2025年北師大版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關(guān)于點電荷、元電荷、檢驗電荷，下列說法正確的是（）A.點電荷是一種理想化的物理模型B.點電荷所帶電荷量不一定是元電荷電荷量的整數(shù)倍C.點電荷所帶電荷量一定很小D.點電荷、元電荷、檢驗電荷是同一種物理模型2、下列關(guān)于靜電場中電場強(qiáng)度和電勢差，說法正確的是(

)

A.電場強(qiáng)度為零的地方，電勢為零B.電場強(qiáng)度是矢量，它的方向就是電荷在該點的受力方向C.由U=Ed

可知，勻強(qiáng)電場中任意兩點間的距離越大，則它們間的電勢差也一定越大D.電場中某點的電場強(qiáng)度與檢驗電荷無關(guān)3、如圖所示，P是一個偏振片，P的透振方向（用帶有箭頭的實線表示）為豎直方向。下列四種入射光束中，不能在P的另一側(cè)觀察到透射光的是A.太陽光B.沿豎直方向振動的光C.沿水平方向振動的光D.沿與豎直方向成45°角振動的光4、在如圖所示的勻強(qiáng)磁場中的線圈，作如下運動時能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是：A.線圈在紙平面內(nèi)左右移動；B.線圈在紙平面內(nèi)上下移動；C.線圈垂直于紙平面上下移動；D.線圈繞OO′軸旋轉(zhuǎn)。5、普通交流電流表和交流電壓表不能直接接在高壓輸電線路上測電流和電壓；通常要通過互感器來連接，現(xiàn)在在圖高壓電路輸入端已接入兩個互感器，原；副線圈的匝數(shù)比分別為1隆脙200

和200隆脙1

圖中甲、乙表示電壓表或電流表，已知電路中電壓表的讀數(shù)為11V

電流表的讀數(shù)為1A

則()

A.甲電表是電壓表，乙電表是電流表B.圖示高壓輸送電路輸電線的總電阻是11婁賂

C.圖示高壓輸送電路輸入的總功率為220kW

D.圖示高壓輸送電路輸入的總功率為440kW

6、在如圖所示的電路中，S

閉合時流過自感線圈的電流是2A

流過燈泡的電流是1A

將S

突然斷開，則S

斷開前后，能正確反映流過燈泡的電流I

隨時間t

變化的圖線是下圖中的()

A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、某學(xué)生用單擺測定重力加速度時，測出多組單擺的擺長l和運動周期T，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出T2-l圖象．則。

（1）寫出由單擺做間諧運動而得到的重力加速度的表達(dá)式g=____．由。

圖象計算出的重力加速度g=____m/s2．（取π2=9.87；保留三位有效數(shù)字）

（2）理論上該實驗圖象應(yīng)該是一條過原點的斜線；而該同學(xué)由于在測擺長時未。

加上小球的半徑，所以得到如圖所示的圖線，這樣通過第一問的方法計算出來的重力加速度與正確操作相比，其結(jié)果____（填“偏大”；“偏小”、“相同”）

8、如圖所示，兩人在同一船上，甲在船的左邊，乙在船的右邊，甲的質(zhì)量70kg，乙的質(zhì)量50kg，船的質(zhì)量200kg．當(dāng)甲走到右端乙到達(dá)船的左端時，船在水平方向上行駛的距離為____．（已知船長為L）

9、如圖甲為某同學(xué)研究自感現(xiàn)象的實驗電路圖，用電流傳感器顯示器各時刻通過線圈L

的電流.

電路中電燈的電阻R1=6.0婁賂

定值電阻R=2.0婁賂AB

間電壓U=6.0V.

開關(guān)S

原來閉合，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，在t1=1.0隆脕10鈭?3s

時刻斷開關(guān)S

此時刻前后電流傳感器顯示的電流隨時間變化的圖線如圖乙所示.

則線圈L

的直流電阻RL=

______；斷開開關(guān)后通過電燈的電流方______(

填“向左”或“向右”)

在t2=1.6隆脕10鈭?3s

時刻線圈L

中的感應(yīng)電動勢的大小為______．10、電阻R1、R2的I-U圖象如圖，可知R1=____Ω，R2=____Ω；若把R1、R2并聯(lián)后接到電源上時，R1消耗的電功率是6W，則電源的輸出功率是____W．

11、平行板電容器所帶量Q=4×l0-8C，它的兩極板之間電壓U=2V，則它的電容為______F；如果兩板電量各減少一半，則兩板間電勢差變?yōu)開_____V．12、目前有些居民區(qū)內(nèi)樓道燈的控制；使用的是一種延時開關(guān)．該延時開關(guān)的簡化原理圖如圖所示．圖中D是紅色發(fā)光二極管（只要有很小的電流通過就能使其發(fā)出紅色亮光），R為限流電阻，K為按鈕式開關(guān)，虛線框內(nèi)S表示延時開關(guān)電路，當(dāng)K按下接通電路瞬間，延時開關(guān)觸發(fā)，相當(dāng)于S閉合．這時釋放K后，延時開關(guān)S約在1分鐘后斷開，電燈熄滅．根據(jù)上述信息和電原理圖，我們可推斷：

按鈕開關(guān)K按下前，發(fā)光二極管是______（填“發(fā)光的”或“熄滅的”），按鈕開關(guān)K按下再釋放后，電燈L發(fā)光持續(xù)時間約______分鐘，這一過程中發(fā)光二極管是______．限流電阻R的阻值和燈絲電阻RL相比，應(yīng)滿足R______RL的條件．13、在一個電阻兩端加12V

電壓時，通過它的電流為240mA

當(dāng)通過它的電流是1.8A

時，它兩端的電壓是______V

這個電阻的阻值是______婁賂

14、某同學(xué)要測量一新材料制成的均勻圓柱體的電阻率ρ；完成下列部分步驟：

（1）用游標(biāo)為20分度的卡尺測量其長度；如圖所示，由圖可知其長度為______cm。

（2）用螺旋測微器測量其直徑；如圖所示，由圖可知其直徑為______mm。

評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)15、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、作圖題(共2題，共14分)21、在探究產(chǎn)生感應(yīng)電流條件的實驗中；實驗室給提供了下列器材：電源；開關(guān)、電流表、大小螺線管、鐵芯、滑動變阻器、導(dǎo)線若干，如圖所示。請按照實驗的要求連好實驗電路。

22、一個質(zhì)量為m；電荷量為﹣q（負(fù)電）的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某電場中，小球所在處電場線為水平方向．當(dāng)懸線與豎直方向成θ時，小球靜止．畫出靜止小球的受力分析示意圖．

評卷人得分五、識圖作答題(共1題，共4分)23、miRNA是真核細(xì)胞中一類不編碼蛋白質(zhì)的短序列RNA；其主要功能是調(diào)控其他基因的表達(dá),在細(xì)胞分化；凋亡、個體發(fā)育和疾病發(fā)生等方面起著重要作用。研究發(fā)現(xiàn)，BCL2是一個抗凋亡基因，其編碼的蛋白質(zhì)有抑制細(xì)胞凋亡的作用。該基因的表達(dá)受MIR-15a基因控制合成的miRNA調(diào)控，如下圖所示，請分析回答：

（1）A過程是____________________，需要____________________的催化。B過程中能與①發(fā)生堿基互補配對的是___________________________。（2）據(jù)圖分析可知，miRNA調(diào)控BCL2基因表達(dá)的機(jī)理是__________________。（3）若MIR-15a基因缺失，則細(xì)胞發(fā)生癌變的可能性__________________（上升/不變/下降），理由是__________________________________。評卷人得分六、計算題(共3題，共6分)24、如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，兩板及其左側(cè)邊緣連線均與磁場邊界剛好相切。一帶電粒子（不計重力）沿兩板間中心線O1O2從左側(cè)O1點以某一速度射入，沿直線通過圓形磁場區(qū)域，然后恰好從極板邊緣飛出，在極板間運動時間為t0。若僅撤去磁場，質(zhì)子仍從O1點以相同速度射入，經(jīng)時間打到極板上。求：（1）兩極板間電壓U；（2）若兩極板不帶電，保持磁場不變，帶電粒子仍沿中心線O1O2從O1點射入，欲使帶電粒子從左側(cè)飛出兩板間，入射速度v應(yīng)滿足什么條件。25、如圖所示，一輕繩繞過兩輕滑輪，兩端分別連接著矩形導(dǎo)線框A1

和石塊A2

線框A1

的ab

邊長l1=lmbc

邊長l2=0.6m

電阻R=0.1婁賂

質(zhì)量m=0.5kg

石塊A2

的質(zhì)量M=2kg

兩水平平行虛線efgh

之間存在著垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T

如果線框從靜止開始運動，進(jìn)入磁場最初一段時間是勻速的，ef

線和gh

的距離為s

且s>l2(g

取10m/s2).

問：(1)

線框進(jìn)入磁場前石塊A2

的加速度a

多大；(2)

線框進(jìn)入磁場時勻速運動的速度v

多大．26、如圖所示，位于豎直平面內(nèi)的矩形金屬線圈，邊長L1=0.40m、L2=0.25m，其匝數(shù)n=100匝，總電阻r=1.0Ω，線圈的兩個末端分別與兩個彼此絕緣的銅環(huán)C、D（集流環(huán)）焊接在一起，并通過電刷和R=3.0Ω的定值電阻相連接。線圈所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T，在外力驅(qū)動下線圈繞豎直固定中心軸O1O2勻速轉(zhuǎn)動，角速度ω=2.0rad/s．求：

（1）電阻R兩端電壓的最大值。

（2）從線圈通過中性面（即線圈平面與磁場方向垂直的位置）開始計時，經(jīng)過周期通過電阻R的電荷量。

（3）在線圈轉(zhuǎn)動一周的過程中，整個電路產(chǎn)生的焦耳熱。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】解：A；點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點；點是沒有大小的，而實際物體總有大小，故點電荷是理想模型，故A正確；

B；元電荷是電量的最小值；是一個電量的單位，不管物體的大小能不能忽略，物體的帶電量一定是元電荷的整數(shù)倍，故B錯誤；

C；點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點；物體能不能簡化為點，不是看物體的絕對大小，而是看物體的大小對于兩個電荷的間距能不能忽略不計，故C錯誤；

D；點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點；元電荷是電量的最小值，檢驗電荷的體積和電荷量要足夠的小，故點電荷、元電荷、檢驗電荷不是同一種物理模型，故D錯誤；

故選A．

點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點；元電荷是電量的最小值；是一個電量的單位；檢驗電荷是對電場起檢驗作用的，其大小要足夠小，電量也要足夠小，不能影響原來的電場分別情況．

本題關(guān)鍵是對點電荷、元電荷和檢驗電荷的概念要有清晰的認(rèn)識，同時要明確它們之間的區(qū)別，這是理清概念的一種重要方法．【解析】【答案】A2、D【分析】解：A

電場強(qiáng)度和電勢都是描述電場的物理量；但二者無直接關(guān)系.

電勢是標(biāo)量，與零勢面的選取有關(guān)，所以電場強(qiáng)度為零的地方電勢不一定為零，故A錯誤．

B；電場強(qiáng)度是矢量；它的方向是正電荷在該點受到的電場力方向，與負(fù)電荷在該點受到的電場力方向相反，故B錯誤．

C；公式U=Ed

中的d

為沿兩點沿電場方向的距離；所以在勻強(qiáng)電場中，兩點間沿電場方向的距離越大，電勢差就越大，如果d

不是沿電場強(qiáng)度方向的距離，那么間距大時，電勢差不一定大，故C錯誤．

D；電場中某點的電場強(qiáng)度由電場本身決定；與檢驗電荷無關(guān)，故D正確．

故選：D

電場強(qiáng)度和電勢都是描述電場的物理量；二者無直接關(guān)系.

電場強(qiáng)度是矢量，它的方向是正電荷在該點的受到的電場力方向.

公式U=Ed

中d

是指兩點沿電場方向的距離.

電場強(qiáng)度與檢驗電荷無關(guān)，由電場本身決定．

明確電場強(qiáng)度和電勢都是描述電場的物理量，二者無關(guān).

要知道公式U=Ed

中的d

為兩點沿電場強(qiáng)度方向的距離，不是任意距離．【解析】D

3、C【分析】試題分析：因為太陽光具有各個方向的振動方向，所以太陽光能通過此偏振片；沿豎直方向振動的光和沿與豎直方向成45°角振動的光，都能通過此偏振片。沿水平方向振動的光不能通過此偏振片。選項C正確。考點：【解析】【答案】C4、D【分析】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是線圈中的磁通量發(fā)生變化，D正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緿5、D【分析】【分析】根據(jù)變壓器的構(gòu)造和原理分析解答。本題考查電流互感器和電壓互感器，根據(jù)理想變壓器的原理作答，難度不大。【解答】A.由題意知甲電表是電流表，乙電表是電壓表，故A錯誤；B.由U1U2=n1n2

和I1I2=n2n1

得到輸電線路的電壓U=2200V

電流I=200A

由于輸電線路的電壓降未知，無法得到高壓輸送電路輸電線的總電阻，故B錯誤；CD.

根據(jù)P=UI

得，高壓輸送電路輸入的總功率為440kw

故C錯誤，D正確。故選D?！窘馕觥緿

6、D【分析】【分析】根據(jù)自感現(xiàn)象知，當(dāng)斷開開關(guān)后，線圈產(chǎn)生自感電動勢，L

和D

形成回路，進(jìn)行分析。本題主要考查自感現(xiàn)象，要知道在直流電路中閉合和斷開瞬間自感線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，如有回路則有感應(yīng)電流?！窘獯稹侩婃IS

斷開前，通過燈泡D

的電流是穩(wěn)定的，其值為1A

電鍵S

斷開瞬間，燈泡支路的電流立即減為零，但是含自感線圈的支路由于自感現(xiàn)象會產(chǎn)生與線圈中原電流方向相同的感應(yīng)電動勢，使線圈中的電流將從原來的2A

逐漸減小，方向不變，且由于它和燈泡D

構(gòu)成回路，通過燈泡D

的電流和線圈L

中的電流相同，也應(yīng)該是從2A

逐漸減小為零，但是方向與原來通過燈泡D

的電流方向相反，故D正確，ABC錯誤。故選D。

【解析】D

二、填空題(共8題，共16分)7、略

【分析】

（1）由單擺周期公式T=2π可知，g=

由T=2π可得：T2=l=kl，k=

由圖象可知：k==0.04s2/cm=4s2/m；

由k=可知，g===9.87m/s2；

（2）由T=2π可得：T2=l=kl；

T2-l圖象應(yīng)該是過原點的直線；

如果測擺長l時，沒有包括擺球半徑r；

則T2=（l-r）=l-r；

則T2是l的一次函數(shù)；而不是正比例函數(shù)；

函數(shù)圖象不是過原點的直線；而是一次函數(shù)圖象，如圖所示；

圖象的斜率k與圖象是否過原點無關(guān)，而g=

因此該根據(jù)該圖象求得的重力加速度與正確操作時求得的重力加速度相同．

故答案為：（1）9.87；（2）相同．

【解析】【答案】（1）由單擺的周期公式式T=2π可以求出重力加速度的表達(dá)式；由圖象求出圖象的斜率，然后求出重力加速度．

（2）由單擺周期公式的變形公式求出L-T2關(guān)系表達(dá)式；然后分析圖象形成的原因，最后判斷測量值與真實值間的關(guān)系．

8、略

【分析】

先假設(shè)乙不動，對系統(tǒng)運用動量守恒定律得，m甲s甲=（m乙+m船）s船，又s甲+s船=L

解得．

再假設(shè)甲不動，對系統(tǒng)運用動量守恒定律得，m乙s乙=（m甲+m船）s船′，又s乙+s船′=L

解得．

則船在水平方向上移動的距離．

故答案為：

【解析】【答案】對系統(tǒng)研究；運用動量守恒定律，求出船在水平方向上行駛的距離．

9、略

【分析】解：(1)

由圖讀出；開始時流過電感線圈L

的電流I0=1.5A

由歐姆定律I0=URL+R

解得：RL=UI0鈭?R=2婁賂

(2)L1

中電流方向向左；

(3)

由圖讀出；t=1.6隆脕10鈭?3s

時刻線圈L

的電流I=0.20A

線圈L

此時是一個電源；由全電路歐姆定律E=I(RL+R+R1)

E=2.0V

故答案為：2婁賂

向左；2V

．

由圖讀出開始時流過電感線圈L

的電流；根據(jù)歐姆定律求電阻，再由閉合電路歐姆定律求電動勢．

本題結(jié)合歐姆定律考查了自感線圈對電流發(fā)生突變時的阻礙作用．【解析】2婁賂

向左；2V

10、略

【分析】

I-U圖象的斜率等于電阻的倒數(shù)；則。

R1=Ω=8Ω

R2==12Ω

R1、R2并聯(lián)后接到電源上時，它們的并聯(lián)電阻為R并==4.8Ω

由R1消耗的電功率P1=輸出功率P出=得。

=

代入解得，P出=10W．

故答案為：8；12，10

【解析】【答案】I-U圖象的斜率等于電阻的倒數(shù)；把R1、R2并聯(lián)后接到電源上時，由R1消耗的電功率為6W，根據(jù)功率公式P=運用比例法求出輸出功率．

11、略

【分析】解：根據(jù)C=得，電容的大小C=．

電荷量減半，電容不變，則電勢差U′=．

故答案為：2×10-8；1；

根據(jù)電容的定義式求出電容的大?。浑姾闪繙p半，電容不變，結(jié)合電容的定義式求出兩板間的電勢差．

解決本題的關(guān)鍵掌握電容的定義式C=知道電容的大小與電荷量以及兩板間的電壓無關(guān)．【解析】2×10-8；112、略

【分析】解：如圖所示；按鈕開關(guān)K按下前，發(fā)光二極管；限流電阻與燈泡串聯(lián)，有小電流通過發(fā)光二極管，因此發(fā)光二極管處于發(fā)光狀態(tài)．

當(dāng)按鈕開關(guān)K按下再釋放后；由于通電路瞬間延時開關(guān)觸發(fā)，相當(dāng)于S閉合，二極管被短路，所以處于熄滅狀態(tài)；由于延時開關(guān)S約在1分鐘后斷開，電燈才熄滅，則知電燈L發(fā)光持續(xù)時間約1min．

只有當(dāng)限流電阻R的阻值比燈絲電阻RL大得多時；通過發(fā)光二極管的電流才很小，確保二極管不燒壞．

故答案為：發(fā)光的；1，熄滅的，＞

根據(jù)電路的結(jié)構(gòu)和紅色發(fā)光二極管的特性進(jìn)行分析．當(dāng)按鈕開關(guān)K后；電燈L發(fā)光，延時開關(guān)觸發(fā)，相當(dāng)于S閉合，二極管被短路，燈泡發(fā)光．

解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)延時開關(guān)的閉合和斷開時，電路的連接方式正確進(jìn)行分析即可．【解析】發(fā)光的；1；熄滅的；＞13、略

【分析】解：(1)

電阻的阻值：

R=UI=120.24=50婁賂

(2)

因為電阻的阻值與兩端的電壓和通過的電流無關(guān)；

所以當(dāng)通過它的電流是1.8A

時；這個電阻的阻值仍為50婁賂

此時它兩端的電壓U隆盲=I隆盲R=1.8隆脕50=90V

．

故答案為：9050

．

(1)

已知電阻兩端的電壓和通過的電流；根據(jù)歐姆定律求出電阻的阻值；

(2)

電阻是本身的已知性質(zhì)；與兩端的電壓和通過的電流無關(guān)，然后根據(jù)歐姆定律求出當(dāng)通過它的電流是1.8A

時，它兩端的電壓．

本題考查了歐姆定律的簡單計算，關(guān)鍵是知道電阻的阻值與兩端的電壓和通過的電流無關(guān)，是一道基礎(chǔ)題目．【解析】9050

14、10.0152.097【分析】解：20分度的游標(biāo)卡尺；精確度是0.05mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10.0cm=100mm，游標(biāo)尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：100mm+0.15mm=100.15mm=10.015cm。

螺旋測微器的固定刻度為2.0mm；可動刻度為9.7×0.01mm=0.097mm，所以最終讀數(shù)為2.0mm+0.097mm=2.097mm。

故答案為：10.015；2.097

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量。【解析】10.0152.097三、判斷題(共6題，共12分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．16、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、作圖題(共2題，共14分)21、解：大螺線管和電流表組成閉合電路；帶鐵芯的小螺線管；滑動變阻器、電源、開關(guān)組成閉合回路。如圖所示。

答：如上圖所示?！痉治觥?/p>

探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實驗電路分兩部分；電源；開關(guān)、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，檢流計與副線圈組成另一個閉合電路。當(dāng)通過閉合電路磁通量發(fā)生變化時，會產(chǎn)生感應(yīng)電流。

知道探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實驗有兩套電路，這是正確連接實物電路圖的前提與關(guān)鍵。對于該實驗，要明確實驗原理及操作過程?！窘馕觥拷猓捍舐菥€管和電流表組成閉合電路；帶鐵芯的小螺線管；滑動變阻器、電源、開關(guān)組成閉合回路。如圖所示。

答：如上圖所示。22、解：小球靜止在電場中受重力；向右的電場力以及繩子的拉力作用；受力分析如圖所示；

故答案為：如圖所示．

【分析】【分析】明確小球一定受重力作用和繩子的拉力作用，再根據(jù)平衡條件即可根據(jù)其靜止的偏角可明確電場力的方向．五、識圖作答題(共1題，共4分)23、（1）轉(zhuǎn)錄RNA聚合酶tRNA/反密碼子。

（2）miRNA能與BCL2基因轉(zhuǎn)錄生成的mRNA發(fā)生堿基互補配對；形成雙鏈，阻斷翻譯過程。

（3）上升MIR-15a基因缺失，無法合成miRNA，無法調(diào)控BCL2基因的表達(dá)，使BCL2基因表達(dá)產(chǎn)物增加，抑制細(xì)胞凋亡，細(xì)胞癌變的可能性增加【分析】【分析】本題主要考查基因表達(dá)的相關(guān)知識，意在考查考生分析和解決問題的能力。由圖可知，A代表轉(zhuǎn)錄過程，需要的酶是RNA聚合酶，B過程是翻譯過程，mRNA和tRNA之間可以發(fā)生堿基的互補配對。BCL2基因轉(zhuǎn)錄的mRNA可以與核糖體結(jié)合進(jìn)行翻譯，也可以與MIR-15a基因的轉(zhuǎn)錄產(chǎn)物結(jié)合，阻止MCL2基因的翻譯過程。?【解答】（1）A過程是翻譯，需要RNA聚合酶的催化。B過程中能與①（mRNA）發(fā)生堿基互補配對的是tRNA上的反密碼子。（2）據(jù)圖分析可知，miRNA調(diào)控BCL2基因表達(dá)的機(jī)理是：miRNA能與BCL2基因轉(zhuǎn)錄生成的mRNA發(fā)生堿基互補配對，形成雙鏈，阻斷翻譯過程。（3）若MIR-15a基因缺失；則細(xì)胞發(fā)生癌變的可能性上升，理由是：MIR-15a基因缺失，無法合成miRNA，無法調(diào)控BCL2基因的表達(dá)，使BCL2基因表達(dá)產(chǎn)物增加，抑制細(xì)胞凋亡，細(xì)胞癌變的可能性增加。

【解析】（1）轉(zhuǎn)錄RNA聚合酶tRNA/反密碼子。

（2）miRNA能與BCL2基因轉(zhuǎn)錄生成的mRNA發(fā)生堿基互補配對；形成雙鏈，阻斷翻譯過程。

（3）上升MIR-15a基因缺失，無法合成miRNA，無法調(diào)控BCL2基因的表達(dá)，使BCL2基因表達(dá)產(chǎn)物增加，抑制細(xì)胞凋亡，細(xì)胞癌變的可能性增加六、計算題(共3題，共6分)24、略

【分析】試題分析：（1）設(shè)粒子從左側(cè)O1點射入的速度為v0，極板長為L，由題意可知，粒子離開磁場后做類平拋的水平位移為L-2R，粒子在初速度方向上做勻速直線運動：L：（L-2R）=t0：解得：L=4R，粒子在電場中做類似平拋運動，由牛頓第二定律得：水平方向：豎直方向：在復(fù)合場中作勻速運動：解得：（2）粒子在電場中做類似平拋運動，由牛頓第二定律得：豎直方向：粒子在復(fù)合場中作勻速運動，由平衡條件得：解得：①設(shè)粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為r，粒子恰好從上極板左邊緣飛出時速度的偏轉(zhuǎn)角為α，粒子運動軌跡如圖所示：由幾何關(guān)系可知：β=π-α=45°，r+r=R，解得：r=（-1）R，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：所以，粒子兩板左側(cè)間飛出的條件為：0＜v＜②粒子恰好從上極板右邊緣飛出時，粒子運動軌跡如圖所示：由幾何關(guān)系得：由解得：tanθ=-3，由圖示及幾何知識得：解得：r=（+3）R，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：粒子從兩板右側(cè)飛出的條件是：v＞綜上所述可知，欲使粒子從兩板間飛出，粒子射入的速度應(yīng)滿足條件是：0＜v＜或v＞考點：帶電粒子在勻強(qiáng)電場及在復(fù)合場中的運動.【解析】【答案】（1）（2）0＜v＜或v＞25、解：（1）線框進(jìn)入磁場前，線框A1僅受到細(xì)線的拉力FT和重力mg，石塊A2受到重力Mg和拉力FT

由牛頓第二定律得，對線框有：FT-mg=ma

對石塊有：Mg-FT=Ma

聯(lián)立解得：

（2）因為線框進(jìn)入磁場的最初一段時間做勻速運動，所以石塊受力平衡Mg=FT′

線框abcd受力平衡得：FT′=mg+FA

ab邊進(jìn)入磁場切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢為：E=Bl1v

產(chǎn)生的感應(yīng)電流為：

受到的安培力：FA=BIl1

聯(lián)立各式解得：

代入數(shù)據(jù)解得：v=6m/s

【分析】(1)

分別對線框和石塊運用牛頓第二定律；抓住加速度大小相等，求出線框進(jìn)入磁場前石塊的加速度。

(2)

抓住線框和石塊受力平衡；結(jié)合共點力平衡；切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式、閉合電路歐姆定律求出線框進(jìn)入磁場時勻速運動的速度。

本題根據(jù)牛頓第二定律研究加速度時，采用了隔離法，也可以運用整體法求解，對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，關(guān)鍵是分析和計算安培力?！窘馕觥拷猓?1)

線框進(jìn)入磁場前；線框A1

僅受