2025年北師大新版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大新版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一定質量的理想氣體，在壓強不變的情況下，溫度由5℃升高到10℃，體積的增量為ΔV1；溫度由283K升高到288K，體積的增量為ΔV2，則（）A.ΔV1=ΔV2B.ΔV1>ΔV2C.ΔV1<ΔV2D.無法確定2、下列說法正確的是（）A.物體放出熱量，分子的平均動能一定減小B.氣體的擴散運動總是沿著分子熱運動無序性減少的方向進行C.機械能可以自發(fā)地全部轉化為內能，內能不可能自發(fā)地全部轉化為機械能D.盡管技術不斷進步，熱機的效率仍不能達到100%，制冷機卻可以使溫度降到-273℃3、如圖所示；把一根柔軟的金屬彈簧懸掛起來，彈簧靜止時，它的下端剛好跟槽中的水銀接觸．通電后，關于彈簧，下列說法中正確的是。

A.彈簧始終不動B.彈簧不斷上下振動C.彈簧向上收縮后，保持靜止D.彈簧向下伸長后，保持靜止4、某駕駛員發(fā)現(xiàn)中午時車胎內的氣壓高于清晨時的，且車胎體積增大．若這段時間胎內氣體質量不變且可視為理想氣體，那么()A.外界對胎內氣體做功，氣體內能減小B.外界對胎內氣體做功，氣體內能增大C.胎內氣體對外界做功，內能減小D.胎內氣體對外界做功，內能增大5、在溫控電路中，通過熱敏電阻阻值隨溫度的變化可實現(xiàn)對電路相關物理量的控制作用，如圖所示電路，為定值電阻，為半導體熱敏電阻（溫度越高電阻越?。?，C為電容器；當環(huán)境溫度降低時（）

A.電容器C的帶電量增大B.電壓表的讀數(shù)減小C.電容器C兩板間的電場強度減小D.消耗的功率增大6、如圖所示，沿x軸正方向傳播的一列簡諧橫波在某時刻的波形圖為一正弦曲線，若波速為則下列說法中正確的是（）

A.從圖示時刻開始，質點b的加速度將減小B.圖示時刻，質點b的振動方向沿y軸正方向C.若此波遇到另一列波并發(fā)生穩(wěn)定干涉現(xiàn)象，則另一列波的頻率為50HzD.從圖示時刻開始，經過質點a沿波傳播方向遷移了2m7、如圖所示，光滑水平面上，甲、乙兩個球分別以大小為v1=1m/s、v2=2m/s的速度做相向運動，碰撞后兩球粘在一起以0.5m/s的速度一起向右運動，則甲、乙兩球的質量之比為

A.1：1B.1：2C.5：1D.5：38、α；β和γ射線穿透物質的能力是不同的；為把輻射強度減到一半所需鋁板的厚度分別為0.0005cm、0.05cm和8cm．工業(yè)部門可以使用射線來測厚度．如圖所示，軋鋼廠的熱軋機上可以安裝射線測厚儀，儀器探測到的射線強度與鋼板的厚度有關，軋出的鋼板越厚，透過的射線越弱．因此，將射線測厚儀接收到的信號輸入計算機，就可以對鋼板的厚度進行自動控制．如果鋼板的厚度需要控制為5cm，請推測測厚儀使用的射線是。

A.α射線B.β射線C.γ射線D.可見光評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示,氫原子可在下列各能級間發(fā)生躍遷,設從n=4到n=1能級輻射的電磁波的波長為λ1,從n=4到n=2能級輻射的電磁波的波長為λ2，從n=2到n=1能級輻射的電磁波的波長為λ3,則下列關系式中正確的是()

A.λ1<λ3B.λ3<λ2C.=+D.=-10、如圖，一定質量的理想氣體從狀態(tài)a出發(fā)，經過等容過程到達狀態(tài)b，再經過等溫過程到達狀態(tài)c，直線過原點。則氣體（）

A.在狀態(tài)c的壓強等于在狀態(tài)a的壓強B.在狀態(tài)b的壓強小于在狀態(tài)c的壓強C.在的過程中內能保持不變D.在的過程對外做功11、有一定質量的理想氣體，其壓強隨熱力學溫度的變化的圖象如圖所示，理想氣體經歷了的循環(huán)過程。下列分析正確的是（）

A.過程中氣體吸收熱量B.四個狀態(tài)中，只有狀態(tài)時理想氣體分子的平均動能最大C.過程氣體對外界做功，并從外界吸收熱量E.四個狀態(tài)中，狀態(tài)時氣體的體積最小E.四個狀態(tài)中，狀態(tài)時氣體的體積最小12、關于熱力學定律，下列說法不正確的是A.在一定條件下物體的溫度可以降到0KB.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功C.吸收了熱量的物體，其內能一定增加E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行E.一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行13、如圖所示，半徑為r且水平放置的光滑絕緣的環(huán)形管道內，有一電量為e、質量為m的電子．此裝置放在勻強磁場中，此勻強磁場的磁感應強度B隨時間均勻發(fā)化，即B=B0+kt（k>0），根據麥克斯韋電磁場理論，均勻變化的磁場將產生穩(wěn)定的電場，感應電場對電子將有沿圓環(huán)切線方向的作用力，使其加速，電子沿圓周運動一周所獲得的能量為e，其中為環(huán)形回路的感應電動勢．t=0時電子的初速度為v0，此后電子運動一周時磁感應強度為B1；則此時電子的速度為。

A.B.C.D.14、美國物理學家勞倫斯于1932年發(fā)明的回旋加速器，應用帶電粒子在磁場中做圓周運動的特點，能使粒子在較小的空間范圍內經過電場的多次加速獲得較大的能量，克服了多級直線加速器的缺點，使人類在獲得較高能量帶電粒子方面前進了一步．下圖為一種改進后的回旋加速器示意圖，其中盒縫間的加速電場場強大小恒定，且被限制在A板和C板間，如圖所示．帶電粒子從P0處以速度v0沿電場線方向射入加速電場；經加速后再進入D型盒中的勻強磁場做勻速圓周運動．對于這種改進后的回旋加速器，下列說法正確的是（）

A.P1P2=P2P3B.P1P2>P2P3C.P0P1=P1P2D.P0P1=P1P215、如圖所示，在傾角為θ的粗糙斜面上（動摩擦因數(shù)μθ），存在一矩形磁場區(qū)域ABDC，磁場方向垂直斜面向下，現(xiàn)將材料相同、邊長相等、粗細不同的單匝閉合正方形細線圈1和粗線圈2，在距磁場邊界AB下方等距的位置以相同初速度滑上斜面，最終又都從邊界AB滑出磁場，則從線圈開始運動到滑出磁場的整個過程中，下列說法正確的是

A.全程運動時間t1＞t2B.克服摩擦力做功Wf1＜Wf2C.在磁場中產生的焦耳熱Q1＝Q2D.在第一次進入磁場的過程中通過線圈某截面的電荷量q1＜q2評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)16、如圖，上端帶卡環(huán)、底部有加熱裝置的圓柱形氣缸豎直放置在水平地面上，質量為m、橫截面積為S、厚度不計的活塞到氣缸底部的距離為氣缸高度的一半，活塞下部封閉有溫度為T的理想氣體。已知重力加速度為g，外界大氣壓強恒為忽略一切摩擦?，F(xiàn)對封閉氣體緩慢加熱，則活塞恰好到達氣缸上端卡口時氣體溫度T1=_______；保持封閉氣體的溫度T1不變，在活塞上表面緩慢倒入沙子，使活塞到氣缸底部的距離為氣缸高度的三分之一，則倒入沙子的總質量m1=________。

17、如圖所示，一定質量的理想氣體沿不同過程I、II，由狀態(tài)A變到狀態(tài)B，狀態(tài)A和狀態(tài)B的溫度相同。則過程I對外做的功_____（選填“大于”、“等于”或“小于”）過程II對外做的功；過程I吸收的熱量_____（選填“大于”；“等于”或“小于”）過程II吸收的熱量。

18、蒸汽機、內燃機等熱機以及電冰箱工作時都利用了氣體狀態(tài)變化來實現(xiàn)能量的轉移和轉化，我們把這些氣體稱為工質。某熱機經過一個循環(huán)后，工質從高溫熱源吸熱Q1，對外做功W，又向低溫熱源放熱Q2，工質完全恢復初始狀態(tài)，內能沒有變化。根據熱力學第一定律，在工質的一個循環(huán)中，Q1、Q2、W三者之間滿足的關系是____。熱機的效率不可能達到100%，從能量轉化的角度，說明___能不能完全轉化為___能而不產生其他影響。19、讀數(shù)練習：

（1）螺旋測微器的讀數(shù)為___________mm；

（2）游標卡尺的讀數(shù)為___________cm；

（3）秒表的讀數(shù)為___________s；

（4）電阻箱的讀數(shù)為___________Ω；

（5）多用電表中選擇開關置于歐姆×1檔時的讀數(shù)為____Ω，置于直流電壓5V檔時的讀數(shù)為___V．

20、如圖所示，已知導體棒中通有電流I，導體棒長度為L，磁場磁感應強度為B；當導體棒按下面幾種方式放置時，寫出導體棒所受安培力的大小．

F=________F=_________F=________F=________21、如圖所示，把一根條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置，第一次快插，第二次慢插，兩種情況下線圈中產生的感應電動勢的大小關系是E1_____E2．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)25、在“利用單擺測重力加速度”的實驗中；

（1）以下做法正確的是__________

A.測量擺長時，用刻度尺量出懸點到擺球間的細線長度作為擺長L

B.測量周期時，從小球經過平衡位置開始計時，經歷50次全振動總時間為t，則周期為

C.擺動中出現(xiàn)了輕微的橢圓擺情形；王同學認為對實驗結果沒有影響而放棄了再次實驗的機會。

D.釋放單擺時；應注意細線與豎直方向的夾角不能超過5°

（2）黃同學先測得擺線長為97.92cm，后用游標卡尺測得擺球直徑（如圖），讀數(shù)為_________cm；再測得單擺的周期為2s，最后算出當?shù)氐闹亓铀俣萭的值為_________m/s2．（取9.86；結果保留兩位小數(shù)）

（3）實驗中，如果擺球密度不均勻，無法確定重心位置，劉同學設計了一個巧妙的方法不計擺球的半徑．具體做法如下：第一次量得懸線長L1，測得振動周期為T1；第二次量得懸線長L2，測得振動周期為T2，由此可推得重力加速度的表達式為g＝_____________．評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)26、如圖所示為一交流發(fā)電機的原理示意圖，其中矩形線圈abcd的邊長ab=cd=50cm，bc=ad=20cm，匝數(shù)n=100，線圈的總電阻r=0.20線圈在磁感應強度B=0.050T的勻強磁場中繞垂直于磁場的轉軸OO'勻速轉動，角速度=100rad/s．線圈兩端通過電刷E、F與阻值R=4.8的定值電阻連接．計算時取3.

（1）當線圈經過中性面時；線圈中感應電動勢為零，試說明原因．

（2）從線圈經過中性面開始計時；寫出線圈中感應電動勢隨時間變化的函數(shù)表達式；

（3）求此發(fā)電機在上述工作狀態(tài)下的輸出功率；27、請你設計一個簡單防盜報警器的電路圖。

該報警器的功能是：①當放在保險箱地板上的按鈕開關S被腳踩下而閉合時；蜂鳴器就發(fā)出鳴叫聲。

②當安裝在保險箱里的光敏電阻被手電筒照射時；蜂鳴器就發(fā)出鳴叫聲。

提供的元件：按鈕開關S，光敏電阻蜂鳴器（電路符號為），限流電阻可變電阻“與”門，“或”門，“非”門。28、如圖所示，一內壁光滑的導熱圓柱形氣缸靜止在地面上。氣缸內部有卡環(huán)，卡環(huán)上方放有一輕質活塞和一個物塊，氣缸的橫截面積為氣缸內封閉有體積為的一定質量的理想氣體，氣體的溫度為現(xiàn)對氣缸緩慢加熱，當缸內氣體溫度上升到時活塞恰好離開卡環(huán)，繼續(xù)緩慢加熱氣缸直到氣體溫度上升到整個過程氣體的內能增加了氣體從外界吸收了的熱量。大氣壓強重力加速度求：

（1）物塊的質量；

（2）溫度為時氣體的壓強。

29、空調器制熱時，出風口導風板向下時制熱效果比較好．這是為什么？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

由蓋—呂薩克定律

得ΔV=V

所以ΔV1=V1、ΔV2=V2

因為V1、V2分別是氣體在5℃和283K時的體積，而=

所以ΔV1=ΔV2

故選A。

【點睛】

在應用蓋—呂薩克定律公式時，T是熱力學溫度，不是攝氏溫度；而ΔT用熱力學溫度或攝氏溫度都可以。2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據熱力學第一定律

可知；物體放出熱量，物體的內能不一定減小，所以物體分子的平均動能不一定減小，故A錯誤；

B．氣體的擴散運動總是沿著分子熱運動無序性增大的方向進行；故B錯誤；

C．機械能可以自發(fā)地全部轉化為內能；但內能不可能自發(fā)地全部轉化為機械能，故所以C正確；

D．盡管技術不斷進步；但熱機的效率仍不能達到100%，制冷機卻也無法可以使溫度降到-273℃，故D錯誤；

故選C。3、B【分析】當有電流通過彈簧時；構成彈簧的每一圈導線周圍都產生了磁場，根據安培定則知，各圈導線之間都產生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當彈簧的下端離開水銀后，電路斷開，彈簧中沒有了電流，各圈導線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復原長，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開始重復上述過程．故選B．

【點睛】通電螺線管是由每一個線圈組成的，每一個線圈都有磁場，和判斷通電螺線管的N極、S極相同，也按照安培定則來判斷N極和S極．4、D【分析】【詳解】

對車胎內的理想氣體分析知；體積增大為氣體為外做功，內能只有動能，而動能的標志為溫度，故中午溫度升高，內能增大，故選D．

【考點定位】理想氣體的性質、功和內能、熱力學第一定律．5、A【分析】【詳解】

AB．電流I減小，路端電壓

E、r不變，則U增大，電壓表的讀數(shù)增大；電容器的電壓

E、r、R1均不變，I減小，UC增大，電容器C的帶電量增大；故A正確，B錯誤；

C．電容器C兩板間的電場強度UC增大，d不變，則E增大；故C錯誤；

D．R1消耗的功率

I減小，R1不變，則P減??；故D錯誤。

故選A。6、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由于波向右傳播，根據“上下坡”法，知道b質點向下振動；加速度正在增大，故AB錯誤；

C．該列波的頻率為

要想發(fā)生干涉；頻率需相同，則若此波遇到另一列波并發(fā)生穩(wěn)定干涉現(xiàn)象，則另一列波的頻率為50Hz，故C正確;

D．機械波在傳播的過程中；質點只在自己的平衡位置附近振動，而不隨波遷移，選項D錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

設碰撞前甲球的速度方向為正方向，根據動量守恒定律得：代入數(shù)據解得：m甲：m乙=5：1，故C正確，ABD錯誤．8、C【分析】【詳解】

根據三種射線的穿透能力，α射線的穿透能力最弱，一張紙就可以把它擋?。蒙渚€穿透力最強，需要適當厚度的混凝土或鉛板才能有效地阻擋．β射線的穿透能力介于α射線和γ射線之間，能穿透普通的紙張，但無法穿透鋁板．因鋼板的厚度需要控制為5cm，推測測厚儀使用的射線是γ射線；故選C；二、多選題(共7題，共14分)9、A:B:D【分析】【詳解】

A．釋放光子的能量等于兩能級間的能級差，所以從n=4到n=1躍遷輻射電磁波能量大于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率大，所以輻射的電磁波的波長短,所以λ1＜λ3；A正確；

B．從n=4到n=2躍遷輻射電磁波能量小于從n=2到n=1躍遷輻射電磁波能量，則輻射的光子頻率小，所以輻射的電磁波的波長長,所以λ2＞λ3；B正確；

C、D．從n=4到n=1躍遷輻射電磁波波長為λ1，從n=4到n=2躍遷輻射電磁波波長為λ2，從n=2到n=1躍遷輻射電磁波波長為λ3，根據釋放光子的能量等于兩能級間的能級差，所以C錯誤，D正確；

故選ABD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據

可知，因直線ac過原點，可知在狀態(tài)c的壓強等于在狀態(tài)a的壓強，b點與原點連線的斜率小于c點與原點連線的斜率，可知在狀態(tài)b的壓強大于在狀態(tài)c的壓強；選項A正確，B錯誤；

C．在的過程中溫度不變；則氣體的內能保持不變，選項C正確；

D．在的過程中；氣體的體積不變，則氣體不對外做功，選項D錯誤。

故選AC。11、A:C:E【分析】【詳解】

A.由圖象可知，過程壓強不變，溫度升高，內能增加，由可知，氣體體積增大，對外做功，由知；氣體吸熱，故A正確；

B.恒溫過程；氣體分子平均動能不變，故B錯誤；

C.過程，壓強減小，由可知體積增加；氣體對外做功，因此氣體一定吸熱，故C正確；

D.過程，壓強恒定，減小，減小，由可知體積減小，則外界對氣體做功，由可知；氣體放熱，故D錯誤；

E.延長線通過原點，體積相等，即過程過程綜上分析可知狀態(tài)氣體體積最??；故E正確。

故選：ACE。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據熱力學第三定律的絕對零度不可能達到可知A錯誤；

B．根據熱力學第二定律；物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功而引起其他變化是可能的，當然會產生其他變化，故B正確；

C．物體從外界吸收熱量同時對外做功；根據能量守恒定律可知內能可能增加；減小和不變，選項C錯誤；

D．壓縮氣體；外界對氣體作正功，氣體同時可能向外釋放熱，根據能量守恒定律可知物體內能可能減少；溫度降低，D錯誤；

E．一切自發(fā)過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進行,故選項E正確。

故選ACD。13、A:B【分析】【詳解】

AC．洛倫茲力提供向心力，故：解得：故A正確；C錯誤；

BD．根據法拉第電磁感應定律得：感生電動勢大小為電場方向逆時針，電場力對電子做正功．在轉動一圈過程中對電子用動能定理：解得：故B正確，D錯誤．14、B:C【分析】【詳解】

AB．根據r=

得，則P1P2=2（r2-r1）=

因為每轉一圈被加速一次，根據v2-v12=2ad

知每轉一圈，速度的變化量不等，且v3-v2＜v2-v1

則P1P2＞P2P3

故A錯誤；B正確；

CD．因為P0P1=2r1=P1P2=2（r2-r1）=

由勻變速直線運動的規(guī)律可知：兩次穿過電場時間之比為則

則P0P1=（+1）P1P2

選項C正確；D錯誤；

故選BC。

點睛：解決本題的關鍵知道該回旋加速器的原理，知道粒子每轉一圈，加速一次，且都在AC間加速相等的距離．15、B:D【分析】【詳解】

A項：線圈剛進磁場時有：，其中所以加速度為所以加速度相同，同理分析可知，全過程中所用時間相向，故A錯誤；

B項：由可知，越粗的質量越大，由公式由于路程相同，所以越粗的克服摩擦力做功越多，故B正確；

C項：熱量：所以越粗的發(fā)熱越多，故C錯誤；

D項：由公式所以越粗的電量越大，故D正確．

故應選：BD．三、填空題(共6題，共12分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]對封閉氣體緩慢加熱；則活塞恰好到達氣缸上端卡口，對封閉氣體處于等壓過程，由蓋-呂薩克定律可知。

其中。

解得。

[2]未在活塞上表面緩慢倒入沙子前；對活塞列受力平衡。

保持封閉氣體的溫度T1不變,對封閉氣體處于等溫過程；由玻意耳定律可知。

對活塞列受力平衡。

其中。

聯(lián)立可解。

【解析】2T；4m17、略

【分析】【詳解】

[1]過程I、II氣體對外做的功分別為

由p?V圖可知，所以即過程I對外做的功大于過程II對外做的功。

[2]理想氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)B的溫度相同，內能不變（ΔU=0），由熱力學第一定律得

解得

因為所以即過程I吸收的熱量大于過程II吸收的熱量?！窘馕觥看笥诖笥?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由熱力學第一定律，熱量、做功、內能的符號規(guī)定得Q1＋（－Q2）＋（－W）＝0，即Q1－Q2＝W。

[2][3]再由熱力學第二定律知，內能不可能全部轉化成機械能而不產生其他影響?！窘馕觥縌1－Q2＝W內機械19、略

【分析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)為：1.5mm+0.01mm×49.8=1.998mm；

（2）游標卡尺的讀數(shù)為:0.8cm+0.02mm×0=0.800cm；

（3）秒表的讀數(shù)為:300s+37.5s=337.5s；

（4）電阻箱的讀數(shù)為4×1+0.1×6=4.6Ω；

（5）多用電表中選擇開關置于歐姆×1檔時的讀數(shù)為14.0Ω，置于直流電壓5V檔時的讀數(shù)為2.60V。【解析】20、略

【分析】【詳解】

當導體棒與磁場垂直時受的安培力最大；平行時受安培力為零，則從左到右，導體棒所受安培力的大小分別為：BIL；BIL、BIL、0.

【點睛】

此題關鍵是搞清四個導體棒的放置方式，知道導體棒與磁場垂直時受的安培力最大，最大值為BIL，平行時受安培力為零.【解析】BIL；BIL；BIL；021、略

【分析】【分析】

兩次磁鐵的起始和終止位置相同；知磁通量的變化量相同，應用法拉第電磁感應定律比較感應電動勢的大?。?/p>

【詳解】

條形磁鐵從同樣高度插到線圈中同樣的位置處，磁通量的變化量△Φ相同，第一次快插，第二次慢插，△t1＜△t2，由法拉第電磁感應定律：可知，感應電動勢：E1＞E2．

【點睛】

知道磁通量的變化量相等、應用法拉第電磁感應定律即可正確解題．【解析】大于四、作圖題(共3題，共27分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共1題，共7分)25、略

【分析】【詳解】

（1）測量擺長時，用刻度尺量出懸點到擺球間的細線長度，再加擺球的半徑作為擺長L，選項A錯誤；測量周期時，從小球經過平衡位置開始計時，經歷50次全振動總時間為t；則周期為t/50，選項B正確；擺動中出現(xiàn)了輕微的橢圓擺情形，這對實驗結果是有影響的，選項C錯誤；釋放單擺時，應注意細線與豎直方向的夾角不能超過5°，選項D正確；

（2）擺球直徑：主尺讀數(shù)為：2.1cm；游標尺讀數(shù)：6×0.1mm=0.6mm，則d=2.16cm；根據解得

（3）設擺球的重心到線與球結點的距離為r，根據單擺周期的公式：得：聯(lián)立兩式解得：【解析】BD2.169.76六、解