2025年人教版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修3物理下冊月考試卷501考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；質(zhì)量為m的物體在水平傳送帶上有靜止釋放，傳送帶由電動機帶動，始終保持以速度v做勻速運動．物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ，物體最后能與傳送帶保持相對靜止．對于物體從開始釋放到與傳送帶相對靜止這一過程，下列說法正確的是（）

A.電動機多做的功為mv2B.摩擦力對物體做的功為mv2C.傳送帶克服摩擦力做的功為mv2D.電動機增加的功率為mgvμ2、如圖所示，放在絕緣支架上帶正電的導(dǎo)體球A，靠近放在絕緣支架上不帶電的導(dǎo)體B，導(dǎo)體B用導(dǎo)線經(jīng)開關(guān)接地，現(xiàn)把S先合上再斷開，再移走A，則導(dǎo)體B()

A.不帶電B.帶負(fù)電C.帶正電D.不能確定3、由歐姆定律可知下列說法正確的是（）A.電壓越大，導(dǎo)體的電阻越大B.電流越大，導(dǎo)體的電阻越大C.和的比值決定電阻的大小D.導(dǎo)體電阻的由導(dǎo)體本身決定4、如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場線中M點以相同速度垂直于電場線方向飛出a、b兩個帶電粒子；運動軌跡如圖中虛線所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電B.a的速度將減小，b的速度將增大C.a的加速度將減小，b的加速度將增加D.兩個粒子的動能，一個增加一個減小5、如圖所示，虛線為電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等．一個帶正電的點電荷在A點的電勢能大于其在B點的電勢能，則下列說法正確的是（）

A.A點的電勢比B點的高B.無法比較A．B兩點的電勢高低C.A點的電場強度比B點的大D.無法比較A．B兩點的場強大小6、下列對物理學(xué)史的描述述不正確的是（）A.首次發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象規(guī)律的物理學(xué)家是法拉第B.電場這個“場”的概念最先是由庫侖提出的C.赫茲首先用實驗證實電磁波的存在D.普朗克首先提出“量子”概念來解釋黑體輻射7、如圖所示，兩個等量異號的點電荷在其連線的中垂線上有與連線中點O等距離的兩點a、b，在連線上有距中點O等距離的兩點c、d；則下列說法正確的是（）

A.O點的電勢以及電場強度均為零B.c、d兩點的電勢以及電場強度均相同C.a、b兩點的電勢以及電場強度均相同D.將一正試探電荷由無窮遠處移到c點，其電勢能減少8、如圖所示，邊長為a的等邊ΔABC的A、B、C三點處各放置一個點電荷，三個點電荷所帶電荷量數(shù)值均為Q，其中A、B處為正電荷，C處為負(fù)電荷。O是三角形的中心，D是AB的中點；下列說法正確的是（）

A.O點處的電勢高于D點處的電勢B.O點處的場強小于D點處的場強C.將帶正電的試探電荷從D點移動至O點，電勢能增加D.O點處的場強大小為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、把正點電荷由a點沿電場線移到b點的過程中，關(guān)于電場力對電荷所做的功及電荷電勢能的變化，下列說法中正確的是（）A.電場力做正功，電勢能增加B.電場力做正功，電勢能減少C.電場力做負(fù)功，電勢能增加D.電場力做負(fù)功，電勢能減少10、在水平向右的勻強電場中，帶電小球A、B用一根絕緣輕繩連接，另一根絕緣輕繩將A懸掛在O點，A、B的質(zhì)量均為電量分別為和對B施加拉力使系統(tǒng)平衡時A、B的位置如圖所示，其中繩水平，構(gòu)成正三角形。已知重力加速度大小為勻強電場場強大小為現(xiàn)撤去拉力由于空氣阻力的作用，A；B最終會再次處于靜止?fàn)顟B(tài)，則A、B再次靜止后（）

A.繩的拉力大小為B.繩的拉力大小為C.與撤去前相比，系統(tǒng)電勢能和系統(tǒng)重力勢能都減小D.與撤去前相比，A球的總能量增加，B球的總能量減少11、如圖所示，O、A、B、C為一粗糙絕緣水平面上的四個點，一電荷量為Q的負(fù)點電荷固定在O點，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電小金屬塊（可視為質(zhì)點），從A點靜止釋放后沿它們的連線向右運動，到B點時速度最大，其大小為vm，小金屬塊最后停止在C點。已知小金屬塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，AB間的距離為L，靜電力常量為k；不計空氣阻力，則（）

A.在點電荷形成的電場中，A、B兩點間的電勢差為B.在小金屬塊由A向C運動的過程中，電勢能先增大后減小C.從B到C的過程中，小金屬塊的動能全部轉(zhuǎn)化為電勢能D.OB間的距離為12、如圖所示是帶電量不同的正、負(fù)點電荷的電場線，A、M、N是電場中的三點。A是兩電荷連線的中點，M、N在兩電荷連線的垂直平分線上。一個帶負(fù)電的點電荷在兩點受到的電場力分別為無窮遠處電勢為零，則（）

A.B.A點電勢為零C.M點電勢高于N點電勢D.將負(fù)點電荷從M點移動到N點的過程中，電勢能增加13、位于正方形四角上的四個等量點電荷的電場線分布如圖所示，ab、cd分別是正方形兩條邊的中垂線，O點為中垂線的交點，P、Q分別為cd、ab上的點；則正確的是（）

A.P、O兩點的電勢關(guān)系為φP>φ0B.P、Q兩點電場強度的大小關(guān)系為EP＞EQC.若在O點放一正點電荷，則該正點電荷受到的電場力為零D.若將某負(fù)電荷由P點沿著曲線PQ移到Q點，電場力做負(fù)功14、如圖所示，平行板電容器水平放置，兩極板間電場強度大小為E，中間用一光滑絕緣細(xì)桿垂直連接，桿上套有帶正電荷的小球和絕緣彈簧，小球壓在彈簧上，但與彈簧不拴接。開始時對小球施加一豎直向下的外力，將小球壓至某位置使小球保持靜止。撤去外力后小球從靜止開始向上運動，上升h時恰好與彈簧分離，分離時小球的速度為v，小球上升過程不會撞擊到上極板，已知小球的質(zhì)量為m，帶電荷量為q，重力加速度為g；下列說法正確的是（）

A.與彈簧分離時小球的動能為B.從開始運動到與彈簧分離，小球與彈簧組成的系統(tǒng)增加的機械能為qEhC.從開始運動到與彈簧分離，小球減少的電勢能為D.撤去外力時，彈簧的彈性勢能為15、一帶正電粒子僅在電場力作用下從靜止開始沿直線運動，其加速度隨時間變化的圖象如圖所示，tA、tB時刻粒子分別以速度vA、vB經(jīng)過A點和B點，A、B兩點的場強大小分別為EA、EB，電勢分別為A、B；則可以判斷（）

A.EA=EBB.vA=vBC.A＞BD.A=B16、如圖所示的電路；L是小燈泡，C是極板水平放置的平行板電容器。有一帶電油滴懸浮在兩極板間靜止不動。若滑動變阻器的滑片向下滑動，則（??）

A.L變暗B.電容器C電荷量增加C.油滴向下運動D.油滴保持靜止不動17、如圖所示，圖甲為等量同種正電荷，A、B為其連線中垂線上對稱的兩點，圖乙為兩根電流方向相反的長直通電導(dǎo)線橫截面，C、D為其連線中垂線上對稱的兩點；以下說法正確的是（）

A.A、B兩點電場強度相同B.一帶負(fù)電粒子沿中垂線從A運動到B，其電勢能先減小后增大C.C、D兩點磁感應(yīng)強度相同D.CD連線上各點的磁感應(yīng)強度方向各不一樣評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)18、公式：R=___________19、（1）2019年6月，工信部正式向中國移動、中國電信、中國聯(lián)通和中國廣電4家公司發(fā)放5G正式商用牌照，這標(biāo)志著我國正式進入了5G商用元年。據(jù)悉此次中國電信和中國聯(lián)通獲得3500MHz頻段試驗頻率使用許可，該頻段的波長約為________mm。

（2）在收音機接收中波段時其LC振蕩電路的電感L是固定的，當(dāng)可變電容器電容為C1＝270pF時可接收頻率為535kHz的電磁波，當(dāng)可變電容器的電容為C2時可接收頻率為1605kHz的電磁波，則可變電容器的電容C2＝________pF。20、在一點電荷Q產(chǎn)生的電場中，電荷量為+q的粒子在某點的電勢能Ep與該點到Q的距離r的關(guān)系如圖所示。設(shè)電場中距Q的距離為L、3L處的電勢分別為φ1、φ2，電場強度分別為E1、E2，則Q帶____（選填“正”或“負(fù)”）電，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

21、左圖讀數(shù)為___________cm；右圖讀數(shù)為___________mm。

22、如圖所示為電容式位移傳感器的示意圖，物體沿左右方向運動時，電容將發(fā)生變化。如果實驗測量出電容器的電容變小，那么被測物體向_________運動（填寫“左”或“右”）；已知該傳感器的靈敏度定義為電容器電容變化量的大小與物體位置坐標(biāo)變化量大小之比，如果把圖中的電介質(zhì)板換成介電常數(shù)更大的材料，當(dāng)物體沿左右方向運動時，傳感器的靈敏度________（填寫“變大”；“不變”或“變小”）。

23、判斷下列說法的正誤。

（1）導(dǎo)體內(nèi)沒有電流時，就說明導(dǎo)體內(nèi)部的電荷沒有運動。（____）

（2）電流既有大小，又有方向，是矢量。（____）

（3）導(dǎo)體中的電流一定是正電荷定向移動形成的。（____）

（4）電子定向移動的方向就是電流的方向。（____）

（5）電流越大，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量越多。（____）評卷人得分四、作圖題(共3題，共21分)24、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短25、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

26、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)27、某學(xué)習(xí)小組用伏安法測量一未知電阻的阻值；給定器材及規(guī)格為：

電流表（量程為內(nèi)阻約為）；

電壓表（量程為內(nèi)阻約為）；

滑動變阻器（最大阻值約為）；

電源（電動勢約）；

開關(guān)導(dǎo)線若干。

（1）由于不知道未知電阻的阻值范圍，先采用如圖所示的電路試測，讀得電壓表示數(shù)大約為電流表示數(shù)大約為則未知電阻的阻值大約為______

（2）經(jīng)分析，該電路測量誤差較大，需要作改進。請在虛線框內(nèi)畫出改進后的測量原理圖。（______）

（3）用改進后的電路進行測量，其測量值________（填“等于”“小于”或“大于”）真實值。評卷人得分六、解答題(共4題，共28分)28、如圖所示，粗糙的長直軌道AB和光滑絕緣的圓形軌道BCDF，在B點平滑連接，B、D與圓心O等高，C、F分別為軌道的最低點和最高點。整個軌道位于豎直平面內(nèi)，處在水平向左的勻強電場中，軌道半徑為R?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電可視為質(zhì)點的小滑塊放在長直軌道上某處，滑塊受到的電場力大小為mg，滑塊豎直軌道間的動摩擦因數(shù)為0.5，重力加速度為g。

（1）假設(shè)將滑塊自A點由靜止釋放，AB=4R，求滑塊到達圓軌道上B點時對軌道的作用力大?。?/p>

（2）為使滑塊恰好始終沿圓軌道滑行；求滑塊在圓軌道上滑行過程中的最小速度。

29、XCT掃描機可用于對多種病情的探測，如圖所示是產(chǎn)生X射線部分的示意圖。圖中板之間有一加速電子束的電場，虛線框內(nèi)為豎直向上的勻強偏轉(zhuǎn)電場，經(jīng)調(diào)節(jié)后電子從板靜止開始加速，沿帶箭頭的實線所示的方向前進，打到水平圓形靶臺上的中心點產(chǎn)生X射線。已知兩板間電壓為偏轉(zhuǎn)電場區(qū)域水平寬度為豎直高度足夠長，點距離偏轉(zhuǎn)電場右邊界的水平距離為中電子束距離靶臺豎直高度為電子重力不計，不考慮電子間的相互作用，不計空氣阻力。

（1）若電子電量大小為求電子經(jīng)加速電場的過程中電場力對它做的功

（2）求電子束射出偏轉(zhuǎn)電場時的豎直偏轉(zhuǎn)距離

（3）求偏轉(zhuǎn)電場電場強度的大小

30、如圖所示，空間有一水平向右的勻強電場，電場強度的大小為E=1.0×104V/m。該空間有一個半徑為R=2m的豎直光滑絕緣圓環(huán)的一部分，圓環(huán)與光滑水平面相切于C點，A點所在的半徑與豎直直徑BC成37°角。質(zhì)量為m=0.04kg、電荷量為q=+6×10-5C的帶電小球2（可視為質(zhì)點）靜止于C點。輕彈簧一端固定在豎直擋板上，另一端自由伸長時位于P點。質(zhì)量也為m=0.04kg的不帶電小球1挨著輕彈簧右端，現(xiàn)用力緩慢壓縮輕彈簧右端到P點左側(cè)某點后釋放。小球1沿光滑水平面運動到C點與小球2發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰后兩小球黏合在一起且恰能沿圓弧到達A點。P、C兩點間距離較遠，重力加速度g取10m/s2；不計空氣阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：

（1）黏合體在A點的速度大??；

（2）彈簧的彈性勢能；

（3）小球黏合體由A點到達水平面運動的時間。

31、兩塊水平平行放置的導(dǎo)體板如圖甲所示，大量電子（質(zhì)量為m、電荷量為e）由靜止開始，經(jīng)電壓為的電場加速后，連續(xù)不斷地沿平行板的方向從兩板正中間射入兩板之間。當(dāng)兩板均不帶電時，這些電子通過兩板之間的時間為當(dāng)在兩板間加如圖乙所示的周期為恒為的周期性電壓時；恰好能使所有電子均從兩板間通過（不計電子重力）。求：

(1)電子進入兩板之間后加速度的大小；

(2)這些電子通過兩板之間后；側(cè)向位移（垂直于入射速度方向上的位移）的最大值和最小值；

(3)側(cè)向位移分別為最大值和最小值的情況下；電子在剛穿出兩板之間時的動能之比。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】試題分析：A、電動機多做的功轉(zhuǎn)化成了物體的動能和內(nèi)能，物體在這個過程中獲得動能就是所以電動機多做的功一定要大于所以A錯誤．

B、在運動的過程中只有摩擦力對物體做功，由動能定理可知，摩擦力對物體做的功等于物體動能的變化，即為所以B錯誤．

C；傳送帶克服摩擦力做的功就為電動機多做的功；所以由A的分析可知，C錯誤．

D；電動機增加的功率即為克服摩擦力做功的功率；大小為fv=μmgv，所以D正確．

故選D．2、B【分析】當(dāng)閉合開關(guān)時S，由于靜電感應(yīng)的作用，金屬導(dǎo)體B右端帶的正電荷會被從大地上來的負(fù)電荷中和，所以導(dǎo)體B右端不再帶有電荷，左端帶負(fù)電，再斷開S，再移走A，則導(dǎo)體B帶負(fù)電．故選B．3、D【分析】【分析】

【詳解】

導(dǎo)體的電阻是由導(dǎo)體本身決定的，與導(dǎo)體兩端的電壓和通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，U和I的比值等于電阻的大?。徊皇菦Q定電阻的大小。

故選D。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由題目圖運動軌跡可知，a、b兩個帶電粒子電性一定相反，由于電場方向未知，a不一定帶正電，b不一定帶負(fù)電；A錯誤；

BD．物體做曲線運動；所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，從圖中軌道變化來看電場力都做正功，電勢能都減小，動能都增大，速度都增大，BD錯誤；

C．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大；加速度增大，C正確。

故選C。5、A【分析】【分析】

等勢面的疏密代表場強的大??；正電荷在電勢高的地方電勢能大。

【詳解】

AB．正電荷在電場中；在電勢高的位置，電勢能越大，故A正確，B錯誤；

CD．等勢面的疏密代表場強的大?。还蔄點的場強小于B點的場強，故CD錯誤；

故選A。6、B【分析】【詳解】

A．首次發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象規(guī)律的物理學(xué)家是法拉第；選項A正確，不符合題意；

B．電場這個“場”的概念最先是由法拉第提出的；選項B錯誤，符合題意；

C．赫茲首先用實驗證實電磁波的存在；選項C正確，不符合題意；

D．普朗克首先提出“量子”概念來解釋黑體輻射；選項D正確，不符合題意。

故選B。7、C【分析】【詳解】

AC．根據(jù)等量異號的點電荷電場強度分布特點：中垂面為電勢為0的等勢面，在中垂線上各點的場強方向由正電荷指向負(fù)電荷，且與中垂線垂直，O點的場強最大，場強從O點沿中垂線向兩邊逐漸減小，中垂線上任意一點與關(guān)于O點的對稱點場強大小相等；方向相同，故A錯誤，C正確；

B．兩電荷連線上，電場強度方向由正電荷指向負(fù)電荷，沿電場線方向電勢降低，則c點電勢高于d點電勢；由規(guī)律可知兩點電場強度相同，故B錯誤；

D．中垂面為電勢為0的等勢面，則c點電勢大于0，則將一正試探電荷由無窮遠處移到c點；電勢增大，電勢能增大，故D錯誤。

故選C。8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．分析可知，CD的電場線方向由D指向C，順著電場線的方向電勢逐漸降低，即O點處的電勢低于D點處的電勢；選項A錯誤；

B．兩個正電荷在D點處的合場強為0，則D點處的場強等于負(fù)電荷在D點處的場強，而O點處兩個正電荷的合場強與負(fù)電荷的場強方向相同且負(fù)電荷在O點處的場強大于其在D點處的場強，故O點處的場強大于D點處的場強；選項B錯誤；

C．正電荷從D移動至O；電場力做正功，電勢能減小，選項C錯誤；

D．根據(jù)庫倫定律，O點處的合場強為

選項D正確。

故選D。二、多選題(共9題，共18分)9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

電場力做功等于電勢能的變化量；順著電場線電場力做正功，電勢能減小，逆著電場線電場力做負(fù)功，電勢能增加。

故選BC。10、B:C【分析】【詳解】

A.B再次靜止后，A、B受到的電場力的合力為

方向水平向左。對A；B整體受力分析如圖。

由幾何關(guān)系可得

且OA繩與豎直方向的夾角為

即

A錯誤；

B．A；B再次靜止后；對B受力分析如圖。

由幾何關(guān)系可得

且AB繩與豎直方向的夾角為

即

B正確；

C．由上述分析可知，A、B再次靜止后，OA繩、AB繩與豎直方向的夾角均為則此時兩球的位置如圖所示。

設(shè)繩長為L，故A電勢能的變化量為

B電勢能的變化量為

A重力勢能的變化量為

B重力勢能的變化量為

與撤去前相比，系統(tǒng)電勢能和系統(tǒng)重力勢能變化量分別為

故與撤去前相比；系統(tǒng)電勢能和系統(tǒng)重力勢能都減小，C正確；

D．與撤去前相比，A、B兩球的總能量變化量分別為

故A球的總能量減少；B球的總能量減少，D錯誤。

故選BC。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由

聯(lián)立可解得

故A正確；

B．在小金屬塊由A向C運動的過程中；電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故B錯誤；

C．從B到C的過程中；電場力做正功，摩擦力做負(fù)功，小金屬塊的動能全部轉(zhuǎn)化為摩擦熱，故C錯誤；

D．在B點時速度最大，此時加速度為零，則有電場力等于摩擦力

解得

故D正確。

故選AD。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．因為電場線的疏密表示電場強度，電場線越密的地方電場強度越大，由圖可知，M點的電場強度大于N點的電場強度，則由可得

故A正確；

B．由等勢線與電場線垂直可得過A點的等勢線如圖。

因為無窮遠處電勢為零，且沿著電場線電勢降低，所以A點電勢大于零；故B錯誤；

C．因為沿著電場線電勢降低，由圖可知，M點電勢高于N點電勢；故C正確；

D．因為負(fù)電荷在電勢高的地方電勢能小，所以將負(fù)點電荷從M點移動到N點的過程中；電勢能增加，故D正確。

故選ACD。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：根據(jù)電場線的方向確定場源電荷的正負(fù)．電勢的高低看電場線的指向；沿著電場線電勢一定降低．電場線的疏密表示場強的大小，根據(jù)電勢高低判斷功的正負(fù)．

解：A、根據(jù)電場疊加，由圖象可知ab；cd兩中垂線上各點的電勢都為零；所以P、O兩點的電勢相等．故A錯誤．

B、電場線的疏密表示場強的大小，根據(jù)圖象知EP＞EQ；故B正確；

C；四個點電荷在O點產(chǎn)生的電場兩兩相互抵消；場強為零，故在O點放一正點電荷，則該正點電荷受到的電場力為零，故C正確．

D；P、Q電勢相等；所以a、c兩點電勢相等，若將某一負(fù)電荷由P點沿著圖中曲線PQ移到Q點，電場力做功為零．故D錯誤．

故選BC

【點評】

本題的關(guān)鍵要掌握電場線的分布情況，能根據(jù)曲線的彎曲方向可知粒子的受力方向．通過電場線的指向看電勢的高低．14、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)動能定理可知，合外力對小球所做的功等于小球動能的變化量，所以小球與彈簧分離時小球的動能為

故A錯誤；

B．由功能關(guān)系知，從開始運動到與彈簧分離，從開始運動到與彈簧分離，小球與彈簧組成的系統(tǒng)增加的機械能為電場力做的功為故B正確；

C．由功能關(guān)系知小球減少的彈性勢能為電場力對小球所做的功為故C錯誤；

D．從撤去外力到小球與彈簧分力，由動能定理知

解得

故D正確。

故選BD。15、A:C【分析】【詳解】

A．由圖像可知，經(jīng)過AB兩點的加速度相等，則根據(jù)qE=ma

可知，兩點的場強相等即EA=EB

選項A正確；

B．因a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于速度的變化量，可知vA<vB

選項B錯誤；

CD．帶正電的粒子一直加速運動，可知電場線方向沿從A到B的方向，沿電場線電勢逐漸降低，可知A＞B

選項C正確；D錯誤。

故選AC。16、A:C【分析】【詳解】

A．滑動變阻器的滑片向下滑動，則電阻R減小，路端總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知

可知干路總電流增大，則路端電壓為

可得路端電壓減?。粍tL變暗，故A正確；

B．由

可得

其中電容器兩板間的電壓為路端電壓；路端電壓減小，則電荷量減小，故B錯誤；

CD．開始時油滴的重力等于電場力，先電容器兩端的電壓減小，由公式

可得電場強度減小，由于電場力為

則電場力減?。淮藭r，重力大于電場力，則油滴向下運動，故C正確，D錯誤。

故選AC。17、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知，A、B兩點電場強度大小相等；方向相反，則場強不相同，選項A錯誤；

B．一帶負(fù)電粒子沿中垂線從A運動到B；電場力先做正功后做負(fù)功，則其電勢能先減小后增大，選項B正確；

CD．因兩根通電導(dǎo)線的電流方向相反，根據(jù)安培定則，結(jié)合磁場疊加知識可知，C、D兩點磁感應(yīng)強度相同，CD連線上各點的磁感應(yīng)強度方向一樣；選項C正確，D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】ρ19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)公式，可得該頻段的波長為

（2）[2]當(dāng)收音機的LC振蕩電路的頻率等于電磁波的頻率時，收音機就能接收該頻率的電磁波。根據(jù)LC振蕩電路頻率公式

電感L是固定的，故有

所以

由題意C1＝270pF

可解得C2＝30pF【解析】①.85.7②.3020、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，粒子離電荷越遠，電勢能越低，說明遠離電荷時，電場力做正功，即電荷與粒子之間是斥力，所以電荷Q帶正電；

[2]由圖可知，電荷在L處的電勢能為6E0，在3L處的電勢能為2E0，根據(jù)公式

兩點電勢之比為

[3]根據(jù)點電荷的電場強度公式

兩點電場強度之比為【解析】正3∶19∶121、略

【分析】【詳解】

[1]由左圖可知，游標(biāo)卡尺為十分度游標(biāo)卡尺，則讀數(shù)為

[2]由右圖可知，螺旋測微器讀數(shù)為【解析】1.141.73022、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電容的決定式可知；若電容器的電容變小，一定是插入的電介質(zhì)少了，所以被測物體向右移動。

[2]若換成更大介電常數(shù)的材料，移動相同距離時，電容的變化量一定較大，根據(jù)靈敏度的定義可知，靈敏度一定變大。【解析】右變大23、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤錯誤錯誤正確四、作圖題(共3題，共21分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減小；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD25、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標(biāo)值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標(biāo)軸作垂線后與坐標(biāo)軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標(biāo)值為短路電流；（2）26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導(dǎo)線流入，右端導(dǎo)線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示。【解析】五、實驗題(共1題，共9分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)部分電路的歐姆定律可知。

（2）[2]由于是大電阻；用外接法誤差大，電路應(yīng)改為內(nèi)接法。因。

故用分壓式接法；電路圖為。

（3）[3]采用電流表內(nèi)接法，電流表分壓導(dǎo)致電壓的測量值偏大，由知，所以滿足伏安法大內(nèi)偏