1：9．16、Um【分析】【分析】描述交變電流的量有周期、頻率、有效值、峰值、瞬時值，通過圖象直接得到．【解析】【解答】解：通過圖象得電壓的最大值為Um；

有效值為U==．

故答案為：Um，．17、ac【分析】【分析】根據(jù)受力平衡的條件求出繩子的拉力，然后用力的平行四邊形定則進(jìn)行力的分解即可求出繩子上拉力大小【解析】【解答】解：根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件可知：三幅畫中繩子對畫框拉力的合力必然和畫框的重力相等；知道了繩子的合力大小方向然后根據(jù)平行四邊形定則將合力進(jìn)行分解，如下圖：

合力相等；繩子夾角越大的，兩個分力也越大。

故：受力最大的是a，受力最小的是c．18、e=Emsin2ωt【分析】【分析】根據(jù)交流發(fā)電機(jī)工作時的電動勢最大值表達(dá)式，求出電樞的轉(zhuǎn)速提高一倍，電樞所圍面積減小一半時感應(yīng)電動勢最大值，再寫出電動勢的表達(dá)式【解析】【解答】解：交流發(fā)電機(jī)工作時的電動勢最大值表達(dá)式Em=NBSω，將發(fā)電機(jī)電樞的轉(zhuǎn)速提高一倍，同時將電樞所圍面積減小一半，電動勢最大值表達(dá)式Em′=NB?2ω=NBSω=Em，角速度為ω′=2ω，則其電動勢變?yōu)閑=Emsin2ωt．

故答案為：e=Emsin2ωt19、Bdv【分析】【分析】根據(jù)左手定則判斷板的極性，離子在運(yùn)動過程中同時受電場力和洛倫茲力，二力平衡時兩板間的電壓穩(wěn)定．【解析】【解答】解：由左手定則知正電荷運(yùn)動的方向向里，掌心向左，所以正離子向下偏轉(zhuǎn)，兩板間電壓穩(wěn)定時滿足：qvB=q；所以E=Bdv，則發(fā)電機(jī)的電動勢E=Bdv；

回路中的電流：，R上消耗的功率：

故答案為：Bdv；四、判斷題(共3題，共27分)20、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當(dāng)加速度越大時，則合外力越大，故是錯誤的；

故答案為：×．21、×【分析】【分析】一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，溫度升高時，發(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律分析壓強(qiáng)的變化【解析】【解答】解：根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的氣體，保持壓強(qiáng)不變，溫度升高時氣體的體積跟它的熱力學(xué)溫度成正比，即：；

初狀態(tài)：T0=100℃=373K，末狀態(tài)：T1=200℃=473K；所以溫度從100℃升高到200℃時，它的體積改變?yōu)樵瓉淼谋叮?/p>

故答案為：×22、√【分析】【分析】發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．【解析】【解答】解：發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是法拉第．故這個說法正確．

故答案為：√五、解答題(共3題，共12分)23、略

【分析】【分析】根據(jù)動能定理求出人與滑板在水平地面上滑行時受到的平均阻力的大小．根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動的時間，結(jié)合水平位移和時間求出平拋運(yùn)動的初速度．根據(jù)豎直分速度，結(jié)合平行四邊形定則求出人與滑板著地的速度大小和方向．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)動能定理得，解得f=．

（2）根據(jù)h=得，t=；

則平拋運(yùn)動的初速度．

（3）著地時的豎直分速度vy=gt=10×0.6m/s=6m/s；

著地的速度大小v=m/s；

速度方向與水平方向夾角的正切值，則速度方向與水平方向夾角為arctan．

答：（1）人與滑板在水平地面上滑行時受到的平均阻力的大小為60N；

（2）人與滑板離開平臺時的水平初速度為5m/s；

（3）人與滑板著地時速度大小為m/s，方向與水平方向夾角為arctan．24、略

【分析】

①初態(tài)：p1=p=75cmHg，T1=273+27K=300K

末態(tài)：p2=p+5cmHg=80cmHg，T2=？

由解得：T2=320K即t=47℃

故應(yīng)使溫度變?yōu)?7℃．

②此過程溫度升高；內(nèi)能增大，而氣體不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得知，氣體將吸熱．

答：①應(yīng)使氣體的溫度變?yōu)?7℃；

②增大；吸熱．

【解析】【答案】①根據(jù)玻璃管兩邊的液面差；求出兩個狀態(tài)下氣體的壓強(qiáng)，氣體做等容變化，根據(jù)氣態(tài)方程即可求出后來氣體的溫度．

②此過程溫度升高；內(nèi)能增大，氣體不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析可知應(yīng)吸熱．

25、略

【分析】【分析】（1）由n=求激光在此玻璃磚內(nèi)傳播的速度．

（2）由題分析可知；在水平屏幕MN上出現(xiàn)兩個光斑是由于激光a在O點(diǎn)同時發(fā)生折射和反射形成的，根據(jù)折射定律求出折射角．

（3）在入射角增大的過程中，當(dāng)發(fā)生全反射時屏MN上只剩一個光斑，此光斑離A最遠(yuǎn)時，恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角由幾何知識分別求出左側(cè)光斑和右側(cè)到A點(diǎn)的距離，再求解．【解析】【解答】解：（1）激光在此玻璃磚內(nèi)傳播的速度v===m/s

（2）由n=得sinr=nsini=×sin30°=

則折射角r=45°

（3）入射角增大的過程中，當(dāng)發(fā)生全反射時屏MN上只剩一個光斑，此光斑離A最遠(yuǎn)時，恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角：

i=C，則有：sinC=；

代入數(shù)據(jù)解得：

Q′A===10cm．

答：

（1）激光在此玻璃磚內(nèi)傳播的速度m/s．

（2）激光射出玻璃磚時的折射角是45°．

（3）改變?nèi)肷浣?，使屏MN上只剩一個光斑，則此光斑離A點(diǎn)的最長距離為10cm．六、推斷題(共3題，共15分)26、（1）苯甲醛（2）酯基羥基（3）（4）縮聚反應(yīng)（5）（6）

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【分析】【分析】主要考查有機(jī)物的合成，掌握有機(jī)物的命名、方程式的書寫、有條件的同分異構(gòu)體的寫法、有機(jī)物的合成等，題目難度中等。【解答】rm{(1)}根據(jù)信息rm{I}可判斷rm{A}為苯甲醛，在催化劑的條件下與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成苯甲醇，結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：苯甲醛；rm{(2)}扁桃酸與苯甲醇在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生酯化反應(yīng)，生成扁桃酸苯甲酯，含有酯基、羥基官能團(tuán)，在堿性條件下水解的方程式為故答案為：酯基、羥基；rm{(3)}苯甲醛與銀氨溶液反應(yīng)的方程式為：故答案為：rm{(4)}根據(jù)高分子樹脂的結(jié)構(gòu)，確定對甲基酚與甲醛反應(yīng)的反應(yīng)類型為縮聚反應(yīng)；根據(jù)信息rm{II}確定rm{N}為故答案為：縮聚反應(yīng)；rm{(5)}符合條件的物質(zhì)的結(jié)構(gòu)中應(yīng)有：羥基直接連在苯環(huán)上；甲酸酚酯；rm{5}種氫原子的數(shù)目比為：rm{1:2:2:2:1}其結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{(6)}根據(jù)題意，用乙醇為原料制備化合物rm{CH}rm{CH}rm{3}的合成路線為故答案為：rm{3}【解析】rm{(1)}苯甲醛rm{(2)}酯基羥基rm{(3)}rm{(4)}縮聚反應(yīng)rm{(5)}rm{(6)}。

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27、rm{(1)}羥基取代反應(yīng)

rm{(2)}對羥基苯甲醛

rm{(3)}

rm{(4)16}或

rm{(5)}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷、官能團(tuán)、有機(jī)反應(yīng)類型、同分異構(gòu)體書寫以及方程式書寫等，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，較好的考查學(xué)生分析推理能力，難度中等。【解答】rm{(1)}由rm{X}和rm{Y}的結(jié)構(gòu)簡式可知rm{X}為所含官能團(tuán)的名稱為羥基，根據(jù)rm{Y}和rm{Z}結(jié)構(gòu)簡式可知，rm{Y}生成rm{Z}的反應(yīng)類型為取代反應(yīng)，故答案為：羥基；取代反應(yīng)；rm{(2)R}為其化學(xué)名稱為對羥基苯甲醛；

故答案為：對羥基苯甲醛；rm{(3)R}反應(yīng)生成rm{E}rm{E}的分子式為rm{C_{8}H_{8}O_{2}}則rm{E}為rm{Z}和rm{E}合成rm{F}的化學(xué)方程式為故答案為：rm{(4)Y}為其同分異構(gòu)體苯環(huán)上有rm{4}個取代基，且既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)，則含有醛基和酯基，由rm{Y}的結(jié)構(gòu)簡式可知，其同分異構(gòu)體中含有甲酸酯的結(jié)構(gòu)，則rm{4}個取代基為rm{-OH}rm{-OH}rm{-CH_{3}}rm{-OOCH}則兩個羥基的位置為鄰、間、對三種位置，然后分別確定另兩種取代基的位置，共rm{16}種不同的結(jié)構(gòu)，其中核磁共振氫譜上有rm{4}組峰，則有rm{4}種不同的