2025年粵教新版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為1∶2，兩端分別接有四個阻值相同的燈泡，已知4盞燈均能發(fā)光，則L1和L4兩端的電壓的之比為()

A.1∶1B.1∶3C.3∶1D.4∶12、為了節(jié)約用電，一種新型雙門電冰箱安裝了如下控制裝置：只要有一扇門沒有關(guān)緊，報警器就鳴響。如果規(guī)定：門關(guān)緊時輸入信號為“1”，未關(guān)緊時輸入信號為“0”；當(dāng)輸出信號為“1”時，報警器就鳴響，輸出信號為“0”時，報警器就不鳴響。則能正確表示該控制裝置工作原理的邏輯門是（）A.與門B.或門C.非門D.與非門3、如圖所示，一定質(zhì)量理想氣體經(jīng)歷A→B的等壓過程，B→C的絕熱過程（氣體與外界無熱量交換），其中B→C過程中內(nèi)能減少1000J，則A→B→C過程中氣體對外界做的總功為（）

A.1600JB.400JC.1000JD.600J4、如圖所示，n匝矩形閉合導(dǎo)線框ABCD處于磁感應(yīng)強度大小為B的水平勻強磁場中，線框面積為S，電阻不計．線框繞垂直于磁場的軸OO′以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，并與理想變壓器原線圈相連，變壓器副線圈接入一只額定電壓為U的燈泡，燈泡正常發(fā)光．從線圈通過中性面開始計時，下列說法正確的是（）

A.圖示位置穿過線框的磁通量變化率最大B.燈泡中的電流方向每秒改變次C.線框中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的表達式為e＝nBSωsinωtD.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為5、某同學(xué)用半徑相同的兩個小球a、b來研究碰撞問題，實驗裝置示意圖如圖所示，O點是小球水平拋出點在水平地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射小球a多次從斜軌上的某一確定位置由靜止釋放，從水平軌道的右端水平拋出，經(jīng)多次重復(fù)上述操作，確定出其平均落地點的位置P；然后，把被碰小球b置于水平軌道的末端，再將入射小球a從斜軌上的同一位置由靜止釋放，使其與小球b對心正碰，多次重復(fù)實驗，確定出a、b相碰后它們各自的平均落地點的位置M、N；分別測量平拋射程OM、ON和OP．已知a、b兩小球質(zhì)量之比為6：1，在實驗誤差允許范圍內(nèi)，下列說法中正確的是（）

A.a、b兩個小球相碰后在空中運動的時間之比為OM：ONB.a、b兩個小球相碰后落地時重力的瞬時功率之比為6OM：ONC.若a、b兩個小球在碰撞前后動量守恒，則一定有6ON=6OM+OPD.若a、b兩個小球的碰撞為彈性碰撞，則一定有OP+OM=ON6、下列關(guān)于結(jié)合能和比結(jié)合能的說法正確的是（）A.組成原子核的核子數(shù)越多，它的結(jié)合能一定越小B.組成原子核的核子數(shù)越多，它的比結(jié)合能一定越大C.結(jié)合能越大，原子核就越穩(wěn)定D.比結(jié)合能越大，原子核就越穩(wěn)定7、一列沿x軸正向傳播的簡諧波，在x1=2.0m和x2=12m處的兩質(zhì)點的振動圖像如圖實線和虛線所示．由圖可知，關(guān)于簡諧波的波長和波速有如下一些判斷正確的是（）

A.波長一定等于4.0mB.波長可能等于10mC.2s末x1=2.0m的質(zhì)點具有沿y軸負(fù)方向的最大速度D.最大波速等于5.0m/s8、一束只含紅光和紫光的復(fù)色光沿PO方向射入玻璃三棱鏡后分成兩束光，并沿OM和ON方向射出，如圖所示，已知OM和ON兩束光中只有一束是單色光；則（）

A.OM為復(fù)色光，ON為紫光B.OM為復(fù)色光，ON為紅光C.OM為紫光，ON為復(fù)色光D.OM為紅光，ON為復(fù)色光評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、下列說法中正確的是（）A.物體從外界吸熱，其內(nèi)能不一定增大B.液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向同性的特點C.溫度相同的氫氣和氧氣，它們分子的平均速率不相同E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大E.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大10、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其V-t圖像如圖所示，下列說法正確的有：（）

A.A→B的過程中，氣體對外做功B.A→B的過程中，氣體放出熱量C.B→C的過程中，氣體壓強變大E.B→C的過程中，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目增加E.B→C的過程中，單位體積內(nèi)的分子數(shù)目增加11、下列說法正確的是（）A.液晶顯示器利用了液晶對光具有各向同性的特性B.醫(yī)用脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰櫍员阄∷幰篊.一定質(zhì)量的單晶體在熔化過程中，分子勢能一定增大E.夏天中午時車胎內(nèi)的氣壓比清晨時高，且車胎體積較大，胎內(nèi)氣體對外界做功，內(nèi)能較大（胎內(nèi)氣體質(zhì)量不變且可視為理想氣體）E.夏天中午時車胎內(nèi)的氣壓比清晨時高，且車胎體積較大，胎內(nèi)氣體對外界做功，內(nèi)能較大（胎內(nèi)氣體質(zhì)量不變且可視為理想氣體）12、下列說法正確的是（）A.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體B.只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計算出阿伏伽德羅常數(shù)C.在使兩個分子間的距離由很遠(r>10-9m)減小到很難再靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大；分子勢能不斷增大E.液晶既有液體的流動性，又具有單晶體的各向異性E.液晶既有液體的流動性，又具有單晶體的各向異性13、如圖所示；在光滑水平面內(nèi)，虛線右側(cè)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，一正方形金屬線框質(zhì)量為n，電阻為R，邊長為L，從虛線處進入磁場時開始計時，在外力作用下，線框由靜止開始，以垂直于磁場變化的恒定加速度a進入磁場區(qū)域，t1時刻線框全部進入磁場，規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流I的正方向，外力大小為F，線框中電功率的瞬時值為P，通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為q，其中P-t和q-t圖像均為拋物線，則這些量隨時間變化的圖像正確的是。

A.B.C.D.14、如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強電場，電場強度為E,ACB為光滑固定的半圓形軌道，圓軌道半徑為R，AB為圓水平直徑的兩個端點，AC為圓弧．一個質(zhì)量為m電荷量為-q的帶電小球；從A點正上方高為H處由靜止釋放，并從A點沿切線進入半圓軌道．不計空氣阻力及一切能量損失，關(guān)于帶電粒子的運動情況，下列說法正確的是。

A.小球一定能從B點離開軌道B.小球在AC部分可能做勻速圓周運動C.若小球能從B點離開，上升的高度一定小于HD.小球到達C點的速度可能為零15、最近兩年以來，地震在世界各地頻頻出現(xiàn)，讓人感覺地球正處于很“活躍”的時期．地震波既有橫波，也有縱波，若我國地震局截獲了一列沿x軸正方向傳播的地震橫波．在t（圖中實線）與（t+0.4）s（圖中虛線）兩個時刻x軸上一3~3km區(qū)間內(nèi)的波形圖如圖所示；則下列說法正確的是。

A.該地震波的波長為3kmB.質(zhì)點振動的最大周期為0.8sC.該地震波最小波速為4km/sD.從t時刻開始計時，x=2km處的質(zhì)點比x=2.5km處的質(zhì)點先回到平衡位置16、如圖所示，兩根位于同一豎直平面內(nèi)的水平長桿，上、下兩桿上分別套著質(zhì)量相等的甲、乙兩金屬球，兩球之間用一輕質(zhì)彈簧相連．開始時乙在甲的正下方，且彈簧剛好無彈力．現(xiàn)給甲一個水平向右的初速度v0；此后兩球在桿上無摩擦地滑動．下列敘述中正確的是。

A.甲、乙兩球加速度始終相同B.甲、乙兩球的動能之和保持不變C.當(dāng)甲球的速度為零時，乙球剛好位于甲球的正下方D.甲球的速度減小至零的過程中，彈簧的彈性勢能先增大后減小17、如圖所示，光滑金屬導(dǎo)軌ab和cd構(gòu)成的平面與水平面成θ角，導(dǎo)軌間距Lac=2Lbd=2L，導(dǎo)軌電阻不計．兩金屬棒MN、PQ垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好。兩棒質(zhì)量mPQ=2mMN=2m，電阻RPQ=2RMN=2R，整個裝置處在垂直導(dǎo)軌向上的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，金屬棒MN在平行于導(dǎo)軌向上的拉力作用下沿導(dǎo)軌以速度v向上勻速運動，PQ棒恰好以速度v向下勻速運動。則（）

A.MN中電流方向是由M到NB.勻速運動的速度v的大小是C.在MN、PQ都勻速運動的過程中，F(xiàn)=3mgsinθD.在MN、PQ都勻速運動的過程中，F(xiàn)=2mgsinθ評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、如圖所示，甲木塊的質(zhì)量為m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前運動，正前方有一靜止的、質(zhì)量為m2=3kg的乙木塊，乙上連有一輕質(zhì)彈簧．則甲木塊與彈簧接觸后彈簧獲得的最大彈性勢能為___J，乙木塊受到的沖量I=___________

19、關(guān)于飽和汽與飽和汽壓，氣體和液體之間的動態(tài)平衡是指汽化和液化同時進行的過程，且進行的速率___，一定溫度下的飽和汽壓與體積___（選填“有關(guān)”、“無關(guān)”）。20、如圖所示是一個用實驗測量得到的用電器兩端電壓隨時間變化的圖象，圖象反映了不同性質(zhì)的電壓信號。其中圖甲叫做_____信號，圖乙叫做_____信號。

21、如圖所示，為某公園內(nèi)的噴泉的聲控控制電路，請在虛框內(nèi)畫出基本邏輯電路的符號，其中R的阻值大一點好還是小一點好？__________________。

22、“正電子湮沒”是指正電子與電子相遇后一起消失而放出光子的過程，若一個電子和一個正電子相撞發(fā)生湮滅轉(zhuǎn)化成一對光子，正、負(fù)電子的質(zhì)量均為相碰前動能均為光速為普朗克常量為則對撞過程中系統(tǒng)動量_____（選填“守恒”、“不守恒”），光子的頻率為_________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)26、隨著全世界開始倡導(dǎo)低碳經(jīng)濟的發(fā)展；電動自行車產(chǎn)品已越來越受到大家的青睞，某同學(xué)為了測定某電動車電池的電動勢和內(nèi)電阻，設(shè)計了如圖所示電路，提供的實驗器材有：

A．電動車電池一組；電動勢約為12V，內(nèi)阻未知。

B．直流電流表量程300mA；內(nèi)阻很小。

C．電阻箱R；阻值范圍為0～999．9Ω

D．定值電阻R0；阻值為10Ω

E．導(dǎo)線和開關(guān)。

（1）當(dāng)他閉合開關(guān)時發(fā)現(xiàn)；無論怎樣調(diào)節(jié)變阻器，電流表都沒有示數(shù)，反復(fù)檢查后發(fā)現(xiàn)電路連接完好，估計是某一元件損壞，因此他拿來多用電表檢查故障，他的操作如下：

①斷開電源開關(guān)S

②將多用表選擇開關(guān)置于×1Ω檔，調(diào)零后，紅黑表筆分別接R0兩端；讀數(shù)為10Ω

③將多用表選擇開關(guān)置于×10Ω檔，調(diào)零后，將紅黑表筆分別接電阻箱兩端，發(fā)現(xiàn)指針讀數(shù)如圖所示，則所測阻值為_______Ω，然后又用多用電表分別對電源和開關(guān)進行檢測，發(fā)現(xiàn)電源和開關(guān)均完好．由以上操作可知，發(fā)生故障的元件是_______．

（2）在更換規(guī)格相同的元件后重新連接好電路．

（3）改變電阻箱的阻值R，分別測出阻值為R0=10Ω的定值電阻的電流I，下列三組關(guān)于R的取值方案中，比較合理的方案是______（選填方案編號1；2或3）．

（4）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描點，繪出的圖象是一條直線．若直線的斜率為k，在坐標(biāo)軸上的截距為b，則該電源的電動勢E=_______，內(nèi)阻r=_______（用k、b和R0表示）．27、有一根細(xì)長而均勻的金屬管線樣品；長約60cm，電阻約為6Ω，橫截面如圖甲所示．

(1)用螺旋測微器測量金屬管線的外徑，示數(shù)如圖乙所示，金屬管線的外徑為_______mm；

(2)現(xiàn)有如下器材：

A．電流表（量程0.6A；內(nèi)阻約0.1Ω）

B．電流表（量程3A；內(nèi)阻約0.03Ω）

C．電壓表（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）

D．滑動變阻器（1750Ω；0.3A）

E．滑動變阻器（15Ω；3A）

F．蓄電池（6V；內(nèi)阻很?。?/p>

G．開關(guān)一個；帶夾子的導(dǎo)線若干。

要進一步精確測量金屬管線樣品的阻值，電流表應(yīng)選______，滑動變阻器應(yīng)選_______．（只填代號字母）

(3)請將圖丙所示的實際測量電路補充完整．()

(4)已知金屬管線樣品材料的電阻率為ρ，通過多次測量得出金屬管線的電阻為R，金屬管線的外徑為d，要想求得金屬管線內(nèi)形狀不規(guī)則的中空部分的橫截面積S，在前面實驗的基礎(chǔ)上，還需要測量的物理量是______．（所測物理量用字母表示并用文字說明）．計算中空部分橫截面積的表達式為S=_______．（用字母填寫表達式）28、（1）用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖所示．

①對測量原理的理解正確的是__________．（選填選項前的字母）

A．由可知，T一定時，g與l成正比

B．由可知，l一定時，g與T2成反比

C．單擺的振動周期T和擺長l可用實驗測定，由可算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?/p>

②若測量結(jié)果得到的g值偏大，可能是因為________．（選填選項前的字母）

A．組裝單擺時，選擇的擺球質(zhì)量偏大

B．測量擺長時，將懸線長作為單擺的擺長

C．測量周期時，把n次全振動誤認(rèn)為是(n＋1)次全振動

③下表是某同學(xué)記錄的實驗數(shù)據(jù)，并做了部分處理．。組次123456擺長l/cm40.0050.0060.0080.00100.00120.0050次全振動時t/s63.074.077.589.5100.0109.5周期T/s1.261.481.551.792.19周期的平方T2/s21.592.012.403.204.80

請計算第5組實驗中的T2=____________s2．

④將上表數(shù)據(jù)輸入計算機，可得到右圖所示的l－T2圖像，圖線經(jīng)過坐標(biāo)原點，斜率k=0.25m/s2．由此求得重力加速度g＝________m/s2．（π2=9.87，此空答案保留3位有效數(shù)字）

（2）在測定電容器電容值的實驗中，將電容器、電壓傳感器、阻值為3k的電阻R、電源、單刀雙擲開關(guān)按圖甲所示電路圖進行連接．先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，充電完畢后把開關(guān)S擲向2端，電容器放電，直至放電完畢．實驗得到的與電壓傳感器相連接的計算機所記錄的電壓隨時間變化的u-t曲線如圖乙所示，圖丙為由計算機對圖乙進行數(shù)據(jù)處理后記錄了“峰值”及曲線與時間軸所圍“面積”的圖．

①根據(jù)圖甲所示的電路，觀察圖乙可知：充電電流與放電電流方向_____________（選填“相同”或“相反”），大小都隨時間______________；（選填“增加”或“減小”）

②該電容器的電容值為____________F；（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

③某同學(xué)認(rèn)為：仍利用上述裝置，將電壓傳感器從電阻兩端改接在電容器的兩端，也可以測出電容器的電容值．請你分析并說明該同學(xué)的說法是否正確．29、某實驗室中有一捆銅電線，實驗小組的同學(xué)想應(yīng)用所學(xué)的電學(xué)知識來測量這捆電線的長度．他們設(shè)計了如圖甲所示的電路來測量這捆電線的電阻Rx，圖中a、b之間連接這捆電線；V1和V2可視為理想電壓表；R為阻值范圍為0～999.0的電阻箱；E為電源；R0為定值電阻；S為開關(guān)．采用如下步驟完成實驗：

(1)先用螺旋測微器測量該銅電線的直徑d，如圖乙所示，則d＝__________mm；

(2)按照圖甲所示的實驗原理圖；完善圖丙中的實物連線______；

(3)將電阻箱R調(diào)節(jié)到適當(dāng)?shù)淖柚担]合開關(guān)S，記下此時電阻箱的阻值R、電壓表V1的示數(shù)U1、電壓表V2的示數(shù)U2，則這捆電線的阻值表達式為Rx=__________(用R、U1、U2表示)；

(4)改變電阻箱的阻值R，記下R、U1、U2的多組數(shù)據(jù)，算出這捆電線的電阻Rx＝2.6Ω，已知該電線銅材料的電阻率為ρ＝2.00×10－8Ω·m，則這捆銅電線的長度為L＝__________m（結(jié)果保留三位有效字）．評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)30、如圖所示，寬度為L的平行金屬導(dǎo)軌水平放置，一端連接阻值為R的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。將質(zhì)量為電阻為的導(dǎo)體棒放在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌接觸良好，其長度恰好等于導(dǎo)軌間距，導(dǎo)軌的電阻忽略不計，導(dǎo)軌足夠長。在平行于導(dǎo)軌的拉力F作用下，導(dǎo)體棒從靜止開始沿導(dǎo)軌向右運動。當(dāng)導(dǎo)體棒速度為時：

（1）求導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E；

（2）求電路中的感應(yīng)電流I及導(dǎo)體棒兩端的電壓U；

（3）若已知此過程中導(dǎo)體棒產(chǎn)生的電熱為因摩擦生熱為求拉力F做的功W。31、如圖所示，封閉有一定質(zhì)量理想氣體的汽缸開口向下豎直固定放置，活塞的截面積為S，質(zhì)量為m0，活塞通過輕繩連接了一個質(zhì)量為m的重物。若開始時汽缸內(nèi)理想氣體的溫度為T0，輕繩剛好伸直且對活塞無拉力作用，外界大氣壓強為p0，一切摩擦均不計且m0g＜p0S。

①求重物剛離地時汽缸內(nèi)氣體的壓強；

②若緩慢降低汽缸內(nèi)氣體的溫度，最終使得汽缸內(nèi)氣體的體積減半，則最終氣體的溫度為多少？32、如圖為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動周期為線圈的匝數(shù)電阻面積．線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)與電阻連接，電阻與并聯(lián)的交流電壓表為理想電表．磁場的磁感應(yīng)強度為．（?。┣螅?/p>

（）交流發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢的最大值．

（）電路中交流電壓表的示數(shù)．

（）線圈轉(zhuǎn)動分鐘電阻上產(chǎn)生的熱．33、動量守恒定律是一個獨立的實驗定律，它適用于目前為止物理學(xué)研究的一切領(lǐng)域。運用動量守恒定律解決二維問題時，可以在相互垂直的兩個方向上分別研究。如圖所示，質(zhì)量分別為的球和球構(gòu)成一系統(tǒng)，不考慮系統(tǒng)的外力作用，球以速度（方向沿軸正向）與靜止的球碰撞，若速度不在兩球球心的連線上，碰撞之后兩球的速度都會偏離的方向，偏角分別為且均已知。

（1）請寫出計算的大小時主要依據(jù)的關(guān)系式；

（2）請分析說明球?qū)η虻钠骄饔昧Φ姆较颍?/p>

（3）若兩球質(zhì)量相等；并發(fā)生彈性碰撞，請分析說明碰后兩球速度方向的關(guān)系。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

根據(jù)變壓器的原副線圈的匝數(shù)比等于電壓比；等于電流的倒數(shù)比進行分析.

【詳解】

設(shè)通過L3、L4的電流為I，則副線圈通過的電流為I，設(shè)通過原線圈的電流為I′，由得I′=2I；通過燈L1電流為I1=I2+I′，設(shè)燈L2的兩端電壓為U′，則原線圈兩端的電壓為U′，設(shè)副線圈兩端的電壓為U，由得U=2U′，知L3、L4分擔(dān)的電壓都為U′，得到通過燈L2的電流也為I；即通過通過燈L1電流為I1=I2+I′=3I；則L1和L4兩端的電壓的之比為3：1，則選項C正確，ABD錯誤；故選C．2、D【分析】【分析】

【詳解】

兩個門均關(guān)緊時；輸入兩個“1”，則報警器不鳴響，即輸出為“0”；兩個門只有一個門關(guān)緊時，輸入一個“1”和一個“0”，則報警器鳴響，即輸出為“1”；兩個門均未關(guān)緊時，輸入兩個“0”，則報警器鳴響，即輸出為“1”，符合以上邏輯關(guān)系的邏輯門是與非門。

故選D。3、A【分析】【詳解】

由圖可知，是等壓過程，氣體體積增大，氣體對外做功為則有

的過程中，沒有吸放熱，由熱力學(xué)第一定律則有

解得

所以在過程中有

因此氣體對外界做的總功大小為A正確，B錯誤，C錯誤，D錯誤。

故選A。4、C【分析】【詳解】

圖示位置穿過線框的磁通量最大，但是磁通量的變化率為零，選項A錯誤；交流電的周期為一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，則燈泡中的電流方向每秒改變次，選項B錯誤；交流電的電動勢最大值：Em=nBSω，則線框中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的表達式為e＝nBSωsinωt,選項C正確；交流電的有效值為則選項D錯誤；故選C.

點睛：此題關(guān)鍵是掌握交流電的瞬時值、最大值及有效值的意義，知道它們之間的關(guān)系；掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決．5、D【分析】【分析】

兩球碰撞后均做平拋運動；根據(jù)高度比較平拋運動的時間，根據(jù)重力的瞬時功率公式，結(jié)合豎直方向上的分速度得出瞬時功率之比；碰撞過程中動量守恒，運用水平位移代替速度得出動量守恒的表達式，若為彈性碰撞，動量守恒，機械能守恒；

【詳解】

A、根據(jù)知；高度相同，則兩球運動的時間相同，故A錯誤；

B、根據(jù)可知兩球落地時的豎直分速度相等，根據(jù)知，a、b兩球的質(zhì)量之比為6:1；則重力的瞬時功率之比為6:1，故B錯誤；

C、開始a球平拋運動的初速度碰撞后，a球的速度b球的速度根據(jù)動量守恒有：則有：故C錯誤；

D、若為彈性碰撞，根據(jù)動量守恒有：根據(jù)機械能守恒有：則有：聯(lián)立解得故D正確；

故選D．

【點睛】

關(guān)鍵知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)，知道彈性碰撞的過程中，動量守恒，機械能守恒，由于時間相等，則碰撞前后的速度可以通過水平位移表示．6、D【分析】A；從氫原子核到鐵原子核；結(jié)合能逐漸增大，鐵是平均結(jié)合能最大的原子核，之后結(jié)合能逐漸減小，因此組成原子核的核子數(shù)越多，它的結(jié)合能不一定越小，故A錯誤；B、質(zhì)量中等的原子核，比結(jié)合能最大，因此組成原子核的核子數(shù)越多，它的比結(jié)合能不一定越大，故B錯誤；C、比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)之比，比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，結(jié)合能越大，比結(jié)合能不一定越大，故C錯誤；D、比結(jié)合能是結(jié)合能與核子數(shù)之比，比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，故D正確；故選D．

【點睛】本題考查了結(jié)合能和比結(jié)合能的區(qū)別，注意兩個概念的聯(lián)系和應(yīng)用是關(guān)鍵；組成原子核的核子數(shù)越多，它的結(jié)合能不一定越?。唤M成原子核的核子數(shù)越多，它的比結(jié)合能也不一定越大．7、D【分析】【詳解】

AB．由兩質(zhì)點的振動圖象得知，兩個質(zhì)點的振動情況總是相反，則有（n=1，2，3）

則波長

由于n為整數(shù)，λ不可能等于10m

當(dāng)n=2

時λ=4m

故AB錯誤；

C．由振動圖像可知，2s末x1=2.0m的質(zhì)點具有沿y軸正方向的最大速度；故C錯誤；

D．由振動圖象讀出周期T=4s

則波速為（n=1，2，3）

當(dāng)n=0

時v=5m/s

為最大速度；故D正確。

故選D。8、D【分析】【詳解】

ON為反射光，應(yīng)為復(fù)色光；而折射后只有一束光線，故有一束光發(fā)生了全反射；而紅光與紫光相比較，紫光的折射率較大，臨界角較小，故紫光發(fā)生了全反射；可知OM應(yīng)為紅光．故D正確，ABC錯誤．故選D.二、多選題(共9題，共18分)9、A:C:E【分析】【詳解】

A．物體從外界吸熱；若對外做功，則其內(nèi)能不一定增大，故A正確；

B．液晶顯示器是利用液晶對光具有各向異性的特點；故B錯誤；

C．溫度相同的氫氣和氧氣；它們分子的平均動能相同，但是由于分子質(zhì)量不同，故分子的平均速率不相同，故C正確；

D．用氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)可以估算氣體分子占據(jù)的空間體積；故D錯誤；

E．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時；距離減小斥力做負(fù)功，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大，故E正確。

故選ACE。10、A:C:E【分析】【詳解】

AB．A→B的過程中；氣體體積變大，則氣體對外做功，溫度不變，內(nèi)能不變，則氣體吸收熱量，選項A正確，B錯誤；

CDE．根據(jù)則

在B→C的過程中；圖線上的點與橫軸上-273℃點連線的斜率減小，則氣體壓強變大；氣體的溫度降低，內(nèi)能減?。粴怏w體積減小，則單位體積內(nèi)的分子數(shù)目增加，選項CE正確，D錯誤。

故選ACE。11、B:C:E【分析】【詳解】

A．液晶顯示器是利用了液晶對光具有各向異性的特性工作的；A錯誤；

B．油脂對水是不浸潤的；脫脂棉脫脂的目的，在于使它從不能被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?，以便吸取藥液，B正確；

C．單晶體熔化過程中溫度不變；其分子動能不變，熔化過程需要吸收熱量，故其分子勢能增加，C正確；

D．兩個相鄰的分子間的距離增大時；分子間的引力和斥力均減小，D錯誤；

E．夏天中午溫度比清晨時溫度高；則氣體內(nèi)能變大，車胎體積增大，則胎內(nèi)氣體對外界做功，選項E正確。

故選BCE。12、B:D:E【分析】【詳解】

A．熱量不可能自發(fā)的從低溫物體傳到高溫物體；比如冰箱通過壓縮機使里面的制冷劑循環(huán)，將內(nèi)部的熱量搬運到比內(nèi)部溫度還高的外部，A錯誤；

B．摩爾質(zhì)量與分子質(zhì)量之比等于阿伏伽德羅常數(shù)；B正確；

C．在使兩個分子間的距離由很遠(r>10-9m)減小到很難再靠近的過程中；分子間作用力先增大后減小再增大；分子勢能先減小再增大，C錯誤；

D．一定量的某種理想氣體進行等溫壓縮時；內(nèi)能不變，D正確；

E．液晶既有液體的流動性；又具有單晶體的各向異性，E正確。

故選BDE。13、C:D【分析】【詳解】

A、線框切割磁感線，則有運動速度v=at，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E=BLv，所以產(chǎn)生感應(yīng)電流故A錯誤；

B、對線框受力分析，由牛頓第二定律，則有解得：故B錯誤；

C、由功率表達式P與t是二次函數(shù)，圖象為拋物線，故C正確；

D、由電量表達式，則有q與t是二次函數(shù)，圖象為拋物線，故D正確；

故選CD．

【點睛】電磁感應(yīng)的圖象問題．14、B:C【分析】若電場力大于重力，則有可能不從B點離開軌道，A錯．若電場力等于重力，物體做勻速圓周運動，B正確．因電場力做負(fù)功，則機械能損失，上升的高度一定小于H，C正確．由圓周運動知識可知若小球到達C點的速度為零，則在此之前就已脫軌了，D錯15、B:D【分析】【詳解】

A、由圖可知，在?3～3km范圍內(nèi)有1.5個波長，所以波長為：故選項A錯誤；

B、由圖可知，圖中有實線變成虛線的時間：當(dāng)時的周期最大，此時：所以最大周期為0.8s，故選項B正確；

C、根據(jù)波速可知，周期最大，波速最小，所以最小波速為：故選項C錯誤；

D、由圖結(jié)合波向右傳播可知，在時刻，處的質(zhì)點振動的方向向上，而處的質(zhì)點已經(jīng)在最大位移處，所以從時刻開始計時，處的質(zhì)點比處的質(zhì)點先回到平衡位置，故選項D正確．16、C:D【分析】彈簧伸長以后，甲向右做減速運動，乙向右做加速運動，加速度方向不同，但加速度大小相等，A錯；根據(jù)能量守恒定律兩球的動能減小量轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，B錯；甲乙兩小球水平方向不受外力，動量守恒，整個系統(tǒng)無機械能損失，機械能守恒，由兩個守恒公式可以判斷，當(dāng)甲球速度為零時，乙球獲得速度為v0，彈簧為原長位置，C對；當(dāng)兩球速度相同時系統(tǒng)損失動能最多，彈簧彈性勢能最大，D對；17、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)楞次定律可得MN中電流方向是由M到N；故A正確；

B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為E=BLv+BL·2v=3BLv

回路中的感應(yīng)電流大小為

以PQ為研究對象，根據(jù)力的平衡條件可得2mgsinθ=BI·2L

解得勻速運動的速度

B正確；

CD．在MN、PQ都勻速運動的過程中，以PQ為研究對象，根據(jù)共點力的平衡條件可得2mgsinθ=BI·2L

即BIL=mgsinθ

以MN為研究對象，根據(jù)力的平衡可得F=mgsinθ+BIL=2mgsinθ

故C錯誤；D正確。

故選ABD。三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)滑塊甲、乙的速度相同時，間距最小，彈簧壓縮量最大，彈簧的彈性勢能最大，設(shè)向右為正方向，由動量守恒定律有

彈簧的最大彈性勢等于滑塊甲、乙系統(tǒng)損失的動能

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得

[2]乙木塊受到的沖量

【點睛】

解決本題首先要明確研究的過程，其次把握信隱含的條件：彈簧伸長最長時兩木塊的速度相同。考查學(xué)生應(yīng)用動量守恒定律和能量守恒定律解決物理問題的能力?！窘馕觥?.6J4.8NS19、略

【分析】【分析】

【詳解】

［1］氣體和液體之間的動態(tài)平衡是指汽化和液化同時進行的過程；且進行的速率相等，這時飽和汽和液體之間就達到了動態(tài)平衡；

［2］飽和汽壓是物質(zhì)的一個重要性質(zhì)，它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度；一定溫度下的飽和汽的分子數(shù)密度是一定值，相同溫度下不同液體的飽和汽壓一般是不同的；飽和汽壓與溫度有關(guān)，與體積無關(guān)?！窘馕觥肯嗟葻o關(guān)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖甲電壓信號隨時間連續(xù)變化，是模擬信號，圖乙電壓信號隨時間不連續(xù)，取值是離散的，是數(shù)字信號?！窘馕觥磕M數(shù)字21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]非門的特點是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反；其中R的阻值大一點好?！窘馕觥看笠稽c22、略

【分析】【詳解】

光子無靜止的質(zhì)量，撞過程中動量守恒，則電子對撞過程中的質(zhì)量虧損為．由愛因斯坦質(zhì)能方程中電子對撞放出的能量為根據(jù)能量守恒得，每個光子的能量為又聯(lián)立得到，光子的頻率【解析】守恒四、作圖題(共3題，共12分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共32分)26、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）歐姆表表盤讀數(shù)為“7Ω”；倍率為“×10”，故為70Ω；障檢測時，除電流表其余部分均沒有問題，故問題只能出在電流表處；

（3）為減小電流表的讀數(shù)誤差，電流表指針偏轉(zhuǎn)角度應(yīng)該盡量大于三分之一，即電流范圍為：100mA≤I≤300mA，根據(jù)歐姆定律，總電阻120Ω≥R總≥40Ω；扣除定值電阻10Ω，即電流表內(nèi)阻和電源內(nèi)阻加上電阻箱電阻應(yīng)該大于等于30Ω而小于等于110Ω，由于電流表內(nèi)阻不計，故應(yīng)該選方案2；

（4）根據(jù)閉合電路歐姆定律，有E=I（r+R0+R），則為對比一次函數(shù)y=kx+b；R相當(dāng)于x；

相當(dāng)于k，相當(dāng)于y，k（-r-R0）相當(dāng)于b；解得：E=r=?R0

考點：測定電池的電動勢和內(nèi)電阻。

【名師點睛】本題涉及歐姆表的讀數(shù)、測定電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗原理及具體操作，雖然最后的圖象處理不是用的伏安法，但都可以用閉合電路歐姆定律列式分析，作出直線圖象是關(guān)鍵．【解析】（1）70Ω，電流表（3）方案是2．（4）．27、略

【分析】【詳解】

(1)[1]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為1mm；可動刻度讀數(shù)為0.01×12.5mm=0.125mm，所以最終讀數(shù)為1mm+0.01×12.5mm=1.125mm；

(2)[2]電路中的電流大約為：

所以電流表選擇A；[3]待測電阻較??；若選用大電阻滑動變阻器，從測量誤差角度考慮，所以滑動變阻器選擇E；

(3)[4]待測電阻遠小于電壓表內(nèi)阻；屬于小電阻，所以電流表采取外接法；滑動變阻器可以采用限流式接法；

(4)[5]根據(jù)則有：

所以還需要測量的物理量是管線長度

[6]則中空部分的橫截面積：【解析】AE管線長度L28、略

【分析】【詳解】

（1）①重力加速度的大小與擺長和周期的大小無關(guān)，故AB錯誤，根據(jù)得可知測出單擺的周期