2025年湘教版必修3物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版必修3物理上冊月考試卷607考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，電壓表為理想電壓表。若將照射R3的光的強度減弱；則（）

A.電壓表的示數(shù)變大B.小燈泡消耗的功率變小C.通過R2的電流變小D.電源內阻的電壓變大2、如圖所示，兩條不等長的細線一端拴在同一點，另一端分別拴住兩個帶同種電荷的小球，電荷量分別為質量分別為當兩小球處于于同一水平面時恰好靜止，且則造成不相等的原因是（）

A.B.C.D.3、某電子元件通電后其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線；下列說法中正確的是（）

A.隨著所加電壓的增大，該元件的電阻減少B.對應P點，該元件的電阻為C.對應P點，該元件的電阻為D.該元件為非線性元件，歐姆定律不滿足，所以不能用公式R=求電阻4、可視為點電荷的兩個完全相同的金屬小球，分別帶有和的電荷，相距一定距離時庫侖力的大小為將兩球接觸后再放回原處，兩球之間的庫侖力為（）A.引力，大小為B.引力，大小為C.斥力，大小為D.斥力，大小為5、如圖所示，O點為兩等量異種點電荷連線的中點，一帶正電的粒子（不計重力）從連線上的A點由靜止釋放。在電場力作用下運動到B點。取A點為坐標原點，沿直線向右為x軸正方向。在粒子從A點運動到B點的過程中，下列關于粒子運動的速度v和加速度a隨時間t的變化，運動徑跡上電勢和粒子的電勢能隨位移x的變化圖線可能正確的是（）

A.B.C.D.6、關于電流強度的概念，以下敘述中正確的是（）A.通過導線截面的電量越多，電流強度越大B.電子運動的速率越大，電流強度越大C.單位時間內通過導體截面的電量越多，電流強度越大D.因為電流有方向，所以電流強度是矢量7、如圖所示是某款理發(fā)用的電吹風的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構成．當閉合開關S1、S2后；電動機驅動風葉旋轉，將空氣從進風口吸入，經電熱絲加熱，形成熱風后從出風口吹出．已知電吹風的額定電壓為220V，吹冷風時的功率為120W，吹熱風時的功率為1000W．關于該電吹風，下列說法正確的是()

A.電熱絲的電阻為55ΩB.電動機的電阻為ΩC.當電吹風吹冷風時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為1000JD.當電吹風吹熱風時，電動機每秒鐘消耗的電能為1000J8、關于物理學史，下列說法錯誤的是A.伽利略通過斜面實驗推斷出自由落體運動的速度隨時間均勻變化，他開創(chuàng)了研究自然規(guī)律的科學方法，這就是將數(shù)學推導和科學實驗相結合的方法B.牛頓在伽利略笛卡兒、開普勒等人研究的基礎上，采用歸納與演繹綜合與分析的方法，總結出了普遍適用的力學運動規(guī)律——牛頓運動定律和萬有引力定律C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了導線附近小磁針的偏轉，從而得出電流的磁效應，首次揭示了電流能夠產生磁場D.愛因斯坦首先提出當帶電微粒輻射或吸收能量時，是以最小能量值為單位一份份地輻射或吸收的，這個不可再分的最小能量值叫做能量子評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、兩個相同的負電荷和一個正電荷附近的電場線分布如圖所示，c時兩負電荷連線的中點，d點在正電荷的正上方，c、d到正電荷的距離相等；則（）

A.a點的電場強度比b點的大B.a點的電勢比b點的高C.c點的電場強度比d點的大D.c點的電勢比d點的低10、如圖所示，一絕緣光滑半圓環(huán)豎直軌道ABC放在水平向右的足夠大的勻強電場中。在與環(huán)心等高處C點放有一質量為m；帶正電的小球；由靜止釋放后開始沿軌道運動，小球運動過程中，所受電場力大小與重力大小相等，下述說法正確的是（）

A.小球經過環(huán)的最低點B時速度最大B.小球經過環(huán)的最低點B時速度為零C.小球在運動過程中對軌道壓力的最小值為mgD.小球在運動過程中對軌道壓力的最小值為mg11、關于電流的說法中正確的是（）A.根據(jù)可知I與q成正比B.電流有方向，但電流是標量C.在金屬導體中，自由電子移動方向為電流方向D.電流的單位“安培”是國際單位制中的基本單位12、如圖所示，質量分別是m1和m2帶電量分別為q1和q2的小球，用長度不等的輕絲線懸掛起來，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β(α>β)；兩小球恰在同一水平線上，那么()

A.兩球一定帶異種電荷B.q1可能大于q2C.m1一定大于m2D.m1所受庫侖力一定大于m2所受的庫侖力13、兩點電荷q1、q2分別固定在x軸上，其中q1在O點，q2位置未知，x軸上電勢分布如圖所示。質量為m、帶電量為－q的粒子（不計重力），以初速度v0從x1點沿x軸正方向運動（粒子僅受電場力）；則下列說法正確的是。

A.q2是負電荷B.q1的電荷量大于q2的電荷量C.若粒子能到達x4處，則v0的大小至少應為D.粒子從x1點運動到x4點的過程中，粒子的電勢能先增大后減小14、如圖，a、b、c、d為正四面體的四個頂點，O點為d點在底面上的投影，在a點放置一個電量為的點電荷，在b點放置一個電量為的點電荷；則（）

A.c、d兩點的電場強度相等B.沿cd連線移動一帶電量的點電荷，電場力始終不做功C.Od連線為該電場中的一條等勢線D.將一帶電量為的點電荷從d點移到O點再移到c點，電場力先做負功，后做正功15、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點；據(jù)此可知（）

A.帶電質點通過Q點時的受力方向如圖中箭頭所示B.三個等勢面中，c的電勢最低C.帶電質點通過P點時的動能比通過Q點時大D.帶電質點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大16、如圖所示，a、b、c、d是圓O上的四點，ab=5cm，cd=8cm，一勻強電場的方向與圓所在平面平行，已知a、b、d三點電勢分別為則下列說法正確的是（）

A.a點電勢比c點電勢低B.電場強度大小為6V/cmC.電子在b點的電勢能比在c點的低D.電子從d點運動到c點，克服電場力做功17、如圖所示；將一輕彈簧下端固定在傾角為θ的粗糙斜面底端，彈簧處于自然狀態(tài)時上端位于A點。質量為m的物體從斜面上的B點由靜止開始下滑，與彈簧發(fā)生相互作用后，最終停在斜面上。則（）

A.物體最終不可能停在A點B.整個過程中物體第一次到達A點時動能最大C.物體第一次反彈后不可能到達B點D.整個過程中重力勢能的減少量等于克服摩擦力做的功評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、正離子A（質量為m、電荷量為q）和正離子B（質量為2m、電荷量為q）由靜止開始經相同電加速后，如圖所示垂直電場線射入兩塊平行帶電金屬板間，從兩板間射出時（重力不計）A、B側移之比yA：yB=______________；A、B動能增量之比△EkA：△EkB=______________。

19、新疆達坂城風口的風速約為設該地空氣的密度為把通過橫截面積的風能轉化為電能（轉化效率），利用上述已知量推導計算電功率的公式為___________，代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為___________。

20、如圖所示，在某一點電荷產生的電場中有兩點，其中點的場強大小為方向與連線成30°角；點的場強大小為方向與連線成60°角，則___________，_________（此空填“＞”；“＝”或“＜”）

21、如圖所示，在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為-4×10-6C的點電荷從A點移到M板，電場力做負功8×10-4J，把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為4×10-4J；N板接地．則。

（1）A點的電勢=________________

（2）UMN等于__________22、由4個電阻連接成的混聯(lián)電路如圖所示。R1＝8Ω，R2＝4Ω，R3＝6Ω，R4＝3Ω。則a、d之間的總電阻為________；如果把42V的電壓加在a、d兩端，通過R3的電流是__________。

23、下圖是一種利用電磁原理制作的充氣泵的結構示意圖。當電磁鐵通入電流時；可吸引或排斥上部的小磁體，從而帶動彈性金屬片對橡皮碗下面的氣室施加力的作用，達到充氣的目的。請回答以下問題：

(1)當電流從電磁鐵的接線柱流入時，發(fā)現(xiàn)吸引小磁體向下運動，則電磁鐵的上端為______極，小磁體的下端為______極；

(2)電磁鐵用的鐵芯可分為硬磁性材料和軟磁性材料。硬磁性材料在磁場撤去后還會有很強的磁性，而軟磁性材料在磁場撤去后就沒有明顯的磁性了。你認為這種鐵芯應該用哪種材料制作______？24、探究感應電流方向的實驗中；要用到靈敏電流計，條形磁鐵，螺線管，已知若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側，則：

（1）甲圖中螺線管的感應電流的磁場方向是______（請?zhí)睢跋蛏稀被颉跋蛳隆保?/p>

（2）乙圖中磁鐵在螺線管中產生的磁場方向是______（請?zhí)睢跋蛏稀被颉跋蛳隆保?/p>

（3）圖丙中螺線管中的磁通量正在______（請?zhí)睢霸龃蟆被颉皽p小”）

（4）圖丁中螺線管的繞向為（從上往下看，按電流流經方向）______（請?zhí)睢绊槙r針”或“逆時針”）

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)25、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共20分)26、如圖所示為簡易多用電表的電路圖。該多用電表有個擋位，個擋位中有：直流電壓擋和擋，直流電流擋和擋，歐姆擋。圖中是直流電源；和是定值電阻，是可變電阻，最大值為表頭的滿偏電流為內阻為虛線方框內為換擋開關，端和端分別與兩表筆相連。

（1）圖中的A端與___________（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。

（2）要想使用直流電壓擋，選擇開關應與___________相連（填選擇開關對應的數(shù)字）。

（3）關于的使用，下列說法正確的是()

A.在使用多用電表之前，調整使電表指針指在表盤左端電流“”位置。

B.使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調整使電表指針指在表盤右端電阻“”位置。

C.使用電流擋時，先將兩表筆短接，調整使電表指針盡可能指在表盤右端電阻“”位置。

（4）根據(jù)題給條件可得=___________=___________27、在“測量金屬絲的電阻率”實驗中。用螺旋測微器測量該金屬絲的直徑，某次測量結果如圖所示，其讀數(shù)為_________

28、為了研究咸湖出現(xiàn)的規(guī)律，某同學設計了一個檢測河水電阻率的實驗，他在一根均勻的長玻璃管兩端裝上兩個橡膠塞和鉑電極，如圖甲所示，兩電極相距L＝0.314m，其間充滿待測的河水，安裝前他用游標卡尺測量玻璃管的內徑，結果如圖乙所示。他還選用了以下儀器：量程15V，內阻約300k的電壓表；量程300μA，內阻約50的電流表；最大阻值1k的滑動變阻器；電動勢E＝12V、內阻r＝6的電池組，開關一只，導線若干。圖丙坐標系中包括坐標為（0，0）的點在內的9個點表示他測得的9組電流I、電壓U的值；根據(jù)以上材料完成以下問題：

（1）玻璃管的內徑d＝________mm。

（2）圖丁中的實物儀器有一部分已連線，將其他部分連接成能測出圖丙數(shù)據(jù)的實物連接圖______。

（3）水的電阻率＝________（結果保留兩位有效數(shù)字）。29、測量電源的電動勢E及內阻r（E約為2V，r約為0.5Ω）。

器材：蓄電池，電流表A（量程為0~0.6A），電壓表（量程為0~3V），電壓表（量程為0~15V），滑動變阻器R（0~20Ω），定值電阻R1、R2、R3（阻值分別為2Ω；10Ω、15Ω）；開關、導線若干。請回答下列問題：

（1）小明同學利用以上器材，設計了如圖1所示的電路，若C是電壓表，則A是______，B是______，C是______，D是______。（填器材對應符號）

（2）圖2是根據(jù)電路原理圖已連接了部分導線的實物；請將此圖實物間的連線補充完整______。

（3）某位同學根據(jù)數(shù)據(jù)畫出U-I圖線，如圖3所示，由此可求出電源電動勢E=______V，電源內阻r=______Ω。（結果保留3位有效數(shù)字）

（4）用圖1電路測量電源電動勢和內阻，產生系統(tǒng)誤差的主要原因是______。（只填一個）參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．若將照射R3的光的強度減弱，則其阻值增大，電路中并聯(lián)電路的電阻增加，根據(jù)分壓原理，有

可知；電壓表的示數(shù)變小，故A錯誤；

B．同理，有

可知；電源內阻消耗的電壓變小，故B錯誤；

C．同理，有

可知，并聯(lián)電路變大，根據(jù)歐姆定律，有

可知，通過R2的電流變大；故C錯誤；

D．根據(jù)分流原理，有

根據(jù)閉合電路歐姆定律，有

聯(lián)立，可得流過小燈泡的電流減小，有

可知；小燈泡消耗的功率變小，故D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

對兩個球受力分析；均受重力；拉力和靜電斥力，如圖所示。

不管電荷量大小如何，靜電斥力F、F′都相同，故電荷量關系不影響角度α和β；根據(jù)平衡條件，有

由于故故A正確；BCD錯誤。

故選A。

【點睛】

本題關鍵是對兩個小球受力分析，然后根據(jù)平衡條件列式分析；兩小球均受三力平衡，可采用合成法、正交分解法、相似三角形法分析力之間的關系。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，而I-U圖象中的斜率表示電阻的倒數(shù)；所以隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大，故A錯誤；

BCD．由圖象可知，P點對應的電壓為U1，電流為I2，根據(jù)歐姆定律可得燈泡的電阻

故B正確；CD錯誤。

故選B。4、D【分析】【分析】

【詳解】

兩球未接觸前；根據(jù)庫侖定律得兩球間的庫侖力為。

兩球之間表現(xiàn)為引力；

當兩球接觸后；兩球的電荷先中和再平分，放回原處后，此時兩球間的庫侖力為。

可得。

兩球間表現(xiàn)為斥力；ABC錯誤，D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)等量異種電荷的電場線分布可知，在A到B的運動過程中，電場強度先變小后變大，粒子受到的電場力先變小后變大，則加速度先變小后變大．v-t圖象切線的斜率先變小后變大；故A錯誤，B正確；

C．沿著電場線方向電勢降低；電勢與位移的圖象的斜率表示電場強度，電場強度先減小后增大，所以圖象的斜率先減小后增大，故C錯誤；

D．根據(jù)EP=qφ，得

E先減小后增大，所以EP-x圖象切線的斜率先減小后增大；故D錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

A．物理學中把每秒鐘通過導體任一橫截面的電荷量（簡稱電量）叫做電流強度；通過導體橫截面的電量越多，但時間不知道，電流強度不一定大，故A錯誤；

B．導電流強度的微觀表達式為所以電子速率大，電流強度不一定大，故B錯誤；

C．物理學中把每秒鐘通過導體任一橫截面的電荷量（簡稱電量）叫做電流強度；則單位時間內通過導體截面的電量越多，電流強度越大，故C正確；

D．電流有方向，但其運算不能應用平行四邊形定則，故其為標量，故D錯誤。

故選C。7、A【分析】【詳解】

A.電機和電阻并聯(lián)，當吹熱風時，電阻消耗的功率為P=P熱-P冷=1000-120W=880W，由可知。

故A正確.

B.電機為非純電阻電路故不能用求出阻值；故B錯誤.

C.當電吹風吹冷風時；電熱絲處于斷路狀態(tài)，沒有電流通過，電熱絲每秒鐘消耗的電能為0；故C錯誤.

D.當電吹風吹熱風時，電動機M和電熱絲R并聯(lián)，電動機的功率為120W，所以每秒鐘消耗的電能Q=Pt=120×1=120J；故D錯誤.8、D【分析】【詳解】

伽利略通過斜面實驗推斷出自由落體運動的速度隨時間均勻變化，他開創(chuàng)了研究自然規(guī)律的科學方法，這就是將數(shù)學推導和科學實驗相結合的方法，選項A正確；牛頓在伽利略笛卡兒、開普勒等人研究的基礎上，采用歸納與演繹綜合與分析的方法，總結出了普遍適用的力學運動規(guī)律牛頓運動定律和萬有引力定律，選項B正確；奧斯特發(fā)現(xiàn)了導線附近小磁針的偏轉，從而得出電流的磁效應，首次揭示了電流能夠產生磁場，選項C正確；普朗克首先提出當帶電微粒輻射或吸收能量時，是以最小能量值為單位一份份地輻射或吸收的，這個不可再分的最小能量值叫做能量子，選項D錯誤；此題選擇不正確的選項，故選D.二、多選題(共9題，共18分)9、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

由圖知，a點處的電場線比b點處的電場線密集，c點處電場線比d點處電場密集，故AC正確；過a點畫等勢線，與b點所在電場線的交點在b點沿電場線的方向上，所以b點的電勢高于a點的電勢，故B錯誤；同理可得d點電勢高于c點電勢；故D正確．

【點睛】

本題是對電場基本性質的理解，電場線與電場強度、電勢的關系，可由電場線的疏密判斷電場的強弱，由電勢的疊加判斷電勢的高低，也可以通過畫等勢線，判斷電勢的高低．10、B:D【分析】【詳解】

AB．因小球所受電場力大小與重力大小相等，可知平衡位置在BC的中點，即小球經過BC中點時速度最大，由對稱可知，小球經過環(huán)最低點B時的速度為零；選項A錯誤，B正確；

CD．由對稱可知，小球在B、C兩點時對軌道的壓力最小，大小均為mg；選項C錯誤，D正確。

故選BD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．是一個比值定義式，電流大小與電荷量q有關，還與時間有關。只有在時間是定值的情況下，I與q成正比。故A錯誤；

B．電流有方向；但運算滿足代數(shù)法則，電流是標量，故B正確；

C．在金屬導體中；自由電子移動方向為電流的反方向，故C錯誤；

D．電流的單位“安培”是國際單位制中的基本單位；故D正確。

故選BD。12、A:B【分析】【詳解】

A.兩球相互吸引必定是異種電荷；故A正確．

B.根據(jù)牛頓第三定律，兩球間的庫侖力大小相等，無法判斷電量的大小，q1可能大于q2；故B正確．

C.設兩球間庫侖力大小為F，對m1研究，得到：

同理，對m2研究，得到

則

因α＞β，得到m1＜m2；故C錯誤．

D.根據(jù)牛頓第三定律，m1所受庫侖力一定等于m2所受的庫侖力，故D錯誤．13、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)x軸上電勢分布，x1點電勢為0，x3場強為0，x3右側場強先增大后減小，可判斷q2一定在x軸負軸。x3場強為0，q1、q2產生的場強等大反向，所以q2一定帶負電且q2電荷量大于q1；A正確，B錯誤。

D．粒子從x2運動到x4過程；電場力先做負功后做正功，選項D正確；

C．粒子要能到達x4點必須能通過x3點，由電場力做功與電勢的關系可知粒子到達x4點做的功大于動能定理得

v0必須大于選項C錯誤。

故選AD。14、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．+Q和?Q是等量異種電荷，根據(jù)其電場線的分布情況和對稱性可知，c、d兩點的電場強度大小相等；方向相同；則電場強度相同，故A正確；

B．通過ab連線的中垂面是一等勢面，c、d在同一等勢面上，cd連線上電勢處處相等。則沿cd連線移動一帶+q電量的點電荷；電場力始終不做功。故B正確；

C．由上分析知，Od連線為電場中的一條等勢線；連線上各點的電勢相同，故C正確；

D．O、c、d在同一等勢面上將一帶電量為?q的點電荷從d點移到O點再移到c點；電場力一直不做功。故D錯誤。

故選ABC。15、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，則電場力指向右下方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最高，c點的電勢最低；故A錯誤，B正確；

CD．從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，所以P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大，電場力做正功，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能；故C錯誤，D正確。

故選BD。16、C:D【分析】【詳解】

AB．如圖。

由圓的性質可知，∠adc=90°，故根據(jù)幾何關系可得ac=2ab=10cm

設場強E與ad夾角為β1，與ab夾角為β2，∠dac=α=53°；根據(jù)勻強電場場強與電勢差的關系有。

對a、d兩點

對a、b兩點

聯(lián)立，解得

再結合幾何關系

即

可得β1=α=53°，β2=60°

故可知，電場沿a→c方向，所以

根據(jù)電勢與電勢差和場強的關系可得

故AB錯誤；

C．根據(jù)電勢與電勢差之間的關系可得

所以

從而可知，電勢能之差為

故C正確；

D．根據(jù)電場力的公式，可得電子從d點運動到c點，克服電場力做功為

故D正確。

故選CD。17、A:C【分析】由題意可知，物塊從靜止沿斜面向上運動，說明重力的下滑分力大于最大靜摩擦力，因此物體不可能最終停于A點，故A正確；物體接觸彈簧后，還要繼續(xù)加速，直到彈力與重力的分力相等時，達到最大速度；故最大速度在A點下方；故B錯誤；由于運動過程中存在摩擦力，導致摩擦力做功，所以物體第一次反彈后不可能到達B點，故C正確；根據(jù)動能定理可知，從靜止到速度為零，則有重力做功等于克服彈簧彈力做功與物塊克服摩擦做的功之和，則重力勢能的減小量大于物塊克服摩擦力做功。故D錯誤；三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【詳解】

[1]離子在電場中加速，設末速度為v0，據(jù)動能定理得

離子穿出偏轉電場的時間為

偏轉電場的加速度為

離開偏轉電場時側移量

即側移量與電荷的電量與質量均無關，則A、B側移之比yA：yB=1:1

[2]根據(jù)動能定理

則A、B動能增量之比△EkA：△EkB=1:1【解析】1：11：119、略

【分析】【詳解】

[1]設時間t內通過橫截面積的風能為

電功率為

[2]代入數(shù)據(jù)得到電功率的大小為【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]通過作圖找出點電荷Q的位置，并設a、b間距為2l，則a、b兩點距點電荷的距離分別為和l，如圖所示；根據(jù)點電荷周圍的場強公式

及

可知

[2]根據(jù)電場線的方向可知場源電荷是負電荷，又因為越靠近場源負電荷電勢越低，所以【解析】＞21、略

【分析】【分析】

【詳解】

AN間的電勢差：又：UAN=φA-φN，φN=0，則A點的電勢：φA=-100V，則．【解析】-100V-300V22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，R3與R4并聯(lián)后再與R1、R2串聯(lián)，故a、d之間的總電阻為。

[2]由歐姆定律得干路中電流為。

此即通過R1、R2的電流。

設通過R3、R4的電流分別為I3、I4；則得。

而。

聯(lián)立解得。

【解析】14Ω1A23、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當電流從電磁鐵的接線柱A流入時；從上向下看電流是順時針方向，根據(jù)右手螺旋定則可知電磁鐵的下端為N極，上端為S極。

[2]由異性相吸可知下端為N極。

（2）[3]根據(jù)電磁鐵的工作要求，當沒有電流時，要讓鐵芯失去磁性，當通電時，要有磁性，因此種鐵芯最好用軟磁性材料制作。【解析】①.S②.N③.軟磁性材料24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]依題意；若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側，而甲圖中電流從正接線柱流入電流計，根據(jù)安培定則，感應電流產生的磁場方向向上；

(2)[2]圖中電流從負接線柱流入電流計；根據(jù)安培定則，感應電流產生的磁場方向向下，磁鐵向上運動，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律則原磁場方向向下；

(3)[3]圖中電流從正接線柱流入電流計；根據(jù)安培定則，感應電流的磁場方向向上，原磁場方向向上，根據(jù)楞次定律可知，磁通量減??；

(4)[4]磁鐵N極向上運動，穿過線圈的磁通量減小，原磁場方向向下，根據(jù)楞次定律，感應磁場向下，而感應電流從正接線柱流入電流計，因此其方向俯視為順時針方向?！窘馕觥肯蛏舷蛳聹p小順時針四、作圖題(共1題，共8分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關及干簧管繼電器開關外面接線構成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關里面的兩個接線構成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關存在磁場，導致開關接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】五、實驗題(共4題，共20分)26、略