2025年上外版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上外版必修3物理上冊月考試卷785考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖中A、B、C三點(diǎn)都在勻強(qiáng)電場中，已知AC⊥BC，∠ABC＝60°，BC＝20cm。把一個(gè)電量q＝10－5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零；從B移到C，克服電場力做功1.73×10－3J；則該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小和方向是（）

A.865V/m，垂直AC向左B.865V/m，垂直AC向右C.1000V/m，垂直AB斜向上D.1000V/m，垂直AB斜向下2、與早期的電纜傳輸信息相比，光纖通信具有各方面壓倒性的優(yōu)勢?；趥鬏斝实目剂浚壳肮饫w信號傳輸主要采用850nm、1310nm、1550nm三種波長的激光，其波長均大于紅光波長（630~760nm）。下列說法正確的有（）A.光纖中采用的激光的波長小于X射線的波長B.波長為850nm的激光的頻率約為C.波長為1550nm的激光的頻率比波長為1310nm的激光的頻率高D.相同時(shí)間內(nèi)，波長為1550nm的激光傳遞的信息量比波長為1310nm的激光傳遞的信息量大3、微信運(yùn)動(dòng)步數(shù)的測量是通過手機(jī)內(nèi)電容式加速度傳感器實(shí)現(xiàn)的，如圖所示，極板固定，當(dāng)手機(jī)的加速度變化時(shí)，極板只能按圖中標(biāo)識的“前后”方向運(yùn)動(dòng)。圖中為定值電阻。下列對傳感器描述正確的是（）

A.靜止時(shí)，電流表示數(shù)為零，電容器兩極板不帶電B.保持向前勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中沒有電流C.由靜止突然向后加速時(shí)，電容器的電容減小D.由靜止突然向前加速時(shí)，電流由向流過電流表4、如圖所示為某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)的兩個(gè)量程的電流表，已知表頭G的滿偏電流為Ig，定值電阻R1、R2的阻值均等于表頭的內(nèi)阻。當(dāng)使用1和2兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，電流表的量程為I1，當(dāng)使用1和3兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，電流表的量程為I2.下列說法正確的是（）

A.I1=2IgB.I2=3IgC.若僅使R1阻值變小，則I1和I2均變大D.若僅使R2阻值變小，則I1和I2均變大5、真空中的兩個(gè)點(diǎn)電荷間距離為r，相互作用力為F，若將它們之間的距離變?yōu)閯t它們之間的作用力將變?yōu)椋ǎ〢.FB.C.FD.6、關(guān)于靜電場的電場強(qiáng)度和電場線，下列說法正確的是（）A.在一個(gè)以點(diǎn)電荷為中心、r為半徑的球面上，各處的電場強(qiáng)度都相同B.僅適用于真空中點(diǎn)電荷形成的電場C.電場強(qiáng)度的方向就是放入電場中的電荷受到的電場力的方向D.當(dāng)電荷的初速度為零時(shí)，放入電場中的電荷在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡一定與電場線重合7、如圖所示，Q為一帶正電的點(diǎn)電荷，P為原來不帶電的枕形金屬導(dǎo)體，a、b為導(dǎo)體內(nèi)的兩點(diǎn)，將導(dǎo)體P靠近但不接觸點(diǎn)電荷Q。當(dāng)導(dǎo)體P處于靜電平衡狀態(tài)時(shí)，a、b兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為Ea、Eb，電勢大小為φa、φb；規(guī)定無窮遠(yuǎn)電勢為零。下列關(guān)系正確的是（）

A.Ea＞EbB.Ea=Eb=0C.φa＞φbD.φa=φb=08、如圖，AB、CD是圓O的兩條直徑，在A、B兩點(diǎn)上各放置電荷量為＋Q和－Q的點(diǎn)電荷，設(shè)C、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度分別為EC、ED，電勢分別為、下列說法正確的是（））

A.與EC相同，與不相等B.ED與EC不相同，與相等C.ED與EC相同，與相等D.ED與EC不相同，與不相等ED評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示；一平行板電容器兩極板A；B水平放置，上極板A接地，電容器通過滑動(dòng)變阻器R和電鍵S與電動(dòng)勢為E的電源相連．現(xiàn)將電鍵S閉合，位于A、B兩板之間的P點(diǎn)的帶電粒子恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，電源內(nèi)阻可以忽略，則（）

A.B板電勢為-EB.改變滑動(dòng)變阻器的滑片位置，帶電粒子仍處于靜止?fàn)顟B(tài)C.將B板向上移動(dòng)，P點(diǎn)電勢將不變D.將B板向左平移，帶電粒子電勢能將不變10、如圖所示，虛線A、B、C、D是某勻強(qiáng)電場中的4個(gè)平行且等距的等勢面，其中等勢面C的電勢為0，一電子僅在靜電力的作用下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過A、D等勢面時(shí)的動(dòng)能分別為26eV和5eV；則下列說法正確的是（）

A.等勢面D的電勢為－7VB.等勢面B的電勢為4VC.該電子不可能到達(dá)電勢為－10V的等勢面D.該電子運(yùn)動(dòng)到某一位置，其電勢能變?yōu)?eV時(shí)，它的動(dòng)能為4eV11、如圖所示，真空中的為兩個(gè)等大的均勻帶電圓環(huán)，其圓心分別為帶電量分別為將它們平行放置，連線垂直于圓環(huán)平面，為的中點(diǎn)，現(xiàn)有質(zhì)量為帶電量為的微粒（重力不計(jì)）從左方沿連線方向射入，到點(diǎn)時(shí)速度到點(diǎn)時(shí)速度取無窮遠(yuǎn)處為電勢零點(diǎn)，點(diǎn)電荷的電勢公式為式中為靜電力常量，為點(diǎn)電荷的電量，為到點(diǎn)電荷的距離；則（）

A.微粒從至做加速運(yùn)動(dòng)，且B.微粒越過點(diǎn)后先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)C.微粒將以為中心做往返運(yùn)動(dòng)D.微粒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中的最終速度為12、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢為的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地。閉合開關(guān)，一帶電油滴位于兩板中央的點(diǎn)且恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)；下列說法正確的是（）

A.保持開關(guān)閉合，將上極板向上移動(dòng)一小段距離，油滴仍靜止B.保持開關(guān)閉合，將上極板向左移動(dòng)一小段距離，油滴將向上運(yùn)動(dòng)C.若將開關(guān)斷開，并將上極板向上移動(dòng)一小段距離，油滴仍靜止D.若將開關(guān)斷開，并將上極板向左移動(dòng)一小段距離，油滴將向上運(yùn)動(dòng)13、一定數(shù)量的直導(dǎo)線沿豎直方向均勻分布在圓心為O的圓周上，圓周所在平面水平，導(dǎo)線中均通有方向相同、大小相等的電流，每根導(dǎo)線在圓心處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B0。設(shè)n根依次相鄰的直導(dǎo)線在圓心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bn，且B2=B4，則（）A.n=8B.n=6C.B3=2B0D.B3=B014、如圖所示為真空中的實(shí)驗(yàn)裝置，平行金屬板A、之間的加速電壓為之間的偏轉(zhuǎn)電壓為為熒光屏?，F(xiàn)有質(zhì)子、氘核和粒子三種粒子分別在A板附近由靜止開始加速，最后均打在熒光屏上。已知質(zhì)子、氘核和粒子的質(zhì)量之比為電荷量之比為則質(zhì)子、氘核和粒子三種粒子（）

A.三種粒子都打在熒光屏上同一個(gè)位置B.從開始到熒光屏所經(jīng)歷時(shí)間之比為C.打在熒光屏?xí)r的動(dòng)能之比為D.打在熒光屏?xí)r的動(dòng)能之比為15、如圖所示，有四個(gè)等量異種電荷，放在正方形的四個(gè)頂點(diǎn)處．A、B、C、D為正方形四條邊的中點(diǎn)，O為正方形的中心．下列說法正確的是（）

A.O點(diǎn)電場強(qiáng)度為零B.A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同C.將一正試探電荷從B點(diǎn)沿直線移到D點(diǎn)，電場力做功為零D.將一正試探電荷從A點(diǎn)沿直線移到C點(diǎn)，試探電荷的電勢能增大16、如圖所示，孤立點(diǎn)電荷＋Q固定在正方體的一個(gè)頂點(diǎn)上，與＋Q相鄰的三個(gè)頂點(diǎn)分別是A、B、C，下列說法正確的是()

A.A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)相同B.A、B、C三點(diǎn)的電勢相等C.A、B、C三點(diǎn)所在的平面為一等勢面D.將一電荷量為＋q的檢驗(yàn)電荷由A點(diǎn)沿直線移動(dòng)到B點(diǎn)的過程中電勢能先增大后減小17、如圖所示，以A、B、C、D為頂點(diǎn)構(gòu)成的長方形處于一平行板電容器（未畫出）形成的勻強(qiáng)電場中，長方形所在平面與兩平行板垂直，AB的長度為8cm，BC的長度為6cm，D點(diǎn)距帶正電荷的電容器極板的距離為20cm。取無窮遠(yuǎn)處為零電勢，A、B、C三點(diǎn)的電勢分別為9V；25V、16V。則（）

A.D點(diǎn)電勢為0VB.D點(diǎn)電勢為18VC.兩平行板間的電勢差為50VD.兩平行板間的電勢差為100V評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、能源的開發(fā)與應(yīng)用：

近年來，我國在能源開發(fā)方面取得了很大的成就：如：______發(fā)電、水力發(fā)電、______發(fā)電、______發(fā)電。19、串聯(lián)電路、并聯(lián)電路的特點(diǎn)。項(xiàng)目串聯(lián)電路并聯(lián)電路電流各處電流______，即I=______總電流等于各支路電流______，即I=______電壓總電壓等于各部分電壓______，即U=______各支路兩端電壓______，即U=______總電阻總電阻等于各部分電阻______，即R=_______總電阻倒數(shù)等于各支路電阻______，即=______20、（1）兩種電荷：自然界中只存在兩種電荷，即___________電荷和___________電荷。

（2）電荷量：電荷的___________，用Q表示，有時(shí)也可用q來表示。在國際單位制中，單位是___________，簡稱___________，符號是___________。21、如圖，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球在力F（未知量）的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運(yùn)動(dòng)．已知力F和AB間夾角為θ，AB間距離為d，重力加速度為g．則電場強(qiáng)度E的最小值為___．若電場強(qiáng)度時(shí)，小球從A運(yùn)動(dòng)到B電勢能變化量大小可能為____．

22、黑體∶

（1）定義∶某種物體能夠____吸收入射的各種波長的電磁波而不發(fā)生反射，這種物體就叫作____。

（2）黑體輻射的特點(diǎn)∶黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按____的分布只與黑體的____有關(guān)。23、下列說法正確的是_________。評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共10分)24、某同學(xué)在測定一根截面為圓形的廢舊電熱絲的電阻實(shí)驗(yàn)中：

（1）首先用螺旋測微器測量該電熱絲的直徑D，其中某一次測量結(jié)果如圖甲所示，其讀數(shù)應(yīng)為________mm；

（2）接著將電熱絲接入圖乙所示的電路，用毫米刻度尺測出電熱絲接入電路的長度L，實(shí)驗(yàn)中讀出安培表A和電壓表V的讀數(shù)I和U，則待測電熱絲的電阻率=________（用I、U、L、D表示）；

（3）實(shí)驗(yàn)中采用安培表外接法將導(dǎo)致測得的電阻率與真實(shí)值比較________（選填“準(zhǔn)確”、“偏大”或“偏小”）評卷人得分五、解答題(共2題，共4分)25、如圖所示，兩平行金屬板水平放置，兩板間距離為d=12cm，板長l=20cm，兩板之間的電壓為U=120V，上板帶正電，下板放在水平地面上。一帶電粒子質(zhì)量為kg、電荷量為C，該帶電粒子以水平速度沿著上板的邊緣垂直于電場方向進(jìn)入兩板電場中（假設(shè)兩板之間為勻強(qiáng)電場，兩板外無電場，不計(jì)帶電粒子的重力）。求：

(1)該帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的加速度大??；

(2)帶電粒子從兩板間射出時(shí)在豎直方向上的偏移量；

(3)帶電粒子落地位置。

26、如圖所示是研究電子槍中電子在電場中運(yùn)動(dòng)的簡化模型示意圖。在xOy平面坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)，存在兩個(gè)電場強(qiáng)度大小均為E，方向分別水平向左和豎直向上的勻強(qiáng)電場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ。兩電場的邊界均是邊長為L的正方形；位置如圖所示。（不計(jì)電子所受重力）

(1)在Ⅰ區(qū)域AO邊的中點(diǎn)處由靜止釋放電子；求電子離開Ⅱ區(qū)域的位置坐標(biāo)；

(2)在電場區(qū)域Ⅰ內(nèi)某一位置（x、y）由靜止釋放電子，電子恰能從Ⅱ區(qū)域右下角B處離開，求滿足這一條件的釋放點(diǎn)x與y滿足的關(guān)系。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

由題，q=10-5C的正電荷從A移到B，電場力做功為零，則A與B電勢相等，AB連線是一條等勢線．從B移到C，電場力對正電荷做負(fù)功，說明C點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)的電勢；根據(jù)電場線與等勢面垂直，且指向低電勢處，電場線如圖所示。

BC間電勢差為。

則該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小。

故ABC錯(cuò)誤；D正確。

故選D。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．X射線的波長范圍為0.001~10nm；故光纖中采用的激光的波長大于X射線的波長，A錯(cuò)誤；

B．由可知，波長為850nm的激光的頻率

B正確；

C．由可知；頻率與波長成反比，波長越長，頻率越低，則波長為1550nm的激光的頻率比波長為1310nm的激光的頻率低，C錯(cuò)誤；

D．頻率越高；傳遞的信息量越大，則相同時(shí)間內(nèi)，波長為1550nm的激光傳遞的信息量比波長為1310mm的激光傳遞的信息量小，D錯(cuò)誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．靜止時(shí)，N板不動(dòng)；電容器的電容不變，則電容器電量不變，則電流表示數(shù)為零，電容器保持與電源相連，兩極板帶電，故A錯(cuò)誤；

B．保持向前勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度恒定不變，則N板的位置在某位置不動(dòng)，電容器電容不變，電容器保持與電源相連電壓不變，由

知電量不變；電路中無電流，故B正確；

C．由靜止突然向后加速時(shí)，N板相對向前移動(dòng)，則板間距減小，根據(jù)

知電容C增大；故C錯(cuò)誤；

D．由靜止突然向前加速時(shí)，N板相對向后移動(dòng)，則板間距增大，根據(jù)

知電容C減小，電壓不變，由

知電容器電量減小，電容器放電，電流由b向a流過電流表；故D錯(cuò)誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

AB．設(shè)R1=R2=RG=R，根據(jù)電表改裝原理得I1=IgI2=Ig

聯(lián)立可得I1=3Ig，I2=1.5Ig

故AB錯(cuò)誤；

CD．由以上分析可知，若僅使R1阻值變小，則I1和I2均變大；若僅使R2阻值變小，則I1減小，I2變大；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)庫侖定律可知。

故選C。6、B【分析】【詳解】

A.在一個(gè)以點(diǎn)電荷為中心，r為半徑的球面上各處的電場強(qiáng)度的大小都相同；而方向不同，故A錯(cuò)誤；

B.僅適用于真空中點(diǎn)電荷形成的電場；故B正確．

C.電場強(qiáng)度方向就是放入電場中的正電荷受到的電場力的方向；故C錯(cuò)誤；

D.若電場線是曲線，則電荷受力將發(fā)生方向的變化，則其軌跡不可能與電場線重合，故D錯(cuò)誤；7、B【分析】【分析】

【詳解】

處于靜電平衡的導(dǎo)體，其內(nèi)部場強(qiáng)為零。導(dǎo)體為等勢體，因?yàn)閷?dǎo)體處于正電荷附近，所以a、b兩點(diǎn)電勢相等且大于零。

故選B。8、A【分析】【詳解】

帶等量異號電荷的電場的電場線如圖所示：

可以看出C、D兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等、方向相同；沿著電場線電勢減小，D點(diǎn)電勢一定大于C′點(diǎn)電勢，而C點(diǎn)電勢等于C點(diǎn)電勢，故D點(diǎn)電勢一定大于C點(diǎn)電勢；故選A.

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵是結(jié)合等量異號電荷的電場線圖線進(jìn)行分析處理，要明確沿著電場線，電勢逐漸降低，電場線的疏密程度表示電場強(qiáng)度的大小，電場線上任意一點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向.二、多選題(共9題，共18分)9、A:B:D【分析】【詳解】

A、AB兩板的電勢差為E，．所以B板的電勢為-E，故A正確；B、改變滑動(dòng)變阻器的滑片位置，兩極板間的電壓不變，極板間的電場強(qiáng)度不變，粒子所受電場力不變，帶電粒子仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，故B正確；C、將B板向上移動(dòng)，距離減小，極板間場強(qiáng)變大，A板與P點(diǎn)的電勢差變大，A點(diǎn)電勢不變，P點(diǎn)電勢變小，故C錯(cuò)誤；D、將B板向左平移，極板間的距離和電壓不變，場強(qiáng)不變，P點(diǎn)電勢不變；帶電粒子電勢能不變，故D正確；故選ABD.

【點(diǎn)睛】

本題較難之處是分析電勢變化，往往根據(jù)電勢差和該點(diǎn)與零電勢點(diǎn)間電勢的高低，分析電勢的變化，這是常用的方法．10、A:D【分析】【詳解】

A．因電子只在靜電力的作用下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過A、D等勢面點(diǎn)的動(dòng)能分別為26eV和5eV，根據(jù)動(dòng)能定理，則有

解得

又可解得

故A正確；

B．因勻強(qiáng)電場中

則有，等勢面B的電勢為7V；故B錯(cuò)誤；

C．因只有電場力做功，動(dòng)能與電勢能之和保持不變，當(dāng)電子的速度為零時(shí)，由能量守恒定律，可知

解得

故C錯(cuò)誤；

D．同理，由能量守恒定律，可知

解得

故D正確。

故選AD。11、A:B:D【分析】【詳解】

A．由題意可知由至電場向右，微粒所受電場力向右，故從到微粒做加速運(yùn)動(dòng)，由對稱性可知，粒子由至與由至電場力做的功相同，故動(dòng)能的變化量相同，故有

代入數(shù)據(jù)可得故A正確；

B．根據(jù)電場分布的特點(diǎn)可知微粒越過點(diǎn)后開始階段電場力向右；微粒做加速運(yùn)動(dòng)；后面電場力向左，微粒做減速運(yùn)動(dòng)，故B正確；

CD．由對稱性可知，整個(gè)圖形的中垂線為等勢線，取無窮遠(yuǎn)處為零勢點(diǎn)時(shí)此線即為零勢線，粒子由點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處，電勢未發(fā)生變化，電場力做功為零，故粒子最終的速率與點(diǎn)的速率相等，即為最終速度為微粒不會(huì)返回B點(diǎn)；故C錯(cuò)誤，D正確。

故選ABD。12、C:D【分析】【詳解】

一帶電油滴位于兩板中央的點(diǎn)且恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)；則電場力與重力平衡。

A．保持開關(guān)閉合，可知電容器兩極板間的電勢差U不變，將上極板向上移動(dòng)一小段距離，則d增大，根據(jù)可知兩板間電場強(qiáng)度減??；則油滴受到的電場力小于重力，油滴將向下運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．保持開關(guān)閉合，可知電容器兩極板間的電勢差U不變，將上極板向左移動(dòng)一小段距離，則兩極板正對面積S變??；但兩板間距離不變，則電場強(qiáng)度不變，油滴仍然靜止，故B錯(cuò)誤；

C．若將開關(guān)斷開，可知電容器的電荷量Q不變，將上極板向上移動(dòng)一小段距離，則d增大，根據(jù)可得

可知兩極板間電場強(qiáng)度E不變；則電場力不變，故油滴仍然靜止，故C正確；

D．若將開關(guān)斷開，可知電容器的電荷量Q不變，將上極板向左移動(dòng)一小段距離，則兩極板正對面積S變小，根據(jù)可得

可知兩極板間電場強(qiáng)度E變大；則電場力變大，油滴將向上運(yùn)動(dòng)，故D正確。

故選CD。13、B:C【分析】【詳解】

依題意，假設(shè)相鄰導(dǎo)線之間的夾角為（），則2根依次相鄰導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

4根依次相鄰導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

由題知

聯(lián)立可求得

則由數(shù)學(xué)知識可知

所以由幾何知識可求得3根依次相鄰的導(dǎo)線產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

故選BC。14、A:B:C【分析】【詳解】

B．設(shè)加速電場AB間距離為d，偏轉(zhuǎn)極板長度為l，偏轉(zhuǎn)極板間的距離為h，屏到偏轉(zhuǎn)電場右邊緣距離為s，粒子在加速過程中，根據(jù)

可得

在加速電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，以及離開偏轉(zhuǎn)電場后到打到屏上，水平方向速度保持不變，因此打到屏的時(shí)間

從開始到熒光屏所經(jīng)歷時(shí)間

可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間與成反比，由于

設(shè)質(zhì)子、氘核和粒子三種粒子離開加速度電場的速度分別為因此

B正確；

A．粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場之后，做類平拋運(yùn)動(dòng)

其中

可得

可知所有粒子在偏轉(zhuǎn)電場中；偏轉(zhuǎn)距離相等，即三種粒子打到熒光屏上的位置相同，A正確；

CD．根據(jù)動(dòng)能定理

可知打在熒光屏?xí)r的動(dòng)能僅僅與粒子的帶電量成正比，因此

D錯(cuò)誤；C正確。

故選ABC。15、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場強(qiáng)疊加可知，O點(diǎn)的場強(qiáng)為零；故A正確；

B．正方形左邊一對正負(fù)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)方向向下，正方向右邊正負(fù)電荷在A的場強(qiáng)方向向上，由等量異種電荷的電場線分布可知，A點(diǎn)的合場強(qiáng)方向向下，同理，正方形上邊一對正負(fù)電荷在B點(diǎn)的場強(qiáng)方向向右，正方形下邊正負(fù)電荷在B的場強(qiáng)方向向左，由等量異種電荷的電場線分布可知，B點(diǎn)的合場強(qiáng)方向向右，由于AB兩點(diǎn)的合場強(qiáng)方向不同，所以A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同；故B錯(cuò)誤；

C．由于BD連線在兩組等量異號電荷的中垂線上，所以將一正試探電荷從B點(diǎn)沿直線移到D點(diǎn)；電場力做功為零，故C正確；

D．由于AC連線在兩組等量異號電荷的中垂線上，所以將一正試探電荷從A點(diǎn)沿直線移到C點(diǎn)，電場力做功為零，試探電荷的電勢能不變，故D錯(cuò)誤．16、B:D【分析】【詳解】

A．由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式可知，A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等；但方向不同，由于場強(qiáng)是矢量，所以三點(diǎn)的場強(qiáng)不同，故A錯(cuò)誤；

B．孤立點(diǎn)電荷+Q的等勢面以是+Q為球心的球面，所以A、B、C三點(diǎn)位于同一等勢面上；電勢相等，故B正確；

C．A、B、C三點(diǎn)所在的平面上各點(diǎn)到+Q的距離不全相等；電勢也就不全相等，所以該平面不是等勢面，故C錯(cuò)誤；

D．將一電荷量為+q的檢驗(yàn)電荷由A點(diǎn)沿直線移動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，離點(diǎn)電荷的距離先減小后增大，根據(jù)等勢面的分布規(guī)律可知，電勢先升高后降低，由于電荷正電，所以電勢能先增大后減小，故D正確．17、A:D【分析】【詳解】

AB．在勻強(qiáng)電場中，平行等間距的兩點(diǎn)電勢差相等，可得

帶入數(shù)據(jù)可得0

故A正確；B錯(cuò)誤；

CD．將CD分為8等分，每一等分對應(yīng)1cm，所以F點(diǎn)的電勢為9V，連接AF，過D點(diǎn)做AF的垂線,如圖。

有幾何關(guān)系可得DG的長度為

解得

所以電場強(qiáng)度的大小為

解得

又因?yàn)镈的電勢為0，且D點(diǎn)距離正極板的距離為20cm，有對稱性可知，兩極板間的距離為40cm，所以兩極板間的的電勢差為

解得

故D正確；C錯(cuò)誤。

故選AD。三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】太陽能風(fēng)能核能19、略

【分析】【分析】

【詳解】

見答案【解析】①.相等②.③.之和④.⑤.之和⑥.⑦.相等⑧.⑨.之和⑩.?.倒數(shù)之和?.20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正②.負(fù)③.多少④.庫侖⑤.庫⑥.C21、略

【分析】【詳解】

分析小球受力情況：小球受到重力拉力F與電場力因?yàn)樾∏蜃鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，合力為零，則F與的合力與大小相等、方向相反，作出F與的合力，如圖，可知當(dāng)電場力與F垂直時(shí)；電場力最小，此時(shí)場強(qiáng)也最小．

則得：所以電場強(qiáng)度的最小值為．若電場強(qiáng)度即時(shí)，電場力可能與AB方向垂直，如圖1位置，電場力不做功，電勢能變化量為0；也可能電場力位于位置2方向，則電場力做功為．

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵是對小球進(jìn)行正確的受力分析，靈活運(yùn)用圖解法分析極值情況，并根據(jù)力圖要知道電場力大小一定時(shí)，方向可能有兩種情況，不能漏解．【解析】0或22、略

【分析】【分析】

【詳解】