2025年北師大版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年北師大版選修3物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，V為電壓表，A為電流表，R0為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器；開(kāi)關(guān)閉合后，電路正常工作，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是。

A.電壓表的示數(shù)不變B.電流表的示數(shù)將增大C.電阻R0上消耗的電功率將增大D.燈泡L將變亮2、一定質(zhì)量的理想氣體，在體積保持不變的條件下，若氣體溫度升高到原來(lái)的2倍，則（）A.氣體的壓強(qiáng)增大到原來(lái)的2倍B.氣體的壓強(qiáng)減小到原來(lái)的一半C.氣體的壓強(qiáng)可能不變D.氣體壓強(qiáng)與體積的乘積不變3、對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，下列說(shuō)法正確的是（）A.如果氣體絕熱地自發(fā)向真空擴(kuò)散，則擴(kuò)散前后氣體內(nèi)能相同B.氣體可通過(guò)不斷對(duì)外做功從而達(dá)到絕對(duì)零度C.氣體溫度升高，每個(gè)分子速率一定增大D.在完全失重的狀態(tài)下，氣體的壓強(qiáng)為零4、兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線距離較近，通以相反方向的電流，電流大小關(guān)系＞設(shè)受到的安培力為受到的安培力為則下列說(shuō)法中正確的是（）A.相互吸引B.相互排斥C.相互排斥D.相互吸引5、下列說(shuō)法正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系C.安培提出了分子電流假說(shuō)，說(shuō)明了一切磁現(xiàn)象都是由電流產(chǎn)生的D.歐姆首先發(fā)現(xiàn)了電荷之間存在相互作用力，并得出真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷之間作用力的表達(dá)式6、如圖所示是電容式話筒的原理圖，膜片與固定電極構(gòu)成一個(gè)電容器，用直流電源供電，當(dāng)聲波使膜片振動(dòng)時(shí)，電容發(fā)生變化，電路中形成變化的電流，于是電阻R兩端就輸出了與聲音變化規(guī)律相同的電壓下列說(shuō)法正確的是

A.電容式話筒是通過(guò)改變正對(duì)面積來(lái)改變電容的B.電阻R兩端電壓變化的頻率與電流的頻率相同C.當(dāng)膜片靠近固定電極時(shí)，電流從b流向aD.當(dāng)膜片靠近固定電極時(shí)，電容器處于放電狀態(tài)評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、如圖所示的電路中,電源內(nèi)阻一定,電壓表和電流表均為理想電表．現(xiàn)使滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)一小段距離,測(cè)得電壓表V1的示數(shù)變化大小為ΔU1,電壓表V2的示數(shù)變化大小為ΔU2,電流表A的示數(shù)變化大小為ΔI,對(duì)于此過(guò)程下列說(shuō)法正確的是()

A.為一定值B.路端電壓的增加量等于ΔU2C.R0兩端的電壓的變化量大小等于ΔU2-ΔU1D.通過(guò)電阻R1的電流變化量大小等于8、如圖所示；在空間由一坐標(biāo)系xOy，直線OP與軸正方向的夾角為30°，第一象限內(nèi)有兩個(gè)方向都垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域I和II，直線OP上方區(qū)域I中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一質(zhì)量為m，電荷量為q的質(zhì)子（不計(jì)重力）以速度v從O點(diǎn)沿與OP成30°角的方向垂直磁場(chǎng)進(jìn)入?yún)^(qū)域I，質(zhì)子先后通過(guò)強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域I和II后，恰好垂直打在x軸上的Q點(diǎn)（圖中未畫(huà)出），則。

A.粒子在第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B.粒子在第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C.Q點(diǎn)的橫坐標(biāo)為D.Q點(diǎn)的橫坐標(biāo)為9、下列關(guān)于攝氏溫度與熱力學(xué)溫度的說(shuō)法中，正確的是（）A.氣體溫度升高1℃，也就是溫度升高1K；溫度下降5K，也就是溫度降低5℃B.攝氏溫度與熱力學(xué)溫度在一度上是相等的，只是定義的零度起點(diǎn)不同C.攝氏溫度有時(shí)為負(fù)值；溫度很低時(shí)，熱力學(xué)溫度也可能為負(fù)值D.溫度由t升高到2t，對(duì)應(yīng)的熱力學(xué)溫度由T升高到2T10、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)裝置．兩塊相互靠近的等大正對(duì)的平行金屬板、組成電容器，板固定在絕緣座上并與靜電計(jì)中心桿相接，板和靜電計(jì)的金屬殼都接地，板上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板的位置．在兩板相距一定距離時(shí)，給電容器充電，靜電計(jì)指針張開(kāi)一定角度．在整個(gè)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，保持電容器所帶電荷量不變，對(duì)此實(shí)驗(yàn)過(guò)程的描述正確的是（））

A.只將板從圖示位置稍向左平移，靜電計(jì)指針張角變大B.只將板從圖示位置稍向上平移，靜電計(jì)指針張角減小C.只將板從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計(jì)指針張角變大D.只在之間插入云母板，靜電計(jì)指針張角變大、11、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷,t＝0時(shí)，甲靜止，乙以6m/s的初速度向甲運(yùn)動(dòng)．此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運(yùn)動(dòng)（整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中沒(méi)有接觸），它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示．則由圖線可知（）

A.兩點(diǎn)電荷的電性一定相同B.甲的動(dòng)能一直增大，乙的動(dòng)能一直減小C.甲乙達(dá)到共速時(shí)，乙的位移等于4倍甲的位移D.乙速度為零兩點(diǎn)電荷的電勢(shì)能最大12、下列說(shuō)法正確的是()A.β衰變釋放出電子，說(shuō)明原子核內(nèi)有電子B.氡的半衰期為3.8天，8個(gè)氡原子核經(jīng)過(guò)7.6天后剩下2個(gè)氡原子核C.原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定D.用頻率為ν的入射光照射光電管的陰極，遏止電壓為Uc，改用頻率為2ν的入射光照射同一光電管，遏止電壓大于2Uc評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、質(zhì)量為0.1kg的彈性小球從高為1.25m處自由下落至一光滑而堅(jiān)硬的水平板上，碰撞后彈回到0.8m高處，碰撞時(shí)間為0.01s，則小球與水平板碰撞過(guò)程中動(dòng)量變化大小為_(kāi)____________kg·m/s，小球與水平板間的平均撞擊力大小為_(kāi)___________N．14、帶有活塞的汽缸中封有一定質(zhì)量的理想氣體，缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，如圖所示。設(shè)氣體在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)為pA，體積為VA，溫度為T(mén)A，到狀態(tài)B時(shí)的溫度為T(mén)B。此過(guò)程中，汽缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力____（選填“變大”“不變”或“減小”），____（選填“氣體對(duì)外做功”或“外界對(duì)氣體做功”）的絕對(duì)值為_(kāi)___，缸內(nèi)氣體____（選填“吸收”或“放出”）熱量。

15、B．(選修模塊3-4)

（1）一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示．圖甲中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示．質(zhì)點(diǎn)N的振幅是_________m，振動(dòng)周期為_(kāi)________s，圖乙表示質(zhì)點(diǎn)_____(從質(zhì)點(diǎn)K、L、M、N中選填)的振動(dòng)圖象．該波的波速為_(kāi)__________m／s．

（2）慣性系S中有一邊長(zhǎng)為l的正方形(如圖A所示)，從相對(duì)S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上測(cè)得該正方形的圖象是__________________．

（3）描述簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)特征的公式是x＝_______．自由下落的籃球緩地面反彈后上升又落下．若不考慮空氣阻力及在地面反彈時(shí)的能量損失，此運(yùn)動(dòng)________(填“是”或“不是”)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．16、小涵站在平面鏡前0.5m處觀察自己在鏡中的像，像到平面鏡的距離是______m，她向后退的過(guò)程中，像的大小______（選填“變大”、“變小”或“不變”）。17、一個(gè)質(zhì)量m=1.0kg的物體，放在水平桌面上，物體與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.2，當(dāng)物體受到一個(gè)F=10N水平推力的作用時(shí)，在10s內(nèi)推力的沖量大小為_(kāi)_____N·s．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)18、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫(huà)出電流方向或磁感線方向．

19、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒(méi)有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫(huà)出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

20、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫(huà)出經(jīng)過(guò)7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)21、某學(xué)生為了測(cè)量一物體的質(zhì)量，找到一個(gè)力電傳感器，該傳感器的輸出電壓正比于受壓面的壓力（比例系數(shù)為k），如圖所示．測(cè)量時(shí)先調(diào)節(jié)輸入端的電壓，使傳感器空載時(shí)的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測(cè)得與物體質(zhì)量成正比的輸出電壓現(xiàn)有下列器材：

力電傳感器、質(zhì)量為的砝碼；電壓表、滑動(dòng)變阻器、干電池各一個(gè)、電鍵及導(dǎo)線若干、待測(cè)物體（可置于力電傳感器的受壓面上）．請(qǐng)完成對(duì)該物體質(zhì)量的測(cè)量：

(1)設(shè)計(jì)一個(gè)電路，要求力電傳感器的輸入電壓可調(diào)，并且使電壓的調(diào)節(jié)范圍盡可能大，在方框中畫(huà)出完整的測(cè)量電路圖_______________．

(2)以下為簡(jiǎn)要的測(cè)量步驟；請(qǐng)將不完整處補(bǔ)充完整：

A．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器；使傳感器的輸出電壓為零；

B．將_______放在傳感器上，記下輸出電壓U0；

C．將待測(cè)物放在傳感器上，記下輸出電壓

(3)根據(jù)以上測(cè)量，可求出：比例系數(shù)_____，待測(cè)物體的質(zhì)量_______.22、某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量一圓柱體的長(zhǎng)度l，用螺旋測(cè)微器測(cè)量該圓柱體的直徑d，示數(shù)如圖．由圖可讀出l=_________cm，d=__________mm.

23、用如圖甲所示的電路；測(cè)定一節(jié)蓄電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。蓄電池的電動(dòng)勢(shì)約為2V，內(nèi)電阻很小。除蓄電池；開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線外，可供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有。

A.電壓表（量程3V）B.電流表（量程0.6A）

C.電流表（量程3A）D.定值電阻R0（阻值4額定功率4W）

E.滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0—20額定電流2A）

F.滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0—1000額定電流0.5A）

（1）電流表應(yīng)選____________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_____________（填器材前的字母代號(hào)）；

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出U—I圖像如圖乙所示，則蓄電池的電動(dòng)勢(shì)E=____V，內(nèi)電阻r=____（r保留兩位有效數(shù)字）；

（3）引起該實(shí)驗(yàn)系統(tǒng)誤差的主要原因是_________________________________。24、某同學(xué)用以下電路測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，R1是滑動(dòng)變阻器，R2、R3、R4是三個(gè)電阻箱．實(shí)驗(yàn)操作如下：合上開(kāi)關(guān)K1后，適當(dāng)?shù)卣{(diào)節(jié)三個(gè)電阻箱的阻值，使開(kāi)關(guān)K2反復(fù)斷開(kāi)和閉合時(shí)待測(cè)電壓表的示數(shù)不發(fā)生變化．

（1）電阻箱R2的面板指示如圖，其讀數(shù)為_(kāi)_________Ω；

（2）待測(cè)電壓表的內(nèi)阻可表示為Rv=__________；（用電阻箱的電阻符號(hào)表示）

（3）為了提高測(cè)量的準(zhǔn)確度，可以采用的方法是_____________

A.適當(dāng)增大電源的電壓

B.適當(dāng)減小電源的電壓。

C.調(diào)小R1的阻值；反復(fù)進(jìn)行上面的操作。

D.調(diào)大R1的阻值；反復(fù)進(jìn)行上面的操作。

（4）該同學(xué)測(cè)得電壓表的內(nèi)阻后，繼續(xù)研究這個(gè)電路．即在合上開(kāi)關(guān)K1且反復(fù)斷開(kāi)和閉合開(kāi)關(guān)K2電壓表的示數(shù)不發(fā)生變化的前提下，進(jìn)行如下操作：先斷開(kāi)K2，保持其余電阻保持不變，減小R2，則電壓表的示數(shù)_________（填“增大”或“減小”）；再合上K2，則通過(guò)該開(kāi)關(guān)的電流方向?yàn)開(kāi)_________（填“從a到b”或“從b到a”）．評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共20分)25、如圖所示，豎直面內(nèi)有一圓形小線圈，與絕緣均勻帶正電圓環(huán)共面同心放置．帶電圓環(huán)的帶電量為Q，繞圓心做圓周運(yùn)動(dòng)，其角速度ω隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖象如圖乙所示(圖中ω0、t1、t2均為已知量)．線圈通過(guò)絕緣導(dǎo)線連接兩根豎直的、間距為l的光滑平行金屬長(zhǎng)導(dǎo)軌，兩導(dǎo)軌間的矩形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)上、下邊界的間距為h，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒為B．“工”字形構(gòu)架由長(zhǎng)度為H(H>h)的絕緣桿和水平金屬棒AB、CD組成，金屬棒與導(dǎo)軌緊密接觸．初始時(shí)鎖定“工”字形構(gòu)架，使金屬棒AB位于磁場(chǎng)內(nèi)的上邊沿，t1時(shí)刻解除鎖定，t2時(shí)刻開(kāi)始運(yùn)動(dòng)．已知“工”字形構(gòu)架的質(zhì)量為m，金屬棒AB和金屬棒CD的長(zhǎng)度均為l；金屬棒AB和金屬棒CD離開(kāi)磁場(chǎng)下邊沿時(shí)的速度大小均為v，金屬棒AB；CD和圓形線圈的電阻均為R，其余電阻不計(jì)，不考慮線圈的自感，重力加速度為g．

（1）0~t1時(shí)間內(nèi)；求帶電圓環(huán)的等效電流。

（2）t1~t2時(shí)間內(nèi)；求圓形線圈內(nèi)磁通量變化率的大小。

（3）求從0時(shí)刻到金屬棒CD離開(kāi)磁場(chǎng)的全過(guò)程中金屬棒及線圈產(chǎn)生的焦耳熱．26、如圖所示，一內(nèi)壁光滑的絕緣圓管AB固定在豎直平面內(nèi)．圓管的圓心為O，D點(diǎn)為圓管的最低點(diǎn)，AB兩點(diǎn)在同一水平線上，AB＝2L，圓環(huán)的半徑為(圓管的直徑忽略不計(jì))，過(guò)OD的虛線與過(guò)AB的虛線垂直相交于C點(diǎn)．在虛線AB的上方存在水平向右的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)；虛線AB的下方存在豎直向下的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小等于圓心O正上方的P點(diǎn)有一質(zhì)量為m、電荷量為－q(q>0)的絕緣小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))；PC間距為L(zhǎng).現(xiàn)將該小物體無(wú)初速度釋放，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，小物體剛好沿切線無(wú)碰撞地進(jìn)入圓管內(nèi)，并繼續(xù)運(yùn)動(dòng)．重力加速度用g表示．

(1)虛線AB上方勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為多大？

(2)小物體從管口B離開(kāi)后；經(jīng)過(guò)一段時(shí)間的運(yùn)動(dòng)落到虛線AB上的N點(diǎn)(圖中未標(biāo)出N點(diǎn))，則N點(diǎn)距離C點(diǎn)多遠(yuǎn)？

(3)小物體由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的總時(shí)間為多少？參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

把滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中總電流I增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，則知電壓表和電流表的示數(shù)都將減小，電阻R0上消耗的電功率將減小，而且根據(jù)總電流增大，通過(guò)電流表的電流減小，可知通過(guò)燈L的電流增大，燈泡變亮．綜上分析，D正確，ABC錯(cuò)誤2、A【分析】【詳解】

根據(jù)查理定律可知；一定質(zhì)量的理想氣體，在體積保持不變的條件下，若氣體溫度升高到原來(lái)的2倍，則氣體的壓強(qiáng)增大到原來(lái)的2倍。

故選A。3、A【分析】【分析】

【詳解】

A．如果氣體絕熱，則

氣體自發(fā)向真空擴(kuò)散，不做功，則

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w內(nèi)能不變；故A正確；

B．通過(guò)任何方式都不可能使氣體溫度達(dá)到絕對(duì)零度；故B錯(cuò)誤；

C．氣體溫度升高；則分子平均動(dòng)能增大，但每個(gè)分子速率并不一定增大，故C錯(cuò)誤；

D．氣體壓強(qiáng)是由于氣體分子熱運(yùn)動(dòng)撞擊器壁形成的；在完全失重狀態(tài)下，氣體分子的撞擊仍然存在，故氣體的壓強(qiáng)不為零，故D錯(cuò)誤；

故選A。4、C【分析】【詳解】

AB．通電導(dǎo)線在其周?chē)a(chǎn)生磁場(chǎng)；通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到安培力作用，兩導(dǎo)線所受安培力是作用力與反作用力，它們大小相等，AB錯(cuò)誤；

CD．假設(shè)兩導(dǎo)線豎直放置；如圖所示。

由右手螺旋定則可知：在處產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，由左手定則可知，所所受安培力向右；由右手螺旋定則可知：在處產(chǎn)生的磁場(chǎng)垂直紙面向里，由左手定則可知所所受安培力向左；則兩導(dǎo)線相互排斥，C正確D錯(cuò)誤．5、C【分析】【分析】

電磁學(xué)的物理學(xué)史；根據(jù)奧斯特；法拉第、安培、庫(kù)侖等人的物理學(xué)成就進(jìn)行解答；

【詳解】

A；1820年；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故A錯(cuò)誤；

B；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故B錯(cuò)誤；

C；安培提出了分子電流假說(shuō)；說(shuō)明了一切磁現(xiàn)象都是由電流產(chǎn)生的；故C正確；

D；歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律；反映導(dǎo)體的電流與電壓、電阻的關(guān)系，庫(kù)侖首先發(fā)現(xiàn)了電荷之間存在相互作用力，并得出真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷之間作用力的表達(dá)式，故D錯(cuò)誤；

故選C。

【點(diǎn)睛】

關(guān)鍵是物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶。6、B【分析】【分析】

根據(jù)電容的決定式，判斷電容的變化，電容始終接在電源的兩端，電勢(shì)差不變，根據(jù)判斷電量的變化，從而得出電流的流向．

【詳解】

由圖可知，電容式話筒是通過(guò)改變板間距來(lái)改變電容的，故A錯(cuò)誤；根據(jù)歐姆定律可知，電阻R兩端電壓變化的頻率與電流的頻率相同，故B正確；當(dāng)膜片靠近固定電極時(shí)，根據(jù)電容的決定式知，電容變大，因始終和電源相連，故U不變，由可知，電量增大，電容器充電，電流由a到b，故CD錯(cuò)誤．故選B．

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵是掌握電容的決定式以及知道電容始終接在電源的兩端，電勢(shì)差不變；同時(shí)掌握好電容的決定式和定義式的準(zhǔn)確應(yīng)用．二、多選題(共6題，共12分)7、A:C:D【分析】【詳解】

A、根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知：V1測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：故A對(duì)；

B、滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)一小段距離，電阻變大，回路電流變小，路端電壓增大，即與滑動(dòng)變阻器的電壓增大，但電阻上的電壓是減小的，所以ΔU2與ΔU1不相等；故B錯(cuò)；

C、路端電壓即為與滑動(dòng)變阻器的電壓之和，所以R0兩端的電壓的變化量大小等于ΔU2-ΔU1；故C對(duì)；

D、兩端的電壓即為路端電壓，路端電壓的變化引起了電阻R1上電流的變化，所以通過(guò)電阻R1的電流變化量大小等于故D對(duì)；

故選ACD

【點(diǎn)睛】

根據(jù)滑動(dòng)變阻器的移動(dòng)明確電阻的變化,由閉合電路歐姆定律可以知道電路電流的變化,則可分析內(nèi)電壓、路端電壓及各部分電壓的變化8、A:C【分析】【詳解】

設(shè)質(zhì)子在磁場(chǎng)I和II中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑分別為和區(qū)域II中磁感應(yīng)強(qiáng)度為B'，由牛頓第二定律①②；粒子在兩區(qū)域運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示；

由帶電粒子才磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性和幾何關(guān)系可以知道，質(zhì)子從A點(diǎn)出磁場(chǎng)I時(shí)的速度方向與OP的夾角為30°，故質(zhì)子在磁場(chǎng)I中軌跡的圓心角為θ=60°，如圖:則為等邊三角形③，在區(qū)域II中，質(zhì)子運(yùn)動(dòng)圓周，是粒子在區(qū)域II中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心，④，由①②③④計(jì)算得出區(qū)域II中磁感應(yīng)強(qiáng)度為⑤，粒子在Ⅰ區(qū)的運(yùn)動(dòng)周期：⑥，粒子在Ⅱ區(qū)運(yùn)動(dòng)的周期:⑦，粒子在第一象限中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為⑧，聯(lián)立⑤⑥⑦⑧計(jì)算得出因此選項(xiàng)A正確、選項(xiàng)B錯(cuò)誤；Q點(diǎn)坐標(biāo)代人數(shù)據(jù)得因此選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤．故選AC.

點(diǎn)睛：帶電粒子通過(guò)磁場(chǎng)的邊界時(shí)，如果邊界是直線，根據(jù)圓的對(duì)稱性得到，帶電粒子入射速度方向與邊界的夾角等于出射速度方向與邊界的夾角，這在處理有界磁場(chǎng)的問(wèn)題常常用到．9、A:B【分析】【分析】

【詳解】

AB．因而熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的每一度是相等的，只是零度起點(diǎn)不同，故AB正確；

C．而0K是低溫的極限；只能無(wú)限接近，不可能達(dá)到，更不要說(shuō)負(fù)值了，故C錯(cuò)誤；

D．由T與t的關(guān)系式可知，溫度由t升高到2t，對(duì)應(yīng)的熱力學(xué)溫度由T升高到。

故D錯(cuò)誤。

故選AB。10、A:C【分析】【詳解】

只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據(jù)知，電容減小，根據(jù)知?jiǎng)莶钤龃?，則靜電計(jì)指針張角變大，故A正確；只將板M從圖示位置稍向上平移，正對(duì)面積S減小，根據(jù)知，電容減小，根據(jù)知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故B錯(cuò)誤；只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對(duì)面積S減小，根據(jù)知，電容減小，根據(jù)知電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針張角變大，故C正確；只在M、N之間插入云母板，介電常數(shù)變大，根據(jù)知，電容增大，根據(jù)知電勢(shì)差減小，則靜電計(jì)指針張角變小，故D錯(cuò)誤．所以AC正確，BD錯(cuò)誤．11、A:C【分析】【詳解】

A．由圖可知；兩小球間產(chǎn)生的排斥力，因?yàn)閯傞_(kāi)始乙做減速運(yùn)動(dòng)，甲做初速度為0的加速運(yùn)動(dòng)，則兩個(gè)電荷的電性一定相同，故A正確；

B．由圖可知；甲的速度一直增大，所以動(dòng)能一直增大，而乙的速度先減小后增大，所動(dòng)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)兩電荷從開(kāi)始到速度相同過(guò)程中的平均作用力為經(jīng)歷的時(shí)間為對(duì)甲球由動(dòng)量動(dòng)理可得：對(duì)乙由動(dòng)量定理有：

解得：分別對(duì)甲和乙由動(dòng)能定理得：聯(lián)立解得：故C正確．

D．從開(kāi)始到兩電荷速度相等時(shí)兩電荷間距最小，由于兩電荷的電性相同，所以系統(tǒng)克服電場(chǎng)力做功最大，兩電荷電勢(shì)最大，故D錯(cuò)誤．12、C:D【分析】【詳解】

A.β衰變的本質(zhì)是核內(nèi)的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化成了一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子；原子核內(nèi)沒(méi)有電子，A錯(cuò)誤。

B.半衰期是大量樣本的統(tǒng)計(jì)規(guī)律；對(duì)8個(gè)來(lái)說(shuō)并不適用，B錯(cuò)誤。

C.原子核的比結(jié)合能越大；說(shuō)明結(jié)合過(guò)程中每個(gè)核子平均能量損失越大，原子核越穩(wěn)定，C正確。

D.根據(jù)光電效應(yīng)方程：當(dāng)頻率為ν時(shí)，遏止電壓為Uc，當(dāng)頻率為2ν時(shí)，根據(jù)方程可得：遏止電壓大于2Uc，D正確三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【詳解】

由于小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則其與水平面碰撞前的速度為：所以與水平面碰撞前的動(dòng)量為：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向豎直向下．與水平面碰后，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為0.8m，則碰后小球速度為方向豎直向上；此時(shí)小球的動(dòng)量為：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向豎直向上，動(dòng)量的變化量為：．設(shè)向上為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理，合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化．小球所受外力有重力mg和水平面對(duì)它的彈力N，則有：（N-mg）t=P2-P1，代入數(shù)據(jù)解得：N=91N，方向豎直向上．【解析】0.99114、略

【分析】【詳解】

[1]．缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓變化，故氣缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力不變；

[2][3]．氣體體積變大；對(duì)外做功；

由可得

則氣體對(duì)外做功的絕對(duì)值

[4]．理想氣體對(duì)外做功的同時(shí)，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即氣體吸收熱量．【解析】不變氣體對(duì)外做功吸收15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）由甲圖可知波長(zhǎng)由乙圖可知振幅周期所以波速因?yàn)椴ㄑ剌S正方向傳播，由甲圖可以判斷時(shí)刻L向上振動(dòng)，N向下振動(dòng)，K在正的最大位移處，M在負(fù)的最大位移處．由乙圖可知時(shí)刻；質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)．所以為L(zhǎng)的振動(dòng)圖象；

（2）由相對(duì)論中長(zhǎng)度的相對(duì)性：在垂直于運(yùn)動(dòng)方向；長(zhǎng)度不變；在沿著運(yùn)動(dòng)方向長(zhǎng)度變長(zhǎng)．所以C正確；

（3）簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為：為初相位，可以取零．籃球的運(yùn)動(dòng)加速度不改變，不符合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，所以不是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．【解析】0.84L0.5C不是16、略

【分析】【詳解】

小涵站在平面鏡前0.5m；小涵在平面鏡中成像，小涵的像和小涵到平面鏡的距離相等，所以小涵的像到平面鏡的距離也是0.5m。小涵后退遠(yuǎn)離平面鏡，小涵像的大小跟小涵的大小有關(guān)，跟到平面鏡的距離無(wú)關(guān)，所以小涵的像大小不變。

【點(diǎn)睛】

物體在平面鏡中成像，像的大小只跟物體大小有關(guān)，跟平面鏡大小，跟物體到平面鏡的距離無(wú)關(guān)。但是我們遠(yuǎn)離平面鏡時(shí)，看到自己在平面鏡中的像變小，是因?yàn)檠劬聪竦囊暯亲冃。a(chǎn)生了錯(cuò)覺(jué)，像的實(shí)際大小是沒(méi)有發(fā)生變化的?！窘馕觥?.5；不變；17、略

【分析】根據(jù)I=Ft得；10s內(nèi)推力的沖量I=10×10N?s=100N?s

點(diǎn)睛：本題考查了沖量公式的基本運(yùn)用，知道推力F的沖量與其它力的大小無(wú)關(guān)，不要受題目中摩擦力等因素的影響．【解析】100四、作圖題(共3題，共18分)18、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過(guò)磁場(chǎng)方向來(lái)確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針?lè)较?，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

圖丁；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】19、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T(mén)，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T(mén)，所以在水平方向的一次水平掃描的過(guò)程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共28分)21、略

【分析】【分析】

(1)根據(jù)題意確定輸入端電路；在輸出端接測(cè)量輸出電壓的電壓表．

(2)先調(diào)節(jié)輸入電壓；使輸出電壓為零，然后測(cè)量物體質(zhì)量；根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)求出系數(shù)k．

(3)從電源電壓與量程等角度分析可能出現(xiàn)的問(wèn)題．

【詳解】

(1)根據(jù)“可測(cè)得與物體的質(zhì)量成正比的輸出電壓U”可知：輸出端應(yīng)接電壓表．又根據(jù)“為了使輸入電路的電壓調(diào)節(jié)范圍盡可能大”可知：必須用滑動(dòng)變阻器在輸入端組成分壓電路．設(shè)計(jì)的電路如圖所示．

(2)測(cè)量步驟與結(jié)果：

A；調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器；使轉(zhuǎn)換器的輸出電壓為零；

B、將質(zhì)量為m0的砝碼放在轉(zhuǎn)換器上，記下輸出電壓U0；

C、將待測(cè)物放在轉(zhuǎn)換器上，記下輸出電壓U1；

(3)由以上測(cè)量可知，U0=km0g，U1=kmg

得所以

【點(diǎn)睛】

這是一道設(shè)計(jì)型實(shí)驗(yàn)題，屬開(kāi)放型試題中重要的一種．力電轉(zhuǎn)換器是學(xué)生沒(méi)有用過(guò)的新儀器，能不能在試題所提供的各種信息中抓住最關(guān)鍵的有用信息，對(duì)學(xué)生的處理信息、電路設(shè)計(jì)和實(shí)驗(yàn)創(chuàng)新能力提出了較高要求．【解析】如圖所示:

砝碼m022、略

【分析】【詳解】

游標(biāo)卡尺的讀數(shù)x=22mm+0.1mm×5=22.5mm=2.25cm；

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)y=6.5mm+0.01mm×36.0=