2025年滬科版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于天然放射現(xiàn)象，下列說法正確的是()A.放射性元素的原子核內(nèi)的核子有半數(shù)發(fā)生變化所需的時間就是半衰期B.氡半衰期為3.8天，若取40個氡原子核，經(jīng)7.6天后就一定剩下10個氡原子核了C.當(dāng)放射性元素的原子的核外電子具有較高能量時，將發(fā)生β衰變D.放射性的原子核發(fā)生衰變后產(chǎn)生的新核從高能級向低能級躍遷時，輻射出γ射線2、在“用單擺測定重力加速度”的實(shí)驗中，直接測出物理量擺長L

振動n

次的時間t

從而測定重力加速度g.

如果測出的g

值偏小，則可能的原因是(

)

A.誤將擺線長度當(dāng)作擺長B.誤將從懸點(diǎn)到擺球下端的長度當(dāng)作擺長C.擺球質(zhì)量過大D.誤把n

次全振動記錄為n+1

次3、如圖所示，一個半徑為r

的絕緣細(xì)圓環(huán)水平放置，環(huán)內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場B

環(huán)上套一帶電量為+q

的小球，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨時間均勻增加，其變化率為k

若小球在環(huán)上運(yùn)動一周，則感生電場的方向(

俯視)

及感生電場對小球的作用力所做功的大小是(

)

A.逆時針，0

B.順時針，0

C.逆時針，婁脨r2qk

D.順時針，婁脨r2qk

4、關(guān)于磁場，下列說法正確的是(

)

A.磁場和電場一樣，是客觀存在的物質(zhì)B.磁體周圍部分區(qū)域不存在磁場C.任何物體周圍都存在磁場D.磁體的內(nèi)部沒有磁場5、如圖虛線上方有勻強(qiáng)磁場；扇形導(dǎo)線框繞垂直于框面的軸O以角速度ω逆時針勻速轉(zhuǎn)動，線框中感應(yīng)電流方向以逆時針為正，則能正確反映線框轉(zhuǎn)動一周感應(yīng)電流隨時間變化的圖象是（）

A.

B.

C.

D.

6、如圖所示；理想變壓器原；副線圈匝數(shù)之比為20：1，原線圈接正弦交流電源，副線圈接入“3V，6W”燈泡一只，且燈泡正常發(fā)光．則（）

A.原線圈電壓為3VB.電源輸出功率120WC.電流表的示數(shù)為0.1AD.電流表的示數(shù)為40A7、下列四幅圖中，小磁針靜止時，其指向正確的是()A.B.C.D.8、下列實(shí)驗現(xiàn)象，屬于反映電流能產(chǎn)生磁場的現(xiàn)象是(

)

A.

導(dǎo)線通電后，其下方的小磁針偏轉(zhuǎn)B.

通電導(dǎo)線AB

在磁場中運(yùn)動C.

金屬桿切斷磁感線時，電流表指針偏轉(zhuǎn)D.

通電線圈在磁場中轉(zhuǎn)動評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，兩極板間距為d的平行板電容器與一電源連接，開關(guān)S閉合，兩極板間有質(zhì)量為m，電荷量為q的微粒靜止不動，下列敘述中正確的是（）A.微粒帶正電B.電源電動勢的大小等于C.斷開開關(guān)S，微粒將向下做加速運(yùn)動D.保持開關(guān)S閉合，把電容器兩極板間的距離增大，微粒將向下做加速運(yùn)動10、如圖甲所示，一個矩形線圈abcd在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的軸勻速轉(zhuǎn)動．線圈內(nèi)磁通量隨時間t的變化如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A.t1時刻線圈中的感應(yīng)電動勢最大B.t2時刻ab的運(yùn)動方向與磁場方向垂直C.t3時刻線圈平面與中性面重合D.t4、t5時刻線圈中感應(yīng)電流的方向相同11、a、b為電場中兩點(diǎn)，且a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)，則（）A.把負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)電場力做負(fù)功，電勢能增加B.把正電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)電場力做正功，電勢能減少C.無論移動的是正電荷還是負(fù)電荷，電荷的電勢能都要減少D.以上說法都不對12、理想變壓器線圈1接在有效值恒定的交流電源上，燈泡L1接在線圈2上，燈泡L2、L3接在線圈3上，電流表、電壓表、開關(guān)連接如圖所示，不考慮輸電線的電阻，當(dāng)開關(guān)K閉合后，下列敘述正確的是（）A.燈泡L1亮度不變B.燈泡L2亮度變暗C.電壓表V的讀數(shù)不變D.電流表A的讀數(shù)不變13、如圖所示，有一回路處于豎直平面內(nèi)，勻強(qiáng)磁場方向水平，且垂直于回路平面，當(dāng)AC

無初速釋放后(

回路由導(dǎo)體構(gòu)成，兩平行導(dǎo)軌足夠長)

則下列說法正確的是()A.AC

受磁場阻力作用，以小于g

的加速度勻加速下落B.AC

加速下落，加速度逐漸減小趨向于零，速度逐漸增大趨向一個最大值C.AC

的加速度逐漸減小，通過R

的電流也逐漸減小，最后電流為零D.AC

受到的磁場力越來越大，最后趨向于與重力平衡評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、核動力航母利用可控核裂變釋放核能獲得動力.

核反應(yīng)92235U+01n隆煤56141Ba+3680Kr+yX

是若干核反應(yīng)的一種，其中X

為待求粒子，y

為X

的個數(shù)，則X

是____(

選填“質(zhì)子”、“中子”、“電子”)y=

____.

若反應(yīng)過程中釋放的核能為E

光在真空中的傳播速度為c

則核反應(yīng)的質(zhì)量虧損表達(dá)式為鈻?m=

______．

15、如下圖所示是定性研究平行板電容器的電容與結(jié)構(gòu)之間的關(guān)系的裝置，平行板電容器的A

板與靜電計相連，B

板和靜電計金屬殼都接地。若充電后保持電容器帶電量不變，試指出下列三個圖所示的情況下，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度變化情況。

壟脵壟脷壟脹

壟脵

正對面積減小時，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度____(

填“變大”、“變小”或“不變”)

壟脷

板間距離增大時，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度____(

填“變大”、“變小”或“不變”)

壟脹

插入電介質(zhì)時，靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度____(

填“變大”、“變小”或“不變”)

16、真空中有一電場，在電場中的P

點(diǎn)放一電荷量為4隆脕10鈭?9C

的檢驗電荷，它受到的靜電力為2隆脕10鈭?5N

則P

點(diǎn)的場強(qiáng)為______N/C.

把檢驗電荷的電荷量減小為2隆脕10鈭?9C

則檢驗電荷所受到的靜電力為______N.

如果把這個檢驗電荷取走，則P

點(diǎn)的電場強(qiáng)度為______N/C

．17、一多用電表的歐姆擋有三個倍率；分別是隆脕1婁賂隆脕10婁賂隆脕100婁賂.

用隆脕10婁賂

擋測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)換到______擋.

如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是______，若補(bǔ)上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值是______婁賂.

18、在測定一根粗細(xì)均勻合金絲電阻率的實(shí)驗中，利用螺旋測微器測定合金絲直徑的過程如圖所示，校零時的讀數(shù)為______mm

合金絲的直徑為______mm

．19、將一條形磁鐵插入螺線管線圈.

第一次插入用0.2

秒，第二次插入用1

秒，則兩次線圈中電流強(qiáng)度之比為______，通過線圈的電量之比為______，線圈放出的熱量之比為______．20、如圖所示，地面附近的空間存在著足夠大的水平勻強(qiáng)磁場（磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向見圖）和與之垂直的水平勻強(qiáng)電場(場強(qiáng)大小為E，方向未畫出)，一個帶電質(zhì)點(diǎn)在與磁場垂直的平面內(nèi)沿直線斜向上運(yùn)動(圖中虛線)，該直線與電場線所夾銳角為θ，設(shè)在運(yùn)動過程中質(zhì)點(diǎn)的電量和質(zhì)量都不變，則該質(zhì)點(diǎn)帶______電，經(jīng)過該直線上的M點(diǎn)時運(yùn)動速度大小為___________。21、在實(shí)驗室里為了驗證動量守恒定律；一般采用如圖甲；乙所示的兩種裝置：

（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則______

A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2

（2）若采用圖乙所示裝置進(jìn)行實(shí)驗，以下所提供的測量工具中必需的是______

A．直尺B．游標(biāo)卡尺C．天平D．彈簧測力計E．秒表。

（3）設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，則關(guān)系式（用m1、m2及圖中字母表示）______成立，即表示碰撞中動量守恒．評卷人得分四、判斷題(共3題，共30分)22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

24、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）評卷人得分五、識圖作答題(共1題，共6分)25、如圖可表示細(xì)胞融合技術(shù)的一些過程；請據(jù)圖回答：

（1）若A、B到C的過程是體外受精過程，則精子必須先進(jìn)行____處理，常采用的方法是____和____．若此過程是體內(nèi)受精過程，則胚胎發(fā)育到____階段可進(jìn)行沖卵．

（2）若A、B細(xì)胞為植物細(xì)胞，降解脫掉細(xì)胞壁的酶可能是____酶．A、B到C細(xì)胞的過程中，常用的物理方法是____．

（3）若該過程是制備單克隆抗體的過程，在A、B到C的過程中，A細(xì)胞為骨髓瘤細(xì)胞，B細(xì)胞為能產(chǎn)生抗體的B淋巴細(xì)胞，那么D細(xì)胞稱為____細(xì)胞，這種細(xì)胞的特點(diǎn)是____．從融合細(xì)胞中選擇出它的方法是在特定的____培養(yǎng)基中培養(yǎng)，篩選出該類細(xì)胞后還需進(jìn)行____和____經(jīng)多次篩選可獲得數(shù)量足夠的能分泌所需抗體的細(xì)胞．評卷人得分六、簡答題(共4題，共16分)26、寫出比較電荷在電場中兩點(diǎn)具有的電勢能大小的方法有哪些？27、在物理學(xué)中，常常用比值定義物理量，用來表示研究對象的某種性質(zhì)。定義一個新的物理量的同時，也就確定了這個新的物理量與原有物理量之間的關(guān)系。請你寫出在選修3-1中用比值法定義的物理量的定義式。（至少寫出3個）28、“綠水青山就是金山銀山”，研究rm{NO_{2}}rm{NO}rm{CO}rm{S0_{2}}等大氣污染物和水污染物的處理對建設(shè)美麗中國具有重要意義。rm{(1)}已知：rm{壟脵NO_{2}+CO?CO_{2}+NO}該反應(yīng)的平衡常數(shù)為rm{K_{1}(}下同rm{)}每rm{1mol}下列物質(zhì)分解為氣態(tài)基態(tài)原子吸收的能量分別為。rm{NO_{2}}rm{CO}rm{CO_{2}}rm{NO}rm{812kJ}rm{1076kJ}rm{1490kJ}rm{632kJ}rm{壟脷N_{2}(g)+O_{2}(g)?2NO(g)triangleH=+179.5kJ/molK_{2}}rm{壟脹2NO(g)+O_{2}(g)?2NO_{2}(g)triangleH=-112.3kJ/molK_{3}}寫出rm{壟脷N_{2}(g)+O_{2}(g)?2NO(g)triangle

H=+179.5kJ/molK_{2}}與rm{壟脹2NO(g)+O_{2}(g)?2NO_{2}(g)

triangleH=-112.3kJ/molK_{3}}反應(yīng)生成無污染氣體的熱化學(xué)方程式_______________rm{NO}在體積可變的恒壓rm{CO}總rm{(2)}密閉容器中充入rm{(p}與足量的碳，讓其發(fā)生反應(yīng)：rm{C(s)+CO_{2}(g)?2CO(g)triangleH>0}平衡時；體系中氣體體積分?jǐn)?shù)與溫度的關(guān)系如下圖所示。

rm{)}時，在容器中若充入稀有氣體，rm{1molCO_{2}}___rm{C(s)+CO_{2}(g)?2CO(g)triangle

H>0}填“rm{壟脵T隆忙}”“rm{v_{(脮媒)}}”或“rm{v_{(脛忙)}(}若充入等體積的rm{>}和rm{<}平衡____移動。rm{=")}體積分?jǐn)?shù)為rm{CO_{2}}時，rm{CO}的轉(zhuǎn)化率為_______。rm{壟脷CO}已知：氣體分壓rm{40%}氣體總壓rm{CO_{2}}體積分?jǐn)?shù)。用平衡分壓代替平衡濃度表示平衡rm{壟脹}常數(shù)的表達(dá)式為__________；rm{(p_{路脰})=}時，rm{隆脕}______rm{Kp}用含rm{925隆忙}總的代數(shù)式表示rm{Kp=}rm{(}直接排放含rm{p}的煙氣會形成酸雨，危害環(huán)境?？捎胷m{)}吸收，所得含硫各微粒rm{(3)}rm{SO_{2}}和rm{NaOH}存在于反應(yīng)后的溶液中，它們的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)rm{(H_{2}SO_{3}}與溶液rm{HSO_{3}^{-}}的關(guān)系如圖所示。

rm{SO_{3}^{2-})}若是rm{X(i)}反應(yīng)后的溶液，測得溶液的rm{pH}時，溶液中各離子濃度由大到小的順序是______________。rm{壟脵}向rm{0.1mol/LNaOH}的rm{pH=8}溶液中滴加一定濃度的rm{壟脷}溶液，溶液中出現(xiàn)渾濁，rm{pH=5}降為rm{NaHSO_{3}}用化學(xué)平衡移動原理解釋溶液rm{CaCl_{2}}降低的原因_________。rm{pH}29、乙酸乙酯是一種有香味的油狀液體，在一定條件下發(fā)生反應(yīng)rm{CH_{2}CH_{3}OH+CH_{3}COOHoverset{稀{H}_{2}S{O}_{4}}{?}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}rm{CH_{2}CH_{3}OH+CH_{3}COOHoverset{稀{H}_{2}S{O}_{4}}{?}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}+H_{2}O}乙酸乙酯的分子式是__________。乙酸分子中rm{(1)}原子團(tuán)的名稱是________。rm{隆陋COOH}寫出乙醇與金屬rm{(2)}反應(yīng)的化學(xué)方程式______________________________。rm{Na}寫出乙酸的一種用途_____________________________。rm{(3)}參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】放射性元素的原子核有半數(shù)發(fā)生衰變的時間叫做半衰期，A錯；半衰期為統(tǒng)計規(guī)律，對于少量的原子核不適用，B錯；β衰變是由一個中子分裂為一個質(zhì)子和一個電子發(fā)生的，C錯；【解析】【答案】D2、A【分析】解：由單擺的周期公式T=2婁脨Lg

得，g=LT24蟺2

A；若將擺線長度當(dāng)作擺長；擺長L

偏小，g

值偏小.

故A正確．

B；將從懸點(diǎn)到擺球下端的長度當(dāng)作擺長；擺長L

偏大，g

值偏大.

故B錯誤．

C；單擺的周期與擺球質(zhì)量無關(guān)；所以根據(jù)實(shí)驗可知，擺球的質(zhì)量與測量g

沒有影響.

故C錯誤．

D、把n

次全振動記錄為n+1

次，由T=tn

得知；T

值偏小，g

值偏大.

故D錯誤．

故選A

由題，單擺振動n

次的時間t

單擺的周期T=tn

根據(jù)單擺的周期公式推導(dǎo)出重力加速度的表達(dá)式，再分析g

值偏小可能的原因．

實(shí)驗誤差是考試的熱點(diǎn)，也是難點(diǎn)，關(guān)鍵掌握實(shí)驗原理，從解析式進(jìn)行分析．【解析】A

3、D【分析】解：磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨時間均勻增加，其變化率為k

故感應(yīng)電動勢為：E=S鈻?B鈻?t=婁脨r2k

根據(jù)楞次定律；感應(yīng)電動勢的方向為順時針方向，所以感生電場的方向為順時針方向．

小球帶正電；小球在環(huán)上運(yùn)動一周，則感生電場對小球的作用力所做功的大小是：

W=qE=婁脨r2qk

故選：D

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動勢；根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動勢的方向，然后根據(jù)W=qU

求解電功．

本題的關(guān)鍵是明確感應(yīng)電動勢的大小求解方法：法拉第電磁感應(yīng)定律，會利用公式W=qU

求解電功．【解析】D

4、A【分析】解：A

磁體的周圍存在著看不見；摸不著但又客觀存在的磁場，電荷的周圍存在著看不見，摸不著但又客觀存在的電場，故A正確；

B；磁體的周圍存在磁場.

故B錯誤；

C；磁體的周圍存在磁場；并不是任何物體的周圍都有磁場.

故C錯誤；

D；磁感線在磁體的周圍是從磁體的N

極出發(fā)回到S

極.

在磁體的內(nèi)部；磁感線是從磁體的S

極出發(fā)，回到N

極.

所以磁體的內(nèi)部也存在磁場.

故D錯誤．

故選：A

(1)

磁體的周圍存在著看不見；摸不著但又客觀存在的磁場，為了描述磁場，在實(shí)驗的基礎(chǔ)上，利用建模的方法想象出來的磁感線，磁感線并不客觀存在．

(2)

磁感線在磁體的周圍是從磁體的N

極出發(fā)回到S

極.

在磁體的內(nèi)部；磁感線是從磁體的S

極出發(fā)，回到N

極．

(3)

磁場的強(qiáng)弱可以利用磁感線的疏密程度來描述；磁場越強(qiáng)，磁感線越密集．

由于磁場是看不見，摸不著的，為了描述磁場的性質(zhì)而引入了磁感線的概念，它是假想出來的有方向的曲線，但可以描述磁場的性質(zhì)．【解析】A

5、A【分析】

當(dāng)線框進(jìn)入磁場后；切割的有效長度為半圓的半徑不變，即電動勢及電流大小不變；由右手定則可知，電流為逆時針，故為正值；

當(dāng)線框全部進(jìn)入磁場；磁通量不變，無感應(yīng)電流．故A正確，B；C、D錯誤．

故選A．

【解析】【答案】當(dāng)線框以O(shè)為轉(zhuǎn)軸進(jìn)入磁場時；磁通量發(fā)生變化有感應(yīng)電流產(chǎn)生，根據(jù)有效切割長度判斷出電流大小變化，根據(jù)楞次定律或右手定制判斷出感應(yīng)電流方向，即可正確解答．

6、C【分析】【解答】解：A、根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，原線圈端電壓為：故A錯誤；

B；在理想的變壓器中的輸入功率和輸出功率的大小相等；在副線圈中只有一個6W的燈泡正常發(fā)光，所以輸入功率和輸出功率的大小都為6W，故B錯誤；

C、根據(jù)理想變壓器輸入功率為6W，則原線圈的電流為：故C正確，D錯誤．

故選：C

【分析】在理想的變壓器中的輸入功率和輸出功率的大小相等，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比．7、A【分析】【分析】根據(jù)小磁針靜止時的指向，即為磁場方向，再結(jié)合磁感線由磁鐵外部是從N

到S

而內(nèi)部則是從S

到N

從而即可求解。本題考查了磁場及其描述；掌握磁鐵的磁感線的分布，理解磁感線從N

到S(

磁鐵外部)

而內(nèi)部是從S

到N

并掌握磁感線的某點(diǎn)的切線方向，即為磁場的方向?！窘獯稹渴紫却_定各磁鐵的磁感線的分布；注意磁感線由磁鐵外部是從N

到S

再依據(jù)小磁針靜止時的指向，即為磁感線的切線方向；BCD

三個圖的小磁針指向錯誤；故A正確；BCD錯誤。

故選A?！窘馕觥緼

8、A【分析】解：A

導(dǎo)線通電后；其下方的小磁針偏轉(zhuǎn)，表明通電導(dǎo)線產(chǎn)生磁場，小磁針在磁場作用下偏轉(zhuǎn)，故A正確；

B；通電導(dǎo)線AB

在磁場中受到安培力作用而運(yùn)動；不屬于電流產(chǎn)生磁場的現(xiàn)象，故B錯誤；

C；金屬桿切斷磁感線時；在閉合電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表指針偏轉(zhuǎn)，這是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故C錯誤；

D；通電線圈在磁場中受到安培力而轉(zhuǎn)動；不屬于電流產(chǎn)生磁場的現(xiàn)象，故D錯誤；

故選A．

根據(jù)圖示實(shí)驗裝置及實(shí)驗現(xiàn)象；分析各實(shí)驗的原理，然后答題．

分析圖示實(shí)驗裝置及現(xiàn)象，知道各實(shí)驗的實(shí)驗原理是正確解題的關(guān)鍵．【解析】A

二、多選題(共5題，共10分)9、BD【分析】解：

A；由圖知：電容器板間場強(qiáng)方向向下；微粒處于靜止?fàn)顟B(tài)，電場力與重力平衡，則有：mg=qE，則電場力應(yīng)豎直向上，粒子帶負(fù)電．故A錯誤．

B、由平衡條件得：mg=Eq=q，解得，電源的兩端電壓，即電動勢為E電=故B正確。

C；斷開電鍵s；電容器所帶電量不變，場強(qiáng)不變，微粒所受的電場力不變，則微粒仍靜止不動．故C錯誤．

D；保持電鍵s閉合；把電容器兩極板距離s增大，板間場強(qiáng)減小，微粒所受電場力減小，則微粒將向下做加速運(yùn)動．故D正確．

故選：BD．

帶電荷量為q的微粒靜止不動，所受的電場力與重力平衡，由平衡條件分析微粒的電性．由E=求解電源電動勢．?dāng)嚅_電鍵K，根據(jù)微粒的電場力有無變化，即可分析微粒的運(yùn)動情況．

本題整合了微粒的力平衡、電容器動態(tài)分析，由平衡條件判斷微粒的電性，由E=分析板間場強(qiáng)如何變化，判斷微粒是否運(yùn)動，要注意明確當(dāng)開關(guān)斷開后，只改變兩板間的距離時，電容器的場強(qiáng)不變．【解析】【答案】BD10、BC【分析】解：A、t1時刻通過線圈的磁通量最大；此時磁通量的變化率等于零，故感應(yīng)電動勢為零，故A錯誤；

B、t2時刻磁通量為零；線圈與磁場平行，故導(dǎo)線ad的速度方向跟磁感線垂直，故B正確；

C、t2時刻線圈的磁通量最大；故此時線圈與中性面重合；故C正確；

D、由圖可知t5時刻線圈中磁通量最大；此時沒有感應(yīng)電流；故D錯誤；

故選：BC．

由數(shù)學(xué)知識可知：磁通量-時間圖象斜率等于磁通量的變化率；其大小決定了感應(yīng)電動勢的大?。?dāng)線圈的磁通量最大時，線圈經(jīng)過中性面，電流方向發(fā)生改變．

本題關(guān)鍵抓住感應(yīng)電動勢與磁通量之間的關(guān)系，明確感應(yīng)電動勢的產(chǎn)生過程，知道磁通量最大時，感應(yīng)電動勢最??；而磁通量最小時，感應(yīng)電動勢最大．【解析】【答案】BC11、AB【分析】解：A、a點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢，負(fù)電荷在a處電勢能小于在b處電勢能，負(fù)電荷從a點(diǎn)移到b點(diǎn)；電勢能增大，電場力作負(fù)功．故A正確；

B、與A的分析同理，把正電荷從a移到b電場力做正功；電勢能減小，故B正確；

C；根據(jù)A、B的分析可知；移動負(fù)電荷電勢能增大，故C錯誤；

D；由于選項AB正確；故D錯誤；

故選：AB．

根據(jù)“負(fù)電荷在電勢高處電勢能小；正電荷在電勢高處電勢能大”分析電勢能的變化；電勢能增加，電場力做負(fù)功；相反，電勢能減小，電場力做正功．

本題的解題關(guān)鍵是掌握推論：負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，正電荷在電勢高處電勢能大，并能正確運(yùn)用．【解析】【答案】AB12、AC【分析】解：BC、當(dāng)K閉合后，副線圈3上的總電阻減小，電壓表讀數(shù)不變，燈泡L2亮度不變；電流增大，所以輸出功率變大；故B錯誤，C正確；

AD、副線圈2的電壓與匝數(shù)成正比，電壓保持不變，所以燈泡L1亮度不變；副線圈2和3的輸出功率增大，原線圈輸入功率增大，電壓不變，所以原線圈電流即電流表的讀數(shù)變大，故A正確，D錯誤；

故選：AC

和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)L3的變化；確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況．

電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法．【解析】【答案】AC13、BD【分析】【分析】

棒AC

下落過程中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到豎直向上的安培力，還有豎直向下的重力，安培力先小于重力，最后等于重力，此后棒做勻速運(yùn)動。解決本題的關(guān)鍵是熟練分析出安培力與速度的定性關(guān)系；抓住棒勻速運(yùn)動時安培力等于重力，進(jìn)行動態(tài)變化分析。

【解答】

A.棒AC

下落過程中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到豎直向上的安培力，安培力先小于重力，棒做加速運(yùn)動，隨著速度增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流增大，棒AC

所受的安培力增大，合外力減小，加速度減小，所以AC

變加速下落，故A錯誤；B.當(dāng)安培力等于重力時，棒AC

開始做勻速直線運(yùn)動，加速度為零，所以AC

的加速度極限值為0

速度達(dá)到一個最大值，故B正確；C.AC

的加速度逐漸減小，而速度逐漸增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流都逐漸增大，勻速運(yùn)動時電流不變，但不為零，故C錯誤；D.通過R

的電流逐漸增大，AC

受到的磁場力為FA=BIL

則知磁場力越來越大，最后與重力平衡，故D正確。故選BD?！窘馕觥緽D

三、填空題(共8題，共16分)14、中子3

【分析】【分析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得到核反應(yīng)方程，確定xy

根據(jù)質(zhì)能方程得到質(zhì)量虧損的表達(dá)式。本題考查核反應(yīng)方程以及質(zhì)能方程，難度不大?！窘獯稹坑捎?2235U+01n隆煤56141Ba+3689Kr+301n

故x

為中子，y=3

根據(jù)質(zhì)能方程E=鈻?mc

2，?m=Ec2

{,!}^{^{^{_{_{_{_{_{鹿脢脤卯?dāng)n潞}}}}}}}}中子3Ec2

【解析】中子3Ec2

15、①變大②變大③變小【分析】【分析】靜電計測定電容器極板間的電勢差，板間的電勢差越大，指針偏轉(zhuǎn)角越大；根據(jù)電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd和定義式C=QU結(jié)合進(jìn)行分析。本題考查靜電計，對于電容器的動態(tài)變化分析問題，抓住電容器的電量不變的基礎(chǔ)上，根據(jù)電容的兩個公式：電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd和定義式C=QU，結(jié)合進(jìn)行分析?！窘獯稹繅琶?/p>

正對面積減小時，根據(jù)電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd

可知電容C

減小，而電量Q

不變，由電容的定義式C=QU

得知；電容器板間電壓增大，所以靜電計指針偏角增大；

壟脷

板間距離增大時，根據(jù)電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd

可知電容C

減小，而電量Q

不變，由電容的定義式C=QU

得知；電容器板間電壓增大，所以靜電計指針偏角增大；

壟脹

插入電介質(zhì)時，根據(jù)電容的決定式C=婁脜S4婁脨kd

可知電容C

增大，而電量Q

不變，由電容的定義式C=QU

得知；電容器板間電壓減小，所以靜電計指針偏角減小；

故應(yīng)填壟脵

變大壟脷

變大壟脹

變小【解析】壟脵壟脵變大壟脷壟脷變大壟脹壟脹變小16、略

【分析】解：由題意：檢驗電荷的電荷量q=4隆脕10鈭?9C

所受的靜電力F=2隆脕10鈭?5N

則P

點(diǎn)的場強(qiáng)為：

E=Fq=2隆脕10鈭?54隆脕10鈭?9N/C=5000N/C

．

把檢驗電荷的電荷量減小為2隆脕10鈭?9C

該點(diǎn)的場強(qiáng)不變，則檢驗電荷所受到的靜電力為：

F隆盲=q隆盲E=2隆脕10鈭?9隆脕5000N=1隆脕10鈭?5N

電場強(qiáng)度反映電場本身的強(qiáng)弱和方向；由電場本身決定，與檢驗電荷無關(guān)，所以如果把這個檢驗電荷取走，則P

點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變，仍為5000N/C

．

故答案為：50001隆脕10鈭?55000

已知檢驗電荷所受的電場力和電荷量，由場強(qiáng)的定義式E=Fq

即可求解P

點(diǎn)的場強(qiáng).

由E=Fq

變形求解電場力．

電場強(qiáng)度由電場本身決定；與檢驗電荷無關(guān)．

電場強(qiáng)度的定義式E=Fq

是電場這一章最重要的公式之一，要掌握其定義的方法：比值法定義，知道E

與Fq

無關(guān)，僅由電場本身決定這些特性．【解析】50001隆脕10鈭?55000

17、略

【分析】解：用隆脕10婁賂

擋測量某電阻時；操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，說明所選檔位太小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，應(yīng)換到隆脕100婁賂

擋.

如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是：重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，由圖示表盤可知，該電阻的阻值是22隆脕100婁賂=2200婁賂

．

故答案為：隆脕100婁賂

歐姆調(diào)零；2200

．

用歐姆表測電阻；應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)．

本題考查了歐姆表檔位的選擇與歐姆表讀數(shù)、歐姆表使用注意事項，用歐姆表測電阻，應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)．【解析】隆脕100婁賂

歐姆調(diào)零；2200

18、略

【分析】解：按照螺旋測微器的讀數(shù)原則；校零時的讀數(shù)為0.007mm

測量合金絲時的讀數(shù)為0.5+0.01隆脕14.5=0.645mm

合金絲的直徑為d=0.645mm鈭?0.007mm=0.638mm(

在0.636mm隆蘆0.640mm

都算正確)

．

故答案為：0.0070.636隆蘆0.640

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】0.0070.636隆蘆0.640

19、略

【分析】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的大小，由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小，E=鈻?鈱?鈻?t

與I=ER

因兩次的磁通量相同，則有：I1I2=鈻?鈱?鈻?t1R鈻?鈱?鈻?t2R=鈻?t2鈻?t1=10.2=51

由q=It

可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值；由于磁通量變化量相同，電阻不變，所以通過導(dǎo)體橫截面的電荷量不變，即為11

而熱量Q=I2Rt

則有：熱量與電流的平方及時間的乘積成正比，即為51

故答案為：511151

．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的大??；由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小.

再由q=It

可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值，而熱量根據(jù)Q=I2Rt

即可求解．

本題考查對電磁感應(yīng)現(xiàn)象的理解和應(yīng)用能力.

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，首先前提條件電路要閉合.

磁通量的變化率與感應(yīng)電動勢有關(guān)，感應(yīng)電流的大小與感應(yīng)電動勢大小有關(guān)，而通過橫截面的電荷量卻與通過線圈的磁通量變化及電阻阻值有關(guān)．【解析】511151

20、略

【分析】【解析】【答案】正21、略

【分析】解：（1）為保證兩球發(fā)生對心正碰；兩球的半徑應(yīng)相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，故選C；

（2）小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由h=gt2得小球做平拋運(yùn)動的時間t=由于小球做平拋運(yùn)動時拋出點(diǎn)的高度h相同；

則它們在空中的運(yùn)動時間t相等，驗證碰撞中的動量守恒，需要驗證：m1v1=m1v1′+m2v2；

則：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1x1=m1x1′+m2x2，由圖乙所示可知，需要驗證：m1OP=m1OM+m2ON；

因此實(shí)驗需要測量的量有：①入射小球的質(zhì)量；②被碰小球的質(zhì)量，③入射小球碰前平拋的水平位移，④入射小球碰后平拋的水平位移，⑤被碰小球碰后平拋的水平位移．實(shí)驗需要刻度尺與天平．

（3）由（2）可知，驗證碰撞中的動量守恒，需要驗證：m1OP=m1OM+m2ON．

故答案為：（1）C；（2）AC；（3）m1OP=m1OM+m2ON．

（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變；故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同．

（2）求出需要驗證的表達(dá)式；根據(jù)表達(dá)式確定需要測量的量．

（3）根據(jù)動量守恒定律與圖示實(shí)驗情景確定需要驗證的表達(dá)式。

本題是運(yùn)用等效思維方法，平拋時間相等，用水平位移代替初速度，這樣將不便驗證的方程變成容易驗證．【解析】C；AC；m1OP=m1OM+m2ON四、判斷題(共3題，共30分)22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．24、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．五、識圖作答題(共1題，共6分)25、（1）獲能培養(yǎng)法化學(xué)誘導(dǎo)法桑椹或囊胚（2）纖維素酶和果膠酶離心、振動、電刺激（3）雜交瘤細(xì)胞既能無限繁殖，又能產(chǎn)生特異性抗體選擇克隆化培養(yǎng)抗體檢測【分析】【分析】本題以題圖形式考查細(xì)胞工程、胚胎工程的相關(guān)知識，屬于基礎(chǔ)記憶題，意在考查考生對知識點(diǎn)的識記、理解和掌握程度?！窘獯稹浚?）若A、B到C的過程是體外受精過程，則精子必須先進(jìn)行獲能____處理，常采用的方法是培養(yǎng)法____和化學(xué)誘導(dǎo)法。若此過程是體內(nèi)受精過程，則胚胎發(fā)育到桑椹或囊胚_(dá)___階段可進(jìn)行沖卵。

（2）若A、B細(xì)胞為植物細(xì)胞，降解脫掉細(xì)胞壁的酶可能是纖維素酶和果膠酶____酶。A、B到C細(xì)胞的過程中，常用的物理方法是離心、振動、電刺激。

（3）若該過程是制備單克隆抗體的過程，在A、B到C的過程中，A細(xì)胞為骨髓瘤細(xì)胞，B細(xì)胞為能產(chǎn)生抗體的B淋巴細(xì)胞，那么D細(xì)胞稱為雜交瘤細(xì)胞____細(xì)胞，這種細(xì)胞的特點(diǎn)是既能無限繁殖，又能產(chǎn)生特異性抗體____。從融合細(xì)胞中選擇出它的方法是在特定的選擇____培養(yǎng)基中培養(yǎng)，篩選出該類細(xì)胞后還需進(jìn)行克隆化培養(yǎng)____和抗體檢測____經(jīng)多次篩選可獲得數(shù)量足夠的能分泌所需抗體的細(xì)胞?！窘馕觥浚?）獲能培養(yǎng)法化學(xué)誘導(dǎo)法桑椹或囊胚（2）纖維素酶和果膠酶離心、振動、電刺激（3）雜交瘤細(xì)胞既能無限繁殖，又能產(chǎn)生特異性抗體選擇克隆化培養(yǎng)抗體檢測六、簡答題(共4題，共16分)26、略

【分析】試題分析：比較電荷在電場中兩點(diǎn)的電勢能的大小，應(yīng)看從該點(diǎn)將電荷移動至零電勢能點(diǎn)，電場力做功的大小，電場力作正功電勢能減小、電場力做負(fù)功電勢能增大；正電荷所受電場力的方向與場強(qiáng)方向一致，從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，故正電荷從電勢高處向電勢低處運(yùn)動電場力做正功，其電勢能將減小，故正電荷在電勢高處電勢能大；同理負(fù)電荷在電勢低處電勢能大；利用進(jìn)行計算然后比較，是前述方法的數(shù)學(xué)表達(dá)方法?？键c(diǎn)：本題考查了電勢能的概念【解析】【答案】①正電荷在電勢高處電勢能大；②負(fù)電荷在電勢低處電勢能大；③利用電場力做功與電勢能之間的關(guān)系判斷；④利用進(jìn)行計算然后比較。27、略

【分析】試題分析：比值定義物理量是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法。考點(diǎn)：本題考查了比值定義物理量的概念【解析】【答案】（電場強(qiáng)度）、（電勢差）、(電容)、（電流）、（電動勢）、（電勢）、(電阻)、(磁感應(yīng)強(qiáng)度)、(磁感應(yīng)強(qiáng)度)、(磁感應(yīng)強(qiáng)度)28、（1）2NO(g)+2CO(g)N2(g)+2CO2(g)△H=-759.8kJ/mol

（2）①>不②25%③23.04p總

（3）①c(Na+)>c(SO32-)>c(HSO3-)>c(OH-)>c(H+)

②因為亞硫酸氫根離子存在電離平衡HSO3-H++SO32-，加入氯化鈣后，Ca2++SO32-=CaSO3↓，使平衡正向移動，氫離子濃度增大，pH減小【分析】【分析】本題考查了化學(xué)平衡圖象、閱讀題目獲取信息的能力等，難度中等，需要學(xué)生具備運(yùn)用信息與基礎(chǔ)知識分析問題、解決問題的能力。【解答】rm{(1)}由已知，反應(yīng)rm{壟脵}的rm{triangleH=(812+1076-1490-632)kJ/mol=-234kJ/mol}根據(jù)蓋斯定律，rm{triangle

H=(812+1076-1490-632)kJ/mol=-234kJ/mol}得：rm{壟脵隆脕2+壟脹-壟脷}rm{2NO_{2}(g)+2CO(g)}rm{triangleH=[-234隆脕2+(-112.3)-179.5]kJ/mol=-759.8kJ/mol}故答案為：rm{N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}rm{triangle

H=[-234隆脕2+(-112.3)-179.5]kJ/mol=-759.8kJ/mol}rm{2NO_{2}(g)+2CO(g)}rm{N_{2}(g)+2CO_{2}(g)}該反應(yīng)正向為氣體分子數(shù)減小反應(yīng)，恒溫恒壓時充入稀有氣體，對該反應(yīng)來說相當(dāng)于減壓，rm{triangleH=-759.8kJ/mol}正rm{(2)壟脵}逆rm{v(}平衡正向移動；rm{)>v(}rm{)}若充入等體積的rm{CO}平衡不移動；

故答案為：rm{CO}不；rm{{,!}_{2;}}設(shè)和rm{CO}平衡不移動；的轉(zhuǎn)化率為rm{CO}由已知列三段式得：rm{dfrac{2婁脕}{1?婁脕+2婁脕}隆脕100%=40%}解得rm{>}故答案為：rm{壟脷}rm{CO_{2}}用平衡濃度表示該反應(yīng)化學(xué)平衡常數(shù)表達(dá)式為rm{K=dfrac{{c}^{2}(CO)}{c(C{O}_{2})}}所以若用平衡分壓代替平衡濃度表示平衡常數(shù)的表達(dá)式為rm{Kp=dfrac{{p}^{2}(CO)}{p(C{O}_{2})}}由圖可得，rm{婁脕}時rm{dfrac{2婁脕}{1?婁脕+2婁脕}

隆脕100%=40%}體積分?jǐn)?shù)為rm{婁脕=25%}分壓為rm{25%}總，rm{壟脹}體積分?jǐn)?shù)為rm{K=dfrac{{c}^{2}(CO)}{c(C{O}_{2})}

}分壓為rm{Kp=dfrac{{p}^{2}(CO)}{p(C{O}_{2})}

}總，所以rm{Kp=dfrac{{p}^{2}left(COright)}{pleft(C{O}_{2}right)}=dfrac{{left(9