2025年蘇教版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版選擇性必修2物理下冊階段測試試卷545考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，通電直導線放置在勻強磁場中，關于電流方向、磁感應強度方向、導線所受安培力方向三者之間關系的判斷，正確的是（）A.B.C.D.2、電磁爐具有無煙、無明火、無污染、不產生有害氣體、無微波輻射、高效節(jié)能等優(yōu)勢。它是利用電流通過線圈產生磁場，當磁場的磁感線通過鐵質鍋底部時，即會產生無數小渦流，使鍋體本身發(fā)熱加熱食物，下列說法中正確的是（）A.鍋體可以用不導電的陶瓷制成B.鍋體中的渦流是由恒定的磁場產生的C.恒定磁場越強，電磁爐的加熱效果越好D.提高磁場變化的頻率，可提高電磁爐的加熱效果3、反質子的質量與質子相同，電荷與質子相反。一個反質子從靜止經電壓U1加速后，從O點沿角平分線進入有勻強磁場（圖中未畫出）的正三角形OAC區(qū)域，之后恰好從A點射出。已知反質子質量為m，電量為q，正三角形OAC的邊長為L；不計反質子重力，整個裝置處于真空中。則（）

A.勻強磁場磁感應強度大小為方向垂直紙面向外B.保持電壓U1不變，增大磁感應強度，反質子可能垂直O(jiān)A射出C.保持勻強磁場不變，電壓變?yōu)榉促|子從OA中點射出D.保持勻強磁場不變，電壓變?yōu)榉促|子在磁場中運動時間減為原來的4、如圖所示為模擬遠距離輸電的部分測試電路。a、b端接電壓穩(wěn)定的正弦交流電源，理想變壓器的原、副線圈匝數比為k且定值電阻電流表、電壓表均為理想電表，其示數分別用I和U表示。當向上調節(jié)滑動變阻器的滑片P時，電流表、電壓表示數變化量分別用和表示。則以下說法正確的是（）

A.B.C.電阻消耗的功率D.電源的輸出功率一定增大5、圖甲、乙、丙中除導體棒出可動外，其余部分均固定不動。甲圖中的電容器C原來不帶電，所有導體棒、導軌電阻均可忽略，導體棒和導軌間的摩擦也不計，導體棒ab的質量為m。圖中裝置均在水平面內，且都處于方向垂直水平面（即紙面）向下的勻強磁場中，磁感應強度為B，導軌足夠長，間距為L0今給導體棒ab一個向右的初速度v0；則（）

A.三種情況下，導體棒ab最終都靜止B.三種情況下，導體棒ab最終都做勻速運動C.圖甲、丙中ab棒最終都向右做勻速運動D.圖乙中，流過電阻R的總電荷量為6、如圖所示，豎直平面內有三根輕質細繩，繩1水平，繩2與水平方向成角，O為結點，繩3的下端拴接一質量為m、長度為l的導體棒，棒垂直于紙面靜止，整個空間存在豎直向上、磁感應強度大小為B的勻強磁場?，F向導體棒通入方向向里、大小由零緩慢增大到的電流，可觀察到導體棒緩慢上升到與繩1所處的水平面成角時保持靜止。已知重力加速度為g。在此過程中；下列說法正確的是（）

A.繩1受到的拉力先增大后減小B.繩2受到的拉力先增大后減小C.繩3受到的拉力最大值為D.導體棒中電流的值為7、質量和電量都相等的帶電粒子M和N；以不同的速率經小孔S垂直進入勻強磁場，運行的半圓軌跡如圖兩種虛線所示，下列表述正確的是（）

A.M的運行時間大于N的運行時間B.M的速率小于N的速率C.洛倫茲力對M、N做正功D.M帶負電，N帶正電8、關于楞次定律的理解，下列說法錯誤的是（）A.感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化B.感應電流的磁場阻止了引起感應電流的磁通量的變化C.感應電流的磁場延緩了引起感應電流的磁通量的變化D.感應電流的磁場與原來磁場的方向，可能相反也可能相同評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示，勻強磁場中有兩個用同樣導線繞城的閉合線圈A、B，線圈A、B匝數之比為2∶3，半徑之比為3∶2，磁感應強度B隨時間均勻增大。下列說法正確的有（）

A.兩線圈產生的感應電流均沿逆時針方向B.某一時刻兩線圈的磁通量之比C.兩線圈的電阻之比D.兩線圈中產生的感應電流之比10、圖甲為某種車輛智能道閘系統的簡化原理圖：預埋在地面下的地感線圈L和電容器C構成LC振蕩電路；當車輛靠近地感線圈時，線圈自感系數變大，使得振蕩電流頻率發(fā)生變化，檢測器將該信號發(fā)送至車牌識別器，從而向閘機發(fā)送起桿或落桿指令。某段時間振蕩電路中的電路如圖乙，則下列有關說法正確的是（）

A.t1時刻電容器間的電場強度為最小值B.t1~t2時間內，電容器處于充電過程C.汽車靠近線圈時，振蕩電流頻率變小D.從圖乙波形可判斷汽車正靠近地感線圈11、回旋加速器的工作原理如圖所示，置于真空中的正對的“D”形金屬盒Ⅰ和Ⅱ半徑均為R，兩盒間狹縫的間距為d，磁感應強度為B的勻強磁場與盒面垂直，被加速粒子的質量為m，電荷量為加在狹縫間的方波型電壓如圖所示。粒子在時間內從A處均勻地飄入狹縫；其初速度視為零，忽略相對論效應。下列說法正確的是（）

A.粒子速度不斷增大每次在“D”型盒Ⅰ中運動時間不同B.粒子每次在“D”型盒Ⅰ中運動時間相同C.粒子射出時的動能與成正比D.粒子射出時的動能與無關12、航母上飛機彈射起飛所利用的電磁驅動原理如圖所示。當固定線圈突然通過直流電流時；線圈左側的金屬環(huán)被彈射出去。則下列說法正確的是()

A.合上開關S的瞬間，從右側看環(huán)中產生沿逆時針方向的感應電流B.金屬環(huán)向左運動過程中將有收縮趨勢C.若將金屬環(huán)置于線圈的右側，環(huán)將向右彈射D.若將電池正負極調換后，金屬環(huán)不能向左彈射13、某空間出現了如圖所示的一組閉合電場線；方向從上向下看是順時針的，這可能是()

A.沿AB方向磁場在迅速增強B.沿AB方向磁場在迅速減弱C.沿BA方向磁場在迅速減弱D.沿BA方向磁場在迅速增強14、如圖所示為模擬遠距離電能輸送示意圖，發(fā)電機通過升壓變壓器和降壓變壓器向用戶供電。已知輸電線的總電阻為用戶負載升壓變壓器原、副線圈匝數之比為降壓變壓器原、副線圈匝數之比為降壓變壓器副線圈兩端交變電壓變壓器視為理想變壓器；則（）

A.此交流電頻率為B.用戶用電功率為C.變壓器原線圈電流有效值為D.當負載增大時，發(fā)電機的輸出功率增大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、如圖所示，質量為0.1g的小球，帶有5×10-4C的正電荷，套在一根與水平方向成37°角的足夠長的絕緣桿上，小球與桿之間的動摩擦因數為μ=0.5，桿所在空間有磁感應強度B=0.4T的勻強磁場，小球由靜止開始下滑，它的最大加速度為________m/s2，最大速率為________m/s。16、在“用DIS研究通電螺線管的磁感應強度”的實驗中，磁傳感器______（選填“需要”或“不需要”）調零，能描述通電螺線管內磁感應強度大小B與磁傳感器插入螺線管的長度x間關系的圖線可能______。

A.B.C.D.17、要有效地發(fā)射電磁波；振蕩電路必須具有的兩個特點：

（1）要有_________的振蕩頻率，頻率越_________；發(fā)射電磁波的本領越大。

（2）振蕩電路的電場和磁場必須分散到盡可能大的空間，因此采用_________電路。18、如圖為振蕩電路在某時刻的電容器的帶電情況和電感線圈中磁感線方向情況，由圖可知電容器在___________（選填“放”或“充”）電，電感線圈中的電流在___________（選填“增大”“減小”或“不變”），如果振蕩電流的周期為π×10-4s，電容為C=250μF，則自感系數L=___________。

19、正弦式交變電流：按_________規(guī)律變化的交變電流叫作正弦式交變電流，簡稱_____________20、如圖，長度為l的直導線ab在均勻磁場中以速度移動，直導線ab中的電動勢為_______。

21、運動電荷在磁場中受到的力稱為______，這個力的方向與電荷運動方向______，和磁感應強度方向______，這個力的方向可以由______來判斷，安培力可稱作這個力的______表現。22、現把電阻與線圈兩端相連構成閉合回路，在線圈正上方放一條形磁鐵，如圖所示，磁鐵的S極朝下，在將磁鐵的S極插入線圈的過程中，通過電阻的感應電流的方向由___________，線圈與磁鐵相互___________（填“吸引”或“排斥”）。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)23、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

24、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

25、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

26、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)27、電子體溫計（圖1）正在逐漸替代水銀溫度計。電子體溫計中常用的測溫元器件是熱敏電阻。某物理興趣小組制作一簡易電子體溫計；其原理圖如圖2所示。

（1）興趣小組測出某種熱敏電阻的I－U圖像如圖3所示，那么他們選用的應該是圖______電路（填“甲”或“乙”）；

（2）現將上述測量的兩個相同的熱敏電阻（伏安特性曲線如圖3所示）和定值電阻、恒壓電源組成如圖4所示的電路，電源電動勢為6V，內阻不計，定值電阻熱敏電阻消耗的電功率為______W（結果保留3位有效數字）；

（3）熱敏電阻的阻值隨溫度的變化如圖5所示，在設計的電路中（如圖2所示），已知電源電動勢為5.0V（內阻不計），電路中二極管為紅色發(fā)光二極管，紅色發(fā)光二極管的啟動（導通）電壓為3.0V，即發(fā)光二極管兩端電壓時點亮，同時電鈴發(fā)聲，紅色發(fā)光二極管啟動后對電路電阻的影響不計。實驗要求當熱敏電阻的溫度高于時紅燈亮且鈴響發(fā)出警報，其中電阻______（填“”或“”）為定值電阻，其阻值應調為______Ω（結果保留3位有效數字）。28、在“探究影響感應電流方向的因素”的實驗中；

（1）為了完成實驗，下列實驗器材中不必要的是______；

A．B．C．D．

（2）在實驗探究過程中，將條形磁鐵N極向下插入線圈，根據電流表指針偏轉方向可知感應電流的方向，現要知道線圈中感應電流產生磁場的方向，則______（填“需要”或“不需要”）弄清線圈導線的繞向；

（3）根據實驗結果填寫表格，比較表中數據發(fā)現：當穿過線圈的磁通量減小時______。

A．感應電流的磁場與磁體磁場的方向相同；它阻礙了磁通量的減小。

B．感應電流的磁場與磁體磁場的方向相同；它有助于磁通量的減小。

C．感應電流的磁場與磁體磁場的方向相反；它阻礙了磁通量的減小。

D．感應電流的磁場與磁體磁場的方向相反，它有助于磁通量的減小29、物體的帶電量是一個不易測得的物理量；某同學設計了如下實驗來測量帶電物體所帶電量．如圖（a）所示，他將一由絕緣材料制成的小物塊A放在足夠長的木板上，打點計時器固定在長木板末端，物塊靠近打點計時器，一紙帶穿過打點計時器與物塊相連，操作步驟如下，請結合操作步驟完成以下問題：

（1）為消除摩擦力的影響，他將長木板一端墊起一定傾角，接通打點計時器，輕輕推一下小物塊，使其沿著長木板向下運動．多次調整傾角θ，直至打出的紙帶上點跡_，測出此時木板與水平面間的傾角，記為θ0．

（2）如圖（b）所示，在該裝置處加上一范圍足夠大的垂直紙面向里的勻強磁場，用細繩通過一輕小定滑輪將物塊A與物塊B相連，繩與滑輪摩擦不計．給物塊A帶上一定量的正電荷，保持傾角θ0不變，接通打點計時器，由靜止釋放小物塊A，該過程可近似認為物塊A帶電量不變，下列關于紙帶上點跡的分析正確的是()

A．紙帶上的點跡間距先增加后減小至零。

B．紙帶上的點跡間距先增加后減小至一不為零的定值。

C．紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差不變。

D．紙帶上的點跡間距逐漸增加；且相鄰兩點間的距離之差逐漸減少，直至間距不變。

（3）為了測定物體所帶電量q，除θ0、磁感應強度B外，本實驗還必須測量的物理量有()

A．物塊A的質量M

B．物塊B的質量m

C．物塊A與木板間的動摩擦因數μ

D．兩物塊最終的速度v

（4）用重力加速度g，磁感應強度B、θ0和所測得的物理量可得出q的表達式為______．評卷人得分六、解答題(共3題，共18分)30、如圖甲所示，水平面內的直角坐標系的第一象限有磁場分布，方向垂直于水平面向下，磁感應強度沿y軸方向沒有變化，沿x軸方向B與x成反比，如圖乙所示。頂角θ=53°的光滑金屬長導軌MON固定在水平面內，ON與x軸重合，一根與ON垂直的長導體棒在水平向右的外力作用下沿導軌向右滑動，導體棒在滑動過程中始終與導軌垂直并接觸良好。已知t=0時，導體棒位于頂點O處，導體棒的質量為m=1.0kg，OM與ON接觸點的總電阻恒為R=1.0Ω，其余電阻不計?；芈冯娏鱥與時間t的關系如圖丙所示；圖線是過原點的直線。已知sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：

（1）t=2s時，回路的電動勢E；

（2）0~2s時間內，導體棒的位移s；

（3）0~2s時間內，水平外力的沖量I的大??；

（4）導體棒滑動過程中，水平外力的瞬時功率P（單位：W）與時間t（單位：s）的關系式。

31、如圖所示，在區(qū)域足夠大的空間中充滿磁感應強度大小為B的勻強磁場，其方向垂直于紙面向里，在紙面內固定放置一絕緣材料制成的邊長為L的等邊三角形框架DEF，DE中點S處有一粒子發(fā)射源，發(fā)射粒子的方向皆在圖中截面內且垂直于DE邊向下如圖（a）所示，發(fā)射粒子的電量為+q質量為m，但速度v有各種不同的數值。若這些粒子與三角形框架碰撞時均無能量損失；并要求每一次碰撞時速度方向垂直于被碰的邊，試求：

(1)帶電粒子的速度v為多大時能夠不與框架碰撞打到E點？

(2)為使S點發(fā)出的粒子最終又回到S點，且運動時間最短，v應為多大？最短時間為多少？

(3)若磁場是半徑為a的圓柱形區(qū)域如圖（b）所示（圖中圓為其橫截面），圓柱的軸線通過等邊三角形的中心O，且要使S點發(fā)出的粒子最終又回到S點帶電粒子速度v的大小應取哪些數值？32、如圖所示，在平面直角坐標系Oxy中，在第三象限內有沿y軸負方向的勻強電場，電場強度為E（始終保持不變），其他區(qū)域內有方向垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B0。平面中兩點A、C坐標分別為A（0，-3l）、（0，3l），一個質量為m、帶電量為-q的粒子沿坐標系Oxy所在平面從A點射出，速度v與y軸正方向夾角為θ（v、θ未知），經過y軸上的C，第二次過x軸時經過點D（-9l，0）。在x軸的負半軸上的磁場與電場之間有薄隔離層，帶電粒子每次穿越隔離層時，其電荷量與運動方向不變，速率變?yōu)樵瓉淼膋倍（k<1）；粒子重力不計。

（1）求運動速度大小v和sinθ；

（2）當帶粒子第一次進入電場后，立即改變磁感應強度的大小（改變后保持不變），使帶電粒子第一次從電場中出來后，打在豎直放置于x=-14l處的足夠長的金屬板上；且被金屬板吸收，此時粒子速度與金屬板的夾角為60°，速度方向斜向左上，求粒子從第一次進入電場到打在金屬板上運動的總路程；

（3）當帶電粒子第一次進入電場后，立即改變磁感應強度B的大?。ǜ淖兒蟊３植蛔儯?，使帶電粒子能經過點G（-d，0），其中d>9l、求改變后的磁感應強度B所有的可能值。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A．根據左手定則可知；該圖中導線受安培力方向向下，選項A正確；

B．該圖中導線電流方向與磁場方向平行；則導線不受安培力作用，選項B錯誤；

C．根據左手定則可知；該圖中導線受安培力方向向下，選項C錯誤；

D．根據左手定則可知；該圖中導線受安培力方向垂直紙面向外，選項D錯誤；

故選A。2、D【分析】【詳解】

A．從題中讀得需要通過產生渦流才能發(fā)熱；而鍋體如果用不導電的陶瓷制成，則由于陶瓷是絕緣體，不導電，不能形成渦流，所以鍋不會發(fā)熱的，選項A錯誤；

B．因為恒定的磁場不會產生電磁感應；即磁通量沒變化，所以渦流是由變化的磁場產生的，選項B錯誤；

C．因為恒定磁場不會產生電磁感應；它再強也不會產生感應電流，故選項C錯誤；

D．由于提高磁場變化的頻率；也就是提高了磁通量的變化率，根據法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢會增大，則電流也會增大，故可提高電磁爐的加熱效果，選項D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

A．電場中加速過程中有

在磁場中做勻速圓周運動過程有

根據幾何關系可知r=L

可得

再根據左手定則（注意反質子帶負電）可判斷磁場方向垂直紙面向外；A錯誤；

BCD．根據上述公式推導

電壓變?yōu)闀r，軌道半徑變?yōu)樵瓉矸促|子將從OA中點射出；只要反質子從OA邊上射出，根據對稱性可知其速度方向都與OA成30°角，轉過的圓心角均為60°，所以不會垂直O(jiān)A射出，運動時間都為

C正確；BD錯誤。

故選C。4、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據變壓器的原理可得

則有

在原線圈電路中有

即

整理可得

則有

所以AB錯誤；

C．副線圈消耗的功率為

所以C錯誤；

D．當向上調節(jié)滑動變阻器的滑片P時；副線圈的總電阻減小，所以回路中的電流增大，電源的電壓不變，所以電源的輸出功率一定增大，則D正確；

故選D。5、D【分析】【詳解】

ABC．圖甲中，導體棒向右運動切割磁感線產生感應電流而使電容器充電，當電容器C極板間電壓與導體棒產生的感應電動勢相等時，電路中沒有電流，ab棒不受安培力，向右做勻速運動；圖乙中，導體棒向右運動切割磁感線產生感應電流，通過電阻R轉化為內能，ab棒速度減小，當ab棒的動能全部轉化為內能時，ab棒靜止；圖丙中，導體棒先受到向左的安培力作用向右做減速運動，速度減為零后再在安培力作用下向左做加速運動，當導體棒產生的感應電動勢與電源的電動勢相等時，電路中沒有電流，ab棒向左做勻速運動；故ABC錯誤；

D．圖乙中根據動量定理

通過的電荷量為

故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

AB．對整體分析；重力大小和方向不變，繩1；2彈力方向不變，根據左手定則，安培力水平向右逐漸增大，有平衡條件得。

水平方向

豎直方向

電流逐漸變大，則增大、不變；故AB錯誤；

C．當電流增大到時，安培力與重力的合力最大，即繩3的拉力最大

最大值為

故C錯誤；

D．對導體棒受力分析得

得

故D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

A．粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，可得

再有聯立上式可得

由圖可知；兩個粒子運動時間均為周期的一半，因兩粒子質量和帶電量均相等，故M的運行時間等于N的運行時間，A錯誤；

B．粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，可得

解得

在粒子質量與帶電量相同的情況下；半徑越大說明速率越大，即M的速度率大于N的速率，B錯誤；

C．因洛倫茲力方向和速度方向相互垂直；故洛倫茲力不做功，C錯誤；

D．由左手定則可判斷；M帶負電荷，N帶正電荷，D正確。

故選D。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由楞次定律可知；感應電流的磁場方向阻礙原磁場磁通量的變化，故A正確；

B．感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化；而不是阻止，故B錯誤；

C．感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化；阻礙即感應電流的磁場延緩了引起感應電流的磁通量的變化，故C正確；

D．感應電流的磁場方向阻礙原磁場磁通量的變化；方向可能與原磁場方向相同，可能相反，故D正確。

本題選錯誤的，故選B。二、多選題(共6題，共12分)9、A:C:D【分析】【詳解】

A.由于磁場向里，磁感應強度B隨時間均勻增大；根據楞次定律可知，感應電流均沿逆時針方向，A正確；

B.線圈的磁通量

B錯誤；

C.根據電阻定律可知，

C正確；

D.根據法拉第電磁感應定律

題中相同，A圓環(huán)中產生的感應電動勢為

B圓環(huán)中產生的感應電動勢為

所以

感應電流

則兩線圈中產生的感應電流之比IA：IB=3：2

D正確。

故選ACD。10、A:B:C【分析】【詳解】

A．時刻電流最大；線圈中磁場能最大，電容器中電場能最小，電容器間的電場強度為最小值，故A正確；

B．時間內；電流逐漸減小，線圈中磁場能減小，電容器中電場能增大，電容器處于充電過程，故B正確；

C．當車輛靠近地感線圈時，線圈自感系數變大，根據

可知周期變大；頻率變小，故C正確；

D．從圖乙波形可知周期越來越??；頻率越來越大，汽車正遠離地感線圈，故D錯誤。

故選ABC。11、B:D【分析】【詳解】

AB．粒子每次在Ⅰ中運動時間均為半個周期，即

與速度無關；故A錯誤，B正確；

CD．粒子運動半徑為R時，有

且

解得

與無關；故C錯誤，D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

A．線圈中電流為左側流入；內部磁場方向向右，在閉合開關的過程中，磁場變強，則由楞次定律可知，感應電流由右側看為順時針，故A錯誤；

B．金屬環(huán)的磁通量增大；金屬環(huán)產生感應電流，產生磁場阻礙磁通量增大，環(huán)向左的運動過程中環(huán)有收縮趨勢，故B正確；

C．若環(huán)放在線圈右方；根據“來拒去留”可得，環(huán)將向右運動，故C正確；

D．電池正負極調換后；金屬環(huán)受力向左，故仍將向左彈出，故D錯誤。

故選BC。

【點睛】

本題要掌握楞次定律的兩種描述，一是“增反減同”；二是“來拒去留”；并能靈活根據它們去判斷電流方向及受力方向。13、B:D【分析】【詳解】

安培定則可知，感應電場產生的磁場方向豎直向下，如果磁場方向沿AB，則感應磁場與原磁場方向相同，由楞次定律可知，原磁場在減弱，故B正確，A錯誤；如果磁場沿BA方向，則感應磁場方向與原磁場方向相反，由楞次定律可知，原磁場方向在增強，故D正確，C錯誤．所以BD正確，AC錯誤．14、B:C【分析】【詳解】

A．此交流電頻率為

故A錯誤；

B．降壓變壓器副線圈兩端交變電壓

用戶功率

故B正確；

C．根據用戶端電流

根據

可知

故C正確；

D．當負載增大時；負載電流減小，則發(fā)電機電流減小，因此發(fā)電機的輸出功率減小，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

以小球為研究對象；通過分析受力可知：小球受重力，垂直桿的支持力和洛倫茲力，摩擦力，由牛頓第二定律得。

解得。

當。

即。

小球的加速度最大；此時。

而當時；即。

小球的速度最大；此時。

代入數據點。

【解析】6m/s210m/s16、略

【分析】【詳解】

[1]測量工具在測量之前都需要調零。

[2]在螺線管管口，磁感應強度不為零，內部磁場接近勻強磁場，磁感應強度接近不變。故選B?！窘馕觥竣?需要②.B17、略

【解析】①.足夠高②.高③.開放18、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據題圖中的磁感線方向，由安培定則可判斷出回路中的電流方向為順時針方向，故正在對電容器充電，磁場能正在轉化為電場能，電流正在減小。又由

可得L=

解得L=10-5H【解析】①.充②.減?、?10-5H19、略

【解析】①.正弦②.正弦式電流20、略

【分析】【詳解】

導線以圖示方向運動，不切割磁感線，所以ab中的電動勢為零。【解析】021、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4][5]運動電荷在磁場中受到的力稱為洛倫茲力，方向垂直于電荷運動方向和磁感應強度方向形成的平面；洛倫茲力的方向由左手定則來判斷，安培力可稱作洛倫茲力的宏觀表現?！窘馕觥柯鍌惼澚Υ怪贝怪弊笫侄▌t宏觀22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當磁鐵向下運動時，穿過線圈的磁通量變大，原磁場方向向上，所以感應磁場方向向下，根據右手螺旋定則，拇指表示感應磁場的方向，四指彎曲的方向表示感應電流的方向，即通過電阻的電流方向為b→a。

[2]根據楞次定律“來拒去留”可判斷線圈對磁鐵的作用是阻礙作用，故磁鐵與線圈相互排斥?！窘馕觥縝-a排斥四、作圖題(共4題，共32分)23、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共24分)27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]描繪熱敏電阻的伏安特性曲線；要求電壓從0開始調節(jié)，故選擇分壓電路乙。

（2）[2]設熱敏電阻兩端電壓為U、通過熱敏電阻的電流為I，根據閉合電路歐姆定律有

代入數據得

作出圖線如圖所示。

圖線交點表示此時熱敏電阻的電壓為2.4V、電流為6mA，故電功率

（3）[3][4]由于熱敏電阻阻值隨溫度的升高而降低，要使發(fā)光二極管電壓時點亮，則有分壓隨總電阻的減小而增大，由串聯電路中的電壓之比等于電阻之比，為熱敏電阻，由圖5可知，當溫度為38.5℃時，熱敏電阻阻值

由閉合電路歐姆定律列出表達式，有

解得【解析】乙5728、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．線圈是實驗必要的。A不符合題意；

B．滑動變阻器不是實驗必要的；B符合題意；

C．探究指針偏轉方向與電流方向關系時，定值電阻為連接電源和靈敏電流計保護電阻；是實驗必要的。C不符合題意；

D．靈敏電流計是實驗必要的；D不符合題意。

故選B。

（2）[2]在實驗探究過程中；將條形磁鐵N極向下插入線圈，根據電流表指針偏轉方向可知感應電流的方向，現要知道線圈中感應電流產生磁場的方向，則需要弄清線圈導線的繞向。

（3）[3]根據實驗結果填寫表格；比較表中數據發(fā)現：當穿過線圈的磁通量減小時，感應電流的磁場與磁體磁場的方向相同，它阻礙了磁通量的減小。

故選A?！窘馕觥緽需要A29、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）此實驗平衡摩擦力后；確定滑塊做勻速直線運動的依據是，看打點計時器在紙帶上所打出點的分布應該是等間距的．

（2）設A的質量為M，B的質量為m，沒有磁場時，對A受力分析，A受到重力Mg、支持力、摩擦力．根據平衡條件可知：f=Mgsinθ0，FN=Mgcosθ0

又因為f=μFN，所以當存在磁場時，以AB整體為研究對象，由牛頓第二定律可得（mg+Mgsinθ0）-μ（Bqv+Mgcosθ0）=（M+m）a

由此式可知，v和a是變量，其它都是不變的量，所以AB一起做加速度減小的加速運動，直到加速度減為零后做勻速運動，即速度在增大，加速度在減小，最后速度不變．所以紙帶上的點跡間距逐漸增加，說明速度增大；根據逐差相等公式△x=at2；可知，加速度減小，則相鄰兩點間的距離之差逐漸減少；勻速運動時，間距不變．故D正確；ABC錯誤．故選D．

（3）（4）根據（mg+Mgsinθ0）-μ（Bqv+Mgcosθ0）=（M+m）a，可得當加速度減為零時，速度最大，設最大速度為v，則（mg+Mgsinθ0）-μ（Bqv+Mgcosθ0）=0

化簡得把μ=tanθ0代入，得

由此可知為了測定物體所帶電量q，除θ0；磁感應強度B外；本實驗還必須測量的物理量有物塊B的質量m和兩物塊最終的速度v，故選B