2025年滬教版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬教版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，理想變壓器三個(gè)線圈的匝數(shù)比n1∶n2∶n3=10∶5∶1，其中匝數(shù)為n1的原線圈接到220V的交流電源上，匝數(shù)為n2和n3的兩個(gè)副線圈分別與電阻R2、R3組成閉合回路。已知通過(guò)電阻R3的電流I3=2A，電阻R2=110Ω，則通過(guò)電阻R2的電流I2和通過(guò)原線圈的電流I1分別是（）

A.B.C.D.2、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c回到狀態(tài)a，其狀態(tài)變化過(guò)程的圖像如圖所示。其中ba的延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，bc平行于p軸，ac平行于t軸。下列判斷正確的是（）

A.a、b兩狀態(tài)氣體的體積相等B.c、a兩狀態(tài)氣體的體積關(guān)系為C.b→c過(guò)程氣體對(duì)外界做的功等于c→a過(guò)程外界對(duì)氣體做的功D.b→c過(guò)程氣體對(duì)外界做的功大于c→a過(guò)程外界對(duì)氣體做的功3、關(guān)于熱現(xiàn)象和熱學(xué)規(guī)律，下列說(shuō)法正確的是（）A.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出每個(gè)氣體分子的體積B.一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高，產(chǎn)生的壓強(qiáng)一定增大C.溫度一定時(shí)，懸浮在液體中的固體顆粒越大，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯D.第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)樗`反了熱力學(xué)第二定律4、用兩個(gè)相同的小量程電流表分別改裝成了兩個(gè)量程0.6A電流表的A1和3A電流表的A2,若把A1、A2分別采用串聯(lián)或并聯(lián)的方式接入電路,如圖所示,則閉合開(kāi)關(guān)后,下列有關(guān)電表的示數(shù)和電表指針偏轉(zhuǎn)角度的說(shuō)法正確的是

A.圖（a）中的A1、A2的示數(shù)之比1:1B.圖（a）中的A1、A2的指針偏角角度之比1:5C.圖（b）中的A1、A2的示數(shù)之比1:5D.圖（b）中的A1、A2的指針偏角角度之比5:15、關(guān)于電感對(duì)交變電流的影響，下列說(shuō)法正確的是（）A.電感不能通直流電流，只能通交變電流B.電感對(duì)各種不同頻率的交變電流的阻礙作用相同C.同一個(gè)電感線圈對(duì)頻率低的交變電流的阻礙較小D.同一個(gè)電感線圈對(duì)頻率高的交變電流的阻礙較小6、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，P為磁場(chǎng)邊界上的一點(diǎn)．大量質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，在紙面內(nèi)沿各個(gè)方向以相同速率v從P點(diǎn)射入磁場(chǎng)．這些粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的位置均位于PQ圓弧上，PQ圓弧長(zhǎng)等于磁場(chǎng)邊界周長(zhǎng)的．不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用；則該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為()

A.B.C.D.7、下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，其中說(shuō)法正確的是（）

A.圖甲：普朗克通過(guò)研究黑體輻射提出能量子的概念，成功解釋了光電效應(yīng)B.圖乙：玻爾理論指出氫原子能級(jí)是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的C.圖丙：盧瑟福通過(guò)分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果，發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子D.圖丁：根據(jù)電子束通過(guò)鋁箔后的衍射圖樣，可以說(shuō)明電子具有粒子性評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、在下圖所示電路中；當(dāng)向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片時(shí)，變阻器接入電路的阻值和電流表的示數(shù)變化情況正確的是：()

A.變阻器接入電路的阻值變大，電流表示數(shù)變小B.變阻器接入電路的阻值變小，電流表示數(shù)變小C.定值電阻R1產(chǎn)生的熱功率增大D.定值電阻R1產(chǎn)生的熱功率減小9、如圖所示，在矩形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)方向平行于ad邊且由a指向d，磁場(chǎng)方向垂直于平面，ab邊長(zhǎng)為ad邊長(zhǎng)為2L，一帶電粒子從ad邊的中點(diǎn)O平行于ab方向以大小為v0的速度射入場(chǎng)內(nèi)，恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)；若撤去電場(chǎng)，其他條件不變，粒子從c點(diǎn)射出場(chǎng)區(qū)(粒子重力不計(jì))．下列說(shuō)法正確的是。

A.磁場(chǎng)方向一定是垂直平面向里B.撤去電場(chǎng)后，該粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為C.若撤去磁場(chǎng)，其他條件不變，粒子一定從bc邊射出場(chǎng)區(qū)D.若撤去磁場(chǎng)，其他條件不變，粒子一定從ab邊射出場(chǎng)區(qū)10、關(guān)于熱力學(xué)溫標(biāo)，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A.熱力學(xué)溫標(biāo)的零度是℃，又叫絕對(duì)零度B.溫度升高5℃，就是升高278KC.絕對(duì)零度是低溫的極限，永遠(yuǎn)達(dá)不到D.氣體在趨近絕對(duì)零度時(shí)，其體積趨向零11、目前世界上正在研究的一種新型發(fā)電機(jī)叫磁流體發(fā)電機(jī)；如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒，而從整體上來(lái)說(shuō)呈電中性）噴入磁場(chǎng)，由于等離子體在磁場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生偏轉(zhuǎn)，磁場(chǎng)中的兩塊金屬板A和B上就會(huì)聚集電荷，從而在兩板間產(chǎn)生電壓．在圖示磁極配置的情況下，下列表述正確的是（）

A.金屬板A的電勢(shì)較高B.通過(guò)電阻R的電流方向是b→R→aC.等離子體在B間運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)力對(duì)等離子體做功D.等離子體在B間運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)力對(duì)等離子體不做功12、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域中充滿了垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一帶負(fù)電粒子以速度射入磁場(chǎng)區(qū)域，速度方向垂直磁場(chǎng)且與半徑方向的夾角為45°．當(dāng)該帶電粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，速度方向剛好與入射速度方向垂直．不計(jì)帶電粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是()

A.該帶電粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度方向的反向延長(zhǎng)線通過(guò)O點(diǎn)B.該帶電粒子的比荷為C.該帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為D.若只改變帶電粒子的入射方向，則其在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、質(zhì)量為0.1kg的彈性小球從高為1.25m處自由下落至一光滑而堅(jiān)硬的水平板上，碰撞后彈回到0.8m高處，碰撞時(shí)間為0.01s，則小球與水平板碰撞過(guò)程中動(dòng)量變化大小為_(kāi)____________kg·m/s，小球與水平板間的平均撞擊力大小為_(kāi)___________N．14、光滑絕緣桿與水平面保持θ角，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)充滿整個(gè)空間，一個(gè)帶正電q，質(zhì)量為m，可以自由滑動(dòng)的小環(huán)套在桿上，如圖所示，小環(huán)下滑過(guò)程中對(duì)桿的壓力為零時(shí)，小環(huán)的速度為_(kāi)_______．15、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c、d又回到狀態(tài)a，其體積V隨溫度T的變化圖象如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)a時(shí)溫度為壓強(qiáng)為體積為在狀態(tài)b時(shí)體積為其中則由狀態(tài)a到狀態(tài)b過(guò)程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”），由狀態(tài)a到狀態(tài)c氣體的內(nèi)能增加了100J，由狀態(tài)d到狀態(tài)a氣體對(duì)外做的功則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體放出的熱量為_(kāi)_____J。

16、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．17、在北方寒冷的冬天，有時(shí)會(huì)出現(xiàn)“多個(gè)太陽(yáng)”的“幻日”奇觀，這時(shí)由于空氣中的水蒸氣在大氣里凝結(jié)成了小冰晶，太陽(yáng)通過(guò)冰晶折射的緣故。如圖所示為太陽(yáng)光照射到六角冰晶上折射的光路圖，a、b是太陽(yáng)光中的兩種單色光，由此可以判斷，冰晶對(duì)單色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶對(duì)單色光b的折射率，單色光a在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度_________（填“大”或“小”）

18、做汽車安全氣囊的模擬實(shí)驗(yàn)時(shí)，密封的儲(chǔ)氣罐與氣囊相連，撞擊時(shí)儲(chǔ)氣罐閥門自動(dòng)打開(kāi)，大量氣體進(jìn)入氣囊，氣囊在極短時(shí)間內(nèi)迅速展開(kāi)，在人體前部形成彈性氣墊，然后氣囊泄露，收縮，從而有效保護(hù)人體，氣囊展開(kāi)過(guò)程中，將氣體視為理想氣體，氣體的內(nèi)能______（選填“增大”、“減小”或“不變”）；泄露收縮過(guò)程中氣囊內(nèi)壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力___________（選填“增大”、“減小”或“不變”）19、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，坐標(biāo)原點(diǎn)O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，到第一次經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的時(shí)間為0.1s，則小球振動(dòng)的周期為_(kāi)_____s，振動(dòng)方程的表達(dá)式為x=______cm；．

20、在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上，質(zhì)量為0.4kg、速度為0.5m/s的滑塊甲與質(zhì)量為0.6kg、速度為0.1m/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變?yōu)?.2m/s，此時(shí)滑塊甲的速度大小為_(kāi)_____m/s，方向與它原來(lái)速度方向_______．21、光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用波長(zhǎng)為的單色光A照射某金屬板時(shí)，剛好有光電子從金屬表面逸出．當(dāng)波長(zhǎng)為的單色光B照射該金屬板時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)_____，A、B兩種光子的動(dòng)量之比為_(kāi)____．（已知普朗克常量為h、光速為c）評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共24分)25、“測(cè)定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針P1和P2，然后在另一側(cè)透過(guò)玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4．

①在插P3和P4時(shí)，正確的操作是_________________

A、使P3只擋住P2的像

B、使P4只擋住P3的像

C、使P3能同時(shí)擋住P2和P1的像

D、使P4能同時(shí)擋住P3和P2和P1的像

②如圖，請(qǐng)將光路圖補(bǔ)充完整，并在圖中標(biāo)出光線進(jìn)入玻璃磚發(fā)生折射現(xiàn)象的入射角θ1和折射角θ2___

③對(duì)入射角θ1和折射角θ2進(jìn)行測(cè)量，根據(jù)折射率n=______可計(jì)算得出玻璃的折射率26、利用電流表和電壓表測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻．要求盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差．

（1）應(yīng)該選擇的實(shí)驗(yàn)電路是下圖中的________（選填“甲”或“乙”）；

（2）現(xiàn)有電流表（0～0.6A）；開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干；以及以下器材：

A．電壓表（0～15V）B．電壓表（0～3V）

C．滑動(dòng)變阻器（0～50Ω）D．滑動(dòng)變阻器（0～500Ω）

實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________；（選填相應(yīng)器材前的字母）

（3）另一同學(xué)從實(shí)驗(yàn)室只借到一個(gè)開(kāi)關(guān)、一個(gè)電阻箱（最大阻值為999.9Ω，可當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電阻用）、一只電流表（量程Ig＝0.6A，內(nèi)阻rg＝0.2Ω）和若干導(dǎo)線．

①根據(jù)測(cè)定電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r的要求，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖并畫在虛線框內(nèi)______；

②閉合開(kāi)關(guān)，逐次改變電阻箱的阻值R，讀出與R對(duì)應(yīng)的電流表的示數(shù)I，并作記錄；計(jì)算出每個(gè)電流值I的倒數(shù)并作出圖象；若得到的圖象斜率為k，R軸上截距絕對(duì)值為b，則該電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________，內(nèi)電阻r＝________．27、為了測(cè)一個(gè)自感系數(shù)很大的線圈L的直流電阻RL；實(shí)驗(yàn)室提供以下器材：

（A）待測(cè)線圈L（阻值約為2Ω；額定電流3A）

（B）電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻r1=1Ω）

（C）電流表A2（量程3.0A，內(nèi)阻r2約為0.2Ω）

（D）滑動(dòng)變阻器R1（0～10Ω）

（E）滑動(dòng)變阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值電阻R3=10Ω

（G）定值電阻R4=100Ω

（H）電源（電動(dòng)勢(shì)E約為9V；內(nèi)阻很小）

（I）單刀單擲開(kāi)關(guān)兩只S1、S2；導(dǎo)線若干．

要求實(shí)驗(yàn)時(shí)，改變滑動(dòng)變阻器的阻值，在盡可能大的范圍內(nèi)測(cè)得多組A1表和A2表的讀數(shù)I1、I2，然后利用給出的I2-I1圖象（如乙圖所示），求出線圈的電阻RL的準(zhǔn)確值．

①實(shí)驗(yàn)中定值電阻應(yīng)選用______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________．（填寫器材前面的序號(hào)；如：A；B、C等，直接寫器材名稱或符號(hào)均不得分）

②請(qǐng)你畫完圖甲方框中的實(shí)驗(yàn)電路圖_____________．

③實(shí)驗(yàn)結(jié)束時(shí)應(yīng)先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)_______.

④由I2-I1圖象，求得線圈的直流電阻RL=_______Ω.評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共10分)28、如圖所示，豎直放置的圓柱形導(dǎo)熱薄壁汽缸上部開(kāi)口，底面積S=1cm2，筒內(nèi)用一個(gè)很薄的質(zhì)量不計(jì)的活塞封閉一定量的理想氣體，開(kāi)始時(shí)活塞恰好處于汽缸上端?，F(xiàn)在活塞緩慢放入細(xì)砂。直到活塞靜止于汽缸中間。已知外界大氣壓強(qiáng)p0=1×105Pa。溫度T=305K。活塞與汽缸內(nèi)壁的摩擦忽略不計(jì)，取重力加速度大小g=10m/s2。

(i)求放入細(xì)砂的質(zhì)量；

(ii)若給封閉氣體緩慢加熱；使活塞回到汽缸上端。求活塞回到汽缸上端時(shí)封閉氣體的熱力學(xué)溫度。

29、如圖所示，a、b、c是處于同一均勻介質(zhì)中某一直線上的三個(gè)質(zhì)點(diǎn)，一列簡(jiǎn)諧波的波源在b點(diǎn)，波同時(shí)沿該直線向ba和bc方向傳播，a、b兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間的距離L1=7m，各質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)的周期T=0.4s，波長(zhǎng)4m≤≤5m，t1=0時(shí)刻，波剛好傳到質(zhì)點(diǎn)a，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)b恰好位于波峰，t2=1.6s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)c第一次到達(dá)波谷；求：

（1）簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)；

（2）b、c兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間的距離L．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得==已知n1∶n2∶n3=10∶5∶1，U1=220V，解得U2=110V，U3=22V

根據(jù)歐姆定律得I2==1A

根據(jù)變壓器的輸入功率和輸出功率相等可得U1I1=U2I2＋U3I3

解得I1=0.7A

故選C。2、D【分析】【詳解】

AB．ba延長(zhǎng)線雖然過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)，但由于橫坐標(biāo)是攝氏溫度，不是熱力學(xué)溫度，所以ab不是等容線，c狀態(tài)的體積也不是a狀態(tài)的2倍；選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

CD．b→c過(guò)程等溫膨脹，氣體對(duì)外做功，而c→a過(guò)程氣體氣體體積變小，外界對(duì)氣體做的功，b→c過(guò)程各狀態(tài)的壓強(qiáng)均大于由c→a各狀態(tài)的壓強(qiáng)，且b→c過(guò)程氣體體積的改變量大于c→a過(guò)程的體積改變量，所以b→c過(guò)程氣體對(duì)外界做的功大于c→a過(guò)程外界對(duì)氣體做的功；選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)；就可以算出氣體的分子所占據(jù)的空間大小，不能算出氣體分子體積，A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知溫度升高；壓強(qiáng)不一定增大，B錯(cuò)誤；

C．溫度一定時(shí)；懸浮在液體中的固體顆粒越小，同一時(shí)刻撞擊顆粒的液體分子數(shù)越少，沖力越不平衡，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，C錯(cuò)誤；

D．第二類永動(dòng)機(jī)不可能制成的原因是因?yàn)槠溥`背了熱力學(xué)第二定律；D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

改裝后的電流表是小量程電流計(jì)與定值電阻并聯(lián)而成；圖甲中的A1、A2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同．故AB錯(cuò)誤．圖乙中的A1、A2串聯(lián)，A1、A2的示數(shù)相同．由于量程不同，內(nèi)阻不同，電表兩端的電壓不同，流過(guò)表頭的電流不同，指針偏轉(zhuǎn)的角度不同．因兩電流表的內(nèi)阻之比為則兩電表兩端的電壓之比為5:1，則A1、A2的指針偏角角度之比5:1；故C錯(cuò)誤．D正確故選D．

【點(diǎn)睛】

本題要對(duì)于安培表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)要了解：小量程電流表（表頭）與分流電阻并聯(lián)而成．指針偏轉(zhuǎn)角度取決于流過(guò)表頭的電流大?。?、C【分析】電感線圈可以通直流，A錯(cuò)；電感對(duì)不同頻率的交變電流阻礙作用不同，B錯(cuò)；同一電感線圈對(duì)高頻交流電阻礙作用大，D錯(cuò)，C正確．6、D【分析】【詳解】

從P點(diǎn)射入的粒子與磁場(chǎng)邊界的最遠(yuǎn)交點(diǎn)為Q，最遠(yuǎn)的點(diǎn)是軌跡上直徑與磁場(chǎng)邊界圓的交點(diǎn)，相應(yīng)的弧長(zhǎng)變?yōu)閳A周長(zhǎng)的如圖所示：

所以∠POQ=120°；結(jié)合幾何關(guān)系，有：洛侖茲力充當(dāng)向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有：聯(lián)立可得：故D正確，ABC錯(cuò)誤．7、B【分析】【詳解】

A.普朗克通過(guò)研究黑體輻射提出能量子的概念；愛(ài)因斯坦成功的解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象，A錯(cuò)誤。

B.波爾提出自己的原子模型；他指出氫原子能級(jí)是分立的，解釋了原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的，B正確。

C.盧瑟福通過(guò)分析粒子散射實(shí)驗(yàn)結(jié)果；提出了自己的原子核式結(jié)構(gòu)模型，C錯(cuò)誤。

D.衍射是波的典型特征，根據(jù)電子束通過(guò)鋁箔后的衍射圖樣，說(shuō)明電子具有波動(dòng)性，D錯(cuò)誤二、多選題(共5題，共10分)8、A:D【分析】當(dāng)向左移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片時(shí)，變阻器接入電路的阻值變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律，則總電流減小，電流表示數(shù)變?。桓鶕?jù)P=I2R可知，定值電阻R1產(chǎn)生的熱功率減小，故AD正確，BC錯(cuò)誤；故選AD.9、A:C【分析】【分析】

由左手定則判斷出磁場(chǎng)的方向；根據(jù)洛倫茲力提供向心力得出粒子的周期；然后結(jié)合偏轉(zhuǎn)角求時(shí)間；若撤去磁場(chǎng)，粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，將運(yùn)動(dòng)分解.

【詳解】

A；設(shè)粒子帶正電荷；則受到的電場(chǎng)力的方向向下，洛倫茲力的方向向上，由左手定則可得，磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向里.同理若粒子帶負(fù)電，則受到的電場(chǎng)力的方向上，洛倫茲力的方向向下，由左手定則可得，磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向里；故A正確.

B；撤去電場(chǎng)后；該粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖：

則：則

由洛倫茲力提供向心力得：則粒子運(yùn)動(dòng)的周期T，則粒子的偏轉(zhuǎn)角θ，所以該粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：故B錯(cuò)誤.

C、D、電場(chǎng)和磁場(chǎng)均存在時(shí)，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)qE=qv0B，聯(lián)立可得

撤去磁場(chǎng)中，帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)帶電粒子從ab邊射出場(chǎng)區(qū)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有：

根據(jù)牛頓第二定律可得Eq=ma，聯(lián)立解得

帶電粒子沿ab方向運(yùn)動(dòng)距離x=v0t=2L，x大于ab邊長(zhǎng)，故假設(shè)不成立，帶電粒子從bc邊射出場(chǎng)區(qū).故C正確；D錯(cuò)誤.

故選AC.

【點(diǎn)睛】

本題主要考查了帶電粒子在組合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過(guò)受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，熟練掌握?qǐng)A周運(yùn)動(dòng)及平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式．10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學(xué)溫標(biāo)的零度是℃；又叫絕對(duì)零度，故A正確，不符合題意；

B．熱力學(xué)溫標(biāo)溫度的變化總等于攝氏溫標(biāo)溫度的變化；溫度升高5℃，就是升高5K，故B錯(cuò)誤，符合題意；

C．絕對(duì)零度是低溫的極限；永遠(yuǎn)達(dá)不到，故C正確，不符合題意；

D．根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知；熱力學(xué)溫標(biāo)的絕對(duì)零度達(dá)不到，故D錯(cuò)誤，符合題意。

故選BD。11、A:D【分析】試題分析：大量帶正電和帶負(fù)電的微粒射入磁場(chǎng)時(shí)，由左手定則可以判斷正電荷受到的洛倫茲力向上，所以正電荷會(huì)聚集的A板上，負(fù)電荷受到的洛倫茲力向下，負(fù)電荷聚集到B板上，故B板相當(dāng)于電源的負(fù)極，A板相當(dāng)于電源的正極，所以通過(guò)電阻R的電流由a→R→b，金屬板A的電勢(shì)UA高于金屬板B的電勢(shì)UB；所以A正確B錯(cuò)誤；等離子體在A；B間運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁場(chǎng)力總是與離子體的運(yùn)動(dòng)方向垂直，所以磁場(chǎng)力不做功，故C錯(cuò)誤D正確．故選AD．

考點(diǎn)：霍爾效應(yīng)。

【名師點(diǎn)睛】根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可判斷電荷的偏轉(zhuǎn)方向，考查對(duì)磁流體發(fā)電機(jī)的理解能力．此題還可以等效成流體切割磁感線，由E=Bvd求得發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)．12、B:D【分析】【詳解】

A；帶負(fù)電的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

從圖像上可以看出該帶電粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度方向的反向延長(zhǎng)線不通過(guò)O點(diǎn)；故A錯(cuò)；

B、有幾何關(guān)系知，軌跡所對(duì)的圓心角為且軌跡的圓心O剛好在圓形磁場(chǎng)的邊界上，所以軌跡的半徑為由可求得：故B對(duì)；

C、運(yùn)動(dòng)時(shí)間等于弧長(zhǎng)除以速度，即故C錯(cuò)；

D；有圖可知；此時(shí)軌跡圓弧對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)最長(zhǎng)，等于磁場(chǎng)區(qū)域的直徑，所以在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間也就最長(zhǎng)，若改變?nèi)肷浣嵌?，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間變短，故D對(duì)；

故選BD三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【詳解】

由于小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則其與水平面碰撞前的速度為：所以與水平面碰撞前的動(dòng)量為：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向豎直向下．與水平面碰后，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為0.8m，則碰后小球速度為方向豎直向上；此時(shí)小球的動(dòng)量為：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向豎直向上，動(dòng)量的變化量為：．設(shè)向上為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理，合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化．小球所受外力有重力mg和水平面對(duì)它的彈力N，則有：（N-mg）t=P2-P1，代入數(shù)據(jù)解得：N=91N，方向豎直向上．【解析】0.99114、略

【分析】當(dāng)小球所受的洛倫茲力小于重力垂直桿向下的分力，小球向下做加速運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力逐漸增大，支持力和滑動(dòng)摩擦力逐漸減小，合力增大，加速度增大．當(dāng)洛倫茲力等于重力垂直桿的分力時(shí)，又由得

點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是分析小球的受力情況，判斷其運(yùn)動(dòng)情況，注意先分析重力和洛倫茲力，再分析彈力和摩擦力，抓住洛倫茲力的大小與速度大小成正比進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析?！窘馕觥?5、略

【分析】【詳解】

[1]氣體由狀態(tài)a到狀態(tài)b溫度升高，則氣體的內(nèi)能增加，同時(shí)氣體的體積增大，說(shuō)明氣體對(duì)外做功，由

其中氣體對(duì)外做功W為負(fù)值，而內(nèi)能增加，即為正，則Q為正值；故氣體應(yīng)從外界吸熱。

[2]當(dāng)氣體再次回到狀態(tài)a時(shí)，理想氣體的內(nèi)能回到原來(lái)的數(shù)值，即由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體的內(nèi)能減少100J，c到d過(guò)程，氣體發(fā)生等容變化，對(duì)外不做功，c到a過(guò)程，由

可得

則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體對(duì)外放出的熱量為【解析】吸熱6016、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于17、略

【分析】【詳解】

[1]單色光a的偏向角小于單色光b的偏向角，所以冰晶對(duì)單色光a的折射率小于冰晶對(duì)單色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大18、略

【分析】【詳解】

[1]氣囊展開(kāi)過(guò)程中；氣體迅速膨脹，對(duì)外做功，由于時(shí)間極短，可看作絕熱膨脹，故內(nèi)能減??；

[2]泄露收縮過(guò)程中；整個(gè)氣體是進(jìn)一步膨脹的，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，內(nèi)能進(jìn)一步減小，故剩余部分氣體的溫度進(jìn)一步降低，而溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，故分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能減小，而分子密集程度也稀疏了，故氣囊內(nèi)壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力減小。

【點(diǎn)睛】

熱力學(xué)第一定律就是不同形式的能量在傳遞與轉(zhuǎn)換過(guò)程中守恒的定律，表達(dá)式為表述形式：熱量可以從一個(gè)物體傳遞到另一個(gè)物體，也可以與機(jī)械能或其他能量互相轉(zhuǎn)換，但是在轉(zhuǎn)換過(guò)程中，能量的總值保持不變。【解析】減小減小19、略

【分析】【詳解】

如圖，從正向最大位移處開(kāi)始計(jì)時(shí)，振動(dòng)方程的表達(dá)式為為：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

據(jù)題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動(dòng)方程的表達(dá)式為為：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt20、略

【分析】【分析】

【詳解】

滑塊甲乙系統(tǒng)在碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：＋＝＋由題意知，兩者迎面碰撞，說(shuō)明兩者初速度方向相反，不妨假設(shè)甲的初速度方向?yàn)檎较?，又由于題目中只說(shuō)明碰后乙的速度大小，未說(shuō)明碰后速度方向，但系統(tǒng)初始總動(dòng)量方向與正方向相同，因此碰后系統(tǒng)的總動(dòng)量方向也應(yīng)與正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：＝0.05m/s，為正值，即方向與它原來(lái)的方向相同．【解析】0.05相同21、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光電效應(yīng)方程又所以有解得又光子動(dòng)量所以A、B兩種光子的動(dòng)量之比為1:2.【解析】1:2四、作圖題(共3題，共27分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共24分)25、略

【分析】【詳解】

(1).根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理，連接P1、P2表示入射光線，連接P3、P4表示出射光線，連接兩光線與玻璃磚的交點(diǎn)，即為折射光線；實(shí)驗(yàn)的過(guò)程中，要先在白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針P1和P2,然后在玻璃磚另一側(cè)觀察，調(diào)整視線使P1的像被P2的像擋住，接著在眼睛所在一側(cè)相繼又插上兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P