2025年滬科新版高三物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版高三物理上冊階段測試試卷520考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（2016春?西安校級月考）如圖所示，在勻強電場中有一半徑為R的圓O，場強方向與圓O所在平面平行，場強大小為E．電荷量為q的帶正電微粒以相同的初動能沿著各個方向從A點進入圓形區(qū)域中，只在電場力作用下運動，從圓周上不同點離開圓形區(qū)域，其中從C點離開圓形區(qū)域的帶電微粒的動能最大，圖中O是圓心，AB是圓的直徑，AC是與AB成α角，則（）A.勻強電場的方向沿AC方向B.勻強電場的方向沿OC方向C.從A到C電場力做功為2qERcosαD.從A到C電場力做功為2qERcosαsinα2、有三個質(zhì)量相等的小球，一個帶正電荷，一個帶負電荷，再一個不帶電，分別以相同的水平速度由P點射入水平放置的平行金屬板間，他們分別落在下板的A、B、C三處，已知兩金屬板的上板帶負電荷，下板接地，如圖所示，下列判斷正確的是（）A.落在三處的小球分別是帶負電荷、不帶電的、帶正電荷的B.三小球在該電場中的加速度大小關系是aA＜aB＜aCC.三小球從進入電場至落到下板所用的時間相等D.三小球到達下板時動能大小關系是EkC＜EkB＜EkA3、如圖甲所示，水平面上兩根足夠長的金屬導軌平行固定放置，間距為L，一端通過導線與阻值為R的電阻連接．導軌上放一質(zhì)量為m的金屬桿，金屬桿、導軌的電阻均忽略不計，勻強磁場垂直導軌平面向下．用與導軌平行的恒定拉力F作用在金屬桿上，桿最終將做勻速運動．當改變拉力的大小時，相對應的勻速運動速度v也會變化，v和F的關系如圖乙所示．下列說法正確的是（）A.金屬桿在勻速運動之前做勻加速直線運動B.a點電勢高于b點電勢C.由圖象可以得出L、R三者的關系式為=D.當恒力F=4N時，電阻R上消耗的最大電功率為24W4、物體做平拋運動時，它的速度的方向和水平方向間的夾角α的正切tanα隨時間t變化的圖象是圖中的（）A.B.C.D.5、光滑桌面上一個小球由于細線的牽引，繞桌面上的圖釘做勻速圓周運動，下面關于小球描述正確的是（）A.運動過程中小球的速度、角速度、周期都是不變的B.運動過程中小球的加速度是不變的C.小球受到重力、支持力、拉力和向心力的作用D.在角速度恒定的前提下，繩子越長，小球受到的拉力就越大6、如圖是某電場中的電場線；在該電場中有A；B兩點，下列說法正確的是（）

A.A點的場強比B點的場強小B.A點的場強方向與B點的場強方向相同C.將同一點電荷分別放在B兩點，放在A點的加速度比放在B點的加速度大D.因為B兩點沒有電場線通過，所以電荷放在這兩點不會受電場力作用7、如圖所示；物體靜止在斜面上，斜面體靜止在水平地面上，下列說法正確的是（）

A.物體對斜面的壓力和斜面對物體的支持力是一對平衡力B.斜面對物體的支持力是由于斜面發(fā)生形變而產(chǎn)生的C.物體所受重力和斜面對物體的支持力是一對平衡力D.物體所受重力可以分解為沿斜面向下的力和對斜面的壓力8、如圖艦載機保持牽引力F大小不變在勻速航行的航母上降落時受到阻攔而靜止，此時阻攔索夾角θ=120°，空氣阻力和甲板阻力不計，則阻攔索承受的張力大小為（）A.B.FC.FD.2F9、如圖所示，在平行板電容器正中有一個帶電微粒．電鍵閉合后，該微粒恰好能保持靜止．現(xiàn)將電鍵斷開，能使該帶電微粒向上運動打到上極板的做法是（）A.上移上極板MB.上移下極板NC.左移上極板MD.在N板上方緊貼N板插入一塊玻璃（介電常數(shù)增大）評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、（2010秋?寶山區(qū)校級月考）如圖所示，兩個與水平傾角同為θ的滑桿上分別套有質(zhì)量同為m的A、B兩個圓環(huán)，兩個圓環(huán)上分別用細線懸吊著兩個質(zhì)量同為M的物體C、D，當它們沿滑桿向下滑動時，A的懸線與桿垂直，B的懸線豎直向下，則C環(huán)運動的加速度為____；B環(huán)受到的摩擦力為____．11、（2011秋?上海校級期末）甲、乙兩小車在t=0時從同一地點朝相同方向做直線運動，如圖為兩小車運動的v-t圖象．由此可知，乙做____運動，當兩小車速度相等時，它們相距____m．12、（2014秋?常德校級月考）下述兩種情況；B物體所受的是靜摩擦力還是滑動摩擦力？

（1）如圖甲所示，在F作用下A、B一起向右加速運動，則B物體所受____；

（2）如圖乙所示，在F作用下，A向右運動，則B物體所受____．13、（2010秋?濟南校級月考）如圖所示，將質(zhì)量為2kg的物體置于傾角為37°的斜面上，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.2，在與斜面平行的20N的拉力作用下，物體加速度的大小是____m/s2，方向為____；當撤去外力F的瞬間，物體的加速度是____m/s2，方向為____（g取10m/s2）14、（2014秋?涪城區(qū)校級期末）甲、乙兩個物體同時、同地出發(fā)做直線運動，它們的位移一時間圖象如圖所示，在20s內(nèi)，甲、乙兩個物體通過的距離L甲和L乙的大小關系是L甲____L乙，平均速度v甲和v乙的大小關系為v甲____v乙．（填“＞”、“=”或“＜”）評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復雜結構____（判斷對錯）16、在磁場中任一點，小磁針北極的受力方向為該點的磁場方向．____．（判斷對錯）17、如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用，則該處的磁感應強度一定為零．____．（判斷對錯）18、物體速度變化的方向與它受到的合外力的方向相同．____（判斷對錯）19、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律．____．（判斷對錯）20、描述物體的運動時，只能選擇靜止的物體作為參考系．____．（判斷對錯）21、沿電場線的方向，電勢逐點降低．____（判斷對錯）22、同一汽車，速度越快，越難剎車，說明物體速度越大，慣性越大．____（判斷對錯）23、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評卷人得分四、畫圖題(共2題，共16分)24、圖所示為一列向左傳播的簡諧波在某一時刻的波形圖，若波速是0.5m/s，試在圖上畫出經(jīng)7s時的波形圖。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）25、在圖示中，物體A處于靜止狀態(tài)，請畫出各圖中A物體所受的彈力．評卷人得分五、簡答題(共1題，共5分)26、（2015秋?福建校級期中）如圖所示，已知電源提供20V的穩(wěn)定電壓，當接入固定電阻R=5Ω時，電路中標有“3V4.5W”的燈泡L和線圈電阻r′=0.5Ω的小型直流電動機恰好都能正常工作；求：

（1）電路中的電流強度？

（2）電動機的額定工作電壓？

（3）電動機的發(fā)熱功率？

（4）電動機的機械功率？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】帶正電微粒以相同的初動能沿著各個方向從A點進入圓形區(qū)域中，只在電場力作用下從圓周上不同點離開圓形區(qū)域，從C點離開圓形區(qū)域的帶電微粒的動能最大．則說明電場力做功最多，從而得出C點是沿電場強度方向離A點最遠．電場力做功W=qEd，d是兩點沿電場線方向的距離．【解析】【解答】解：A；B、據(jù)題意；帶電微粒僅在電場力作用下從A點進入，離開C點的動能最大，則C點是沿電場強度方向離A點最遠，所以電場線與過C的切線相垂直，由于帶電微粒是帶正電，故勻強電場的方向沿OC方向．故A錯誤，B正確；

C、D、從A到c電場力做功為W=qEd=qE（R+Rcos2α）=2qERcos2α；故C；D錯誤；

故選：B．2、B【分析】【分析】三個小球在電場中做平拋運動或類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線運動．由圖看出水平位移的關系，比較運動時間關系．豎直位移大小相等，根據(jù)牛頓第二定律和位移公式分析加速度關系，判斷三個小球的電性．根據(jù)動能定理分析三小球到達下板時的動能關系．【解析】【解答】解：A、B、C三個小球在水平方向都做勻速直線運動，由圖看出水平位移關系是：xA＞xB＞xC．三個小球水平速度v0相同，由x=v0t得；

運動時間關系是：tA＞tB＞tC．豎直方向上三個小球都做勻加速直線運動，由圖看出豎直位移y大小相等，由y=得到加速度關系為：aA＜aB＜aC．

根據(jù)牛頓第二定律得到合力關系為：FA＜FB＜FC；三個小球重力相同，而平行金屬板上板帶負極，可以判斷出來A帶正電；B不帶電、C帶負電．故B正確，AC錯誤．

D、三個小球所受合力方向都豎直向下，都做正功，豎直位移大小相等，而合力FA＜FB＜FC，則合力做功大小關系為：WA＜WB＜WC，根據(jù)動能定理得，三小球到達下板時的動能關系是EkC＞EkB＞EkA．故D錯誤．

故選：B3、B【分析】【分析】根據(jù)金屬桿的受力情況，結合安培力大小與速度成正比，分析在勻速運動之前金屬桿的運動情況．根據(jù)楞次定律判斷感應電流方向．根據(jù)安培力表達式F=和平衡條件、結合圖象乙的意義分析C項．當恒力F=4N時，由乙圖讀出金屬桿的最大速度，由E=BLv、歐姆定律和功率公式求解R的最大電功率．【解析】【解答】解：A、金屬桿在勻速運動之前，水平方向受到拉力F和向左的滑動摩擦力f和安培力FA，而FA=；安培力大小與速度大小成正比，開始階段，拉力大于安培力，金屬桿做加速運動，隨著速度的增大，安培力增大，合力減小，加速度減小，故金屬桿在勻速運動之前做變加速直線運動，故A錯誤．

B、根據(jù)楞次定律判斷得知，流過電阻R的電流方向為a→R→b，a點電勢高于b點電勢；故B正確．

C、當金屬桿勻速運動時，由平衡條件得：F=+f，得：=-；由圖乙所示圖象可知；

當v=2m/s時，F(xiàn)=2N，代入上式得：得：=1-①

當v=4m/s時，F(xiàn)=3N，代入上式得：得：=-②，解得：=；故C錯誤．

D、當恒力F=4N時，由圖知v=6m/s．電阻R上消耗的最大電功率為P==?v2=×62=18W；故D錯誤．

故選：B．4、B【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，速度不變，在豎直方向上做自由落體運動，速度vy=gt．根據(jù)tanα=得出tanθ與t的函數(shù)關系．【解析】【解答】解：平拋運動水平方向上的速度不變，為v0，在豎直方向上的分速度為vy=gt，tanα==，g與v0為定值；所以tanθ與t成正比．故B正確，A；C、D錯誤．

故選B．5、D【分析】【分析】A；小球做勻速圓周運動；線速度的大小不變，方向時刻改變．

B；小球的加速度等于向心加速度；向心加速度的方向始終指向圓心．

C；向心力是物體做圓周運動所需要的力；勻速圓周運動所需的向心力是由合力來提供．

D、根據(jù)F=mrω2，判斷角速度一定時，拉力隨繩子長度的變化．【解析】【解答】解：A；線速度是矢量；在勻速圓周運動的過程中，速度的大小不變，方向時刻改變．故A錯誤．

B、根據(jù)a=；知勻速圓周運動的向心加速度大小不變，但方向始終指向圓心，時刻改變．故B錯誤．

C；小球在運動的過程中；受重力、支持力、拉力三個力，向心力不是物體受到的力，是做圓周運動所需要的力，由其它力來提供．故C錯誤．

D、根據(jù)F=mrω2，知，r越大；拉力越大．故D正確．

故選D．6、C【分析】解：A；由圖看出；A點處電場線比B點處電場線密，則A點的場強比B點的大，故A錯誤．

B；場強的方向沿電場線的切線方向；則知A、B兩點處的場強方向不同，故B錯誤．

C；A點的場強比B點的大；由F=qE知，同一點電荷在A點所受的電場力一定比在B點所受的電場力大，由牛頓第二定律知同一點電荷在A點的加速度比放在B點的加速度大；故C正確．

D；沒有電場線通過的地方不代表沒有電場；這兩點有電場存在，電荷放在這兩點會受電場力作用，故D錯誤．

故選：C

電場線的疏密表示電場強度的相對大小；電場線越密，電場強度越大．同一點電荷在電場強度越大的地方受到的電場力越大，加速度越大．

本題的關鍵是掌握電場線的兩個物理意義：電場線疏密表示場強的大小，切線方向表示電場的方向．【解析】【答案】C7、B【分析】【分析】物體靜止在斜面上，物體對斜面的壓力與物體受到的支持力是一對相互作用力，且重力、支持力與靜摩擦力，三力處于平衡．壓力是由于物體的形變而產(chǎn)生的，而支持力是由于斜面發(fā)生形變而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：A；物體對斜面的壓力和斜面對物體的支持力是作用力與反作用力．故A錯誤。

B；斜面因為發(fā)生了形變；要恢復原狀，而產(chǎn)生對物體的支持力；故B正確；

C；重力、支持力與靜摩擦力；三力處于平衡，則受重力和斜面對物體的支持力不是一對平衡力．故C錯誤．

D；重力可以分解為沿斜面向下的力和豎直斜面方向的力；不是對斜面的壓力，故D錯誤；

故選：B．8、B【分析】【分析】合力與分力遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則求出兩個力的合力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)平行四邊形定則得，因為它們之間的夾角是120°，又因兩個力的大小均為F，所以F合=F；故B正確，A；C、D錯誤．

故選：B．9、C【分析】【分析】充電后將K斷開后電容器的電量保持不變，根據(jù)電容定義公式C=、平行板電容器的決定公式C=、電勢差與電場強度關系公式U=Ed推導出電場強度的表達式進行分析討論．【解析】【解答】解：開始時；電鍵閉合，微粒保持靜止，電場力和重力平衡；電鍵斷開后，電容器的電量保持不變，要使微粒向上運動，需要增加電場力，即要增加電場強度；

根據(jù)電容定義公式C=、平行板電容器的決定公式C=；電勢差與電場強度關系公式U=Ed得到：

E=；

A、B、根據(jù)E=；場強與極板間距d無關，故A；B均錯誤；

C、根據(jù)E=；左移上極板M，兩個極板的正對面積S減小，故電場強度變大，電場力變大，故微粒向上加速，故C正確；

D、根據(jù)E=；在N板上方緊貼N板插入一塊玻璃，介電常數(shù)增大，電場強度減小，電場力減小，故微粒向下加速，故D錯誤；

故選C．二、填空題(共5題，共10分)10、gsinθ（M+m）gsinθ【分析】【分析】對物體C受力分析，利用牛頓第二定律即可求得加速度，對BD組成的系統(tǒng)受力分析，利用共點力平衡即可求得【解析】【解答】解：對C受力分析；由牛頓第二定律可知：

Mgsinθ=Ma

a=gsinθ

對BD組成的系統(tǒng)可知BD沿斜面勻速下降；故對BD受力分析f=（M+m）gsinθ

故答案為：gsinθ，（M+m）gsinθ．11、初速度為0的勻加速直線運動1【分析】【分析】速度時間圖線的斜率表示加速度，圖線與坐標軸圍成圖形的面積表示位移．【解析】【解答】解：由圖看出；乙的速度隨時間均勻增大，做初速度為零的勻加速直線運動；根據(jù)圖線與坐標軸圍成圖形的面積表示位移可知，當兩車速度相等時，兩車相距：

△s=2×1-×2×1=1m；

故答案為：初速度為0的勻加速直線運動，1．12、靜摩擦力滑動摩擦力【分析】【分析】兩物體相對運動時，物體間的摩擦力為滑動摩擦力，物體相對靜止時的摩擦力為靜摩擦力；彈【解析】【解答】解：（1）AB一起做勻加速運動；二者相對靜止，故B受到的是靜摩擦力；

（2）AB間發(fā)生了相對運動；故B物體受到的是滑動摩擦力；

故答案為：（1）靜摩擦力；滑動摩擦力．13、2.4沿斜面向上7.6沿斜面向下【分析】【分析】對物體進行受力分析，并沿斜面方向與垂直斜面方向正交分解，根據(jù)牛頓第二定律求得沿斜面方向的合力大小及方向，并由牛頓第二定律得出加速度的大小，撤去外力后對物體受力分析由牛頓第二定律得加速度的大小和方向．【解析】【解答】解：物體的受力情況如圖所示；對物體由牛頓。

第二定律，沿斜面方向得F-Ff-mgsinθ=ma1；

垂直斜面方向得：FN-mgcosθ=0，此外有Ff=μFN．

綜合三式得：；

方向沿斜面向上．

撤去力F時；根據(jù)物體受力情況，得加速度為：

m/s2=7.6m/s2；方向沿斜面向下．

故答案為：2.4，沿斜面向上，7.6，沿斜面向下．14、＞=【分析】【分析】位移圖線的斜率表示物體的速度，根據(jù)數(shù)學知識分析物體的運動情況．圖象縱坐標的變化量等于位移，比較位移大小，再研究平均速度的關系．【解析】【解答】解：從圖線看出，甲先向正方向做減速直線運動，后向負方向做加速直線運動，乙一直向正方向做勻速直線運動，在20s內(nèi)，甲、乙兩個物體通過的位移都是△x=x2-x1=10m-0=10m，位移相同，所以甲的路程大于乙的路程，即s甲＞s乙．根據(jù)平均速度公式=，可知兩物體的平均速度相同．即v甲=v乙．

故答案為：＞，=．三、判斷題(共9題，共18分)15、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認識到原子核具有復雜結構；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復雜結構，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】磁場雖然是看不見、摸不著的，但它會對放入它中的磁體產(chǎn)生力的作用，小磁針N極在磁場中所受的磁力方向跟該點的磁場方向相同．【解析】【解答】解：磁體的周圍存在磁場；電流周圍也存在磁場，磁場的基本性質(zhì)是對放在其中的磁體存在力的作用．

磁場方向與放在該點的小磁針的N極靜止時的方向一致；或小磁針北極的受力方向為該點的磁場方向．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】B⊥L，根據(jù)安培力的公式F=BIL，求磁感應強度B，注意公式是采用比值法定義的，磁場中某點磁感應強度的大小與F，Il等因素無關，是由磁場本身決定的．【解析】【解答】解：根據(jù)磁感應強度的定義式，有：；由此可知的磁感應強度與導線的放置；長短、電流大小等因素無關，即該處的磁感應強度有磁場本身決定．

所以如果通電的金屬棒在磁場中不受力的作用；該處的磁感應強度不一定為零．故以上說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律和運動學規(guī)律分析答題．【解析】【解答】解：物體速度變化的方向就是加速度的方向；由牛頓第二定律可知，加速度方向與物體受到的合外力的方向相，故說法正確；

故答案為：√．19、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不作相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系．【解析】【解答】解：參考系的選取是任意的；任何物體均可以作為參考系；參考系不一定必須是靜止不動的；如研究炸彈的運動時，可以將運動的飛機作為參考系．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場線的物理意義分析場強與電勢的關系；根據(jù)沿電場線的方向，電勢逐點降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】質(zhì)量是慣性的唯一標志，與物體的速度大小，加速度大小，是否運動等全部無關．【解析】【解答】解：質(zhì)量是慣性的唯一標志；與物體的速度大小，加速度大小，是否運動等全部無關，故此說法是錯