2025年人教版PEP高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教版PEP高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷853考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，洗衣機(jī)的脫水桶采用帶動(dòng)衣物旋轉(zhuǎn)的方式脫水，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是A.脫水過(guò)程中，衣物是緊貼桶壁的B.水會(huì)從桶中甩出是因?yàn)樗问艿较蛐牧艽蟮木壒蔆.加快脫水桶轉(zhuǎn)動(dòng)角速度，脫水效果會(huì)更好D.靠近中心的衣物脫水效果不如四周的衣物脫水效果好2、一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化過(guò)程如圖所示，第1種變化是從A到B，第2種變化是從A到C，比較兩種變化過(guò)程，則A.A到B過(guò)程氣體吸收熱量較多B.A到C過(guò)程氣體吸收熱量較多C.兩個(gè)過(guò)程氣體內(nèi)能增加相同D.兩個(gè)過(guò)程氣體吸收熱量一樣3、甲、乙兩球在水平光滑軌道上向同方向運(yùn)動(dòng)，已知它們的動(dòng)量分別是P錄脳=5kg?m/sP脪脪=7kg?m/s

甲從后面追上乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動(dòng)量變?yōu)?0kg?m/s

則二球質(zhì)量m錄脳

與m脪脪

間的關(guān)系可能是(

)

A.m錄脳=m脪脪

B.m脪脪=2m錄脳

C.m脪脪=4m錄脳

D.m脪脪=6m錄脳

4、某同學(xué)將一直流電源的總功率P,輸出功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I變化的圖線(xiàn)畫(huà)在同一坐標(biāo)系中，如右圖中的a、b、c所示。則下列說(shuō)法中正確的是（）A.圖線(xiàn)b表示輸出功率隨電流I變化的關(guān)系B.圖中a線(xiàn)最高點(diǎn)對(duì)應(yīng)的功率為最大輸出功率C.在a、b、c三條圖線(xiàn)上分別取橫坐標(biāo)相同的C三點(diǎn)這三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿(mǎn)足關(guān)系D.b、c線(xiàn)的交點(diǎn)M與a、b線(xiàn)的交點(diǎn)N的橫坐標(biāo)之比一定為1:2，縱坐標(biāo)之比一定為1:45、如圖所示；A，B，C，D，E，F(xiàn)為勻強(qiáng)電場(chǎng)中一個(gè)邊長(zhǎng)為10cm的正六邊形的六個(gè)頂點(diǎn)，A，C，D三點(diǎn)電勢(shì)分別為1.0V，2.0V，3.0V，正六邊形所在平面與電場(chǎng)線(xiàn)平行．則（）

A.E點(diǎn)的電勢(shì)與C點(diǎn)的電勢(shì)相等B.電勢(shì)差UEF與電勢(shì)差UBC相同C.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為V/mD.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為20V/m6、下列關(guān)于飽和汽與飽和汽壓的說(shuō)法中，正確的是A.相同溫度下，各種液體的飽和汽壓都相同B.溫度不變時(shí)，飽和汽壓隨飽和汽體積的增大而增大C.對(duì)于同一種液體，飽和汽壓隨溫度升高而增大D.液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)，就沒(méi)有液體分子從液面飛出7、圖甲為一臺(tái)小型發(fā)電機(jī)示意圖，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化如圖乙所示。已知發(fā)電機(jī)線(xiàn)圈的匝數(shù)為100

匝，電阻r=2婁賂

外電路的小燈泡電阻恒為R=6婁賂

電壓表；電流表均為理想電表。下列說(shuō)法正確的是()

A.電壓表的讀數(shù)為4V

B.電流表讀數(shù)0.5A

C.1

秒內(nèi)流過(guò)小燈泡的電流方向改變25

次D.線(xiàn)圈在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，磁通量最大為0.082蟺(wb)

8、如圖所示，質(zhì)量均可忽略的輕繩與輕桿承受彈力的最大值一定，桿的A

端用鉸鏈固定，光滑輕小滑輪在A

點(diǎn)正上方，B

端吊一重物G

現(xiàn)將繩的一端拴在桿的B

端，用拉力F

將B

端緩縵上拉，在AB

桿達(dá)到豎直前(

均未斷)

關(guān)于繩子的拉力F

和桿受的彈力FN

的變化，判斷正確的是(

)

A.F

變大B.F

變小C.FN

變大D.FN

變小評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)9、在“暢想家鄉(xiāng)美好未來(lái)”的主題班會(huì)上，同學(xué)們奇想妙設(shè)，紛紛出計(jì)獻(xiàn)策。王林同學(xué)設(shè)計(jì)了城市未來(lái)磁懸浮軌道列車(chē)交通方案，圖紙如圖所示，請(qǐng)你分析該方案中應(yīng)用到的物理知識(shí)有：（只要求寫(xiě)出兩條）（1）________________________________;（2）________________________________。10、改變汽車(chē)的質(zhì)量和速度；都可能使汽車(chē)的動(dòng)能發(fā)生變化：

如果質(zhì)量不變，速度增大到原來(lái)2倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的____倍；

如果速度不變，質(zhì)量增大到原來(lái)2倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的____倍；

如果質(zhì)量減半，速度增大到原來(lái)4倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的____倍；

如果速度減半，質(zhì)量增大到原來(lái)4倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的____倍．11、安培的磁性起源的假說(shuō)，揭示了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)，它使我們認(rèn)識(shí)到，____________的磁場(chǎng)和____________的磁場(chǎng)一樣，都是由____________產(chǎn)生的．12、一電流表內(nèi)阻Rg=1kΩ，滿(mǎn)偏電流Ig=100μA，要把它改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)串聯(lián)一個(gè)阻值R1=______Ω；要把它改裝成量程為0.6A的電流表，應(yīng)并聯(lián)一阻值R2=______Ω的電阻．（R2保留三位有效數(shù)值）13、在“測(cè)定金屬的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中；用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)的刻度位置如圖所示，用米尺測(cè)出金屬絲的長(zhǎng)度L

金屬絲的電阻大約為5婁賂

先用伏安法測(cè)出金屬絲的電阻R

然后根據(jù)電阻定律計(jì)算出該金屬材料的電阻率．

(1)

從圖甲中讀出金屬絲的直徑為_(kāi)_____mm

．

(2)

為此取來(lái)兩節(jié)新的干電池；電鍵和若干導(dǎo)線(xiàn)及下列器材：

A.電壓表0隆蘆3V

內(nèi)阻10k婁賂

B.電壓表0隆蘆15V

內(nèi)阻50k婁賂

C.電流表0隆蘆0.6A

內(nèi)阻0.05婁賂

D.電流表0隆蘆3A

內(nèi)阻0.01婁賂

E.滑動(dòng)變阻器；0隆蘆10婁賂

F.滑動(dòng)變阻器；0隆蘆100婁賂

壟脵

要求較準(zhǔn)確地測(cè)出其阻值；電壓表應(yīng)選______，電流表應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______.(

填序號(hào))

壟脷

實(shí)驗(yàn)中某同學(xué)的實(shí)物接線(xiàn)如圖乙所示；請(qǐng)指出該同學(xué)實(shí)物接線(xiàn)中的兩處明顯錯(cuò)誤．

錯(cuò)誤1

______

錯(cuò)誤2

______．14、在利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器探究加速度與力；質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中。

（1）以下做法正確的是____

A．平衡摩擦力時(shí)；應(yīng)將重物用細(xì)繩通過(guò)定滑輪系在小車(chē)上。

B．本實(shí)驗(yàn)中探究的方法是控制變量法。

C．實(shí)驗(yàn)時(shí)；先放開(kāi)小車(chē)，后接通電源。

D．“重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量”這一條件如不滿(mǎn)足；對(duì)探究結(jié)果也不會(huì)產(chǎn)生影響。

（2）在以上實(shí)驗(yàn)中實(shí)驗(yàn)儀器有：砂桶和砂子、小車(chē)和砝碼、帶滑輪的長(zhǎng)木板、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器和紙帶、復(fù)寫(xiě)紙片，除了以上儀器外，還需要的儀器有____

A．秒表B．彈簧測(cè)力計(jì)C．毫米刻度尺D．天平E．低壓直流電源F．低壓交流電源．15、讀數(shù)（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)為_(kāi)__________mm螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)__________mm（2）用多用表測(cè)量電流、電壓或電阻時(shí)，表盤(pán)指針的位置如圖所示。如果選擇開(kāi)關(guān)指在“____—10置時(shí)，測(cè)量結(jié)果為_(kāi)___；如果選擇開(kāi)關(guān)指在“____—25”位置時(shí)，測(cè)量結(jié)果為_(kāi)___mA；如果選擇開(kāi)關(guān)指在“Ω×10”測(cè)量結(jié)果為_(kāi)___Ω16、某實(shí)驗(yàn)小組進(jìn)行“探究熱敏電阻的溫度特性”實(shí)驗(yàn)，測(cè)量出不同溫度下的電阻值，畫(huà)出該熱敏電阻的Rt-t圖象，由圖可知，這種熱敏電阻在溫度上升時(shí)導(dǎo)電能力______（選填“增強(qiáng)”或“減弱”）．評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)17、電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只有沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、證明題(共2題，共12分)25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線(xiàn)方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線(xiàn)方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分五、推斷題(共4題，共16分)27、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過(guò)如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱(chēng)是_________，rm{F}中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱(chēng)是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)______；rm{C}分子中最多有____個(gè)原子共平面。rm{(3)}寫(xiě)出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：反應(yīng)rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應(yīng)類(lèi)型有________rm{(}填寫(xiě)編號(hào)rm{)}rm{壟脵}加成反應(yīng)rm{壟脷}消去反應(yīng)rm{壟脹}取代反應(yīng)rm{壟脺}氧化反應(yīng)rm{壟脻}還原反應(yīng)，寫(xiě)出制備化合物的最后一步反應(yīng)_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿(mǎn)足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請(qǐng)寫(xiě)出其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團(tuán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。28、下表為元素周期表的一部分，針對(duì)表中rm{壟脵隆蘆壟脼}元素，回答下列問(wèn)題。rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}rm{壟脼}rm{(1)壟脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)壟脷}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是__________rm{(}填元素符號(hào)rm{)}rm{壟脻}和rm{壟脼}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物中酸性較強(qiáng)的是________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)}寫(xiě)出rm{壟脹壟脺}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物反應(yīng)的離子方程式_______________。29、【化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過(guò)如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱(chēng)是_________，rm{F}中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱(chēng)是_______。rm{(2)D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)______；rm{C}分子中最多有____個(gè)原子共平面。rm{(3)}寫(xiě)出下列反應(yīng)的化學(xué)方程式：反應(yīng)rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應(yīng)類(lèi)型有________rm{(}填寫(xiě)編號(hào)rm{)}rm{壟脵}加成反應(yīng)rm{壟脷}消去反應(yīng)rm{壟脹}取代反應(yīng)rm{壟脺}氧化反應(yīng)rm{壟脻}還原反應(yīng)，寫(xiě)出制備化合物的最后一步反應(yīng)_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構(gòu)體中，滿(mǎn)足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請(qǐng)寫(xiě)出其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團(tuán)；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。30、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補(bǔ)血?jiǎng)┤樗醽嗚F。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為T(mén)iO2+和SO2-4。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

（1）寫(xiě)出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學(xué)式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進(jìn)的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為_(kāi)___。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線(xiàn)的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標(biāo)準(zhǔn)狀況下的乙烯____m3。

評(píng)卷人得分六、綜合題(共4題，共20分)31、(

一)

在測(cè)定平行玻璃磚的折射率的實(shí)驗(yàn)中：(1)P1P2

是插在入射光線(xiàn)所在位置上的大頭針，P3P4

是插在射出光線(xiàn)所在的位置上的大頭針，則下面說(shuō)法中正確的是__________。A.P1P2P3P4

應(yīng)在同一條直線(xiàn)上B.

隔著玻璃磚觀(guān)察，看到的P1P2P3P4

應(yīng)在同一條直線(xiàn)上C.插針時(shí)，P1

和P2P3

和P4

之間的距離應(yīng)盡量小一些D.

插針時(shí)，P1

和P2P3

和P4

之間的距離應(yīng)適當(dāng)大一些(2

用上述插針?lè)ㄊ欠衲軌驕y(cè)定非平行玻璃磚的折射率？答：____(

填“能”或“不能”)

(

二).

某同學(xué)在做“利用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，先測(cè)得擺線(xiàn)長(zhǎng)為97.50cm

擺球直徑為2.00cm

然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50

次所用的時(shí)間，則：(1)

該擺擺長(zhǎng)為_(kāi)_____cm

(2)

如果測(cè)得的g

值偏小，可能的原因是(

)

A.測(cè)擺線(xiàn)長(zhǎng)時(shí)擺線(xiàn)拉得過(guò)緊B.

擺線(xiàn)上端懸點(diǎn)未固定，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線(xiàn)長(zhǎng)度增加了C.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下D.

實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)記為50

次(3)

為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)l

并測(cè)出相應(yīng)的周期T

從而得出一組對(duì)應(yīng)的l

與T

的數(shù)據(jù)，再以l

為橫坐標(biāo)，T2

為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線(xiàn)如圖所示，并求得該直線(xiàn)的斜率為k

則重力加速度g=

______(

用k

表示)

．

(

三).

在“雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)”實(shí)驗(yàn)中，調(diào)節(jié)分劃板的位置，使分劃板的中心刻線(xiàn)對(duì)齊某條亮條紋的中心且計(jì)數(shù)1

此時(shí)螺旋測(cè)微器的示數(shù)如圖甲所示；轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃線(xiàn)向一側(cè)移動(dòng)，數(shù)到第4

條亮紋時(shí)，使分劃板的中心刻線(xiàn)對(duì)齊第4

條亮條紋的中心，此時(shí)螺旋測(cè)微器的示數(shù)如圖乙所示.

已知雙縫間距d=2.0mm

雙縫到屏的距離L=1.00m

則甲圖所示讀數(shù)為_(kāi)_______mm

乙圖所示讀數(shù)為_(kāi)______mm

被測(cè)光波的波長(zhǎng)為_(kāi)______m

．32、(1)

如圖所示，均勻繞制的螺線(xiàn)管水平放置，在其正中心的上方附近用絕緣繩水平吊起通電直導(dǎo)線(xiàn)AA

與螺線(xiàn)管垂直，A

導(dǎo)線(xiàn)中的電流方向垂直紙面向里，開(kāi)關(guān)S

閉合，若將該螺線(xiàn)管視為一條形磁鐵，在圖上標(biāo)出該磁鐵的N

極，并畫(huà)出A

受到通電螺線(xiàn)管磁場(chǎng)的作用力的方向．(2)

在“用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)定勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的加速度”的實(shí)驗(yàn)中，壟脵

安裝紙帶時(shí)，應(yīng)將紙帶置于復(fù)寫(xiě)紙(

或墨粉紙盤(pán))

的____選填“上方”或“下方”).

把紙帶固定在小車(chē)上，應(yīng)在放開(kāi)小車(chē)(

選填“之前”或“之后”)

接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源．壟脷

下方為實(shí)驗(yàn)中小車(chē)拖動(dòng)紙帶運(yùn)動(dòng)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打下了一系列的點(diǎn)，從中選出的一條紙帶，如圖所示，圖上相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1s

由此可求出小車(chē)在A

點(diǎn)時(shí)的速度VA=

____m/s.

小車(chē)的加速度是____m/s2

．33、在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B

中，從圖示位置開(kāi)始，匝數(shù)為N

，面積為S

的線(xiàn)圈abcd

繞軸OO鈥?

以角速度蠅

轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式e

=

____(V)

在圖示位置磁通量____，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)________。(

“最大”、“最小”)

34、(

一)

(1)

下列設(shè)備或電器中，利用電磁感應(yīng)原理工作的是()

A.發(fā)電機(jī)B.

白熾燈C.電動(dòng)機(jī)D.

電吹風(fēng)(2)

社會(huì)越發(fā)展，人人之間的聯(lián)系越廣泛，信息的產(chǎn)生、傳遞、處理和運(yùn)用就越頻繁，對(duì)信息技術(shù)的要求就越高，現(xiàn)代信息技術(shù)的三大基礎(chǔ)是信息的拾取、傳遞和處理。對(duì)現(xiàn)代信息技術(shù)而言，下列說(shuō)法正確的是()

A

、信息的拾取需要用傳感器B

、信息的拾取需要用電磁波C

、信息的傳遞需要用傳感器D

、信息的傳遞需要用電磁波(3)

如圖所示，將帶正電的小球A

靠近用絕緣細(xì)線(xiàn)懸掛的輕質(zhì)小球B

的左側(cè)，發(fā)現(xiàn)小球B

向右偏離豎直方向某一角度，可知B

帶______電；若保持其它條件不變，只增大A

的電荷量，則B

的偏轉(zhuǎn)角度將___________(

填“變大”、“變小”或“不變”)

(4)

一束粒子(

不計(jì)重力)

垂直射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖中的abc

所示，其中帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為_(kāi)_____；不帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡為_(kāi)______。(

填“a

”、“b

”或“c

”)

(

二)

(1)

第一個(gè)通過(guò)實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在的物理學(xué)家是()

A.

麥克斯韋節(jié)B.

愛(ài)迪生C.

赫茲D.

法拉第(2)

如圖所示，一單匝矩形線(xiàn)圈從左側(cè)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，對(duì)于線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是()

A.

當(dāng)線(xiàn)圈勻速進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)圈中無(wú)感應(yīng)電流B.

當(dāng)線(xiàn)圈加速進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線(xiàn)圈中有感應(yīng)電流C.

線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)的速度越大，感應(yīng)電流就越大D.

線(xiàn)圈中感應(yīng)電流的大小與線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小無(wú)關(guān)(3)

某同學(xué)用多用電表按正確步驟測(cè)量一電阻的阻值，它的歐姆擋有“隆脕1

”、“隆脕10

”、“隆脕100

”、“隆脕1k

”的四個(gè)擋位。當(dāng)選擇開(kāi)關(guān)置于“隆脕l

”擋進(jìn)行測(cè)量時(shí)，指針指示位置如圖所示，則其電阻值是_________惟

如果要用這只多用電表測(cè)量一個(gè)阻值約為200惟

的電阻，為使測(cè)量結(jié)果比較精確，選擇開(kāi)關(guān)應(yīng)選的歐姆擋是______________。

(4)

長(zhǎng)為2m

的直導(dǎo)線(xiàn)垂直于磁場(chǎng)方向放入磁感應(yīng)強(qiáng)度為5隆脕10鈭?5T

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.

若導(dǎo)線(xiàn)中通有10A

的恒定電流，則磁場(chǎng)對(duì)導(dǎo)線(xiàn)的作用力多大？若僅使導(dǎo)線(xiàn)中的電流反向，則磁場(chǎng)對(duì)這根導(dǎo)線(xiàn)的作用力的方向如何變化？

(

三)

(1)

真空中有兩個(gè)相距r

的靜止點(diǎn)電荷，它們之間的靜電力大小為F

現(xiàn)將其中一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量增加到原來(lái)的n

倍，其它條件不變，那么，這兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的靜電力大小為()

A.1nFB.FC.nFD.n2F

(2)

如圖所示，在點(diǎn)電荷Q

的電場(chǎng)中，以點(diǎn)電荷Q

為圓心的圓周上有ABC

三點(diǎn)，AC

兩點(diǎn)在同一直徑上。已知A

點(diǎn)的電場(chǎng)方向水平向右。下列判斷正確的是

A.B

點(diǎn)的電場(chǎng)方向水平向右

B.C

點(diǎn)的電場(chǎng)方向水平向左C.BC

兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等D.BC

兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不相等(3)

在閉合電路中，路端電壓U

與電流I

的關(guān)系為U=E鈭?Ir

以U

為縱坐標(biāo)，I

為橫坐標(biāo)，作出U鈭?I

關(guān)系圖象如圖所示，ABC

是圖象上的三點(diǎn)，則外電路斷開(kāi)的狀態(tài)對(duì)應(yīng)圖中的________點(diǎn)。若電源的電動(dòng)勢(shì)E=1.5V

內(nèi)阻r=0.5婁賂

則外電路斷開(kāi)時(shí)的路端電壓為_(kāi)______V

(4)

如圖所示；在虛線(xiàn)所示的矩形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B

方向垂直紙面的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m

帶電荷量為q

的正粒子，垂直磁場(chǎng)的左邊界進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線(xiàn)所示。已知粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度方向跟進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向相反，不計(jì)粒子的重力，問(wèn)：

(1)

磁場(chǎng)的方向是垂直于紙面向里還是向外？(2)

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是多少？參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】試題分析：脫水過(guò)程中，衣物做離心運(yùn)動(dòng)而甩向桶壁，故A正確；水滴依附的附著力是一定的，當(dāng)水滴因做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力大于該附著力時(shí)，水滴被甩掉，故B錯(cuò)；增大會(huì)使向心力F增大，而轉(zhuǎn)筒有洞，不能提供足夠大的向心力，水滴就會(huì)被甩出去，增大向心力，會(huì)使更多水滴被甩出去，故C正確．中心的衣服，R比較小，角速度一樣，所以向心力小，脫水效果差，故D正確。考點(diǎn)：考查了離心現(xiàn)象【解析】【答案】B2、B|C【分析】【解析】【答案】BC3、C【分析】解：根據(jù)動(dòng)量守恒定律得。

P1+P2=P1隆盲+P2隆盲

解得P1隆盲=2kg.m/s

碰撞過(guò)程系統(tǒng)的總動(dòng)能不增加，則有P1隆盲22m1+P2隆盲22m2鈮?P122m1+P222m2

解得m1m2鈮?2151

碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有P1隆盲m1<P2隆盲m2

．

解得m1m2>15.

故C正確；AB

D錯(cuò)誤．

故選：C

．

碰撞過(guò)程遵守動(dòng)量；總動(dòng)能不增加，根據(jù)這兩個(gè)規(guī)律，得到AB

兩球的質(zhì)量關(guān)系．

對(duì)于碰撞過(guò)程，往往根據(jù)三大規(guī)律，分析兩個(gè)質(zhì)量的范圍：1

動(dòng)量守恒；2

總動(dòng)能不增加；3

碰撞后兩物體同向運(yùn)動(dòng)時(shí)，后面物體的速度不大于前面物體的速度．【解析】C

4、C|D【分析】試題分析：由電源總功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率表達(dá)式則電源輸出功率可知圖線(xiàn)a表示電源總功率，圖線(xiàn)b表示電源內(nèi)部的發(fā)熱功率，圖線(xiàn)c表示電源的輸出功率；在a、b、c三條圖線(xiàn)上分別取橫坐標(biāo)相同的A、B、C三點(diǎn)，因?yàn)橹绷麟娫吹目偣β实扔谳敵龉β屎碗娫磧?nèi)部的發(fā)熱功率的和，所以這三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿(mǎn)足關(guān)系當(dāng)內(nèi)電阻和外電阻相等時(shí)，電源輸出的功率最大，此時(shí)即為b、c線(xiàn)的交點(diǎn)M時(shí)的電流，此時(shí)電流的大小為功率的大小為a、b線(xiàn)的交點(diǎn)N表示電源的總功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率相等，此時(shí)只有電源的內(nèi)電阻，所以此時(shí)的電流的大小為功率的大小為所以橫坐標(biāo)之比為1：2，縱坐標(biāo)之比為1：4，所以正確選項(xiàng)為C、D?？键c(diǎn)：本題考查了電功、電功率和閉合電路中能量的轉(zhuǎn)化。【解析】【答案】CD5、C【分析】【解答】解：已知正六邊形所在平面與電場(chǎng)線(xiàn)平行，且A、C、D三點(diǎn)電勢(shì)分別為1.0V、2.0V、3.0V，延長(zhǎng)DC且使DC=CG，連接BG，可知UDC=UCG=1V；故ABG的電勢(shì)相等為1V；CF電勢(shì)相等為2V，D；E電勢(shì)相等為3V；

故A錯(cuò)誤．

B、電勢(shì)差UEF=3﹣2=1V，電勢(shì)差UBC=1﹣2=﹣1V；B錯(cuò)誤。

C、E====V/m；故C正確。

D；同理D錯(cuò)誤。

故選C

【分析】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中已知任意三點(diǎn)的電勢(shì)確定第四點(diǎn)的電勢(shì)高低，連接已知三點(diǎn)中的任意兩點(diǎn)，在其連線(xiàn)上找到與第三點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)，連接這兩點(diǎn)，過(guò)第四點(diǎn)做連線(xiàn)的平行線(xiàn)，與連線(xiàn)的交點(diǎn)的電勢(shì)即為第四點(diǎn)的電勢(shì)，以此類(lèi)推其他各點(diǎn)的電勢(shì)．6、C【分析】【分析】

與液體處于動(dòng)態(tài)平衡的蒸氣叫飽和蒸氣；反之，稱(chēng)為不飽和蒸氣。飽和蒸氣壓強(qiáng)與飽和蒸氣體積無(wú)關(guān)攏隆

在一定溫度下，飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，這個(gè)壓強(qiáng)叫做飽和蒸氣壓強(qiáng)。同溫下未飽和蒸氣壓強(qiáng)小于飽和蒸氣壓強(qiáng)。本題關(guān)鍵是明確影響飽和蒸汽壓的因素：液體的種類(lèi)和液體的溫度，基礎(chǔ)題目?！窘獯稹?/p>

?A.飽和汽壓與液體的種類(lèi)和溫度有關(guān)；相同溫度下，各種液體的飽和汽壓不同；故A錯(cuò)誤；B.在一定溫度下；飽和蒸氣的分子數(shù)密度是一定的，因而其壓強(qiáng)也是一定的，與體積無(wú)關(guān)；故密閉容器中某種蒸汽開(kāi)始時(shí)若是飽和的，保持溫度不變，增大容器的體積，穩(wěn)定后蒸汽的壓強(qiáng)不變，故B錯(cuò)誤；

C.對(duì)于同一種液體；飽和汽壓隨溫度升高而增大，故C正確；

D.液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)，是從液面飛出的分子和進(jìn)入液體的分子數(shù)相等，故D錯(cuò)誤。故選：C

【解析】C

7、B【分析】【分析】由圖象可得電動(dòng)勢(shì)最大值，計(jì)算出有效值，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求電壓表和電流表的讀數(shù)；線(xiàn)圈轉(zhuǎn)一圈，電流方向改變2

次；由Em=NBS婁脴

和婁脴=2婁脨f

計(jì)算磁通量的最大值。交流電的電壓、電流、電動(dòng)勢(shì)等等物理量都隨時(shí)間作周期性變化，求解交流電的焦耳熱、電功、電功率時(shí)要用交流電的有效值，求電量時(shí)用平均值。【解答】?AB.

由圖象可知，電動(dòng)勢(shì)最大值為Em=42V，所以有效值為E=Em2=422=4V

電路中電流為：I=ER+r=46+2=0.5A

電壓表的讀數(shù)為U=IR=0.5隆脕6=3V

故A錯(cuò)誤，B正確；

C.由圖象可知；周期為T(mén)=0.04s

所以頻率為25Hz

線(xiàn)圈轉(zhuǎn)一圈，電流方向改變2

次，所以1

秒內(nèi)流過(guò)小燈泡的電流方向改變50

次，故C錯(cuò)誤；

D.由Em=NBS婁脴

和婁脴=2婁脨f

可知，婁脮m=BS=EmN婁脴=EmN隆脕2婁脨f=42100隆脕2婁脨隆脕25=0.00082婁脨Wb

故D錯(cuò)誤。

故選B。

【解析】B

8、B【分析】解：設(shè)物體的重力為G.

以B

點(diǎn)為研究對(duì)象；分析受力情況，作出力圖，如圖．

作出力FN

與F

的合力F2

根據(jù)平衡條件得知，F(xiàn)2=F1=G.

由鈻?F2FNB

∽鈻?ABO

得：

FNF2=BOAO

得到：FN=BOAOG

式中；BOAOG

不變，則FN

保持不變．

由鈻?F2FNB

∽鈻?ABO

得：FNOB=FAB

AB

減?。粍tF

一直減??；

故選：B

．

當(dāng)細(xì)繩緩慢拉動(dòng)時(shí)；整個(gè)裝置處于動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài)，以B

點(diǎn)為研究對(duì)象，分析受力情況，作出力圖.

根據(jù)平衡條件，運(yùn)用三角形相似法，得出FN

與邊長(zhǎng)AOBO

及物體重力的關(guān)系，再分析FN

的變化情況．

本題中涉及非直角三角形，運(yùn)用幾何知識(shí)研究力與邊或角的關(guān)系，是常用的思路．【解析】B

二、填空題(共8題，共16分)9、略

【分析】試題分析：利用了磁場(chǎng)中同名磁極相斥原理和電磁感應(yīng)的原理，把站臺(tái)做成斜坡的，列車(chē)在進(jìn)站時(shí)將動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能儲(chǔ)存能量，在出站時(shí)又可以將重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，這又利用了能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律。考點(diǎn)：本題主要考查磁懸浮軌道列車(chē)的原理，【解析】【答案】磁場(chǎng)中同名磁極相斥原理、電磁感應(yīng)的原理、能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律(任意兩條)10、4281【分析】【解答】如果質(zhì)量不變；速度增大到原來(lái)2倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的4倍；如果速度不變，質(zhì)量增大到原來(lái)2倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的2倍；如果質(zhì)量減半，速度增大到原來(lái)4倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的8倍；如果速度減半，質(zhì)量增大到原來(lái)4倍，則動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的1倍．

故本題的答案為：4；2，8，1

【分析】動(dòng)能的表達(dá)式為EK=mV2，根據(jù)表達(dá)式判斷動(dòng)能的變化．11、略

【分析】解：電流的形成是因電荷的定向移動(dòng)；故它周?chē)拇艌?chǎng)是因電荷的運(yùn)動(dòng)．

磁鐵周?chē)拇艌?chǎng)；人們?nèi)哉J(rèn)為是因電荷的運(yùn)動(dòng)，因磁鐵的由分子組成的，而分子是由原子核和核外電子構(gòu)成，分子在運(yùn)動(dòng)，因此組成分子的電荷也在運(yùn)動(dòng)，整體運(yùn)動(dòng)的有序性，就可在其周?chē)纬纱艌?chǎng)．所以磁鐵的磁場(chǎng)與電流的磁場(chǎng)是一樣的，都是由運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的．

故答案為：磁鐵，電流，運(yùn)動(dòng)電荷．【解析】磁鐵;電流;運(yùn)動(dòng)電荷12、略

【分析】解：表頭上的電壓U=IgRg=100×10-6×1000Ω=0.1V；

改裝成電壓表時(shí)；串聯(lián)電阻上的電壓U=3V-0.1V=2.9V

串聯(lián)電阻R1==29000Ω

改裝成電流表時(shí)要并聯(lián)電阻；并聯(lián)電阻通過(guò)的電流I=0.6A-0.0001A=0.5999A

R2===0.167Ω

故答案為：29000；0.167Ω

將電表的量程擴(kuò)大應(yīng)在表頭兩端并聯(lián)一個(gè)小電阻進(jìn)行分流；當(dāng)流過(guò)表頭的電流達(dá)到滿(mǎn)偏時(shí)，流過(guò)并聯(lián)部分的總電流即為改裝后的最大量程；

改裝成電壓表時(shí)要串聯(lián)大電阻分壓．

對(duì)于電表的改裝一定要明確改裝的原理，再根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律求解即可【解析】29000；0.16713、略

【分析】解：(1)

固定刻度讀數(shù)：0

半刻度讀數(shù)：0.5mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)0.01mm隆脕17.9=0.179mm

故螺旋測(cè)微器讀數(shù)為：0.679mm

(2)壟脵

兩節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)共為3V

為減小讀數(shù)誤差，選小量程電壓表，故選A；

根據(jù)歐姆定律，I隆脰ER=3V5惟=0.6A

電流不超過(guò)0.6A

故電流表同樣選擇小量程的，即選C；

滑動(dòng)變阻器的特點(diǎn)是：電阻大的調(diào)節(jié)精度低；電阻變化快，操作不方便，故選小電阻的，即選E；

壟脷

伏安法測(cè)電阻時(shí)；測(cè)量較大電阻用安培表內(nèi)接法，測(cè)量較小電阻用安培表外接法，本題待測(cè)電阻與安培表電阻相接進(jìn)，故采用安培表外接法；

故答案為：(1)0.679(2)壟脵ACE壟脷

導(dǎo)線(xiàn)連接在滑動(dòng)變阻器的滑片上，采用了電流表內(nèi)接法．

(1)

螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)；需估讀．

(2)壟脵

兩節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)共為3V

為減小讀數(shù)誤差，選小量程電壓表；根據(jù)歐姆定律，電流不超過(guò)0.6A

故電流表同樣選擇小量程的；為使操作方便，滑動(dòng)變阻器選擇與電阻接進(jìn)的，選10婁賂

的．

壟脷

連線(xiàn)電路要注意：電表極性不能接反；量程選擇恰當(dāng)?shù)?，安培表?nèi)外接法的選擇．

本題關(guān)鍵：(1)

用伏安法測(cè)電阻時(shí)安培表內(nèi)、外接法的選擇原則是“大內(nèi)小外”，即對(duì)于大電阻采用安培表內(nèi)接法，對(duì)于小電阻采用安培表外接法；(2)

需要有較大的電壓測(cè)量范圍時(shí)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法．【解析】0.679ACE

導(dǎo)線(xiàn)連接在滑動(dòng)變阻器的滑片上；采用了電流表內(nèi)接法14、略

【分析】

（1）A；平衡摩擦力時(shí)；重物不能用細(xì)繩通過(guò)定滑輪系在小車(chē)上，故A錯(cuò)誤；

B；本實(shí)驗(yàn)的變量比較多；有加速度、力、質(zhì)量等，因此為了探究它們之間關(guān)系，采用了控制變量法，故B正確；

C；實(shí)驗(yàn)中要先接通電源；然后釋放小車(chē)，故C錯(cuò)誤；

D；實(shí)驗(yàn)中必須滿(mǎn)足“重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量”；否則重物的重力不能當(dāng)作小車(chē)的合外力，實(shí)驗(yàn)不成立，故D錯(cuò)誤．

故選B．

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)所要進(jìn)行的測(cè)量可知；本實(shí)驗(yàn)中還需要毫米刻度尺；低壓交流電源，故ABDE錯(cuò)誤，CF正確．

故選CF．

【解析】【答案】（1）實(shí)驗(yàn)所有的具體操作目的都是為了更好；更準(zhǔn)確的完成實(shí)驗(yàn)；操作細(xì)節(jié)不能忽視，同時(shí)操作步驟要滿(mǎn)足實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)?zāi)康囊螅?/p>

（2）實(shí)驗(yàn)器材的選取要為實(shí)驗(yàn)?zāi)康姆?wù)；如在實(shí)驗(yàn)中只要用到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，一般都要用到低壓交流電源；刻度尺等．

15、略

【分析】【解析】試題分析：(1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為：螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：(2)如果選擇開(kāi)關(guān)指在“____—10置時(shí)，則為1分度盤(pán)，所以測(cè)量結(jié)果為5.1V如果選擇開(kāi)關(guān)指在“____—25”位置時(shí)，則最小分度為0.1mA，所以測(cè)量結(jié)果為12.8mA，（3）如果選擇開(kāi)關(guān)指在“Ω×10”測(cè)量結(jié)果為考點(diǎn)：考查了實(shí)驗(yàn)儀器的讀數(shù)問(wèn)題【解析】【答案】（1）9.40mm,10.295mm（2）5.1V；12.8mA；145Ω16、略

【分析】解：圖中橫軸表示溫度；縱軸表示電阻，由圖可知，隨著溫度的增加，金屬熱電阻的阻值略微增大，而熱敏電阻的阻值顯著減?。赃@種熱敏電阻在溫度上升時(shí)導(dǎo)電能力增強(qiáng)；

故答案為：增強(qiáng)。

圖中橫軸表示溫度；縱軸表示電阻，圖象反映了電阻隨著溫度的變化情況．

解題的關(guān)鍵是能看懂圖象，一個(gè)物理量不斷變化時(shí)，看另一個(gè)物理量如何變化，從而得出結(jié)論．【解析】增強(qiáng)三、判斷題(共8題，共16分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線(xiàn)垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線(xiàn)是人為假想的曲線(xiàn)，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線(xiàn)疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線(xiàn)密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低．18、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線(xiàn)的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線(xiàn)的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線(xiàn)可以形象直觀(guān)表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線(xiàn)疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線(xiàn)方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線(xiàn)的方向反映電勢(shì)的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．20、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線(xiàn)比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線(xiàn)垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線(xiàn)是人為假想的曲線(xiàn)，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線(xiàn)疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線(xiàn)密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降低．23、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線(xiàn)與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線(xiàn)比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、證明題(共2題，共12分)25、略

【分析】見(jiàn)答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)26、略

【分析】見(jiàn)答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)五、推斷題(共4題，共16分)27、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成?！窘獯稹扛鶕?jù)rm{D}的分子式及rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可以知道，rm{D}為的分子式及rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可以知道，rm{E}為rm{D}可以知道，根據(jù)信息rm{壟脹}可以知道rm{C}為為rm{壟脹}與氯氣發(fā)生取代生成rm{C}，根據(jù)相互轉(zhuǎn)化關(guān)系，rm{A}與氯氣發(fā)生取代生成rm{B}rm{B}水計(jì)算得出rm{C}所以rm{A}為水計(jì)算得出rm{A}所以rm{B}為rm{B}為rm{C}為rm{A}的名稱(chēng)是，rm{B}為氯甲苯rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式知，rm{(1)A}為中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱(chēng)是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名稱(chēng)是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根據(jù)上面的分析可以知道，，根據(jù)rm{F}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式知，rm{F}中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱(chēng)是氨基和氯原子，為rm{F}為rm{F}分子中最多有故答案為：個(gè)原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道，rm{D}為反應(yīng)rm{(2)}為鹵代烴在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}為個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}個(gè)原子共平面，rm{C}rm{14}故答案為：

；rm{14}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{14}rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脷}為鹵代烴在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成rm{壟脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案為：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{(4)}，可以用乙醇發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯，乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成

rm{1}根據(jù)rm{2-}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，結(jié)合條件rm{HCHO}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與，所以需要經(jīng)歷的反應(yīng)類(lèi)型有消去反應(yīng)、加成反應(yīng)、取代反應(yīng)、氧化反應(yīng)、取代反應(yīng)，制備化合物相同的官能團(tuán)，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反應(yīng)為能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則應(yīng)為甲酸某酯，且氯原子應(yīng)連在酯基中醇的碳上，則符合條件的結(jié)構(gòu)為苯環(huán)上連有兩個(gè)基團(tuán)為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}種結(jié)構(gòu)，其中一種的核磁共振氫譜顯示，組峰，且峰面積之比為故答案為：rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)壟脵壟脷壟脹壟脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}28、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見(jiàn)題型，試題難易適中，側(cè)重對(duì)學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力。【解答】根據(jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{C}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}據(jù)此分析：rm{(1)壟脵}元素是rm{C}在元素周期表中位于元素是rm{(1)壟脵}在元素周期表中位于第二周期、第Ⅳrm{C}族，故答案為：Ⅳrm{A}rm{A}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脷}為rm{O}rm{壟脻}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{O}和rm{S}位于同一主族，從上至下原子半徑逐漸增大，所以原子半徑較大的為rm{S}故答案為：rm{S}故答案為：rm{O}rm{S}rm{S}rm{S}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物分別為硫酸和高氯酸，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，非金屬性逐漸正確，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的酸性逐漸正確，rm{(3)S}的非金屬性比rm{(3)S}弱，所以酸性性較強(qiáng)的為和故答案為：rm{Cl}的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物分別為硫酸和高氯酸，。rm{Cl}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應(yīng)的離子方程式為rm{S}的非金屬性比rm{S}rm{Cl}弱，所以酸性性較強(qiáng)的為rm{HClO_{4}}rm{Cl}rm{HClO_{4}}rm{HClO_{4}}rm{(4)}氫氧化鈉和氫氧化鋁反應(yīng)的離子方程式為【解析】rm{(1)}Ⅳrm{A}rm{(2)S}rm{(3)HClO_{4}}rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}29、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的合成?！窘獯稹扛鶕?jù)rm{D}的分子式及rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可以知道，rm{D}為的分子式及rm{D}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可以知道，rm{E}為rm{D}可以知道，根據(jù)信息rm{壟脹}可以知道rm{C}為為rm{壟脹}與氯氣發(fā)生取代生成rm{C}，根據(jù)相互轉(zhuǎn)化關(guān)系，rm{A}與氯氣發(fā)生取代生成rm{B}rm{B}水計(jì)算得出rm{C}所以rm{A}為水計(jì)算得出rm{A}所以rm{B}為rm{B}為rm{C}為rm{A}的名稱(chēng)是，rm{B}為氯甲苯rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式知，rm{(1)A}為中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱(chēng)是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名稱(chēng)是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根據(jù)上面的分析可以知道，，根據(jù)rm{F}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式知，rm{F}中無(wú)氧官能團(tuán)的名稱(chēng)是氨基和氯原子，為rm{F}為rm{F}分子中最多有故答案為：個(gè)原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道，rm{D}為反應(yīng)rm{(2)}為鹵代烴在rm{D}溶液中水解，生成，rm{C}為個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為rm{C}

，rm{C}分子中最多有rm{14}個(gè)原子共平面，rm{C}rm{14}故答案為：

；rm{14}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{14}rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脷}為鹵代烴在rm{NaOH}溶液中水解，生成rm{2}個(gè)羥基，脫水生成醛基，化學(xué)方程式為二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{(3)}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成rm{壟脷}rm{NaOH}rm{2}，故答案為：

rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}；rm{(4)}由乙醇、甲醇為有機(jī)原料制備化合物rm{(4)}，可以用乙醇發(fā)生消去反應(yīng)生成乙烯，乙烯與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{1}rm{2-}二溴乙烷，再發(fā)生水解反應(yīng)生成乙二醇，甲醇催化氧化生成rm{HCHO}最后乙二醇與甲醛反應(yīng)生成

rm{1}根據(jù)rm{2-}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式，結(jié)合條件rm{HCHO}結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)且存在與，所以需要經(jīng)歷的反應(yīng)類(lèi)型有消去反應(yīng)、加成反應(yīng)、取代反應(yīng)、氧化反應(yīng)、取代反應(yīng)，制備化合物相同的官能團(tuán)，即含有酯基、氨基、氯原子；的最后一步反應(yīng)為能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則應(yīng)為甲酸某酯，且氯原子應(yīng)連在酯基中醇的碳上，則符合條件的結(jié)構(gòu)為苯環(huán)上連有兩個(gè)基團(tuán)為rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}種結(jié)構(gòu)，其中一種的核磁共振氫譜顯示，組峰，且峰面積之比為故答案為：rm{壟脵壟脷壟脹壟脺}

；rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}【解析】rm{(1)2-}氯甲苯氯原子、氨基rm{(2)}rm{14}rm{(3)}rm{+2NaOH}rm{+2NaCl+H_{2}O}rm{(4)壟脵壟脷壟脹壟脺}rm{HOCH_{2}CH_{2}OH+HCHO}rm{+H_{2}O}rm{(5)3}30、略

【分析】【分析】本題考查了鐵鹽和亞鐵鹽的相互轉(zhuǎn)變、離子方程式的書(shū)寫(xiě)、電解原理、焓變的計(jì)算、原料利用率的計(jì)算等，難度中等，注意把握相關(guān)基本理論的理解和應(yīng)用?！窘獯稹浚?）根據(jù)水解原理：鹽+水=酸+堿，則TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+；步驟①中加入足量鐵屑的目的是將溶液中的Fe3+還原為Fe2+，消耗溶液中的H+促進(jìn)TiO2+水解。（2）NH4HCO3在溶液中電離出HCO3-離子，易電離生成碳酸根，碳酸根和亞鐵離子反應(yīng)生成FeCO3促進(jìn)HCO3-電離，故離子方程式Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O；所得的副產(chǎn)物為溶液中沒(méi)有參加反應(yīng)的銨根離子和硫酸根離子形成的(NH4)2SO4；（3）電解時(shí)，陰極上得電子發(fā)生還原反應(yīng)，所以二氧化鈦得電子生成鈦和氧離子，故陰極電極反應(yīng)：TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）依據(jù)蓋斯定律：由③+①×2-②可知△H＝△H3+△H1×2-△H2=+141+（-393.5）×2-（-566）=-80kJ/mol。（5）由題意知，乳酸生成乳酸亞鐵的物質(zhì)的量之比為2：1，設(shè)需要乙烯xm3，則反應(yīng)生成468kg乳酸亞鐵晶體所需乙烯為x=200m3?！窘馕觥浚?）TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+將溶液中的Fe3+還原為Fe2+，消耗溶液中的H+，促進(jìn)TiO2+水解（2）Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O(NH4)2SO4（3）TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）-80kJ/mol（5）200六、綜合題(共4題，共20分)31、(I)(1)BD(2)

能

(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4婁脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭?7-7【分析】(I)

【分析】明確測(cè)量玻璃折射率的基本方法和注意事項(xiàng)，知道如何確定入射光和折射光路。本題關(guān)鍵是明確測(cè)定玻璃磚折射率的原理，會(huì)用插針?lè)ù_定光路，并掌握實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)?！窘獯稹?1)AB.

在實(shí)驗(yàn)中先插P1P2

表示入射光路.

再插入P3

使P3

擋住P1P2

的像，最后插入P4

使P4

擋住P3

和P1P2

的像，即隔著玻璃磚觀(guān)察，看到的PP1、PP2、PP3、PP4應(yīng)在同一條直線(xiàn)上，故A錯(cuò)誤，B正確；C.大頭針P1

和P2

及P3

和P4

之間的距離適當(dāng)大些時(shí)，相同的距離誤差，引起的角度誤差會(huì)減小，角度的測(cè)量誤差會(huì)小些，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD;

(2)

本實(shí)驗(yàn)中只需測(cè)最出入射角和折射角即可求出折射率，所以能夠測(cè)定非平行玻璃磚的折射率。故答案為：能。(II)(II)【分析】(1)

單擺的擺長(zhǎng)等于擺線(xiàn)的長(zhǎng)度加上小球的半徑.

由圖讀出時(shí)間t

由T=tn

求出周期;

(2)

根據(jù)重力加速度的表達(dá)式分析g

值偏小可能的原因;

(3)

根據(jù)重力加速度的表達(dá)式和數(shù)學(xué)知識(shí)，分析T2鈭?l

圖線(xiàn)斜率k

的意義，得到g

的表達(dá)式。單擺的擺長(zhǎng)不是擺線(xiàn)的長(zhǎng)度，還要加上擺球的半徑.

對(duì)于實(shí)驗(yàn)誤差，要從實(shí)驗(yàn)原理公式進(jìn)行分析．【解答】(1)

擺線(xiàn)的長(zhǎng)度為l

l=97.50cm+12隆脕2.00cm=98.50cm

由秒表讀出時(shí)間t=60+15.2=75.2s

．

(2)A

將擺線(xiàn)長(zhǎng)的長(zhǎng)度作為擺長(zhǎng)，擺線(xiàn)拉得過(guò)緊，測(cè)得擺長(zhǎng)偏大，則根據(jù)重力加速度的表達(dá)式g=4婁脨2LT2

可知，測(cè)得的g

值偏大.

故A錯(cuò)誤;

B、擺線(xiàn)上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線(xiàn)長(zhǎng)度增加了，使周期變大了，由g=4婁脨2LT2

可知，測(cè)得的g

值偏小.

故B正確；C；開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，測(cè)得的時(shí)間偏小，周期偏小，則測(cè)得的g

值偏大，故C錯(cuò)誤；

D、實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)數(shù)次數(shù)記為50

次，由T=tn

求出的周期偏小，測(cè)得的g

值偏大.

故D錯(cuò)誤。故選：B

．

(3)

根據(jù)重力加速度的表達(dá)式g=4婁脨2LT2

可知，T2鈭?l

圖線(xiàn)斜率k=4婁脨2g

則g=4婁脨2k

故答案為：(1)98.50;75.2;(2)B;(3)4婁脨2k

。(III)

【分析】螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀.

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式鈻?x=Ld婁脣

求出光波的波長(zhǎng)。解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法以及雙縫干涉條紋的間距公式鈻?x=Ld婁脣

【解答】甲圖螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為1mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01隆脕13.0mm=0.130mm

所以最終讀數(shù)為1.130mm

乙圖螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為1.5mm

可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01隆脕26.0mm=0.260mm

所以最終讀數(shù)為1.760mm

故?x=1.760鈭?1.130=0.630mm

根據(jù)?x=Ld婁脣=d?xL=2隆脕10鈭?3隆脕0.630隆脕10鈭?3(4鈭?1)隆脕1.00=4.2隆脕10鈭?7m

故答案為：1.1301.7604.2隆脕10鈭?7

【解析】(I)(1)BD(2)

能(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4婁脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭?7-732、（1）解：首先根據(jù)安培定則判斷通電螺線(xiàn)管右端為N極；通電螺線(xiàn)管在A處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向：水平向左，根據(jù)左手定則判斷可知：A受到通電螺線(xiàn)管磁場(chǎng)的作用力的方向：豎直向上。如下圖所示。（2）①下方之前②1.42.0【分析】(1)

本題考查了右手安培定則的應(yīng)用及左手定則的應(yīng)用。解答時(shí)要注意區(qū)別左右手的分工和作用。首先應(yīng)用右手安培定則判斷螺線(xiàn)管周?chē)拇艌?chǎng)方向，而后應(yīng)用左手定則判斷A

所受安培力的方向。(2)

【分析】【解答】壟脵安裝紙帶時(shí)，應(yīng)將紙帶置于復(fù)寫(xiě)紙((或墨粉紙盤(pán)))的：下方；把紙帶固定在小車(chē)上，應(yīng)在放開(kāi)小車(chē)：之前接通電源；壟脷壟脷由中時(shí)速度與平均速度的關(guān)系得：vB=AC2t=1.6m/s{v}_{B}=dfrac{AC}{2t}=1.6m/svC=AD鈭?AB2t=1.8m/s{v}_{C}=dfrac{AD-AB}{2t}=1.8m/s由vAC鈥?=vB=vA+vC2bar{{v}_{AC}}={v}_{B}=dfrac{{v}_{A}+{v}_{C}}{2}得：vA=2vB鈭?vC=1.4m/sv_{A}=2v_{B}-v_{C}=1.4m/s由?x=at2?x=a{t}^{2}得：a=?xt2=2.0m/s2a=dfrac{?x}{{t}^{2}}=2.0m/{s}^{2}故填壟脵

下方；之前；壟脷1.42.0

【解析】(1)

解：首先根據(jù)安培定則判斷通電螺線(xiàn)管右端為NN極；通電螺線(xiàn)管在AA處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向：水平向左，根據(jù)左手定則判斷可知：AA受到通電螺線(xiàn)管磁場(chǎng)的作用力的方向：豎直向上。如下圖所示。(2)壟脵壟脵下方之前壟脷1.4壟脷1.42.02.033、最大最小【分析】【分析】線(xiàn)圈處于中性面位置時(shí)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為正弦表達(dá)式，電動(dòng)勢(shì)峰值Em=NBS婁脴

中性面位置電動(dòng)勢(shì)改變方向，電動(dòng)勢(shì)最小為0

磁通量最大?！窘獯稹扛袘?yīng)電動(dòng)勢(shì)峰值Em=NBS婁脴

圖示為中性面位置則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式e=Emsin婁脴t=NBS婁脴sin婁脴t

磁通量婁碌=BS

最大，在中性面位置感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小為0

故填NBS婁脴sin婁脴t

最大最小。【解析】NBS婁脴sin婁脴t

最大最小34、(

一)(1)A(2)AD(3)

正變大(4)ab

(

二)(1)C(2)BC(3)12.0隆脕10

(4)

解：導(dǎo)線(xiàn)與磁場(chǎng)垂直放置，導(dǎo)線(xiàn)受到的安培力為：FA=BIL=5隆脕10鈭?5T隆脕10A隆脕2m=0.001N

若僅使導(dǎo)線(xiàn)中的電流反向，根據(jù)左手定則，磁場(chǎng)對(duì)這根導(dǎo)線(xiàn)的作用力的方向反向；

(

三)(1)C

(2)BC

(3)A1.5

(4)

解：(1)

向右運(yùn)動(dòng)的正電荷平時(shí)偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明受到的洛倫茲力的方向向上，由左手定則可知，該磁場(chǎng)的方向向里；

(2)

粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，得：qvB=mv2r

又：T=2婁脨rv

聯(lián)立得：T=2婁脨mqB

由題圖可知，粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是半個(gè)周期，所以運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t=12T=婁脨mqB【分析】????(

一)(1)

【分析】

電磁感應(yīng)現(xiàn)象的內(nèi)容是：閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；明確選擇項(xiàng)中提到的這四個(gè)電學(xué)設(shè)備的制成原理，然后與題目要求對(duì)應(yīng)，從而可以得到答案。在電和磁這一部分中，學(xué)到了很多電學(xué)設(shè)備，每個(gè)設(shè)備的制成原理是經(jīng)?？疾榈闹R(shí)點(diǎn).

要在理解的基礎(chǔ)上，記住這些基礎(chǔ)知識(shí)。【解答】

A.發(fā)電機(jī)是線(xiàn)圈在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)；結(jié)果是產(chǎn)生電流，利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象原理，故A正確；

B.白熾燈是將電能轉(zhuǎn)化為熱能后一部分熱能轉(zhuǎn)化為光能的設(shè)備；即是消耗電能的電熱裝置，故B錯(cuò)誤；

C.電動(dòng)機(jī)是線(xiàn)圈在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)；因通電，而產(chǎn)生力，故C錯(cuò)誤；

D.電吹風(fēng)是將電能轉(zhuǎn)化為熱能；與電磁感應(yīng)無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤；

故選：A

(2)

【分析】

明確現(xiàn)代信息技術(shù)的三大基礎(chǔ)，同時(shí)傳感器作為一種將其它形式的信號(hào)與電信號(hào)之間的轉(zhuǎn)換裝置，在我們的日常生活中得到了廣泛應(yīng)用。本題考查現(xiàn)代信息技術(shù)的三個(gè)基礎(chǔ)；要注意明確傳感器和電磁波的正確應(yīng)用?！窘獯稹?/p>

現(xiàn)代信息技術(shù)的三大基礎(chǔ)是信息的拾??；傳輸和處理；能代替、補(bǔ)充、延伸人的感覺(jué)器官功