2024年北師大新版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年北師大新版高二物理上冊階段測試試卷856考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示；懸線下掛著一個帶正電的小球．它的質量為m，電量為q，整個裝置處于水平向右的勻強電場中，電場強度為E，（）

A.小球平衡時，懸線與豎直方向夾角的正切為

B.若剪斷懸線；則小球做曲線運動。

C.若剪斷懸線；則小球做勻速運動。

D.若剪斷懸線；則小球做勻減速速直線運動。

2、一物體做自由落體運動，自由下落L時，速度為當物體自由下落的速度達到時，它下落的長度是（）A.B.C.D.3、有兩根長直導線a、b互相平行放置，如圖所示為垂直于導線的截面圖.在圖中所示的平面內(nèi)，O點為兩根導線連線的中點，M、N為兩導線附近的兩點，它們在兩導線連線的中垂線上，且與O點的距離相等.若兩導線中通有大小相等、方向相同的恒定電流I，則關于線段MN上各點的磁感應強度，下列說法中正確的是()A.M點和N點的磁感應強度大小相等，方向相同B.M點和N點的磁感應強度大小相等，方向相反C.在線段MN上各點的磁感應強度都不可能為零D.在線段MN上只有一點的磁感應強度為零4、如圖所示，物塊以初速度v0

沿光滑斜面向上滑行，速度減為零后返回.

取沿斜面向上為速度正方向，物塊運動的速度隆陋

時間的圖象正確的是(

)

A.B.C.D.5、圖中各圖線不表示交流的是（）A.B.C.D.6、關于電荷的理解，下列說法中____的是（）A.自然界只存在三種電荷：正電荷、負電荷和元電荷B.元電荷就是指電子和質子本身C.物體所帶的電荷量都等于e或是e的整數(shù)倍D.只有體積很小的帶電體才能被看成點電荷7、如圖所示，通電導線均置于勻強磁場中，其中導線不受安培力作用的是A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、如圖所示，一個質子的電量e=1.6×10-19C，在某一靜電場中從A點經(jīng)C點移到B點，電場力做功8×10-17J；在質子從B點經(jīng)D點回到A點過程中，電場力做功為____J．如果質子在A點的電勢能為零，則B點電勢φB=____V．

9、某同學用雙縫干涉實驗測量紅光的波長，他將測量頭的分劃板的中心刻線與某亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手輪上的示數(shù)如圖乙所示設為x1，然后同方向轉動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋的中心對齊，此時手輪上的示數(shù)如圖丙所示設x2.則相鄰亮紋的間距Δx的計算式為Δx＝____（用x1x2表示），代入數(shù)據(jù)求得Δx＝________mm.若雙縫間距測得雙縫到屏的距離則求得所測紅光波長為________m。10、一個質點經(jīng)過平衡位置O，在A、B間做簡諧運動，如圖（a）所示，它的振動圖象如圖（b）所示；設向右為正方向，則。

（1）OB=______cm；

（2）第0.2s末質點的速度方向是______，位移大小為______；

（3）第0.7s時，質點位置在______點與______點之間；

（4）質點從O經(jīng)B運動到A所需時間t=______s；

（5）質點在0.2s到0.8s內(nèi)運動的路程為______cm．11、電荷守恒定律：電荷既不能被______，也不能被______，只能從一個物體轉移到另一個物體；或從物體的一部分轉移到另一部分，在轉移的過程中，電荷的總量______．12、如圖所示是工業(yè)生產(chǎn)中大部分光電控制設備用到的光控繼電器的示意圖；它由光源；光電管、放大器、電磁繼電器等幾部分組成．

（1）示意圖中，a端就是電源______極；

（2）光控繼電器的原理是：當光照射光電管時，______．13、在“測定金屬的電阻率”的實驗中；某同學進行了如下操作：

（1）為了合理選擇實驗方案和器材，首先使用歐姆表（×1擋）粗測擬接入電路的金屬絲的阻值R．歐姆調零后，將表筆分別與金屬絲兩端連接，某次測量結果如圖1所示，則這次測量的讀數(shù)R=______Ω．

（2）使用電流表和電壓表準確測量金屬絲的阻值．為了安全、準確、方便地完成實驗，除電源（電動勢為4V，內(nèi)阻很小）、待測電阻絲、導線、開關外，電壓表應選用______，電流表應選用______，滑動變阻器應選用______（選填器材前的字母）．

A．電壓表V2（量程3V；內(nèi)阻約3KΩ）

B．電壓表V1（量程15V；內(nèi)阻約15KΩ）

C．電流表A1（量程600mA；內(nèi)阻約1Ω）

D．電流表A2（量程3A；內(nèi)阻約0.02Ω）

E．滑動變阻器R1（總阻值10Ω；額定電流2A）

F．滑動變阻器R2（總阻值100Ω；額定電流2A）

（3）若采用如圖2所示的電路測量金屬絲的電阻，電壓表的左端應與電路中的______點相連（選填“a”或“b”）．

評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共3題，共27分)19、真空室中有如圖所示的裝置．電極K發(fā)出的電子（初速不計）經(jīng)過加速電場后，由小孔O沿水平放置的偏轉板M、N間的中心軸線UOO′射入．M、N板長為L，兩板間加有恒定電壓，它們間的電場可看作勻強電場．偏轉板右端邊緣到熒光屏P的距離為s．當加速電壓為U1時，電子恰好打在N板中央的A點；當加速電壓為U2時，電子打在熒光屏的B點．已知A、B點到中心軸OO′的距離相等．求U1：U2．

20、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，相距為L的A、B兩點處分別固定著電荷量為+4Q、+Q的點電荷．a(chǎn)、b是AB連線上的兩點，其中Aa=Bb=．一質量為m，帶電量為+q的小滑塊（可視為質點）以初動能E從a點出發(fā)，沿AB直線向b運動，運動到b點時動能仍為E．AB連線上有一點O，該點電場強度為零，電勢規(guī)定為零．若水平面粗糙，使小滑塊仍以初動能E從a點出發(fā)，沿AB直線向b運動，其中小滑塊第一次經(jīng)過O點時的動能為初動能的n倍（n＞1），到達b點時動能恰好為零；小滑塊最終停在O點，求：

（1）O點與A點的距離LO．

（2）小滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ．

（3）小滑塊運動的總路程s．

21、帶電粒子的質量m=1.7×10-27Kg，電量q=1.6×10--19C，以速度v=3.2×10-6m/s沿垂直于磁場同時又垂直于磁場邊界的方向射入勻強磁場中；磁場的磁感應強度為B=0.17T，磁場的寬度L=10cm，如圖所示．不計粒子重力．求：

（1）帶電粒子離開磁場時的速度多大？

（2）帶電粒子在磁運動多長時間？

評卷人得分五、推斷題(共1題，共4分)22、【化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質結構與性質】參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】

A、小球受重力、電場力和拉力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得，mgtanθ=qE，則tanθ=故A正確．

B；剪斷細線；小球受重力和電場力，兩個力為恒力，合力為恒力．合力的方向與繩子的拉力方向等值反向，所以小球沿細繩方向做初速度為零的勻加速直線運動．故，B、C、D錯誤．

故選A．

【解析】【答案】小球受重力；電場力和拉力處于平衡；根據(jù)共點力平衡求出懸線與豎直方向夾角的正切值．剪斷細線，根據(jù)小球的受力，判斷其運動情況．

2、C【分析】【解析】試題分析：由自由落體運動的公式當物體自由下落的速度速度達到時，它下落的長度是聯(lián)立以上兩式得到C對考點：本題考查自由落體運動的公式【解析】【答案】C3、B|D【分析】試題分析：根據(jù)安培定則判斷可知，兩根通電導線產(chǎn)生的磁場方向均沿逆時針方向，由于對稱，兩根通電導線在M、N兩點產(chǎn)生的磁感應強度大小相等，方向不同，利用矢量合成法則得到，兩點的磁感應強度大小相等，而M點的磁場方向向下，N點磁場方向向上，兩點磁場方向相反，故A錯誤、B正確；欲使合磁場的磁感應強度為零，只有兩根通電導線在同一點產(chǎn)生的磁場大小相等、方向相反才行，由此可知，圖中只有O點滿足要求，所以C錯誤、D正確?？键c：磁場的疊加、磁感應強度【解析】【答案】BD4、A【分析】【分析】本題關鍵要分析物體的運動情況及速度的斜率表示加速度：物體先沿斜面向上做勻減速運動，加速度沿斜面向下，后沿斜面向下做勻加速運動，加速度沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律分析兩個加速度的關系。本題采用整體體法將往返運動看成一種勻減速運動，結合速度圖象的斜率等于加速度，比較容易就能解答?！窘獯稹课矬w先沿斜面向上做勻減速運動，后沿斜面向下做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律分析得：mgsin婁脕=mamgsin婁脕=ma得a=gsin婁脕a=gsin婁脕所以兩個過程的加速度相同，都沿斜面向下，可以將物體的運動看成一種加速度沿斜面向下的勻減速直線運動，由于加速度不變，則v鈭?tv-t圖象的斜率保持不變，速度先正后負，所以v鈭?tv-t圖象是向下傾斜的直線，故A正確，BCD錯誤。故選A?！窘馕觥緼

5、B【分析】解：交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流；電流的大小是否變化對其沒有影響，電流的方向變化的是ACD，故ACD是交流電，B是直流電。

本題選擇不是的；故選：B。

直流電是指電流的方向不發(fā)生變化的電流；其大小可以變化，交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流，但是它的電流的大小可以不變．

交流電的最大的特點是電流方向在不斷的變化，對于其大小是否變化沒有要求．【解析】B6、A|B|D【分析】【解析】試題分析：元電荷表示的是最小帶電量，不是電荷的種類，質子和電子所帶電量等于元電荷，AB錯誤所有帶電體的電荷量都是元電荷的整數(shù)倍，C正確，當電荷的大小，電量分部對我們所研究的問題影響不大時，就可以將電荷看做點電荷，D錯誤，讓選不正確的，故選ABD考點：考查了對點電荷和元電荷的理解【解析】【答案】ABD7、C【分析】【分析】

當電流的方向與磁場方向平行時；導線不受安培力作用；當電流的方向與磁場的方向不平行時，受安培力作用．

解決本題的關鍵知道電流與磁場不平行時；會受到安培力作用。

【解答】

A.電流的方向與磁場方向垂直；受安培力作用.

故A錯誤．

B.電流的方向與磁場方向垂直；受安培力作用.

故B錯誤．

C.電流的方向與磁場的方向平行；導線不受安培力作用.

故C正確．

D.電流的方向與磁場方向垂直；導線受安培力作用.

故D錯誤．

故選C．

【解析】C

二、填空題(共6題，共12分)8、略

【分析】

WAB=-WBA

故WBA=-WAB=-8×10-17J；

如果質子在A點的電勢能為零，故φA=0；由于UAB=φA-φB，故φB=-UAB=-500V；

故答案為：-8×10-17；-500V．

【解析】【答案】根據(jù)求解電勢差；根據(jù)W=qU求解電功；根據(jù)UAB=φA-φB求解電勢．

9、略

【分析】【解析】試題分析：螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，需估讀．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式推導波長的表達式，并求出波長的大?。窘馕觥?/p>

相鄰亮紋的間距Δx的計算式為Δx＝圖甲中螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為2mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×32.0mm=0.320mm，所以最終讀數(shù)為2.320mm．圖乙中螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為13.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×37.0mm=0.370mm，所以最終讀數(shù)為13.870mm．則．根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式得，．代入數(shù)據(jù)得，λ=6.6×10-7m=6.6×102nm．考點：用雙縫干涉測光的波長．【解析】【答案】2.310、6.6×10-710、略

【分析】解：（1）OB間距離等于振幅；由圖知，OB=A=5cm．

（2）位移圖象切線的斜率等于速度；根據(jù)數(shù)學知識知，第0.2s末質點的速度方向沿負向，即向左，位移大小為0．

（3）第0.7s時；質點位置在O與B兩點之間．

（4）質點從O經(jīng)B運動到A所需時間t=T=0.8s=0.6s．

（5）質點在0.2s到0.8s內(nèi)運動的路程為S=3A=3×5cm=15cm．

故答案為：（1）5；（2）向左；0；（3）O，B；（4）0.6s；（5）15．

（1）OB間距離等于振幅；由圖象直接讀出．

（2）位移圖象切線的斜率等于速度；根據(jù)數(shù)學知識判斷速度的方向，由圖直接讀出位移．

（3）根據(jù)位移分析質點的位置．

（4）質點從O經(jīng)B運動到A所需時間t是周期；周期由圖象直接讀出．

（5）質點在0.2s到0.8s內(nèi)運動的路程為3A；A是振幅．

本題要根據(jù)振動圖象讀出基本的信息，如振幅、周期、速度的方向、位移等等，屬于基礎題．【解析】5；向左；0；O；B；0.6；1511、略

【分析】解：電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造；也不能被消滅，只能從一個物體轉移到另一個物體，或者從物體的一部分轉移到另一部分；在轉移的過程中，電荷的總量保持不變．

故答案為：創(chuàng)造；消滅；保持不變．

根據(jù)電荷守恒定律的內(nèi)容就可以直接作出解答．

本題是基礎的題目，考查的就是學生對電荷守恒定律的掌握的情況，比較簡單．【解析】創(chuàng)造；消滅；保持不變12、略

【分析】解：電路中要產(chǎn)生電流；則a端接電源的正極，陰極K發(fā)射電子，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸??；無光照射光電管時，電路中無電流，N自動離開M．

故答案為：（1）正。

（2）陰極K發(fā)射電子；電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸住；無光照射光電管時，電路中無電流，N自動離開M

光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；根據(jù)光電效應方程判斷光電子最大初動能的變化．

解決本題的關鍵知道光電效應的條件，以及掌握光電效應方程，知道光電子的最大初動能與什么因素有關．【解析】正；陰極K發(fā)射電子，電路中產(chǎn)生電流，經(jīng)放大器放大后的電流使電磁鐵M被磁化，將銜鐵N吸?。粺o光照射光電管時，電路中無電流，N自動離開M13、略

【分析】解：（1）歐姆表使用×1擋；則這次測量的讀數(shù)R=3.0×1Ω=3.0Ω．

（2）電源電動勢為4V；故電壓表應選用A；

電路最大電流約為Imax===1A；約為電流表D量程的三分之一，如果用電流表D讀數(shù)誤差較大，因此電流表應選C．

為方便實驗操作；滑動變阻器應選E；

待測電阻阻值約為3Ω；滑動變阻器最大阻值為10Ω，滑動變阻器最大阻值大于待測電阻阻值，滑動變阻器可以采用限流接法．

（3）因為==1000，==3，則＞故電流表應采用外接法，若采用如圖2所示的電路測量金屬絲的電阻，電壓表的左端應與電路中的b端相連．

故答案為：（1）3.0；（2）A，C，E；（3）b．

（1）歐姆表等于指針指示值乘以倍率．

（2）根據(jù)電路最大電流選擇電流表；在保證安全的前提下為方便實驗操作，應選最大阻值較小的滑動變阻器；根據(jù)待測電阻與滑動變阻器最大阻值間的關系確定滑動變阻器的接法．

（3）根據(jù)電流表的接法；確定電壓表的左端所接位置．

伏安法測電阻時，電流表有兩種接法：內(nèi)接法與外接法，當電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值時，采用電流表外接法，當待測電阻阻值遠大于電流表內(nèi)阻時，采用電流表內(nèi)接法．【解析】3.0；A；C；E；b三、判斷題(共5題，共10分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．15、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．四、解答題(共3題，共27分)19、略

【分析】

設電子電量為e；質量為m．

由題意；電子在偏轉電場中做類平拋運動，加速度為a，且保持不變．

加速電壓為U1時，設電子進入偏轉電場時，速度為v1，則有

偏轉距離為y1，沿板方向的位移為

則有

加速電壓為U2時，設電子進入偏轉電場時，速度為v2；則有。

偏轉距離為y2；沿板方向的位移為L；

L=v2t2

如圖所示；電子從C點離開電場，沿直線CB勻速運動打在B點；

由幾何關系，

由上綜合而得，

答：兩種情況下的電壓之比為，

【解析】【答案】在加速電場中運用動能定理求出末速度v；粒子進入偏轉電場后做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出偏轉位移，再進行討論即可解題．

20、略

【分析】

（1）O點場強為零，則：=

解得：LO=L①

（2）設小滑塊與水平面間的摩擦力大小為f，對于滑塊從a→b過程；由動能定理得：

光滑時：qUab=0②

有摩擦時：③

又：f=μFn=μmg④

由②、③、④式得：動摩擦因數(shù)⑤

（3）對于小滑塊從a開始運動到第一次經(jīng)過O點，由動能定理得：⑥

對于小滑塊從a開始運動到最終在O點停下的整個過程，由動能定理得：q?UaO-f?s=0-E⑦

由①④⑤⑥⑦式得：小滑塊運動的總路程

答：（1）O點與A點的距離LO=

（2）小滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)

（3）小滑塊運動的總路程

【解析】【答案】（1）水平面光滑時：帶電量為+q的小滑塊以初動能E從a點出發(fā)，沿AB直線向b運動，運動到b點時動能仍為E．說明ab兩點為等勢點；且在這個過程中電場力做功為零．

（2）水平面粗糙時：到達b點時動能恰好為零，說明在這個過程中摩擦力做功為：E

兩次過程分別應用動能定理計算．

21、略

【分析】

（1）由洛倫茲力提供向心力得：

qvB=m得：R=0.2m；

所以，由圖知sinθ==

即：帶電粒子離開磁場時的偏轉角為：θ=30°

（2）帶電粒子在磁場中運動的時間為：

t=T==3.3×10-8s

答：（1）粒子離開磁場時的速度3.2×106m/s方向：與右邊界成：60°

（2）粒子在磁場中運動的時間是3.3×10-8s．

【解析】【答案】（1）帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動；由提供的數(shù)據(jù)可解半徑數(shù)值，結合磁場寬度可解圓心角度數(shù)，由幾何關系可得偏轉角。

（2）由洛倫茲力提供向心力求得周期公式；由運動徑跡得到圓弧運動時間與周期的關系，進而求出時間。

五、推斷題(共1題，共4分)22、（1）CaNA（2）水分子之間形成氫鍵（3）F＞N＞O（4）（5）三角錐形sp3雜化（6）【分析】【分析】本題考查了物質的結構與性質。需要學生的識記和理解，多做有助于快速判斷?！窘獯稹縭m{A}基態(tài)原子rm{2p}能級有rm{3}個單電子，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}則rm{A}為rm{N}元素；rm{B}意思是基態(tài)原子rm{p}軌道上成對電子數(shù)等于未成對電子數(shù)，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}